1、專題8電磁感應與電路、交變電流考向預測1.電路內容的考查主要是電學實驗的知識。同時也會考查電路的相關知識，一般難度較小，常以選擇題的形式出題，而電學實驗知識主要考查閉合電路歐姆定律、儀器的選取、電路的設計與創新知識，有一定的難度， 常以實驗填空題的形式出題。對于交變電流，從近幾年命題看，高考對本部分內容考查命題頻率較低，主要體現在“三突出”：一是突出考查交變電流的產生過程；二是突出考查交變電流的圖象和交變電流的“四值”；三是突出考查變壓器及遠距離輸電，難度不大，多以選擇題的形式命題。電磁感應命題頻率較高， 大部分以選擇題的形式出題，也有部分是計算題， 多以中檔以上難度的題目來增加試卷的區分度，

2、考查較多的知識點有： 感應電流的產生條件、 方向判定和導體切割磁感線產生感應電動勢的 計算，同時也會與力學、磁場、能量等知識綜合考查及圖象問題的考查。命題趨勢集中在以下三個方面：楞次 定律、右手定則、左手定則的應用；與圖象結合考查電磁感應現象；通過“桿+導軌”模型，“線圈穿過有界磁場”模型，考查電磁感應與力學、電路、能量等知識的綜合應用。高頻考點：電磁感應圖象；電磁感應中的電路問題；理想變壓器。知識與技巧的梳理.考點一、直流電路動態分析例 如圖所示，圖中的三個電表均為理想電表，當滑動變阻器的滑片P向左端緩慢移動時， 下面說法中正確的是（）A. 電壓表V的讀數減小，電流表 A 的讀數增大B. 電

3、壓表 Vi的讀數增大，電壓表 V2的讀數增大C. 電阻Q消耗的功率增大，電容器C所帶電量增加D. 電壓表 V2的讀數減小，電流表 A 的讀數減小【審題立意】由圖可知電路結構， 根據滑片的移動明確電路中電阻的變化，由閉合電路歐姆定律明確電路中電流及電壓的變化，再對局部電路進行分析得出電容器電壓的變化，從而判斷其電量的變化?！窘忸}步驟】 滑片P左移時，滑動變阻器連入電路的阻值增大，根據串反并同規律知，電壓表M的讀數增大，電壓表V2的讀數減小，電流表 A 的讀數減小，A、B 錯誤，D 正確；視r+R+F2為電源的等效內電阻， 根據電源的輸出功率與外電阻的關系知，由于電阻Q與r+R+艮的大小關系未知，

4、因此電阻Q消耗的功率是增大還是減小無法判斷，由于電容器C兩端的電壓增大，處于充電狀態，其所帶電量增加，C 錯誤?！緟⒖即鸢浮緿【技能提升】閉合電路動態分析的三種常用方法1程序判斷法：遵循“局部一整體一部分”的思路，按以下步驟分析2【審題立意】 本題考查交變電流的產生及計算，要注意明確在計算中求解電功率及點表示數時要用有效 值，求解電量時要用平均值?！窘忸}思路】 從垂直中性面開始計時，感應電流的瞬時表達式為i=Imcos0，則電流的最大值為：Im=sc：爲4玄:A 丈丑囤 UA 匠玄屜:瞇普噸2 .直觀判斷法：利用下面兩個結論直接地得到結果任一電阻R阻值增大，必引起該電阻中電流I的減小和該電阻兩

5、端電壓U的增大。任一電阻R阻值增大，必將引起與之并聯的支路中電流I并的增大和與之串聯的各電路電壓U串的減小?！咀兪接柧殹浚ǘ噙x）如圖所示電路中，C為電容器，D 為理想二極管（具有單向導電性），電流表、電壓表均為理想電表。閉合開關 S 至電路穩定后，調節滑動變阻器滑片 的示數變化量絕對值為 U,電壓表 V2的示數變化量絕對值為 下列判斷正確的有（）UA. 亍的值變大B. 晉的值變大P向左移動一小段距離，結果發現電壓表ViU,電流表 A 的示數變化量絕對值為I，則C專的值不變，且始終等于電源內阻rD.滑片向左移動的過程中，電容器所帶的電荷量不斷減少I U解析：滑動變阻器R的滑片P向左移動一小段距離

6、， 接入電路的電阻增大，f為R接入電路的電阻，變大,A 正確；A1等于R和r的電阻之和，不變，B 錯誤； 晉等于電源內阻r, C 正確；電路總電阻增大，電流減小，R兩端的電壓減小，由于理想二極管的單向導電性，電容器不能放電，所帶電荷量無法減少，D 錯誤。答案：AC考點二、交變電流的產生和描述例（2017 天津聯考）如圖所示，在勻強磁場中勻速轉動的單匝純電阻矩形線圈的周期為T,轉軸OQ垂直于磁場方向，線圈電阻為2Q。從線圈平面與磁場方向平行時開始計時，線圈轉過A。下列說法正確的是（）A.線圈消耗的電功率為 1 WB.線圈中感應電流的有效值為2 A-2nC.任意時刻線圈中的感應電動勢為e= 260

7、時的感應電流為 1D.任意時刻穿過線圈的磁通量為2T2n=sintWbnI3COTT=2 A；線圈消耗的電功率為:P=I2r=4 W 故 A 錯誤；感應電流的有效值為:Im4心 空，故=2Tsin2ntwb,故 D 正確。nnI【參考答案】 D【技能提升】1.線圈通過中性面時的特點(1)穿過線圈的磁通量最大；(2)線圈中的感應電動勢為零；(3)線圈每經過中性面一次，感應電流的方向改變一次。2.交流電“四值”的應用(1) 最大值：Em=nBSw，分析電容器的耐壓值；(2) 瞬時值：E=Esin3t(由中性面開始計時)，計算閃光電器的閃光時間、線圈某時刻的受力情況；(3) 有效值：電表的讀數及計算

8、電熱、電功、電功率及保險絲的熔斷電流；(4) 平均值：E=n葺，計算通過電路截面的電荷量。3.交變電流瞬時值表達式的基本書寫思路(1) 確定正、余弦交變電流的峰值，根據已知圖象或公式Em=nBSco，求出相應最大值。(2) 明確線圈的初始位置，找出對應的函數關系式。線圈從中性面開始計時，e=Emsin3t;線圈從垂直于中性面開始計時，e=Emcos3t?！咀兪接柧殹?2017 鄭州質檢)圖甲為小型旋轉電樞式交流發電機的原理圖，其矩形線圈在磁感應強度為B的勻強磁場中，繞垂直于磁場方向的固定軸OO (OO沿水平方向)勻速轉動，線圈的兩端經集流環和電刷與R=10Q的電阻連接，與電阻R并聯的交流電壓表

9、為理想電壓表，示數是 10 V。圖乙是矩形線圈中磁通量A.此交流發電機的電動勢平均值為10 2 VB. t= 0.02 s 時R兩端的電壓瞬時值為零C. R兩端的電壓u隨時間t變化的規律是u= 10 2 cos 100ntVA,故 B 錯誤；感應電動勢的最大值為：2nEm=Imr= 4 V；任意時刻線圈中的感應電動勢為：e=Emcos 廠t= 4cos辛 V，故 C 錯誤；任意時刻穿過線圈的磁通量為:二BSsin2nt；根據公式Em=NBSo=Nm,可得:隨時間t變化的圖象。貝 U (R= 10Q,電數為10 V，說明:=10 V，即 En= 10 二；2 V。根據題圖乙t=0 時磁通量等于0

10、,可判斷t= 0 時電動勢最大,5D.當ab邊速度方向向上時，它所受安培力的方向也向上解析：矩形線圈為電源，繞垂直于磁場的轉軸勻速轉動，產生正弦交流電，外電阻所以電動勢隨時間變化的規律為u= 10 2cos31= 10 2cos 100ntV，選項 C 正確；t= 0.02 s 帶入電動勢的表達式，得R兩端的電壓瞬時值為10 2 V,選項 B 錯誤；根據楞次定律，感應電流總是阻礙線圈的轉動，所以當ab邊速度方向向上時，它所受安培力的方向向下，選項D 錯誤；電動勢平均值為磁通量的變化量和時6間的比值，而該比值最大為Em= 10 2 V，所以平均值一定比Em= 10 2 V 小，選項 A 錯誤。答

11、案：C考點三、理想變壓器例（多選）某同學模擬“遠距離輸電”，將實驗室提供的器材連接成如圖所示電路,燈 Li、L2相同且阻值不變。保持A的輸入電壓不變，開關A.如果只閉合開關 S, Li變暗B.如果只閉合開關 S,A的輸入功率變大C.僅將滑片P上移，Li變亮D.僅將滑片P上移，A的輸入功率不變【審題立意】 解答此題要知道理想變壓器輸入功率由輸出功率決定, 離輸電過程中的電功率、電壓的損失與哪些因素有關，明確整個過程中的功率、電壓關系?！窘忸}思路】 閉合S,副線圈電阻減小，則消耗功率增大，B副線圈中電流增大，B原線圈中電流也增大，則R上損失的電壓和功率增大，則B輸入電壓減小，燈泡兩端電壓減小，故燈

12、泡會變暗，故A 正確；根據以上分析知消耗和損失功率都增大，根據能量守恒知A的輸入功率變大，故 B 正確；僅將滑片P上移，A副線圈匝數減小，則輸出電壓減小，B的輸入電壓減小，燈泡電壓也減小，故Li變暗，消耗功率減小，則A輸入功率減小，故 C、D 錯誤。【參考答案】 AB【技能提升】i.理想變壓器的基本關系式功率關系：P入=P出。（2）電壓關系：Ui=巴。若niru,為降壓變壓器；若nivm,為升壓變壓器。LEn2In（3）電流關系：只有一個副線圈時， 一=二；有多個副線圈時，Uli=LEIE+U3I3+Lrin。12ni2.原、副線圈中各量的因果關系電壓關系：U決定 U2； （2）電流關系：|2

13、決定li； （3）功率關系：P出決定P入?！咀兪接柧殹浚?0i7 揚州模擬）（多選）圖甲為遠距離輸電示意圖，變壓器均為理想變壓器。升壓變壓器原、副線圈匝數比為 i : i00,其輸入電壓如圖乙所示，遠距離輸電線的總電阻為i00Q。降壓變壓器右側部分為一火警報警系統原理圖，其中R為一定值電阻，R為用半導體熱敏材料制成的傳感器，當溫度升高時其阻值變小。電壓表 V 顯示加在報警器上的電壓（報警器未畫出）。未出現火警時，升壓變壓器的輸入功率為750kW 下列說法正確的是（）A.降壓變壓器副線圈輸出的交流電頻率為 50 HzA B為理想變壓器,S 斷開時，燈 Li正常發光。則（輸出電壓由輸入電壓決定；明

14、確遠距)甲乙7B.遠距離輸電線路損耗功率為180 kWC. 當傳感器 R 所在處出現火警時，電壓表 V 的示數變大D. 當傳感器 R 所在處出現火警時，輸電線上的電流變大8解析：由題圖乙知交流電的周期為 0.02 s，所以頻率為 50 Hz , A 正確；由題圖乙知升壓變壓器輸入端電壓有效值為 250 V，根據U：U=n1:n2知，副線圈電壓為 25 000 V，所以輸電線中的電流為：I=-U= 30 A ,輸電線損失的電壓為：U=IR= 3 000 V，輸電線路損耗功率為：P=AU- I= 90 kW, B 錯誤；當傳感器R【審題立意】 本題考查感應電流產生的條件。本題不要被題目的情景所干擾

15、，抓住考查的基本規律，即產 生感應電流的條件，有感應電流產生，才會產生阻尼阻礙振動。【解題思路】 施加磁場來快速衰減 STM 的微小振動，其原理是電磁阻尼， 在振動時通過紫銅薄板的磁通量變化，紫銅薄板中產生感應電動勢和感應電流，則其受到安培力作用， 該作用阻礙紫銅薄板振動， 即促使其振動衰減。方案 A 中，無論紫銅薄板上下振動還是左右振動，通過它的磁通量都發生變化；方案B 中，當紫銅薄板上下振動時，通過它的磁通量可能不變，當紫銅薄板向右振動時，通過它的磁通量不變；方案C 中，紫銅薄板上下振動、左右振動時，通過它的磁通量可能不變；方案D 中，當紫銅薄板上下振動時，紫銅薄板中磁通量可能不變。綜上可

16、知，對于紫銅薄板上下及左右振動的衰減最有效的方案是A。【參考答案】 A【知識構建】1“三定則、一定律”的應用安培定則判斷運動電何、電流產生的磁場方向左手疋則判斷磁場對運動電何、電流的作用力的方向右手定則判斷部分導體切割磁感線產生的感應電流的方向楞次定 律判斷閉合電路磁通量發生變化產生的感應電流的方向2 .判斷感應電流方向的兩種方法（1）利用右手定則，即根據導體在磁場中做切割磁感線運動的情況進行判斷。所在處出現火副線圈中電流增大，定值電阻的分壓增大,所以電壓表 V 的示數變小，C 錯誤;由以上分析知副線圈電流增大，根據Ii：12=莊：ni知，輸電線上的電流變大，D 正確。答案：AD考點四、楞次定

17、律和法拉第電磁感應定律例 1.（2017 全國卷I） 掃描隧道顯微鏡（STM） 可用來探測樣品表面原子尺度上的 貌。為了有效隔離外界振動對STM 的擾動，在圓底盤周邊沿其徑向對稱地安裝若干對紫銅薄板，并施加磁場來快速衰減其微小振動，如圖所示。無擾動時，按下列四種方案 對紫銅薄板施加恒磁場；出現擾動后，對于紫銅薄板上下及左右振動的衰減最有效的方由可Jto敲場區、案是（）STMM頭I * *CD9禾 U 用楞次定律，即根據穿過回路的磁通量的變化情況進行判斷。3 .楞次定律中“阻礙”的四種表現形式（1）阻礙原磁通量的變化一一“增反減同”。(2) 阻礙相對運動一一“來拒去留”。(3) 使線圈面積有擴大

18、或縮小的趨勢一一“增縮減擴”。(4) 阻礙原電流的變化(自感現象)一一“增反減同”。例 2.(多選)在豎直向上的勻強磁場中，水平放置一個不變形的單匝金屬圓線圈，線圈所圍的面積為 o.i m,線圈電阻為 1Q。規定線圈中感應電流I的正方向從上往下看是順時針方向，如圖甲所示。磁場的磁感應強度B隨時間t的變化規律如圖乙所示。則以下說法正確的是()W/T0 L 2315 f/s甲乙A. 在時間 02 s 內，I的最大值為 0.01 AB. 在時間 35 s 內，I的大小越來越小C.前 2 s 內，通過線圈某截面的總電荷量為 0.01 CD. 第 3 s 內，線圈的發熱功率最大【審題立意】(1)圖象斜率

19、為磁感應強度的變化率歸，且在變化；(2)由公式E=nS計算E的大小?！窘忸}思路】 線圈所圍面積不變，因磁場的磁感應強度B隨時間t的變化，引起磁通量的變化，由法拉第nnSABB電磁感應定律，E= 廠= 石廠，其大小由圖象的斜率決定，在t= 0 時，斜率最大，且 寸=0.1 T/s，則ABABIm“01 A,A正確；在時間35 s內,云一定，產生恒定電流，B 錯誤；第3 s內,云“，沒有感應電流，D 錯誤；前 2 s 內，q=I t=Rt= 0.01 C , C 正確。【參考答案】 AC【知識構建】1.磁感應強度變化產生感應電動勢的計算A(1) 感應電動勢的大小由穿過回路的磁通量的變化率和線圈的匝

20、數共同決定，而與磁通量、磁通量At的變化量A的大小沒有必然聯系。AB(2) 用公式E=門冥求感應電動勢時，S為線圈在磁場范圍內的有效面積。(3) 通過回路截面的電荷量q僅與n、和回路電阻R有關，與時間長短無關。推導如下：q=IAt=nAnAAt=。AtRR2.三個公式的適用范圍10(1)E=n，適用于普遍情況。At(2)E=Blv，適用于導體棒切割磁感線的情況。12一(3)E= Bl3,適用于導體棒繞一端點轉動切割磁感線的情況。113.E=Blv的“三個特性”（1）正交性：本公式是在一定條件下得出的，除磁場為勻強磁場外，還需（2）瞬時性：若v為瞬時速度，則E為相應的瞬時感應電動勢。（3）有效性

21、：公式中的I為導體切割磁感線的有效長度。如圖中，導體的有效長度為ab間的距離?！咀兪接柧殹?. （2017 全國卷川）如圖，在方向垂直于紙面向里的勻強磁場中有平面與磁場垂直。金屬桿PQ置于導軌上并與導軌形成閉合回路PQRS圓環形金屬線框T位于回路圍成的區解析：金屬桿PQ向右切割磁感線，根據右手定則可知PQR胖感應電流沿逆時針方向； 原來T中的磁場方 向垂直于紙面向里，閉合回路PQR中的感應電流產生的磁場方向垂直于紙面向外， 使得穿過T的磁通量減小， 根據楞次定律可知T中產生順時針方向的感應電流，綜上所述，可知 A、B、C 項錯誤，D 項正確。答案：D2.（多選）如圖所示，S和P是半徑為a的環形

22、導線的兩端點,的磁感應強度為B,方向垂直環面向里，金屬棒OC與環形導線接觸，以角速度動，則（）A.電阻R兩端的電壓為B.金屬棒的電流由Q指向OB24R受的磁場力F=BIL=，選項 C 錯誤；電阻R消耗的功率為P=E=3a，選項D正確。2RR4R答案：AD考點五、電磁感應中的圖象問題B、l、v三者互相垂直。U 形金屬導軌，導軌域內，線框與導軌共面?，F讓金屬桿PQ突然向右運動, 在運動開始的瞬間，關于感應電流的方向，下列說法正確的是（）A.PQR中沿順時針方向，T中沿逆時針方向B.PQR中沿順時針方向，T中沿順時針方向C.PQR中沿逆時針方向，T中沿逆時針方向D.PQR中沿逆時針方向，T中沿順時針

23、方向3繞O點無摩擦順時針勻速轉C.金屬棒受的磁場力大小為2R0P間電阻為R,其余電阻不計，勻強磁場解析：由右手疋則，金屬棒的電流由2Bwa0指向Q選項 B 錯誤；感應電動勢E=2，選項 A 正確；金屬棒XXXX X x XD.電阻R消耗的功率為仔3g仔2 412例（2017 全國卷 II ,T2O）（多選）兩條平行虛線間存在一勻強磁場，磁感應強度方向與紙面垂直。邊長為 0.1 m、總電阻為 0.005Q的正方形導線框abed位于紙面內，cd邊與磁場邊界平行，如圖（a）所示。已知13導線框一直向右做勻速直線運動，cd邊于t= 0 時刻進入磁場。線框中感應電動勢隨時間變化的圖線如圖所示(感應電流的

24、方向為順時針時，感應電動勢取正)。下列說法正確的是()A. 磁感應強度的大小為 0.5 TB.導線框運動速度的大小為0.5 m/sC. 磁感應強度的方向垂直于紙面向外D.在t= 0.4 s 至t= 0.6 s 這段時間內，導線框所受的安 培力大小為 0.1 N【審題立意】 本題考查法拉第電磁感應定律、楞次定律、安培力。此題是關于線圈過磁場的問題；關鍵是 能通過給出的E- t圖象中獲取信息，得到線圈在磁場中的運動情況，結合法拉第電磁感應定律及楞次定律進 行解答。此題意在考查學生基本規律的運用能力以及從圖象中獲取信息的能力。L0 1【解題思路】 由題圖(b)可知，導線框運動的速度大小v= - =

25、02 m/s = 0.5 m/s , B 項正確；導線框進入磁場的過程中，cd邊切割磁感線，由E=BLv,得 B=門 T = 0.2 T, A 項錯誤；由題圖(b)可知，導Lv0.1X0.5線框進入磁場的過程中，感應電流的方向為順時針方向，根據楞次定律可知，磁感應強度方向垂直紙面向外，C 項正確；在 0.40.6 s 這段時間內，導線框正在出磁場，回路中的電流大小1= 黑 A = 2 A，則導線R0.005框受到的安培力F=BIL= 0.2X2X0.1 N = 0.04 N , D 項錯誤?！緟⒖即鸢浮?BC【技能提升】1解決電磁感應圖象問題的一般步驟(1) 明確圖象的種類，即是B-t圖還是

26、-t圖，或者E-t圖、l-t圖等。(2) 分析電磁感應的具體過程。(3) 用右手定則或楞次定律確定方向對應關系。(4) 結合法拉第電磁感應定律、歐姆定律、牛頓運動定律等規律寫出函數關系式。(5) 根據函數關系式，進行數學分析，如分析斜率的變化、截距等。(6) 畫圖象或判斷圖象。2 對于電磁感應圖象問題的分析要注意以下三個方面(1) 注意初始時刻的特征，如初始時刻感應電流是否為零，感應電流的方向如何。(2) 注意看電磁感應發生的過程分為幾個階段，這幾個階段是否和圖象變化相對應。(3) 注意觀察圖象的變化趨勢，看圖象斜率的大小、圖象的曲直是否和物理過程對應?！咀兪接柧殹?.如圖所示，一導體圓環位于

27、紙面內，O為圓心。環內兩個圓心角為90的扇形區域內分別有勻強磁場，兩磁場磁感應強度的大小相等，方向相反且均與紙面垂直。導體桿OM可繞O轉動，M端通過滑動觸點與圓環接觸良好。在圓心和圓環間連有電阻艮桿OM以角速度3逆時針勻速轉廠R 動，t= 0 時恰好在圖示位置。規定從a到b流經電阻R的電流方向為正，圓環和導體桿(g：節晳嚴 嘩的電阻忽略不計，則桿從t= 0 開始轉動一周的過程中，電流隨3t變化的圖象是()7遼(b)(a)f：A0,01 - ;II00.2 0.4;_06;Thi-0.01-143TT2一rot 0-A n；d11 hE=2BWI2和i=E可知，導體桿切割磁感線產生的感應電流的大

28、小是恒定的。根據右手定則,可知 C 正確。答案：C用絕緣絲線連接；已知平行導軌MN PQ間距為Li,導體棒ab、cd間距為L?，導軌電阻可忽略，每根導體棒在導軌之間的電阻為R。開始時勻強磁場垂直紙面向里，磁感應強度B隨時間t的變化如圖乙所示。則以下說法正確的是（）D.在 o2to時間內回路中電流方向是abdca選項 A 錯誤；010時間內回路中產生的感應電流大小為I= =，選項 B 正確；在：時刻，由左手定則,2R2Rto2Bo1導體棒ab所受安培力方向向左，導體棒cd所受安培力方向向右，磁場磁感應強度為，安培力大小為F=L4RBL,選項C正確；在 oto時間內磁感應強度減小，在to4Rto2

29、to時間內磁感應強度反向增大，根據楞次定律，回路內產生的感應電流方向為順時針方向，即電流方向是acdba,選項 D 錯誤。答案：BC考點六、電磁感應中的電路問題例（多選）如圖所示，水平放置的粗糙U 形框架上接一個阻值為R0的電阻，放在垂直紙面向里、磁感應強度大小為B的勻強磁場中。一個半徑為L、質量為m的半圓形硬導體AC在水平向右的恒定拉力F作用下,由靜止開始運動距離d后速度達到v，半圓形硬導體AC的電阻為r，其余電阻不計。下列說法正確的是（）A.A點的電勢高于C點的電勢,BnLvR0B.此時AC兩端電壓為R+17E 71T :解析：根據2 .（多選）如圖甲所示，水平面上的平行導軌MN PQ上放

30、著兩根垂直導軌的光滑導體棒ab、cd,兩棒間A.在to時刻回路中產生的感應電動勢E= 0B.在 0to時間內導體棒中的電流為L1L2B02RtoC.在號時刻絕緣絲線所受拉力為L12L2Bo24Rto1_XxM冥*H丄rbQ解析：由題圖乙可知,BBo=回路面積S=L1L2,在to時刻回路中產生的感應電動勢t0BB頁S=LLBo，L2L B）2tB）IL1=,在寸時刻絕緣絲線所受拉力為甲XXXX15C.此過程中電路產生的電熱為Q= Fd ?mV16D.此過程中通過電阻R）的電荷量為q=尺十r【審題立意】（1）判斷電勢高低應用右手定則；（2）導體的有效切割長度為 2L;（3）AC兩端電壓應為路端電 壓?！窘忸}思路】 根據右手定則可知，A點相當于電源的正極，電勢高，A 正確；AC產生的感應電動勢為E=2BLv,AC兩端的電壓為UACE=2器，B 錯誤；由功能關系得Fd=為&+Q+ Q, C 錯誤；此過程中平均R）十r R）十r2感應電流為T=2BLd，通過電阻F0的電荷量為q=It=乎巴D正確。R）+rtR）+r【參考答案】AD【技能提升】解答電磁感應中電路問題的三個步驟1.確定電源：利用E=n；或E=Blvsin0求感應電動勢的大小，利用右手定則或楞次定律判斷感應電流的方向如果在一個電路中切割磁感線的部分有多個并相互聯系，可等效成電源的串、并聯。2.分析電路結構：分析內、