1、2020年重慶市中考物理試卷（B卷）一、選擇題（本題共8個小題，每小題只有一個選項最符合題意，每小題3分，共24分）1（3分）（2020重慶）下列物理量最接近實際的是（）A人體的正常體溫約42B一個實心球的重力約20NC中學生的手掌寬度約40cmD我國家庭電路的電壓約22V2（3分）（2020重慶）下列事例描述正確的是（）A仙女山大草原的積雪慢慢熔化，需要吸收熱量B衣柜中的樟腦丸逐漸變小，是發生了凝華現象C將“便利貼”貼在作業紙上，利用了分子間的斥力D嚴冬，人們搓手取暖是利用熱傳遞來增加手掌內能3（3分）（2020重慶）如圖所示的事例，由于光的直線傳播形成的是（）A筷子“折斷”B水中“倒影”C

2、用放大鏡看字D晴空“日環食”4（3分）（2020重慶）下列說法中，正確的是（）A長期不使用的電視機，不用切斷電源B發現有人觸電，應立即斷開電源總開關C小磁針的N極和磁鐵的S極相互排斥D通電螺線管兩端的極性跟電流方向無關5（3分）（2020重慶）如圖所示，下列描述正確的是（）A圖甲中，滑冰運動員滑行過程中沒有慣性B圖乙中，用力壓住粉筆寫字是為了減小摩擦力C圖丙中，園藝工人修剪花枝的剪刀屬于省力杠桿D圖丁中，飛機起飛利用了空氣流速大壓強大的原理6（3分）（2020重慶）某種電子測溫槍靠近被測者額頭，閉合測溫開關S1，只有熱敏電阻R工作。測溫槍的顯示屏顯示被測者溫度；在環境光線較暗看不清示數時，再閉

3、合開關S2，顯示屏補光燈泡L發光；在測溫開關S1斷開時閉合開關S2，燈泡L不發光。關于熱敏電阻R與補光燈泡L在電路中的連接方式，圖中的電路符合要求的是（）ABCD7（3分）（2020重慶）如圖所示，是某建筑工地使用的一種起重機的滑輪組。一次提升貨物A的質量為2.7×103kg30s內貨物A被勻速提升了3m，動滑輪的重為3×103N（不計起重機鋼繩重和切摩擦）。下列分析中正確的是（）A鋼繩自由端的移動速度為0.1m/sB拉力F的功率為1.5×103WC滑輪組的機械效率為90%D鋼繩的拉力F的大小為1.0×104N8（3分）（2020重慶）如圖甲所示的電路，

4、電源電壓不變，L是標有“4V”字樣的燈泡。定值電阻R0的阻值為60，兩個電流表的量程均為00.6A，電壓表的量程為015V圖乙是小燈泡L的電流隨其電壓變化的圖象。當S閉合。S1，S2斷開，將滑片P移到變阻器R的中點時，小燈泡L恰好正常發光，電壓表示數為5V下列說法正確的是（）A電源電壓為5VB變阻器R的最大阻值為10C移動滑片P，當燈泡L的功率為1W時，變阻器R接入的阻值為6.25D當S，S1，S2都閉合，為保證電路安全，變阻器R消耗的最大功率為4.05W二、填空作圖題（本題共6個小題第14小題作圖2分.其余每空1分，共12分，）9（2分）（2020重慶）英國科學家 總結了伽利略等人的研究成果

5、概括得出：一切物體在沒有受到力的作用時，總保持靜止狀態或勻速直線運動狀態。1643年6月，意大利科學家托里拆利最早通過實驗測量出了 的值。10（2分）（2020重慶）舉世聞名的三峽水利樞紐工程的船閘實現了上下游通航，船閘的工作利用了 原理，輪船在閘室中前進時，若以河岸為參照物，該輪船是 （選填“運動”成“靜止”）的。11（2分）（2020重慶）如圖所示，是小靜同學觀察到自家電能表的情況，其顯示的示數為 kWh他關掉其它用電器，只讓電飯鍋處于加熱狀態工作，觀察到電能表的轉盤在8min內用好轉動了72轉。則他家的電飯鍋加熱時的電功率為 W。12（2分）（2020重慶）甲、乙為兩個質量分布均勻的實心

6、圓柱體放置在水平桌面上，沿著水平方向，切去上部分，剩余部分對桌面的壓強p與切去部分高度h的關系如圖所示，已知甲的密度為4.0×103kg/m3則圓柱體甲的高度為 cm當它們被切去高度均為12cm，將各自被切去部分放置在另一個圓柱體剩余部分的上表面時，甲剩余部分和乙切去部分的組合體對桌面的壓強為p1乙剩余部分和甲切去部分的組合體對桌面的壓強為p2，且p1：p23：2，則甲、乙圓柱體的底面積之比為 。13（2分）（2020重慶）2020年6月23日，我國成功將北斗導航系統最后一顆組網衛星送入預定軌道，標志看北斗三號全球衛星導航系統星座部署全面完成。發射前，搭載著衛星的火箭矗立在發射平臺上

7、，給火箭加注低溫燃料過程中，火箭周圍冒出縷縷“白氣”：點火后，火箭尾部噴出熊熊火焰（如圖），搭載著衛星騰空而起；在加速飛向太空的過程中，地面遙測站與火箭和衛星不停地進行著信息交換；衛星和第三級火箭脫離后，火箭上的攝像頭監控到衛星緩緩離去，衛星上的太陽能電池帆板緩緩打開，能給衛星提供工作需要的電能。請找出一個與上述情景相關的物理信息，并指出對應的物理知識，不得與示例重復。示例：物理信息：火箭搭載著衛星騰空而起；物理知識：以地面為參照物，火箭和衛星是運動的。作答：物理信息： 。物理知識： 。14（1分）（2020重慶）請按要求完成下列作圖：如圖所示，請畫出平行于主光軸的入射光線AB經凸透鏡折射后的

8、光線。15（1分）（2020重慶）如圖所示硬棒OB能繞支點O轉動，A處用繩子拉住固定在墻壁上。請畫出拉力F的力臂（用L表示）。三、實驗探究題（本題共3個小題，第16小題6分，第17小題8分.第18小8分，共22分）16（6分）（2020重慶）小明完成了下列實驗，請按要求完成下列問題：（1）他在利用圖1的裝置探究“平面鏡成像特點”的實驗中。應選取一塊 （選填“厚”或“薄”）玻璃板豎直放置在鋪有白紙的水平木板上：為了比較像和物體的大小關系，應選取兩支 （選填“相同”或“不同”）的蠟燭：探究中，在蠟燭所成像的位置放置一塊光屏，光屏上不能承接到蠟燭的像，說明平面鏡成的是 （選填“虛”或“實”）像。（2

9、）他在做“觀察水的沸騰”實驗中某時刻觀察到溫度計示數如圖2甲所示，則此時水的溫度為 ；根據記錄數據畫出加熱過程中水的溫度與時間關系圖象如圖2乙所示，分析圖象可知，被測水的沸點是 ，水在沸騰過程中溫度 （選填“升高”“降低”或“不變”）。17（8分）（2020重慶）小倩同學在探究“電流與電壓關系”的實驗中，選用器材有：學生電源（電壓恒為4.5V）、電流表、電壓表、定值電阻R、開關S、導線若干和標有“50 0.5A”字樣滑動變阻器R（1）用筆畫線代替導線，將圖甲中的電路連接完整。（要求：滑片P向D端移動時，電路中的電流變大，且導線不能交叉。）（2）連接電路時，開關必須 （選填“斷開”或“閉合”）。

10、在電路連接完整后，閉合開關S前應將滑動變阻器的滑片P移到 （選填“A”或“B”）端。（3）閉合開關S后，移動滑片P時發現電壓表無示數，電流表有示數且不斷變化，則電路故障可能是定值電阻R發生了 （選填“斷路”或“短路”）。（4）排除故障后閉合開關S，移動滑片P，當電流表的示數為0.28A時，電壓表指針位置如圖乙所示，則定值電阻R的阻值為 多次改變滑動變阻器滑片P的位置，記錄的實驗數據如表：實驗次數1234電壓U/V1.01.42.02.4電流I/A0.100.140.200.24根據實驗數據分析，可初步得出結論：在電阻一定的情況下，通過導體的電流與這段導體兩端的電壓成 比。（5）在實驗過程中，滑

11、動變阻器R接入電路的阻值不得小于 。18（8分）（2020重慶）小銘在學校期間，使用一種醫用免洗洗手液對手部進行消毒過程中，聞到了濃濃的酒精味看到該液體流動性較差。查看瓶身上的說明后，確定這種洗手液主要成分為75%的酒精。于是，小銘所在的興趣小組對這種洗手液的密度進行了測量。（1）實驗前，將托盤天平放在 工作臺上，游碼移到標尺的“0”刻度線處，指針靜止在如圖1甲所示位置，此時應將右端的平衡螺母向 （選境“左”或“右”）調節，使天平平衡。（2）將盛有適量洗手液的燒杯放在天平的左盤，天平重新平衡時，右盤所加砝碼及游碼位置如圖1乙所示，燒杯和洗手液的總質量為 g；將燒杯中的部分洗手液倒入量筒，測得燒

12、杯和剩余洗手液的總質量為42.4g；經過一段時間后，觀察到量筒內的液面如圖1丙所示，則量筒內洗手液的體積為 mL，這種洗手液的密度為 g/cm3。（3）小銘對洗手液的密度測量結果有疑感，回到家后利用電子秤、燒杯、細線和一個實心鋁塊等器材再次對這種洗手液的密度進行測量。具體做法如下：在燒杯中倒入適量洗手液放置在電子秤上（如圖2甲）；將系好細線的鋁塊緩緩浸沒到洗手液中保持靜止（如圖2乙），洗手液未溢出；將鋁塊緩慢沉底后松開細線（如圖2丙）。則這次測得洗手液的密度為 g/cm3，對前后兩次實驗進行分析，發現在 （選“學校”或“家”）所測洗手液密度的結果更接近真實值，造成另一次密度測量結果與真實值的差

13、異較大的原因可能是 。（已知鋁塊的密度為2.7g/cm3，不計細線質量，細線和正方體均不吸收洗手液）四、論述計算題（本題共3個小題，第19小題6分第20小題8分，第21小題8分，共22分解答應寫出必要的文字說明步驟和公式，只寫出最后結果的不能得分19（6分）（2020重慶）如圖所示，電源電壓不變，定值電阻R1阻值為10，定值電阻R2阻值為20當開關S閉合后，電流表示數為0.2A求：（1）R1兩端的電壓；（2）在10s內，電流通過R2做的電功。20（8分）（2020重慶）如圖所示，底面積為200cm2、重為10N的薄壁柱形容器，放在水平桌面上，把邊長為10cm的實心正方體A（不吸水），用細線懸掛

14、固定在容器正上方靜止時，正方體A有的體積漫入水中，此時容器內水深12cm，已知正方體A的密度A3.0g/cm3求：（1）水對容器底部的壓強；（2）正方體A受到的浮力大??；（3）解開細線，將正方體A緩緩放入水中，待正方體A靜止后（容器中的水未溢出），容器對桌面的壓強。21（8分）（2020重慶）小明家用電火鍋烹飪烤肉，肉烤熟后立即將電火鍋調至“低溫檔”，一段時間后鍋內熱油仍向外飛濺，容易燙傷家人。小明斷開電源，看到電火鍋銘牌的主要參數如圖甲所示；打開底蓋，發現其工作電路原理如圖乙所示，R1、R2為阻值未知的電熱絲。為了對烤熟的食物保溫，同時避免鍋內熱油向外飛濺，小明對電火鍋的工作電路進行了改進，

15、可以分別實現“高溫檔”“低溫檔”或“保溫檔”功能，改進后的電路原理如圖丙所示。求：（1）電火鍋使用“高溫檔“正常工作時電路中的電流；（2）在圖丙中，當S閉合，S1斷開，S2接b，電火鍋處于“保溫檔”，該狀態下電火鍋正常工作時消耗的電功率；（3）用電高峰時電路的實際電壓降為198V向鍋內裝2kg溫度為25的水，用高溫檔”連續工作100s，水溫升高到35，這時電火鍋的加熱效率是多少？已知水的比熱容c水4.2×103J/（kg），電熱絲的電阻不隨溫度變化，水吸收的熱量跟電火鍋消耗的電能的比值叫做加熱效率2020年重慶市中考物理試卷（B卷）參考答案與試題解析一、選擇題（本題共8個小題，每小題

16、只有一個選項最符合題意，每小題3分，共24分）1（3分）（2020重慶）下列物理量最接近實際的是（）A人體的正常體溫約42B一個實心球的重力約20NC中學生的手掌寬度約40cmD我國家庭電路的電壓約22V【分析】不同物理量的估算，有的需要憑借生活經驗，有的需要簡單的計算，有的要進行單位的換算，最后判斷最符合實際的是哪一個。【解答】解：A、人體的正常體溫約37，故A不符合實際；B、實心球的質量約2kg，受到的重力約Gmg2kg×10N/kg20N，故B符合實際；C、中學生手掌寬度一般在10cm1dm左右，故C不符合實際；D、我國家庭電路的電壓約220V，故D不符合實際。故選：B?！军c評

17、】物理學中，對各種物理量的估算能力，是我們應該加強鍛煉的重要能力之一，這種能力的提高，對我們的生活同樣具有很大的現實意義。2（3分）（2020重慶）下列事例描述正確的是（）A仙女山大草原的積雪慢慢熔化，需要吸收熱量B衣柜中的樟腦丸逐漸變小，是發生了凝華現象C將“便利貼”貼在作業紙上，利用了分子間的斥力D嚴冬，人們搓手取暖是利用熱傳遞來增加手掌內能【分析】（1）物質由氣態直接變為固態叫凝華，物質由固態直接變為氣態叫升華；由氣態變為液態叫液化，由液態變為氣態叫汽化；由固態變為液態叫熔化，由液態變為固態叫凝固。（2）六種物態變化過程中，都伴隨著吸熱或放熱；其中放出熱量的物態變化有：凝固、液化、凝華；

18、吸熱的有：熔化、汽化、升華。（3）改變內能的方法有：做功和熱傳遞。【解答】解：A、大草原的積雪慢慢熔化，熔化過程中吸收熱量，故A正確。B、樟腦丸逐漸變小，是發生了升華現象，故B錯誤。C、將“便利貼”貼在作業紙上，利用了分子間的引力，故C錯誤。D、人們搓手取暖是利用做功的方法來增加手掌內能，故D錯誤。故選：A。【點評】熟練記憶物態變化的名稱，知道吸熱和放熱情況，理解分子動理論內容和改變內能的方法，可解答此題。3（3分）（2020重慶）如圖所示的事例，由于光的直線傳播形成的是（）A筷子“折斷”B水中“倒影”C用放大鏡看字D晴空“日環食”【分析】根據四幅圖中形成的原理不同，對其進行分析，并選出符合要

19、求的選項。（1）光的折射是指光線從一種介質斜射入另一種介質時，光的傳播方向發生改變的現象，比如透鏡成像、水變淺了、水中的筷子折斷了等；（2）光的反射是指光線在傳播的過程中遇到障礙物被反射出去的現象，比如平面鏡成像；（3）掌握光沿直線傳播現象，知道影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直線傳播形成的。【解答】解：A、筷子好像在水面處“折斷”是由光的折射形成的，故A不符合題意；B、水中“倒影”，屬于平面鏡成像現象，是由于光的反射形成的，故B不符合題意；C、用放大鏡看文字時，文字變大了，屬于凸透鏡成像，是由于光的折射形成的，故C不符合題意；D、晴空“日環食”屬于日食的形成，是由于太陽、地球、月亮

20、在同一直線上，月亮在中間擋住太陽光而形成的，屬于光的直線傳播，故D符合題意。故選：D?！军c評】此題通過幾個日常生活中的現象考查了對光的折射、光的直線傳播、光的反射的理解，在學習過程中要善于利用所學知識解釋有關現象。4（3分）（2020重慶）下列說法中，正確的是（）A長期不使用的電視機，不用切斷電源B發現有人觸電，應立即斷開電源總開關C小磁針的N極和磁鐵的S極相互排斥D通電螺線管兩端的極性跟電流方向無關【分析】（1）用電器工作的時間越長，消耗的電能越多。（2）一旦發生觸電事故，應立即斷開電源開關，或用絕緣體將電線挑開，使觸電者與電源脫離，并進行現場搶救。（3）磁鐵的同極相互排斥，異極相互吸引，兩

21、個磁極的作用是相互的。使用測電筆時，應讓手與筆尾的金屬體接觸，才是正確的，當氖管發光時，說明是接觸的是火線。（4）安培定則的內容是：用右手握住螺線管，彎曲的四指所指的方向是電流的方向，大拇指所指的那端是螺線管的N極。【解答】解：A、長期不使用的電視機，要切斷電源，可以節約電能，養成節能的習慣，故A錯誤；B、發現有人觸電時，不要直接去救援，因為人體是導體，如果接觸觸電人，救援人員可能直接或間接接觸火線，發生觸電事故，所以一定先切斷電源，故B正確；C、同極相互排斥，異極相互吸引，故小磁針的N極和磁鐵的S極接近時，會相互吸引，故C錯誤；D、根據安培定則的內容判定線電流的磁感線的方法是：右手握住導線，

22、讓彎曲的四指所指的方向跟電流方向一致，大拇指所指的方向就是通電螺線管的N極。故通電螺線管兩端的極性跟電流方向有關；故選：B?！军c評】此題考查了節約用電的做法、發現有人觸電時的搶救方法，磁極間的相互作用，以及通電螺線管極性的判斷，是一道基礎題。5（3分）（2020重慶）如圖所示，下列描述正確的是（）A圖甲中，滑冰運動員滑行過程中沒有慣性B圖乙中，用力壓住粉筆寫字是為了減小摩擦力C圖丙中，園藝工人修剪花枝的剪刀屬于省力杠桿D圖丁中，飛機起飛利用了空氣流速大壓強大的原理【分析】（1）物體具有保持原來運動狀態不變的性質叫做慣性，任何物體都具有慣性；（2）增大摩擦力的方法：在接觸面粗糙程度一定時，通過增

23、大壓力來增大摩擦力；在壓力一定時，通過增大接觸面的粗糙程度來增大摩擦力；（3）結合圖片和生活經驗，先判斷杠桿在使用過程中，動力臂和阻力臂的大小關系，再判斷它是屬于哪種類型的杠桿；（4）流體流速越大的位置，壓強越小?！窘獯稹拷猓篈、任何物體都具有慣性，所以滑冰運動員滑行過程中仍然有慣性，故A錯誤；B、用力壓住粉筆寫字是通過增大壓力來增大摩擦力的，故B錯誤；C、園藝工人用來修剪樹枝的剪刀，在使用過程中，動力臂大于阻力臂，是省力杠桿，故C正確；D、飛機起飛利用了“空氣流速大的地方壓強小”的原理，故D錯誤。故選：C?！军c評】此題考查了慣性、增大摩擦力的方法、杠桿的分類以及流體壓強和流速的關系，是一道綜

24、合題；生活處處有物理，我們要認真觀察、思考我們生活中的物理現象。6（3分）（2020重慶）某種電子測溫槍靠近被測者額頭，閉合測溫開關S1，只有熱敏電阻R工作。測溫槍的顯示屏顯示被測者溫度；在環境光線較暗看不清示數時，再閉合開關S2，顯示屏補光燈泡L發光；在測溫開關S1斷開時閉合開關S2，燈泡L不發光。關于熱敏電阻R與補光燈泡L在電路中的連接方式，圖中的電路符合要求的是（）ABCD【分析】由題意可知，閉合開關S1，只有熱敏電阻R工作，說明S1只控制熱敏電阻R，閉合開關S2，顯示屏補光燈泡L發光；在測溫開關S1斷開時閉合開關S2，燈泡L不發光，說明燈泡與熱敏電阻R并聯，S1在干路上，S2在燈泡L的

25、支路上。【解答】解：由題意可知，燈泡L和熱敏電阻R并聯，S1在干路上，S2在燈泡L的支路上。A、圖中燈泡與熱敏電阻R串聯，故A不符合題意；B、由圖可知，只閉合測溫開關S1，燈泡和熱敏電阻R都工作。故B不符合題意；C、開關S1斷開時，閉合開關S2，燈泡L發光，故C不符合題意；D、閉合測溫開關S1，只有熱敏電阻R工作，再閉合開關S2，燈泡L發光，開關S1斷開時閉合開關S2，燈泡L不發光，故D符合題意；故選：D?！军c評】此題以電子測溫槍考查電路圖的設計，讀懂題意，明確燈泡L和熱敏電阻R并聯是關鍵。7（3分）（2020重慶）如圖所示，是某建筑工地使用的一種起重機的滑輪組。一次提升貨物A的質量為2.7&

26、#215;103kg30s內貨物A被勻速提升了3m，動滑輪的重為3×103N（不計起重機鋼繩重和切摩擦）。下列分析中正確的是（）A鋼繩自由端的移動速度為0.1m/sB拉力F的功率為1.5×103WC滑輪組的機械效率為90%D鋼繩的拉力F的大小為1.0×104N【分析】（1）已知30s內貨物A被勻速提升了3m，可求得物體上升的速度，由圖可知，2段繩子承擔物重，鋼繩自由端的移動速度等于物體升高速度的2倍；（2）利用Gmg求A的重力，已知滑輪的重，拉力F（G+G動），利用W總Fs可求得總功，再利用P可求得拉力F的功率；（3）由W有Gh可求得有用功，利用可求得滑輪組的機械

27、效率。【解答】解：A、物體上升的速度v0.1m/s，由圖可知，2段繩子承擔物重，鋼繩自由端的移動速度v繩2v2×0.1m/s0.2m/s；故A錯誤；BD、A的重力Gmg2.7×103kg×10N/kg2.7×104N，不計起重機鋼繩重和切摩擦，鋼繩的拉力：F（G+G動）×（2.7×104N+3×103N）1.5×104N，拉力做的總功：W總FsF×2h1.5×104N×2×3m9×104J，拉力F的功率：P3×103W，故BD錯誤；C、有用功W有用Gh2.

28、7×104N×3m8.1×104J，滑輪組的機械效率：×100%90%，故C正確。故選：C。【點評】本題考查了拉力、有用功、總功、機械效率、功率的計算等，關鍵是公式的靈活運用。8（3分）（2020重慶）如圖甲所示的電路，電源電壓不變，L是標有“4V”字樣的燈泡。定值電阻R0的阻值為60，兩個電流表的量程均為00.6A，電壓表的量程為015V圖乙是小燈泡L的電流隨其電壓變化的圖象。當S閉合。S1，S2斷開，將滑片P移到變阻器R的中點時，小燈泡L恰好正常發光，電壓表示數為5V下列說法正確的是（）A電源電壓為5VB變阻器R的最大阻值為10C移動滑片P，當燈泡L

29、的功率為1W時，變阻器R接入的阻值為6.25D當S，S1，S2都閉合，為保證電路安全，變阻器R消耗的最大功率為4.05W【分析】（1）（2）當S閉合，S1、S2斷開，滑動變阻器與燈泡串聯，電壓表測滑動變阻器兩端的電壓，將滑片P移到變阻器R的中點時，小燈泡L恰好正常發光，根據串聯電路的電壓規律求出電源電壓；根據乙圖得出小燈泡的額定電流，根據串聯電路的電流規律和歐姆定律求出滑動變阻器接入電路的阻值，從而求出變阻器的最大電阻；（3）移動滑片P，當燈泡L的功率為1W時，根據乙圖讀出燈泡的電壓和電路中的電流，然后根據歐姆定律求出滑動變阻器接入電路的電阻值；（4）當S、S1、S2都閉合，滑動變阻器和定值電

30、阻并聯，電流表A測干路中的電流，電流表A1測通過定值電阻R0的電流；并聯電路中各支路兩端的電壓相等，變阻器R消耗的功率最大時，通過它的電流是最大的，根據干路中的電流表的量程可知干路中的最大電流，根據定值電阻兩端的電壓和阻值求出定值電阻的電流，由并聯電路的電流特點求出滑動變阻器的最大電流，根據PUI求出其最大功率?！窘獯稹拷猓篈、當S閉合，S1、S2斷開，滑動變阻器與燈泡串聯，電壓表測滑動變阻器兩端的電壓，將滑片P移到變阻器R的中點時，小燈泡L恰好正常發光，此時燈泡兩端的電壓為4V，電壓表示數為5V（即變阻器的電壓為5V），由串聯電路的電壓規律可得，電源電壓為：UUL+UR4V+5V9V，故A錯

31、誤；B、當S閉合，S1、S2斷開，滑片P移到變阻器R的中點時，燈泡正常發光，根據圖乙可知，此時通過燈泡的電流為0.5A，因串聯電路中各處的電流相等，則由歐姆定律可知，產生滑動變阻器接入電路的電阻為R10，則滑動變阻器的最大阻值為R滑大2R2×1020；故B錯誤；C、移動滑片P，當燈泡L的功率為1W時，根據乙圖可知，此時燈泡兩端的電壓為2.5V，電路中的電流為0.4A，根據串聯電路的電壓規律可知，此時滑動變阻器兩端的電壓為：URUUL9V2.5V6.5V，由歐姆定律可得，此時滑動變阻器接入電路的電阻為：R滑16.25，故C錯誤；D、當S、S1、S2都閉合，滑動變阻器和定值電阻并聯，電流

32、表A測干路中的電流，電流表A1測通過定值電阻R0的電流；兩個電流表的量程均為00.6A，所以干路中的最大電流為I總大0.6A；通過定值電阻R0的電流為：I00.15A；根據并聯電路電流特點可知，通過滑動變阻器的最大電流為：IR大I總大I00.6A0.15A0.45A，則滑動變阻器R消耗的最大功率為：PR大UIR大9V×0.45A4.05W，故D正確。故選：D。【點評】本題考查了歐姆定律的應用、串并聯電路特點的應用和功率的計算，明確電路的結構是解題的關鍵。二、填空作圖題（本題共6個小題第14小題作圖2分.其余每空1分，共12分，）9（2分）（2020重慶）英國科學家牛頓總結了伽利略等人

33、的研究成果概括得出：一切物體在沒有受到力的作用時，總保持靜止狀態或勻速直線運動狀態。1643年6月，意大利科學家托里拆利最早通過實驗測量出了大氣壓的值。【分析】（1）一切物體總保持勻速直線運動狀態或靜止狀態，這是著名的牛頓第一定律，是在實驗的基礎上推理、歸納出來的；（2）意大利科學家托里拆利通過實驗測出了大氣壓值【解答】解：“一切物體在沒有受到外力作用的時候，總保持靜止或勻速直線運動狀態”這是牛頓第一定律的內容，牛頓總結了伽利略等前人的研究成果，概括出一條重要物理定律；意大利科學家托里拆利首先用實驗的方法測出大氣壓強的值約等于760mm水銀柱產生的壓強。故答案為：牛頓；大氣壓?！军c評】物理學史

34、也是物理考試中經常出現的一類題型，要求學生熟記著名科學家的貢獻，平時應注意積累。10（2分）（2020重慶）舉世聞名的三峽水利樞紐工程的船閘實現了上下游通航，船閘的工作利用了連通器原理，輪船在閘室中前進時，若以河岸為參照物，該輪船是運動（選填“運動”成“靜止”）的。【分析】（1）上端開口、底部相連通的容器叫連通器，當注入同一種液體，在液體不流動時，連通器內各容器的液面總是相平的，這就是連通器的原理。（2）在研究物體運動時，要選擇參照的標準，即參照物，物體的位置相對于參照物發生變化，則運動，不發生變化，則靜止?！窘獯稹拷猓海?）船閘的上游閥門打開時，上游和閘室構成連通器，下游閥門打開時，下游和閘

35、室構成連通器，所以船閘是根據連通器原理工作的；（2）輪船在閘室中前進時，若以河岸為參照物，輪船與岸的位置在不斷發生變化，若以河岸為參照物，該輪船是運動的。故答案為：連通器；運動?！军c評】本題考查連通器的原理以及運動和靜止的相對性，在判斷物體運動和靜止時，關鍵看物體相對于參照物的位置是否發生了變化。11（2分）（2020重慶）如圖所示，是小靜同學觀察到自家電能表的情況，其顯示的示數為1919.8kWh他關掉其它用電器，只讓電飯鍋處于加熱狀態工作，觀察到電能表的轉盤在8min內用好轉動了72轉。則他家的電飯鍋加熱時的電功率為900W。【分析】（1）電能表的讀數，最后一位是小數，單位是kWh；（2）

36、先計算電飯鍋工作8min消耗的電能；利用P求出它的實際功率?！窘獯稹拷猓弘娔鼙淼淖x數，最后一位是小數，單位是kWh，讀圖可知，電能表的讀數1919.8kWh?！?00r/（kWh）”表示每消耗1kWh電能，電能表轉盤轉600圈，只讓電飯煲在8min內轉了72轉，消耗的電能為：W0.12kWh，電飯煲的實際功率為：P實0.9kW900W。故答案為：1919.8；900?！军c評】掌握電能表的讀數方法，并能根據電能表相關的參數進行簡單的計算，是解答此類問題的關鍵。12（2分）（2020重慶）甲、乙為兩個質量分布均勻的實心圓柱體放置在水平桌面上，沿著水平方向，切去上部分，剩余部分對桌面的壓強p與切去部

37、分高度h的關系如圖所示，已知甲的密度為4.0×103kg/m3則圓柱體甲的高度為20cm當它們被切去高度均為12cm，將各自被切去部分放置在另一個圓柱體剩余部分的上表面時，甲剩余部分和乙切去部分的組合體對桌面的壓強為p1乙剩余部分和甲切去部分的組合體對桌面的壓強為p2，且p1：p23：2，則甲、乙圓柱體的底面積之比為4：9?！痉治觥浚?）由圖象可知，開始時甲對水平桌面的壓強，根據均勻實心圓柱體對水平桌面的壓強pgh求出圓柱體甲的高度；（2）由圖象可知，開始時乙對水平桌面的壓強和高度，根據pgh求出圓柱體乙的密度，即可得出甲乙的密度關系，當它們被切去高度均為12cm時，根據GmgVgS

38、hg表示出甲剩余部分和乙切去部分的組合體對桌面的壓力、乙剩余部分和甲切去部分的組合體對桌面的壓力，根據p結合p1：p23：2得出等式即可求出答案?！窘獯稹拷猓海?）由圖象可知，開始時甲對水平桌面的壓強p甲8000Pa，因均勻實心圓柱體對水平桌面的壓強：pgh，所以，圓柱體甲的高度：h甲0.2m20cm；（2）由圖象可知，開始時乙對水平桌面的壓強p乙6000Pa，其高度h乙30cm0.3m，由pgh可得圓柱體乙的密度：乙2.0×103kg/m3，即甲2乙；當它們被切去高度均為h12cm0.12m時，由GmgVgShg可得，甲剩余部分和乙切去部分的組合體對桌面的壓力：F1甲S甲（h甲h）

39、g+乙S乙hg2乙S甲（h甲h）g+乙S乙hg，乙剩余部分和甲切去部分的組合體對桌面的壓力：F2乙S乙（h乙h）g+甲S甲hg乙S乙（h乙h）g+2乙S甲hg，則××××，整理可得：36（）2+11120，解得：（舍去）。故答案為：20；4：9?！军c評】本題考查了壓強公式和密度公式、重力公式的綜合應用，利用好均勻實心圓柱體對水平桌面的壓強pgh和從圖象中獲取有用的信息是關鍵。13（2分）（2020重慶）2020年6月23日，我國成功將北斗導航系統最后一顆組網衛星送入預定軌道，標志看北斗三號全球衛星導航系統星座部署全面完成。發射前，搭載著衛星的火箭矗立在發

40、射平臺上，給火箭加注低溫燃料過程中，火箭周圍冒出縷縷“白氣”：點火后，火箭尾部噴出熊熊火焰（如圖），搭載著衛星騰空而起；在加速飛向太空的過程中，地面遙測站與火箭和衛星不停地進行著信息交換；衛星和第三級火箭脫離后，火箭上的攝像頭監控到衛星緩緩離去，衛星上的太陽能電池帆板緩緩打開，能給衛星提供工作需要的電能。請找出一個與上述情景相關的物理信息，并指出對應的物理知識，不得與示例重復。示例：物理信息：火箭搭載著衛星騰空而起；物理知識：以地面為參照物，火箭和衛星是運動的。作答：物理信息：給火箭加注低溫燃料過程中，火箭周圍冒出縷縷“白氣”。物理知識：“白氣”是空氣中的水蒸氣遇冷液化形成的小水滴。【分析】結

41、合文中信息，找到相關的物理現象和對應的知識點，并做出解釋即可?！窘獯稹拷猓河砷喿x材料可知，文中所涉及到的物理現象和物理知識有：1、物理現象：給火箭加注低溫燃料過程中，火箭周圍冒出縷縷“白氣”；物理知識：“白氣”是空氣中的水蒸氣遇冷液化形成的小水滴；2、物理現象：火箭尾部噴出熊熊火焰；物理知識：燃料燃燒時，化學能轉化為內能；3、物理現象：火箭上的攝像頭監控到衛星緩緩離去；物理知識：攝像頭相當于照相機，成倒立、縮小的實像；故答案為：給火箭加注低溫燃料過程中，火箭周圍冒出縷縷“白氣”；“白氣”是空氣中的水蒸氣遇冷液化形成的小水滴（答案不唯一，合理即可）?！军c評】此題是一道開放題，抓住題目中涉及到的物

42、理知識；如熱現象、能量方面、力學方面等；運用所學物理知識或原理，進行解答即可，語言要規范和嚴密。14（1分）（2020重慶）請按要求完成下列作圖：如圖所示，請畫出平行于主光軸的入射光線AB經凸透鏡折射后的光線。【分析】在作凸透鏡的光路圖時，先確定所給的光線的特點再根據透鏡的光學特點來作圖?！窘獯稹拷猓喝肷涔饩€平行于凸透鏡的主光軸，則經凸透鏡折射后將過右側焦點，如圖所示：【點評】凸透鏡的特殊光線有三條：過光心的光線其傳播方向不變；平行于主光軸的光線經凸透鏡折射后折射光線通過焦點；過焦點的光線經凸透鏡折射后折射光線平行于主光軸。15（1分）（2020重慶）如圖所示硬棒OB能繞支點O轉動，A處用繩子

43、拉住固定在墻壁上。請畫出拉力F的力臂（用L表示）。【分析】力臂是從支點到力的作用線的距離。由支點向力的作用線作垂線，則垂線段的長度即為力臂?！窘獯稹拷猓河芍cO向力F的作用線作垂線，則垂線段的長就是力F的力臂L如下圖所示：【點評】畫力臂時，一是要找準支點，二是要準確畫出力的作用線，然后才是從支點作力的作用線的垂線段，最后還應該用字母將其標出來。三、實驗探究題（本題共3個小題，第16小題6分，第17小題8分.第18小8分，共22分）16（6分）（2020重慶）小明完成了下列實驗，請按要求完成下列問題：（1）他在利用圖1的裝置探究“平面鏡成像特點”的實驗中。應選取一塊?。ㄟx填“厚”或“薄”）玻璃板

44、豎直放置在鋪有白紙的水平木板上：為了比較像和物體的大小關系，應選取兩支相同（選填“相同”或“不同”）的蠟燭：探究中，在蠟燭所成像的位置放置一塊光屏，光屏上不能承接到蠟燭的像，說明平面鏡成的是虛（選填“虛”或“實”）像。（2）他在做“觀察水的沸騰”實驗中某時刻觀察到溫度計示數如圖2甲所示，則此時水的溫度為56；根據記錄數據畫出加熱過程中水的溫度與時間關系圖象如圖2乙所示，分析圖象可知，被測水的沸點是98，水在沸騰過程中溫度不變（選填“升高”“降低”或“不變”）?！痉治觥浚?）玻璃板有兩個反射面，每個反射面都可以成一個像，這樣由于兩個像的干擾，像的位置不易確定準確，需要兩個像距離越近越減小誤差；實

45、驗時選擇兩個相同的蠟燭，便于比較物像大小關系；平面鏡所成的像是虛像，虛像不是實際光線的會聚點，所以不會出現在光屏上；（2）溫度計的讀數：確定每一個大格和每一個小格各代表的示數，再進行讀數；水在沸騰的過程中，吸收熱量，溫度不變?！窘獯稹拷猓海?）玻璃板有兩個反射面，每個反射面都可以成一個像，這樣由于兩個像的干擾，像的位置不易確定準確，需要兩個像距離越近越減小誤差；實驗時選擇兩段相同的蠟燭，這樣做的目的是便于比較物和像的大小關系；因為光屏只能接收實像，不能接受虛像，而平面鏡成的是虛像，在蠟燭所成像的位置放置一塊光屏，光屏上不能接收蠟燭的像，這說明蠟燭成的像是虛像；（2）由圖2甲可知，溫度計的分度值

46、為1，示數是56；由圖2乙可知，水在沸騰的過程中，溫度保持98不變，所以水的沸點為98。故答案為：（1）?。幌嗤?；虛；（2）56；98；不變。【點評】本題考查學生動手操作實驗的能力并會根據對實驗現象的分析得出正確的結論。此類題目在近幾年中考中頻繁出現，備受出題人青睞，其實解答此類題目往往有規律可循，牢記并緊扣平面鏡成像特點和水的沸騰特點可比較容易的進行解答。17（8分）（2020重慶）小倩同學在探究“電流與電壓關系”的實驗中，選用器材有：學生電源（電壓恒為4.5V）、電流表、電壓表、定值電阻R、開關S、導線若干和標有“50 0.5A”字樣滑動變阻器R（1）用筆畫線代替導線，將圖甲中的電路連接完

47、整。（要求：滑片P向D端移動時，電路中的電流變大，且導線不能交叉。）（2）連接電路時，開關必須斷開（選填“斷開”或“閉合”）。在電路連接完整后，閉合開關S前應將滑動變阻器的滑片P移到A（選填“A”或“B”）端。（3）閉合開關S后，移動滑片P時發現電壓表無示數，電流表有示數且不斷變化，則電路故障可能是定值電阻R發生了短路（選填“斷路”或“短路”）。（4）排除故障后閉合開關S，移動滑片P，當電流表的示數為0.28A時，電壓表指針位置如圖乙所示，則定值電阻R的阻值為10多次改變滑動變阻器滑片P的位置，記錄的實驗數據如表：實驗次數1234電壓U/V1.01.42.02.4電流I/A0.100.140.

48、200.24根據實驗數據分析，可初步得出結論：在電阻一定的情況下，通過導體的電流與這段導體兩端的電壓成正比。（5）在實驗過程中，滑動變阻器R接入電路的阻值不得小于5。【分析】（1）根據滑動變阻器的滑片P向D移動，電路中電流變大確定變阻器右下接線柱連入電路中與電阻串聯，滑動變阻器R標有“50 0.5A”字樣的含義確定電流表選用小量程與電阻串聯；（2）為保護電路，連接電路時，開關必須斷開；在電路連接完整后，閉合開關S前應將滑動變阻器的滑片P移到阻值最大處；（3）閉合開關S后，移動滑片P時電流表有示數且不斷變化，則電路為通路，根據電壓表無示數分析；（4）根據電壓表選用小量程確定分度值讀數，由歐姆定律

49、求出定值電阻；橫向比較實驗數據得出結論；（5）電阻與變阻器串聯，電壓表測電阻的電壓，因電壓表選用小量程可知電壓表的最大示數，由串聯電路電壓的規律得出變阻器分得的最小電壓，根據分壓原理求出變阻器連入電路中的最小電阻?！窘獯稹拷猓海?）滑動變阻器的滑片P向D移動，電路中電流變大，即電阻變小，故變阻器右下接線柱連入電路中與電阻串聯，滑動變阻器R標有“50 0.5A”字樣，可知滑動變阻器允許通過的最大電流為0.5A，故電流表選用小量程與電阻串聯，如下圖所示：（2）為保護電路，連接電路時，開關必須斷開；在電路連接完整后，閉合開關S前應將滑動變阻器的滑片P移到阻值最大處的A端；（3）閉合開關S后，移動滑片

50、P時電流表有示數且不斷變化，則電路為通路，發現電壓表無示數，則電路故障可能是定值電阻R發生了短路；（4）排除故障后閉合開關S，移動滑片P，當電流表的示數為0.28A時，電壓表指針位置如圖乙所示，電壓表選用小量程，分度值為0.1V，電壓為2.8V，由歐姆定律，則定值電阻：R10；根據實驗數據知，電壓增大為原來的幾倍，通過的電路也增大為原來的幾倍，可初步得出結論：在電阻一定的情況下，通過導體的電流與這段導體兩端的電壓成正比；（5）電阻與變阻器串聯，電壓表測電阻的電壓，因電壓表選用小量程，故電壓表的最大示數為3V，由串聯電路電壓的規律，變阻器分得的電壓最小為：U4.5V3V1.5V，變阻器分得的電壓

51、為電壓表示數的0.5倍，根據分壓原理，當10電阻時，變阻器連入電路中的最小電阻為：R滑0.5×105。故答案為：（1）如上所示；（2）斷開；A；（3）短路；（4）10；正；（5）5。【點評】本題探究通電導體中電流與電壓的關系實驗，考查電路連接、注意事項、故障分析、控制變量法，數據分析、電阻計算和對器材的要求，屬于?？碱}型。18（8分）（2020重慶）小銘在學校期間，使用一種醫用免洗洗手液對手部進行消毒過程中，聞到了濃濃的酒精味看到該液體流動性較差。查看瓶身上的說明后，確定這種洗手液主要成分為75%的酒精。于是，小銘所在的興趣小組對這種洗手液的密度進行了測量。（1）實驗前，將托盤天平放

52、在水平工作臺上，游碼移到標尺的“0”刻度線處，指針靜止在如圖1甲所示位置，此時應將右端的平衡螺母向右（選境“左”或“右”）調節，使天平平衡。（2）將盛有適量洗手液的燒杯放在天平的左盤，天平重新平衡時，右盤所加砝碼及游碼位置如圖1乙所示，燒杯和洗手液的總質量為72.4g；將燒杯中的部分洗手液倒入量筒，測得燒杯和剩余洗手液的總質量為42.4g；經過一段時間后，觀察到量筒內的液面如圖1丙所示，則量筒內洗手液的體積為30mL，這種洗手液的密度為1g/cm3。（3）小銘對洗手液的密度測量結果有疑感，回到家后利用電子秤、燒杯、細線和一個實心鋁塊等器材再次對這種洗手液的密度進行測量。具體做法如下：在燒杯中倒

53、入適量洗手液放置在電子秤上（如圖2甲）；將系好細線的鋁塊緩緩浸沒到洗手液中保持靜止（如圖2乙），洗手液未溢出；將鋁塊緩慢沉底后松開細線（如圖2丙）。則這次測得洗手液的密度為0.9g/cm3，對前后兩次實驗進行分析，發現在家（選“學校”或“家”）所測洗手液密度的結果更接近真實值，造成另一次密度測量結果與真實值的差異較大的原因可能是洗手液流動性較差，在測量體積時有一部分洗手液還沾在量筒壁上使得洗手液的體積偏小。（已知鋁塊的密度為2.7g/cm3，不計細線質量，細線和正方體均不吸收洗手液）【分析】（1）天平的正確使用：放：把天平放到水平桌面上；移；把游碼移到標尺左端零刻線處；調：調節平衡螺母，使指針

54、指在分度盤的中線處。（2）用天平測物體質量時，物體的質量等于砝碼的質量加上游碼所對刻度，而要準確讀出游碼所對刻度，必須明確標尺的分度值及以游碼左端所對刻度為準；讀取量筒液體的體積時，視線與液面（凹液面的底部）相平；讀出燒杯和洗手液的總質量、已知燒杯和剩余洗手液的總質量，可求得量筒中的洗手液的質量，量筒中洗手液的體積可從量筒中讀出。然后，利用密度公式可求出其密度；（3）由圖2的甲讀出燒杯和洗手液的質量，由圖2的乙讀出洗手液以及排開洗手液的質量之和，從而算出排開液體的質量，根據Gmg算出排開液體的重力，根據阿基米德原理算出浮力；由圖2甲丙知鋁塊的質量為m鋁m3m1，根據密度公式算出鋁塊的體積，根據

55、F浮液gV排求洗手液的密度；對前后兩次實驗進行分析，哪次所測洗手液密度的結果更接近真實值；由于洗手液流動性較差，在測量體積時有一部分洗手液還沾在量筒壁上使得洗手液的體積偏小，根據知，測量的洗手液的密度偏大?！窘獯稹拷猓海?）用托盤天平測量物體質量時，把天平放置在水平桌面上；游碼移到標尺左端的零刻線處，然后調節平衡螺母，平衡螺母向上翹的一端移動，發現指針靜止時指在分度盤中央刻度線的左側，要使橫梁水平平衡，應將平衡螺母向右調節；（2）燒杯和洗手液的總質量為：m150g+20g+2.4g72.4g，根據題意，量筒里洗手液的質量是：mm1m272.4g42.4g30g，由圖知，量筒中洗手液的體積是V30mL30cm3，則洗手液的密度1gcm3；（3）由圖2的甲知燒杯和洗手液的質量為m1190g，由圖2的乙知，燒杯、洗手液以及排開洗手液的質量之和為m2217g，則排開洗手液的質量為m排m2m1217g190g27g0.027kg，排開液體的重力為：G排m排g0.027kg×10N/kg0.27N，根據阿基米德原理知F浮G排0.27N，由圖2甲丙知，鋁塊的質量為m鋁m3m1271g190g81g，鋁塊的體積為：V鋁30cm3，根據F浮液gV排得洗手液的密度：液0.9×103kg/m30.9g