1、四川省樂山市犍為縣2014-2015學年高二下學期期中物理試卷一、本卷共14題，每題4分，共56分在每題給出的四個選項中，有的只有一個選項正確，有的有多個選項正確，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯或不答的得0分1（4分）關于電磁感應現(xiàn)象，下列說法中正確的是（）A閉合線圈放在變化的磁場中，必然有感應電流產(chǎn)生B閉合正方形線圈在勻強磁場中垂直磁感線運動，必然產(chǎn)生感應電流C穿過閉合線圈的磁通量變化時，線圈中有感應電流D只要穿過電路的磁通量發(fā)生變化，電路中一定有感應電流產(chǎn)生2（4分）穿過一個單匝閉合線圈的磁通量始終為每秒均勻增加2Wb，則（）A線圈中感應電動勢每秒增加2VB線圈中感應電動勢每

2、秒減少2VC線圈中感應電動勢始終為2VD線圈中感應電動勢始終為一個確定值，但由于線圈有電阻，電動勢小于2V3（4分）某正弦式交流電的電流i隨時間t變化的圖象如圖所示由圖可知（）A電流的最大值為10AB電流的有效值為10AC該交流電的周期為0.03sD該交流電的頻率為0.02Hz4（4分）如圖所示，閉合線圈上方有一豎直放置的條形磁鐵，磁鐵的N極朝下但未插入線圈內(nèi)部當磁鐵向下運動時（）A線圈中感應電流的方向與圖中箭頭方向相同，磁鐵與線圈相互吸引B線圈中感應電流的方向與圖中箭頭方向相同，磁鐵與線圈相互排斥C線圈中感應電流的方向與圖中箭頭方向相反，磁鐵與線圈相互吸引D線圈中感應電流的方向與圖中箭頭方向

3、相反，磁鐵與線圈相互排斥5（4分）長直導線與矩形線框abcd處在同一平面中靜止不動，如圖甲所示長直導線中通以大小和方向都隨時間做周期性變化的電流，it圖象如圖乙所示規(guī)定沿長直導線方向上的電流為正方向關于最初一個周期內(nèi)矩形線框中感應電流的方向，下列說法正確的是（）A由順時針方向變?yōu)槟鏁r針方向B由逆時針方向變?yōu)轫槙r針方向C由順時針方向變?yōu)槟鏁r針方向，再變?yōu)轫槙r針方向D由逆時針方向變?yōu)轫槙r針方向，再變?yōu)槟鏁r針方向6（4分）在豎直向上的勻強磁場中，水平放置一個不變形的單匝金屬圓線圈，規(guī)定線圈中感應電流的正方向如圖1所示，當磁場的磁感應強度B隨時間t如圖2變化時，圖中正確表示線圈中感應電動勢E變化的是（

4、）ABCD7（4分）在如圖所示的甲、乙電路中，電阻R和燈泡電阻值相等，自感線圈L的電阻值可認為是零在接通開關S時，則（）A在電路甲中，A將漸漸變亮B在電路甲中，A將先變亮，后漸漸變暗C在電路乙中，A將漸漸變亮D在電路乙中，A將由亮漸漸變暗，后熄滅8（4分）如圖所示，水平放置的兩條光滑軌道上有可自由移動的金屬棒PQ、MN，當PQ在外力的作用下運動時，MN在磁場力的作用下向右運動，則PQ所做的運動可能是（）A向右加速運動B向左加速運動C向右勻速運動D向左減速運動9（4分）如圖所示的電路中，A、B、C三燈亮度相同，電源為220V，50Hz的交流電源，以下敘述中正確的是（）A改接220V、100Hz的

5、交流電源時，A燈變亮，B燈變暗，C燈不變B改接220V，100Hz的交流電源時，A燈變暗，B燈變亮，C燈變亮C改接220V的直流電源時，A燈熄滅，B燈變亮，C燈亮度不變D改接220V的直流電源時，A燈熄滅，B燈變亮，C燈變暗10（4分）如圖所示，一理想變壓器原線圈匝數(shù)n1=1000匝，副線圈匝數(shù)n2=200匝，原線圈中接一交變電源，交變電源電壓u=220sin100t（V）副線圈中接一電動機，電阻為11，電流表A2示數(shù)為1A電表對電路的影響忽略不計，則下列說法正確的是（）A此交流電的頻率為100HzB此電動機輸出功率為33WC電流表A1示數(shù)為5AD電壓表示數(shù)為220V11（4分）如圖所示，半徑

6、為r的金屬圓盤在垂直于盤面的勻強磁場B中，繞O軸以角速度沿逆時針方向勻速轉動，則通過電阻R的電流的大小是（金屬圓盤的電阻不計）（）AI=BI=CI=DI=12（4分）如圖所示，有一矩形線圈，面積為S，匝數(shù)為N，整個線圈的電阻為r，在磁感應強度為B的磁場中，線圈繞OO軸以角速度勻速轉動，外電阻為R，當線圈由圖示位置轉過90°的過程中，下列說法中正確的是（）A磁通量的變化量為=NBSB通過電阻R的電荷量為q=C平均感應電動勢為E=D電阻R所產(chǎn)生的焦耳熱為Q=13（4分）如圖所示，水平桌面上固定有一半徑為R的金屬細圓環(huán)，環(huán)面水平，圓環(huán)每單位長度的電阻為r，空間有一勻強磁場，磁感應強度大小為

7、B，方向豎直向下；一長度為2R、電阻可忽略的導體棒置于圓環(huán)左側并與環(huán)相切，切點為棒的中點棒在拉力的作用下以恒定加速度a從靜止開始向右運動，運動過程中棒與圓環(huán)接觸良好下列說法正確的是（）A拉力的大小在運動過程中保持不變B棒通過整個圓環(huán)所用的時間為C棒經(jīng)過環(huán)心時流過棒的電流為D棒經(jīng)過環(huán)心時所受安培力的大小為14（4分）如圖所示，相距為d的兩條水平虛線L1、L2之間是方向水平向里的勻強磁場，磁感應強度為B，質(zhì)量為m、電阻為R的正方形線圈abcd邊長為L（Ld），將線圈在磁場上方高h處由靜止釋放，cd邊剛進入磁場時速度為v0，cd邊剛離開磁場時速度也為v0，則線圈穿越磁場的過程中（從cd邊剛入磁場一直

8、到ab邊剛離開磁場）（）A感應電流做功為mglB感應電流做功為mgdC線圈的最小速度可能為D線圈的最小速度一定為二、非解答題15（7分）如圖所示的器材可用來研究電磁感應現(xiàn)象及判定感應電流的方向，其中L1為原線圈，L2為副線圈（1）在給出的實物圖中，將實驗儀器連成完整的實驗電路（2）閉合開關之前，應將滑動變阻器的滑動頭P處于端（選填“左”或“右”）16（6分）某學習小組利用如圖所示的實驗裝置探究螺線管線圈中感應電流的方向（1）由于粗心該小組完成表格時漏掉了一部分（見表格），發(fā)現(xiàn)后又重做了這部分：將磁鐵S極向下從螺線管上方豎直插入過程，發(fā)現(xiàn)電流計指針向右偏轉（已知電流從右接線柱流入電流計時，其指針

9、向右偏轉），則填，填B原方向I感方向（俯視）B感方向N極插入向下增大逆時針向上S極插入向上增大N極抽出向下減小順時針向下S極抽出向上減小逆時針向上（2）由實驗可得磁通量變化、原磁場B原方向、感應電流的磁場B感方向三者之間的關系：17（4分）圖（a）是某型號電熱毯的電路圖，將電熱絲接在u=156sin120t V的電源上，電熱毯被加熱到一定溫度后，由于P的作用，使輸入的正弦交流電僅有半個周期能通過，如圖（b）所示，從而使電熱毯處于保溫狀態(tài)此時交流電壓表的讀數(shù)是V18（10分）某發(fā)電站通過燃燒煤來發(fā)電發(fā)電站通過升壓器、輸電線和降壓器把電能輸送給生產(chǎn)和照明組成的用戶，發(fā)電機輸出功率是120kW，輸出

10、電壓是240V，升壓器原副線圈的匝數(shù)之比為1：25，輸電線的總電阻為10，用戶需要電壓為220V則：（1）輸電線上損失的電功率為多少？（2）降壓器原副線圈的匝數(shù)比為多少？19（12分）面積S=0.2m2、n=100匝的圓形線圈，處在如圖所示的磁場內(nèi)，磁感應強度隨時間t變化的規(guī)律是B=0.02t，R=3，C=30F，線圈電阻r=1，求：（1）通過R的電流方向和4s內(nèi)通過導線橫截面的電荷量（2）電容器的電荷量20（15分）如圖所示，MN、PQ為足夠長的平行導軌，間距L=0.5m導軌平面與水平面間的夾角=37°NQMN，NQ間連接有一個R=3的電阻有一勻強磁場垂直于導軌平面，磁感應強度為B

11、0=1T將一根質(zhì)量為m=0.05kg的金屬棒ab緊靠NQ放置在導軌上，且與導軌接觸良好，金屬棒的電阻r=2，其余部分電阻不計現(xiàn)由靜止釋放金屬棒，金屬棒沿導軌向下運動過程中始終與NQ平行已知金屬棒與導軌間的動摩擦因數(shù)=0.5，當金屬棒滑行至cd處時速度大小開始保持不變，cd 距離NQ為s=2m試解答以下問題：（g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）（1）金屬棒達到穩(wěn)定時的速度是多大？（2）從靜止開始直到達到穩(wěn)定速度的過程中，電阻R上產(chǎn)生的熱量是多少？（3）若將金屬棒滑行至cd處的時刻記作t=0，從此時刻起，讓磁感應強度逐漸減小，可使金屬棒中不產(chǎn)生感應電

12、流，則t=1s時磁感應強度應為多大？四川省樂山市犍為縣2014-2015學年高二下學期期中物理試卷參考答案與試題解析一、本卷共14題，每題4分，共56分在每題給出的四個選項中，有的只有一個選項正確，有的有多個選項正確，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯或不答的得0分1（4分）關于電磁感應現(xiàn)象，下列說法中正確的是（）A閉合線圈放在變化的磁場中，必然有感應電流產(chǎn)生B閉合正方形線圈在勻強磁場中垂直磁感線運動，必然產(chǎn)生感應電流C穿過閉合線圈的磁通量變化時，線圈中有感應電流D只要穿過電路的磁通量發(fā)生變化，電路中一定有感應電流產(chǎn)生考點：感應電流的產(chǎn)生條件 分析：感應電流產(chǎn)生的條件是穿過閉合電路的

13、磁通量發(fā)生變化，而磁通量是穿過電路的磁感線條數(shù)解答：解：A、閉合線圈放在變化的磁場中，若線圈與磁場平行，磁通量為零，沒有變化，沒有感應電流產(chǎn)生，故A錯誤B、閉合線圈在勻強磁場中垂直磁感線運動，若磁通量不變，則沒有感應電流產(chǎn)生，故B錯誤C、穿過閉合電路的磁感線條數(shù)發(fā)生變化時，則穿過閉合電路的磁通量發(fā)生變化，一定有感應電流，故C正確D、穿過線圈的磁通量變化時，若電路閉合，產(chǎn)生感應電流，若電路不閉合，沒有感應電流，故D錯誤故選：C點評：本題關鍵抓住感應電流產(chǎn)生的條件：一是電路必須閉合；二是磁通量必須變化，兩個條件缺一不可2（4分）穿過一個單匝閉合線圈的磁通量始終為每秒均勻增加2Wb，則（）A線圈中感

14、應電動勢每秒增加2VB線圈中感應電動勢每秒減少2VC線圈中感應電動勢始終為2VD線圈中感應電動勢始終為一個確定值，但由于線圈有電阻，電動勢小于2V考點：法拉第電磁感應定律 分析：根據(jù)法拉第電磁感應定律E=分析感應電動勢的大小，且電動勢的大小與電阻無關解答：解：磁通量始終保持每秒鐘均勻地增加2Wb，則E=n=，知線圈中的感應電動勢始終為2V，與線圈的電阻無關故C正確，A、B、D錯誤故選：C點評：解決本題的關鍵知道感應電動勢的大小與磁通量的變化率成正比，會運用法拉第電磁感應定律解題3（4分）某正弦式交流電的電流i隨時間t變化的圖象如圖所示由圖可知（）A電流的最大值為10AB電流的有效值為10AC該

15、交流電的周期為0.03sD該交流電的頻率為0.02Hz考點：正弦式電流的最大值和有效值、周期和頻率 專題：交流電專題分析：根據(jù)圖象可以知道交流電的最大值和交流電的周期，根據(jù)最大值和有效值的關系即可求得交流電的有效值和頻率解答：解：A、C、根據(jù)圖象，該交流電的最大電流為10A，周期為0.02s，故A錯誤，C錯誤；B、電流有效值：I=10A，故B正確；D、該交流電的頻率為：f=；故選B點評：本題考查的是學生讀圖的能力，根據(jù)圖象讀出交流電的最大值和周期，再逐項計算即可4（4分）如圖所示，閉合線圈上方有一豎直放置的條形磁鐵，磁鐵的N極朝下但未插入線圈內(nèi)部當磁鐵向下運動時（）A線圈中感應電流的方向與圖中

16、箭頭方向相同，磁鐵與線圈相互吸引B線圈中感應電流的方向與圖中箭頭方向相同，磁鐵與線圈相互排斥C線圈中感應電流的方向與圖中箭頭方向相反，磁鐵與線圈相互吸引D線圈中感應電流的方向與圖中箭頭方向相反，磁鐵與線圈相互排斥考點：楞次定律 專題：電磁感應與電路結合分析：當磁鐵向下運動時，穿過線圈的磁通量增大，產(chǎn)生感應電流，根據(jù)楞次定律判斷感應電流的方向；再據(jù)感應電流產(chǎn)生的效果判斷吸引和排斥解答：解：當磁鐵向下運動時，穿過線圈的磁通量向下，且增大，根據(jù)楞次定律，感應電流的磁場阻礙磁通量的增加，方向向上，則線圈中的電流方向與箭頭方向相同；在據(jù)左手定則可知，磁鐵對線圈有向下的斥力，即二者相互排斥，故ACD錯誤，

17、B正確故選：B點評：解決本題的關鍵掌握感應電流產(chǎn)生的條件，以及掌握楞次定律判斷感應電流的方向，再利用左手定則判斷安培力的方向；此題也可據(jù)感應電流產(chǎn)生的效果判斷更簡單5（4分）長直導線與矩形線框abcd處在同一平面中靜止不動，如圖甲所示長直導線中通以大小和方向都隨時間做周期性變化的電流，it圖象如圖乙所示規(guī)定沿長直導線方向上的電流為正方向關于最初一個周期內(nèi)矩形線框中感應電流的方向，下列說法正確的是（）A由順時針方向變?yōu)槟鏁r針方向B由逆時針方向變?yōu)轫槙r針方向C由順時針方向變?yōu)槟鏁r針方向，再變?yōu)轫槙r針方向D由逆時針方向變?yōu)轫槙r針方向，再變?yōu)槟鏁r針方向考點：楞次定律 專題：電磁感應與電路結合分析：根據(jù)

18、磁場與時間的變化關系，由楞次定律可確定線圈產(chǎn)生的感應電流方向，再由右手螺旋定則可判定線圈所處磁場的方向，解答：解：據(jù)圖乙可知，在四分之一周期內(nèi)，電流變大，據(jù)右手螺旋定則可知，矩形線圈所處的磁場垂直面向里變大，即導致穿過線圈中的磁通量減大，由楞次定律可知，產(chǎn)生的感應電流方向逆時針；同理分析可知，在時間內(nèi)，矩形線圈產(chǎn)生的電流方向為順時針；在T時間內(nèi)矩形線圈產(chǎn)生的感應電流方向逆時針；故ABC錯誤，D正確故選：D點評：考查右手螺旋定則、楞次定則，先根據(jù)安培定則判斷出線圈中的磁場的方向，然后再結合楞次定律的步驟判即可6（4分）在豎直向上的勻強磁場中，水平放置一個不變形的單匝金屬圓線圈，規(guī)定線圈中感應電流

19、的正方向如圖1所示，當磁場的磁感應強度B隨時間t如圖2變化時，圖中正確表示線圈中感應電動勢E變化的是（）ABCD考點：感生電動勢、動生電動勢；楞次定律 專題：電磁感應與電路結合分析：根據(jù)法拉第電磁感應定律求出各段時間內(nèi)的感應電動勢，根據(jù)楞次定律判斷出各段時間內(nèi)感應電動勢的方向解答：解：在01s內(nèi)，根據(jù)法拉第電磁感應定律，根據(jù)楞次定律，感應電動勢的方向與圖示箭頭方向相同，為正值；在13s內(nèi)，磁感應強度不變，感應電動勢為零；在35s內(nèi)，根據(jù)法拉第電磁感應定律，=根據(jù)楞次定律，感應電動勢的方向與圖示方向相反，為負值故A正確，B、C、D錯誤故選：A點評：解決本題的關鍵掌握法拉第電磁感應定律，會根據(jù)楞次

20、定律判斷感應電動勢的方向7（4分）在如圖所示的甲、乙電路中，電阻R和燈泡電阻值相等，自感線圈L的電阻值可認為是零在接通開關S時，則（）A在電路甲中，A將漸漸變亮B在電路甲中，A將先變亮，后漸漸變暗C在電路乙中，A將漸漸變亮D在電路乙中，A將由亮漸漸變暗，后熄滅考點：自感現(xiàn)象和自感系數(shù) 分析：電感總是阻礙電流的變化線圈中的電流增大時，產(chǎn)生自感電流的方向更原電流的方向相反，抑制增大；線圈中的電流減小時，產(chǎn)生自感電流的方向更原電流的方向相同，抑制減小，并與燈泡構成電路回路解答：解：A、B、在電路甲中，接通S，由于線圈阻礙電流變大，導致A將逐漸變亮故A正確，B錯誤；C、D、在電路乙中，接通S時，由于線

21、圈阻礙電流變大，導致A將逐漸變亮，然后逐漸變暗，最后L相當于短路，燈泡熄滅故C錯誤，D正確；故選：AD點評：線圈中電流變化時，線圈中產(chǎn)生感應電動勢；線圈電流增加，相當于一個瞬間電源接入電路，線圈左端是電源正極當電流減小時，相當于一個瞬間電源，線圈右端是電源正極8（4分）如圖所示，水平放置的兩條光滑軌道上有可自由移動的金屬棒PQ、MN，當PQ在外力的作用下運動時，MN在磁場力的作用下向右運動，則PQ所做的運動可能是（）A向右加速運動B向左加速運動C向右勻速運動D向左減速運動考點：楞次定律 專題：電磁感應與電路結合分析：MN處于通電導線產(chǎn)生的磁場中，當有感應電流時，則MN在磁場力作用下向右運動，說

22、明MN受到的磁場力向右，由左手定則可知電流由M指向N，由楞次定律可知，線圈中產(chǎn)生感應電流的磁場應該是向上減小，或向下增加；再由楞次定律可知PQ的運動情況解答：解：根據(jù)右手螺旋定則可知，MN處于ab產(chǎn)生的垂直向里的磁場中，MN在磁場力作用下向右運動，說明MN受到的磁場力向右，由左手定則可知電流由M指向N，由楞次定律可知，線圈中產(chǎn)生感應電流的磁場應該是向上減小，或向下增加；再由右手定則可知PQ可能是向左加速運動或向右減速運動故B正確，ACD錯誤故選：B點評：本題關鍵是分析好引起感應電流的磁通量的變化，進而才能分析產(chǎn)生電流的磁通量是由什么樣的運動產(chǎn)生的9（4分）如圖所示的電路中，A、B、C三燈亮度相

23、同，電源為220V，50Hz的交流電源，以下敘述中正確的是（）A改接220V、100Hz的交流電源時，A燈變亮，B燈變暗，C燈不變B改接220V，100Hz的交流電源時，A燈變暗，B燈變亮，C燈變亮C改接220V的直流電源時，A燈熄滅，B燈變亮，C燈亮度不變D改接220V的直流電源時，A燈熄滅，B燈變亮，C燈變暗考點：電容器和電感器對交變電流的導通和阻礙作用 分析：三個支路電壓相同，當交流電頻率變化時，會影響電感的感抗和電容的容抗，從而影響流過各個支路的電流解答：解：AB、三個支路電壓相同，當交流電頻率變大時，電感的感抗增大，電容的容抗減小，電阻所在支路對電流的阻礙作用不變，所以流過A燈泡所在

24、支路的電流變大，流過燈泡B所在支路的電流變小，流過燈泡C所在支路的電流不變故燈泡A變亮，燈泡B變暗，燈泡C亮度不變；故A正確，B錯誤CD、改接220 V的直流電源時，電容器隔直流，電感線圈通低頻，所以A燈熄滅，B燈變亮，C燈亮度不變，故C正確，D錯誤；故選：AC點評：解決本題的關鍵知道電感和電容對交流電的阻礙作用的大小與什么因素有關記住感抗和容抗的兩個公式可以幫助定性分析10（4分）如圖所示，一理想變壓器原線圈匝數(shù)n1=1000匝，副線圈匝數(shù)n2=200匝，原線圈中接一交變電源，交變電源電壓u=220sin100t（V）副線圈中接一電動機，電阻為11，電流表A2示數(shù)為1A電表對電路的影響忽略不

25、計，則下列說法正確的是（）A此交流電的頻率為100HzB此電動機輸出功率為33WC電流表A1示數(shù)為5AD電壓表示數(shù)為220V考點：變壓器的構造和原理 專題：交流電專題分析：已知變壓器的變壓比和輸入電壓，根據(jù)變壓比公式求解輸出電壓；根據(jù)P=UI求解電功率，根據(jù)P出=UII2r求解變壓器的輸出功率解答：解：原線圈中接一交變電源，交變電源電壓u=220sin100t（V），故最大值為220V，有效值為220V，角頻率為100rad/s，故頻率為f=50Hz；A、變壓器不改變頻率，此交流電的頻率為50Hz，故A錯誤；D、電壓表測量電壓的有效值，為220V，故D錯誤；B、根據(jù)變壓比公式，有：解得：U2=

26、44V電動機的輸出功率為：P出=UII2r=44×112×11=33W；故B正確；C、根據(jù)變流比公式，有：故解得：I1=0.2A，故C錯誤；故選：B點評：本題關鍵是明確變壓器的變壓比公式和變流比公式，知道電動機是非純電阻電路，輸出功率為P出=UII2r11（4分）如圖所示，半徑為r的金屬圓盤在垂直于盤面的勻強磁場B中，繞O軸以角速度沿逆時針方向勻速轉動，則通過電阻R的電流的大小是（金屬圓盤的電阻不計）（）AI=BI=CI=DI=考點：導體切割磁感線時的感應電動勢；閉合電路的歐姆定律 專題：電磁感應與電路結合分析：先根據(jù)轉動切割磁感線感應電動勢公式E=L2，求出感應電動勢，再

27、由歐姆定律求出通過電阻R的電流強度的大小解答：解：將金屬圓盤看成無數(shù)條金屬幅條組成的，這些幅條切割磁感線，產(chǎn)生感應電流，金屬圓盤產(chǎn)生的感應電動勢為：E=r2，通過電阻R的電流強度的大小為：I=故選：C點評：本題關鍵要能將金屬圓盤看成由無數(shù)幅條組成的，由轉動切割磁感線感應電動勢公式E=L2和歐姆定律結合求解12（4分）如圖所示，有一矩形線圈，面積為S，匝數(shù)為N，整個線圈的電阻為r，在磁感應強度為B的磁場中，線圈繞OO軸以角速度勻速轉動，外電阻為R，當線圈由圖示位置轉過90°的過程中，下列說法中正確的是（）A磁通量的變化量為=NBSB通過電阻R的電荷量為q=C平均感應電動勢為E=D電阻R

28、所產(chǎn)生的焦耳熱為Q=考點：交流發(fā)電機及其產(chǎn)生正弦式電流的原理；焦耳定律 專題：交流電專題分析：圖示位置磁通量為1=0，轉過90°磁通量為2=BS=21根據(jù)法拉第電磁感應定律求解平均感應電動勢根據(jù)焦耳定律Q=I2Rt求解熱量，I為有效值根據(jù)法拉第電磁感應定律、歐姆定律和電流的定義式求解電量解答：解：A、圖示位置磁通量為1=0，轉過90°磁通量為2=BS，=21=BS故A錯誤B、通過電阻R的電量q=It=N，得到q=故B正確C、根據(jù)法拉第電磁感應定律得，平均感應電動勢=N，t=解得平均感應電動勢為E=2故C錯誤D、電流的有效值為I=，電阻R所產(chǎn)生的焦耳熱Q=I2Rt，t=，解得

29、Q=故D錯誤故選：B點評：對于交變電流，求解熱量、電功和電功率用有效值，而求解電量要用平均值注意磁通量與線圈的匝數(shù)無關13（4分）如圖所示，水平桌面上固定有一半徑為R的金屬細圓環(huán)，環(huán)面水平，圓環(huán)每單位長度的電阻為r，空間有一勻強磁場，磁感應強度大小為B，方向豎直向下；一長度為2R、電阻可忽略的導體棒置于圓環(huán)左側并與環(huán)相切，切點為棒的中點棒在拉力的作用下以恒定加速度a從靜止開始向右運動，運動過程中棒與圓環(huán)接觸良好下列說法正確的是（）A拉力的大小在運動過程中保持不變B棒通過整個圓環(huán)所用的時間為C棒經(jīng)過環(huán)心時流過棒的電流為D棒經(jīng)過環(huán)心時所受安培力的大小為考點：導體切割磁感線時的感應電動勢；閉合電路的

30、歐姆定律；安培力 專題：電磁感應與電路結合分析：根據(jù)幾何關系求出此時導體棒的有效切割長度，分析時明確外電路為弧acb和弧adb的電阻并聯(lián)，求出總電阻，進一步求出電流值，即可算出安培力的大小最后根據(jù)運動學公式可求出運動的時間解答：解：A、導體棒做勻加速運動，合外力恒定，由于安培力隨速度的變化而變化，所以拉力也是變化的，故A錯誤；B、根據(jù)位移公式2R=，可得棒通過整個圓環(huán)所用的時間為 t=，故B錯誤；C、當棒運動到環(huán)中心時，由于棒將金屬細圓環(huán)分開的兩部分的電阻并聯(lián)，則電路總電阻為 ，速度大小為v=，產(chǎn)生感應電動勢E=BLv=B2R=2BR，所以產(chǎn)生感應電流大小為I=，故C錯誤；D、棒經(jīng)過環(huán)心時所受

31、安培力的大小為F=BIL=B2R=，故D正確故選：D點評：電磁感應與電路的結合問題，關鍵是弄清電源和外電路的構造，然后根據(jù)電學知識進一步求解14（4分）如圖所示，相距為d的兩條水平虛線L1、L2之間是方向水平向里的勻強磁場，磁感應強度為B，質(zhì)量為m、電阻為R的正方形線圈abcd邊長為L（Ld），將線圈在磁場上方高h處由靜止釋放，cd邊剛進入磁場時速度為v0，cd邊剛離開磁場時速度也為v0，則線圈穿越磁場的過程中（從cd邊剛入磁場一直到ab邊剛離開磁場）（）A感應電流做功為mglB感應電流做功為mgdC線圈的最小速度可能為D線圈的最小速度一定為考點：導體切割磁感線時的感應電動勢 專題：電磁感應與

32、電路結合分析：線圈下邊cd剛進入磁場和剛穿出磁場時刻的速度是相同的，動能不變，重力勢能減小轉化為內(nèi)能，根據(jù)能量守恒求出產(chǎn)生的熱量，即等于感應電流做功線圈全部進入磁場不受安培力，要做勻加速運動，線圈進入磁場必定要做減速運動，剛完全進入磁場時速度最大，研究線框完全在磁場中運動的過程，由機械能守恒求最小速度解答：解：AB、根據(jù)能量守恒，從cd邊剛進入磁場到cd邊剛穿出磁場的過程：動能變化量為0，重力勢能轉化為內(nèi)能，則線框進入磁場的過程中產(chǎn)生的熱量，Q=mgdcd邊剛進入磁場時速度為v0，cd邊剛離開磁場時速度也為v0，所以從cd邊剛穿出磁場到ab邊離開磁場的過程，線框產(chǎn)生的熱量與從cd邊剛進入磁場到

33、ab邊剛進入磁場的過程產(chǎn)生的熱量相等，所以線圈從cd邊進入磁場到ab邊離開磁場的過程，產(chǎn)生的熱量Q=2mgd，所以感應電流做的功為2mgd故AB錯誤C、線框可能先做減速運動，在完全進入磁場前已做勻速運動，剛完全進入磁場時的速度最小，則 mg=BIL=BL，則最小速度可能為 v=故C正確D、因為進磁場時要減速，線圈全部進入磁場后做勻加速運動，則知線圈剛全部進入磁場的瞬間速度最小設線圈的最小速度為vm線圈從開始下落到線圈剛完全進入磁場的過程，根據(jù)能量守恒定律得：mg（h+L）=Q+mvm2，由上可知，Q=mgd解得線圈的最小速度為：vm=故D正確故選：CD點評：解決本題的關鍵根據(jù)根據(jù)線圈cd邊剛進

34、入磁場和剛穿出磁場時刻的速度都是v0，且全部進入磁場將做加速運動，判斷出線圈進磁場后先做變減速運動，也得出全部進磁場時的速度是穿越磁場過程中的最小速度二、非解答題15（7分）如圖所示的器材可用來研究電磁感應現(xiàn)象及判定感應電流的方向，其中L1為原線圈，L2為副線圈（1）在給出的實物圖中，將實驗儀器連成完整的實驗電路（2）閉合開關之前，應將滑動變阻器的滑動頭P處于右端（選填“左”或“右”）考點：研究電磁感應現(xiàn)象 專題：實驗題分析：（1）探究電磁感應現(xiàn)象實驗電路分兩部分，電源、開關、滑動變阻器、原線圈組成閉合電路，檢流計與副線圈組成另一個閉合電路（2）在閉合開關前，滑動變阻器接入電路的指針應為滑動變

35、阻器的最大阻值解答：解：（1）探究電磁感應現(xiàn)象實驗電路分兩部分，電源、開關、滑動變阻器、原線圈組成閉合電路，檢流計與副線圈組成另一個閉合電路；電路圖如圖所示；（2）應將滑動變阻器的滑動頭P處于右端，此時滑動變阻器接入電路的阻值最大故答案為：（1）電路圖如圖所示；（2）右點評：知道探究電磁感應現(xiàn)象的實驗有兩套電路，這是正確連接實物電路圖的前提與關鍵16（6分）某學習小組利用如圖所示的實驗裝置探究螺線管線圈中感應電流的方向（1）由于粗心該小組完成表格時漏掉了一部分（見表格），發(fā)現(xiàn)后又重做了這部分：將磁鐵S極向下從螺線管上方豎直插入過程，發(fā)現(xiàn)電流計指針向右偏轉（已知電流從右接線柱流入電流計時，其指針

36、向右偏轉），則填順時針，填向下B原方向I感方向（俯視）B感方向N極插入向下增大逆時針向上S極插入向上增大N極抽出向下減小順時針向下S極抽出向上減小逆時針向上（2）由實驗可得磁通量變化、原磁場B原方向、感應電流的磁場B感方向三者之間的關系：增大，B原與B感反向；減小，B原與B感同向考點：研究電磁感應現(xiàn)象 專題：實驗題分析：右安培定則判斷出磁場的方向，然后由楞次定律判斷出感應電流方向，最后判斷出指針偏轉方向分析表中實驗數(shù)據(jù)，然后得出結論解答：解：（1）由圖示可知，穿過線圈的磁通量增大，由楞次定律可知，感應電流磁場與原磁場方向相反，應向下，由安培定則可知，感應電流方向沿順時針方向（2）分析表中實驗數(shù)

37、據(jù)可知：增大，B原與B感反向；減小，B原與B感同向故答案為：（1）順時針；向下；（2）增大，B原與B感反向；減小，B原與B感同向點評：本題考查了實驗現(xiàn)象分析、實驗數(shù)據(jù)分析，分析清楚表中實驗數(shù)據(jù)，應用楞次定律、安培定則即可正確解題17（4分）圖（a）是某型號電熱毯的電路圖，將電熱絲接在u=156sin120t V的電源上，電熱毯被加熱到一定溫度后，由于P的作用，使輸入的正弦交流電僅有半個周期能通過，如圖（b）所示，從而使電熱毯處于保溫狀態(tài)此時交流電壓表的讀數(shù)是78V考點：正弦式電流的最大值和有效值、周期和頻率 專題：交流電專題分析：電壓表讀數(shù)為有效值，根據(jù)正弦式交變電流峰值和有效值之間的關系以及

38、電流的熱效應便可求得有效值解答：解：由u=156sin120t（V）可知該交變電流的周期T=s，可分兩段0s和s，根據(jù)有效值的定義可得：，代入數(shù)據(jù)解得：U=78V故答案為：78點評：本題考查有關交變電流有效值的計算問題，知道電壓表和電流表測量的都是有效值，難度不大，屬于基礎題18（10分）某發(fā)電站通過燃燒煤來發(fā)電發(fā)電站通過升壓器、輸電線和降壓器把電能輸送給生產(chǎn)和照明組成的用戶，發(fā)電機輸出功率是120kW，輸出電壓是240V，升壓器原副線圈的匝數(shù)之比為1：25，輸電線的總電阻為10，用戶需要電壓為220V則：（1）輸電線上損失的電功率為多少？（2）降壓器原副線圈的匝數(shù)比為多少？考點：遠距離輸電

39、專題：交流電專題分析：（1）根據(jù)發(fā)電機的輸出電壓，結合電壓比等于匝數(shù)比求出升壓變壓器的輸出電壓，根據(jù)P=UI求出輸電線上的電流，從而得出輸電線上損失的功率（2）根據(jù)輸電線上損失的電壓得出降壓變壓器的輸入電壓，結合電壓之比等于匝數(shù)比求出降壓變壓器原副線圈的匝數(shù)比解答：解：（1）根據(jù)得，升壓變壓器的輸出電壓，則輸電電流，輸電線上損耗的功率（2）降壓變壓器的輸入電壓U3=U2I2R=600020×10V=5800V，則降壓變壓器原副線圈的匝數(shù)比答：（1）輸電線上損失的電功率為4000W（2）降壓器原副線圈的匝數(shù)比為290：11點評：解決本題的關鍵知道變壓器原副線圈電壓比、電流比與匝數(shù)比的關

40、系，知道升壓變壓器的輸出電壓等于電壓損失和降壓變壓器的輸入電壓之和19（12分）面積S=0.2m2、n=100匝的圓形線圈，處在如圖所示的磁場內(nèi)，磁感應強度隨時間t變化的規(guī)律是B=0.02t，R=3，C=30F，線圈電阻r=1，求：（1）通過R的電流方向和4s內(nèi)通過導線橫截面的電荷量（2）電容器的電荷量考點：法拉第電磁感應定律；電容 專題：電磁感應與電路結合分析：（1）由楞次定律可以判斷出感應電流的方向；由法拉第電磁感應定律求出感應電動勢，由歐姆定律求出電流，由電流定義式求出電荷量（2）由歐姆定律求出電熱器兩端電壓，然后由電容的定義式求出電熱器所帶的電荷量解答：解：（1）由圖示可知，磁場垂直于紙面向里，穿過線圈的磁通量增加，由楞次定律可知，感應電流沿逆時針方向，通過R的電流方向為：ba；感應電動勢：E=n=nS=100×0.2×0.02=0.4V，電路電流：I=0.1A，通過導線橫截面的電荷量：q=It=0.1