1、真誠為您提供優質參考資料，若有不當之處，請指正。上海市2014年中考物理試卷一、選擇題（共16分）1（2分）（2014上海）在太陽系中，太陽是（）A彗星B衛星C行星D恒星考點：人類探究太陽系及宇宙的歷程專題：粒子與宇宙、材料世界分析：當代天文學的研究成果表明，宇宙是有層次結構的、物質形態多樣的、不斷運動發展的天體系統；自身能發光發熱的天體是恒星解答：解：宇宙是一個有層次的天體結構系統；在太陽系中，太陽自身能發光發熱是恒星故選D點評：本題考查了人類對宇宙的認識，屬于基礎知識的考查，比較簡單2（2分）（2014上海）光射到平面鏡上，入射角為15°，反射角為（）A15°B20&#

2、176;C30°D60°考點：光的反射定律專題：光的傳播和反射、平面鏡成像分析：光的反射定律的內容：入射光線、反射光線和法線在同一平面內，入射光線和反射光線分居在法線兩側，反射角等于入射角解答：解：已知入射角為15°，根據光的反射定律，反射角等于入射角，因此反射角也是15°；故選A點評：本題主要考查的是光的反射定律的應用，以及利用反射定律對反射角和入射角進行計算3（2分）（2014上海）能區分不同歌手聲音的主要依據是（）A響度B音調C音色D振幅考點：音色專題：聲現象分析：我們常用音色來區別不同樂器發出的聲音解答：解：音色反映了聲音的品質和特色，不同發聲體

3、的材料、結構不同，發出聲音的音色也就不同我們能區分不同樂器發出的聲音，這是因為不同樂器發出聲音的音色不同，同樣不同的歌手由于聲帶的寬度和厚度不同，發出的聲音的音色也是不同的故選C點評：本題考查了音色的特點，不同人發出聲音的音色不同4（2分）（2014上海）上海一年中最高氣溫約為（）A20B30C40D50考點：溫度專題：估算綜合應用題分析：根據對上海溫度的了解作答解答：解：從上海有氣象紀錄的140年以來，最熱的一天是1934年7月12日創下的40.2，這一紀錄保持了79年，所以上海一年中最高氣溫約為40故選C點評：本題是一道實際生活題目，考查的是學生對天氣溫度的認識，題目較簡單5（2分）（20

4、14上海）蘋果從樹上落下的過程中，其慣性（）A變大B不變C先變大后不變D先變大后變小考點：慣性專題：運動和力分析：一切物體都具有保持靜止狀態或勻速直線運動狀態的性質，叫慣性；慣性的大小與物體的質量有關，與速度無關解答：解：蘋果下落過程，質量不變，速度變快，因為慣性的大小與物體的質量有關，與速度無關，故慣性不變故選B點評：本題考查了學生對慣性的了解與掌握，慣性現象在現實生活中隨處可見，和我們的生活密切相關，學習中要注意聯系實際，用所學慣性知識解決生活中的實際問題，有意義！6（2分）（2014上海）關于比熱容，下列說法中錯誤的是（）A比熱容可用來鑒別物質B水的比熱容較大，可用作汽車發動機的冷卻劑C

5、沙的比熱容較小，所以沙漠地區晝夜溫差較大D一桶水的比熱容比一杯水的比熱容大考點：比熱容的概念專題：比熱容、熱機、熱值分析：比熱容是物質的一種特性，只與物質的種類和狀態有關，與吸放熱的多少、質量、體積的大小都沒有關系不同物質比熱容一般不同水的比熱容較大，也就是說水吸入的熱量和放出的熱量比較多，利用其吸熱較多可以降溫，利用其放熱較多可以取暖解答：解：A、比熱容是物質的一種特性，不同物質比熱容一般不同，比熱容可用來鑒別物質選項正確 B、水的比熱容較大，降溫時放出的熱量比較多，可用作汽車發動機的冷卻劑選項正確 C、沙的比熱容較小，吸收或放出相同的熱量，溫度變化大，所以沙漠地區晝夜溫差較大選項正確 D、

6、比熱容是物質的一種特性，與質量沒有關系，一桶水的比熱容和一杯水的比熱容相同選項錯誤故選D點評：比熱容是物質的一種特性，關于水的比熱容較大的應用：水可做散熱劑、冷卻劑，用來解釋沿海地區與內陸地區之間的氣候差別，城市熱島效應的原因等等7（2分）（2014上海）在圖所示的電路中，電源電壓保持不變，閉合電鍵S，電路正常工作，一段時間后，電流表A的示數變小，電壓表V的示數不變，若故障只發生在電阻R1，R2上，用某完好的定值電阻R（RR1）替換R2，替換前，后兩電表的示數恰好不變，則（）AR1一定斷路BR2一定斷路CR1可能斷路DR2可能斷路考點：電流表、電壓表在判斷電路故障中的應用專題：電流和電路分析：

7、根據電路圖可知，兩電阻并聯，電流表測量干路電流，電壓表測量并聯電路兩端電壓；根據電流表和電壓表的示數變化情況判斷電路故障解答：解：電壓表示數不變，說明電源完好；電流表示數變小，說明有支路出現斷路；用某完好的定值電阻R（RR1）替換R2，替換前，后兩電表的示數恰好不變，說明替換的定值電阻R=R2，并且R2所在的支路完好；因此電路故障為R1斷路故選A點評：此題考查電流表、電壓表在電路故障中的作用判斷，要結合電路圖和電路的特點進行分析8（2分）（2014上海）如圖所示，水平面上圓柱形容器A，B中分別盛有甲，乙兩種液體，且甲對容器底部的壓強大于乙，現在兩容器中個放入一個物體，物體均漂浮在液面上且液體不

8、溢出，小明認為：若兩物體質量相等，甲對容器底部的壓強可能小于乙，小紅認為：若兩物體體積相等，甲對容器底部的壓強可能小于乙，下列說法正確的是（）A兩人的觀點正確B兩人的觀點均不正確C只有小明的觀點正確D只有小紅的觀點正確考點：壓強大小比較專題：壓強、液體的壓強分析：由未放入物體時的壓強關系判斷出兩液體的密度大小，再利用浮沉條件和阿基米德原理分析放入物體時液面的變化情況，由此分析出甲乙對容器底部壓強的大小關系解答：解：甲對容器底部的壓強大于乙，p=gh又h甲h乙；甲乙；在兩容器中個放入一個物體，物體均漂浮在液面上；則F浮=G；若兩物體質量相等，則所受浮力也相等，根據F浮=液gV排，甲中排開液體的體

9、積小，甲的底面積又大，所以液面上升的高度要小于乙液體上升的高度，故甲對容器底部的壓強可能小于乙；即小明的猜想正確；若兩物體體積相等，乙的密度小，那么物體浸入乙液體的體積要大，排開液體的體積就大，所以液面上升的高度要大于甲液體上升的高度，故甲對容器底部的壓強可能小于乙；即小紅的猜想正確；故選A點評：本題考查了壓強公式、浮沉條件和阿基米德原理，根據題意要仔細分析，還是有一定難度的二、填空題（共分）9（3分）（2014上海）一節新干電池的電壓為1.5伏，四沖程汽油機工作時將機械能轉化為內能的沖程是壓縮沖程，用電器工作將電能轉化為其他形式的能考點：電壓；能量的相互轉化；內燃機的四個沖程專題：其他綜合題

10、分析：一節干電池的電壓是1.5V；干電池串聯的總電壓等于等于各電池的電壓之和；用電器工作時，把電能轉化為其它形式的能量掌握四個沖程中的能量轉化情況，吸氣和排氣沖程不發生能量轉化，壓縮沖程將機械能轉化為內能；做功沖程將內能轉化為機械能解答：解：一節新干電池的電壓為1.5伏，四沖程汽油機工作時將機械能轉化為內能的沖程是壓縮沖程，用電器工作將電能轉化為其他形式的能故答案為：1.5；壓縮；電點評：本題考查的知識點比較多，主要考查學生對所學物理知識的綜合應用能力10（3分）（2014上海）捏泥人是中國傳統民間技藝，藝人將泥揉捏成各異的泥人，這表明力可以使物體發生形變，改變物體內能有兩種方式，烈日照射使泥

11、人溫度升高，屬于熱傳遞方式，用大小為2牛，豎直線上的力將泥人托高1米，該力所做的功為2焦考點：力的作用效果；功的計算；熱傳遞改變物體內能專題：其他綜合題分析：力可以使物體發生形變，可以改變物體的運動狀態；改變物體內能有兩種方式即熱傳遞和做功；根據功W=Fs計算即可解答：解：藝人將泥揉捏成各異的泥人，這表明力可以使物體發生形變，改變物體內能有兩種方式，烈日照射使泥人溫度升高，屬于熱傳遞方式該力所做的功：W=Fs=2N×1h=2J故答案為：形變；熱傳遞；2點評：本題考查力的作用效果、熱傳遞的方式和功的計算，屬于基礎題11（6分）（2014上海）甲乙兩車運動的st圖象分別如圖（a）（b）所

12、示，以甲為參照物，乙是運動的（選填“靜止”或“運動”），甲，乙各運動8米，所用時間相差9秒，甲在上坡過程中，其重力勢能增大（選填“增大”“不變”或“減少”）考點：運動和靜止的相對性；動能和勢能的大小變化專題：運動和力分析：（1）由圖象判斷出甲、乙二者的運動狀態，求出它們的速度；由圖象求出甲與乙相遇的時間差（2）重力勢能大小的影響因素：質量和被舉高的高度；質量越大，高度越大，重力勢能就越大解答：解：圖象是路程時間圖象，由圖象知，甲與乙都做勻速直線運動由圖可求出，甲的速度v甲=m/s，乙的速度v乙=m/s甲、乙兩物體的速度不同，如果以甲為參照物，則乙相對于甲的位置不斷變化，乙是運動的甲，乙各運動8

13、米，甲所需時間t甲=12s，乙所用時間t乙=3s，則它們相遇時的時間差是12s3s=9s甲在上坡過程中高度升高，重力勢能增大故答案為：運動；9；增大點評：圖象可以直觀地反映出物理量間的關系，用圖象描述物理量間的關系、反應物理規律是一種常用的方法，我們要掌握識圖、讀圖、作圖的能力12（3分）（2014上海）在各種不同色光中，紅，綠，藍叫做三原色光，凸透鏡的焦距為10厘米，將發光體放在高透鏡25厘米的主光軸上，所成的像是倒立，縮小的實像（選填“放大”“等于”或“縮小”），像到透鏡的距離小于20厘米（選填“大于”“等于”或“小于”）考點：色光的三原色和顏料的三原色；凸透鏡成像的應用專題：透鏡及其應用

14、分析：光的三原色是紅、綠、藍凸透鏡成像時，U2f，成倒立、縮小的實像，2fvf；2fUf，成倒立、放大的實像，v2f；解答：解：紅光、綠光、藍光叫做三原色光物體到焦距為10cm的凸透鏡距離為25cm時，因為25cm2f，U2f所以成倒立、縮小的實像所以：2fvf，即：20cmv10cm故答案為：紅；縮小，小于點評：知道凸透鏡成像的規律是解答本題的關鍵13（3分）（2014上海）某導體兩端的電壓為2伏，通過該導體的電流為0.2安，1秒內通過其橫截面的電荷量為0.2庫，這段時間內電流做的功為0.4焦，根據圖中通電螺線管的N極，可判斷a端是電源的正極考點：電量及其計算；通電螺線管的磁場；電功的計算專

15、題：其他綜合題分析：（1）已知電流和通電時間，根據公式I=的變形公式即可求出通過導體橫截面積的電荷量；根據W=UIt求出電流做的功；（2）根據安培定則判斷通電螺線管中電流方向根據電源外部，電流從正極流向負極，判斷出電壓正負極解答：解：（1）I=，1秒內通過該導體橫截面的電荷量：Q=It=0.2A×1s=0.2C；電流做的功：W=UIt=2V×0.2A×1s=0.4J（2）根據安培定則，大拇指指向螺線管的N極，右手彎曲的四指與電流方向一致，判斷出螺線管中電流從左端流向右端，故a端為電源的正極；故答案為：0.2；0.4；正點評：本題考查電荷量、電功的計算和安培定則的運

16、用，關鍵是公式及其變形的靈活運用和理解安培定則的內容14（3分）（2014上海）距水面0.2米深處的壓強為1960帕，體積為1×103米3的物體浸沒在水中，受到的浮力的大小為9.8牛，若物體受到的浮力小于重力，則這兩個力的合力小于重力（選填“大于”，“等于”或“小于”）考點：液體的壓強的計算；力的合成與應用；阿基米德原理專題：應用題；壓強和浮力分析：（1）求出題目中水的深度h，根據液體壓強公式p=gh，代入題目的條件可求壓強；（2）根據阿基米德原理F浮=液gV排，可求浮力；（3）據同一直線上相反的兩個力的合力的計算方法分析即可判斷解答：解：（1）則此時水的壓強：p=gh=1.0

17、15;103kg/m3×9.8N/kg×0.2m=1960Pa；（2）根據阿基米德原理得：F浮=水gV排=水gV石=1.0×103kg/m3×9.8N/kg×1×103m3=9.8N；（3）同一直線上反方向上兩個力的合力的大小等于大力減去小力，即其合力一定小于那個大的力，所以若物體受到的浮力小于重力，則這兩個力的合力小于重力；故答案為：（1）1960；（2）9.8；（3）小于；點評：該題考查了液體壓強計算公式、浮力計算公式的應用及合力的計算方法，是一道不錯的綜合題15（3分）（2014上海）在圖中所示的電路中，將電壓表V1，V2正確連

18、入電路，閉合電鍵S，電路正常工作，各電表的示數均不為零，移動滑動變阻器R2的滑片P，電壓表V1與電流表A示數的比值不發生變化，電壓表V2與電流表A示數的比值發生變化電壓表V2測量的是R2或電源兩端的電壓若電壓表V1與V2示數的比值逐漸變小，則變阻器的滑片P正在向b端移動（選填“a“或“b”）考點：電路的動態分析專題：電路變化分析綜合題分析：根據題意確定電壓表的連接方式，然后根據電路結構應用串聯電路特點與歐姆定律分析答題解答：解：電壓表與電流的比值等于電阻阻值，移動滑動變阻器R2的滑片P，電壓表V1與電流表A示數的比值不發生變化，電壓表V2與電流表A示數的比值發生變化，則V1測定值電阻兩端電壓，

19、即電壓表V1測R1兩端電壓，電壓表V2測滑動變阻器R2兩端或電源兩端電壓若電壓表V1與V2示數的比值逐漸變小，說明定值電阻兩端電壓減小，滑動變阻器兩端電壓變大，滑動變阻器接入電路的阻值增大，由圖示電路圖可知，滑片向b端移動故答案為：R2或電源；b點評：本題考查了判斷電壓表的接法、判斷滑片的移動方向，分析清楚電路結構是正確解題的前提與關鍵，應用串聯電路特點即可正確解題16（2分）（2014上海）有些物理量與物質的微觀結構有關，為了研究不同物質的密度與其內部粒子排列緊密程度的關系，小偉通過查閱資料，得到甲，乙，丙三種物質的密度關系是甲乙丙，及其內部粒子排列的模型如圖所示根據以上信息，關于物質的密度

20、與其內部粒子排列緊密程度的關系，小偉可得出的初步結論是：不同物質，內部粒子排列程度越低，物質密度越小小張從其他資料中查到了與上述情況不符的實例，與小偉一起思考分析并查找原因，合理的選項是：BCA物理量都與物質的微觀結構無關B物理的密度還與其他因素有關C由小數研究對象歸納出的結論，不具有普遍意義考點：物質的三態及其基本特征專題：密度及其應用分析：密度是為了描述相同體積的不同物質質量不同而引入的物理量，它指的是單位體積的某種物質的質量，物質的松緊程度指的是物質之間的間接大小密度是物質的一種特性，同種物質（同種狀態）的密度是相同的，不同物質的密度一般不同解答：解：物質的密度與其內部粒子排列緊密程度的

21、關系是：不同物質，內部粒子排列程度越低，物質密度越小物理量不都與物質的微觀結構無關，物理的密度還與其他因素有關，由小數研究對象歸納出的結論，不具有普遍意義故答案為：不同物質，內部粒子排列程度越低，物質密度越小；BC點評：本題考查物質的密度特征，結合所學知識點理解解答即可三、解答題（共3小題，滿分8分）17（2分）（2014上海）在圖中，物塊受到水平向右，大小為2牛的拉力F，用力的圖示法畫出拉力F考點：力的示意圖專題：圖像綜合題分析：作力的圖示時，注意力的方向、大小和作用點要全部表示出來并要先選出比例尺，然后過物體重心作水平向右的力，根據力的大小確定線段的長度解答：解：先選取一段表示2N的線段，

22、然后過物體的重心作水平向右的大小為2N的拉力F，其長短為表示1N線段的2倍，圖示如下：點評：注意力的示意圖與力的圖示的區別：力的示意圖不用選擇標度，而力的圖示則要選擇合適的標度18（2分）（2014上海）在圖中，根據給出的入射光線，畫出相應的出射光線考點：透鏡的光路圖專題：圖像綜合題分析：圖示的凸透鏡的入射光線的特點是平行主光軸，根據其入射光線的特點，可以確定其折射光線的特點，從而畫出對應的折射光線解答：解：平行于主光軸的光線，經過凸透鏡折射后過焦點，由此可以畫出其折射光線，如下圖所示點評：關于凸透鏡或凹透鏡的特殊光線的作圖，把握住入射光線與對應的折射光線的特點是解決此類題目的關鍵在這種題目中

23、，一般是告訴入射光線畫出折射光線，或者是告訴折射光線畫出對應的入射光線19（4分）（2014上海）在圖所示的電路中，有兩根導線尚未連接，請用筆線代替導線補上，補上后要求：電壓表測小燈兩端電壓閉合電鍵S，向a端移動滑動變阻器的滑片P，小燈變亮考點：電路的基本連接方式專題：電流和電路分析：分析清楚電路結構，明確各電路元件的連接方式，根據串聯電路特點，按題目要求確定滑動變阻器的接法，然后完成電路圖連接解答：解向a端移動滑動變阻器的滑片P，小燈變亮，說明滑動變阻器分壓變小，燈泡兩端電壓變大，電壓表示數變大；故將燈泡L右接線柱接到滑動變阻器的a接線柱，燈L左接線柱與電壓表負接線柱相連，如圖所示：點評：本

24、題考查了連接實物電路圖，分析清楚電路結構、根據滑動變阻器用法及串聯電路特點確定滑動變阻器的接法是正確解題的關鍵四、解答題（共3小題，滿分22分）20（5分）（2014上海）杠桿平衡時，動力F1的大小為10牛，動力臂l1為0.2米，阻力臂l2為0.1米，求阻力F2的大小考點：杠桿的平衡分析法及其應用專題：簡單機械分析：根據杠桿平衡條件可以求出阻力大小解答：解：由杠桿平衡條件得：F1×l1=F2×l2，即：10N×0.2m=F2×0.1m，解得：F2=20N；答：阻力F2的大小為20N點評：本題考查了求阻力大小，已知動力、動力臂、阻力臂，應用杠桿平衡條件可以

25、求出阻力大小21（9分）（2014上海）如圖所示，輕質薄壁圓柱形容器A，B分別置于高度差為h的兩個水平面上，A中盛有深度為16h的液體甲，B中盛有深度為19h，體積為5×103米3的液體乙（乙=0.8×103千克/米3）求液體乙的質量m乙求水平面對容器B的支持力FB的大小若在圖示水平面MN處兩種液體額壓強相等，先從兩容器中分別抽出高均為h的液體后，容器對各自水平面的壓強為pA和pB，請通過計算比較pA和pB的大小關系及其對應h的取值范圍考點：密度公式的應用；液體壓強計算公式的應用專題：密度及其應用；壓強、液體的壓強分析：已知液體乙的密度和體積，利用密度公式變形m=V可直接求

26、得液體乙的質量m乙靜止在水平面上的物體對水平面的壓力等于其重力，而壓力和支持力是一對相互作用力，大小相等，故根據G=ng求出液體乙的重力即可得到支持力大小；根據壓強相等列出等式，求得兩種液體的密度之比，設pA=pB，得到Ag（16hh）=Bg（19hh），求得h，再進行分析即可解答：解：由=得，液體乙的質量：m乙=乙V乙=0.8×103kg/m3×5×103m3=4kg；由題意知，FB=F壓=G乙=m乙g=4kg×9.8N/kg=39.2N；由題意知，Ag12h=Bg15h，即：A：B=5：4，設pA=pB，則Ag（16hh）=Bg（19hh），解得：h

27、=4h，若0h4h，則pApB；若h=4h，則pA=pB；若4hh16h，則pApB；答：求液體乙的質量m乙為4kg；水平面對容器B的支持力FB的大小為39.2N；若0h4h，則pApB；若h=4h，則pA=pB；若4hh16h，則pApB點評：此題考查密度公式和液體壓強公式的應用，難度在，關鍵是根據題意設pA=pB，得到Ag（16hh）=Bg（19hh），求得h對學生來說有一定的拔高難度，屬于難題22（8分）（2014上海）在圖（a）所示的電路中，滑動變阻器R2是規格為“20，2A”和“5，3A”中的一個，閉合電鍵S，當變阻器連入電路恰好為其最大阻值的一半時，電流表的示數為0.3安，此時：若

28、電阻R1的阻值為20歐，求R1兩端的電壓U1若在電路中正確連入兩個電壓表，示數分別如圖（b），（c）所示，請通過計算判斷所用變阻器R2的規格，并求出電阻R1消耗的電功率P1考點：歐姆定律的應用；電功率的計算專題：歐姆定律；電能和電功率分析：根據歐姆定律求出電流表示數為0.3安時R1兩端的電壓；由電路圖可知，R1與變阻器R2串聯，當變阻器連入電路恰好為其最大阻值的一半時，根據歐姆定律求出電流表示數為0.3安時兩種規格的變阻器時R2兩端的電壓，然后與電壓表的可能示數值比較，判斷出所用變阻器R2的規格，和電壓表的連接，最后根據P=UI求出電功率P1解答：解：當電流表的示數為0.3安，由歐姆定律得U1

29、=IR1=0.3A×20=6V；由電路圖可知：R1與變阻器R2串聯，當變阻器連入電路恰好為其最大阻值的一半時，電路中電流為I=0.3A，若變阻器R2的規格為、R2=20，則R2=R2=×20=10，由歐姆定律得：U2=IR2=0.3A×10=3V；、R2=5，則R2=R2=×5=2.5，由歐姆定律得：U2=IR2=0.3A×2.5=0.75V；由所示電壓表示數分別為：（b）0.9V或4.5V，（c）1.5V或7.5V，與U2比較可知，電壓表一定不會并聯在R2兩端，故一只電壓表是并聯在R1兩端，另一只電壓表測量電源電壓；兩只電壓表示數之差為U2，

30、即3V或0.75V，比較電壓表示數可知只有3V符合，故取R2=20；兩只電壓表組合方式有：、（b）測量電源電壓，示數為4.5V，（c）測R1兩端電壓，示數為1.5V；、（b）測R1兩端電壓，示數為4.5V，（c）測量電源電壓，示數為7.5V；電阻R1消耗的電功率P1=U1I1=1.5V×0.3A=0.45W，或P1=U1I1=4.5V×0.3A=1.35W答：若電阻R1的阻值為20歐，R1兩端的電壓U1為6V通過計算判斷所用變阻器R2的規格為20，電阻R1消耗的電功率P1為0.45W或1.35W點評：本題考查歐姆定律的應用和串聯電路的電壓特點，關鍵是根據兩只電壓表的可能示數

31、，與電路中的可能電壓值比較，能判斷出電壓表的連接情況五、實驗題（18分）23（4分）（2014上海）圖（a）所示的測量工具是電流表，使用時應串聯在電路中，圖（b）所示的彈簧測力計量程為05牛，此時的示數為3.2牛考點：電流表的使用；彈簧測力計的使用與讀數專題：基本儀器的使用專題分析：（1）電流表的用途：是用來測量電路中電流大小的，規定圈里電流的單位為電壓表的符號；（2）量程是測量工具的測量范圍，讀書時先要認清分度值解答：解：（a）圖中電學儀表表盤上標有“A”，說明是電流表，電流表應與被測電路串聯；（b）圖中彈簧測力計的最大刻度是5，量程為05N；分度值為0.2N，指針在3N以下第1個刻度上，示

32、數為：3N+1×0.2N=3.2N故答案為：電流；串；05；3.2點評：本題考查了兩種測量工具，對基本測量工具的使用是必須要掌握的24（4分）（2014上海）“測定小燈泡的電功率”的實驗原理是P=UI連接電路時電鍵應處于斷開狀態，在“探究平面鏡成像的特點”實驗中，采用玻璃板作為平面鏡，為得到像與物體到鏡面的距離關系，需將鏡前物體放在不同位置進行多次實驗（選填“同一”或“不同”）考點：電功率的測量專題：測量型實驗綜合題分析：（1）伏安法測燈泡額定功率的原理是P=UI連接電路過程中，為保證電路安全，開關應斷開（2）實驗中用透明的玻璃板代替平面鏡，同時能看到成像物體的像和鏡后和像對比的物體

33、，便于確定像的位置，便于比較物像大小關系解答：解：（1）伏安法測燈泡額定功率的原理：P=UI；連接電路過程中，為保護電路，開關應處于斷開狀態；（2）在“探究平面鏡成像的特點”實驗中，用透明的玻璃板代替平面鏡，在物體一側，既能看到蠟燭A的像，也能看到代替蠟燭A的蠟燭B，便于確定像的位置；一次實驗不具備代表性，應采取同樣的實驗方案多做幾次，避免實驗現象的偶然性，才能保證結論的正確，所以應將物體放在不同位置進行實驗故答案為：P=UI；斷開；玻璃板；不同點評：伏安法測電阻和測小燈泡電功率的實驗是初中物理實驗的重點，它們的原理圖是一樣的，但不能用來測驗證歐姆定律中的電流與電壓的關系，原因是燈泡的電阻會隨

34、溫度的變化而變化，要明確25（4分）（2014上海）某小組同學試圖探究物體從斜面頂端由靜止下滑到底端時速度的大小v與哪些因素有關，他們猜想v可能與斜面的傾角，斜面材料，物體的質量m三個因素有關，于是選用：一長方體木塊，100克砝碼片（可站在木塊上表面），兩個長度相同材料不同的斜面A和B進行試驗，按圖1所示，將木塊平放在斜面頂端，木塊由靜止下滑，用傳感器測得其到達底端時的v，改變相關條件，多次實驗，并將實驗數據記錄在下表中實驗序號 斜面M（克）V（厘米/秒）120°A200245220°A300245320°B200153420°B300153525

35、76;A200307630°A200358735°A200V2840°A200438940°A200470分析比較表中數據可得：v與物體質量m無關分析比較實驗序號1，2，6，8與9的數據及相關條件，可得出的初步結論是：同一木塊，平放在長度相同的斜面頂端由靜止下滑，斜面的傾角越大，物體從斜面頂端由靜止下滑到底端時速度的大小v越大在實驗上述實驗后，有同學提出新的猜想：v可能還與物體跟斜面的接觸面積有關，為了驗證猜想，應選擇圖2中（d）與（a）進行對比實驗（選填“（b）”“（c）”或“（d）”）即可得出初步結論考點：控制變量法與探究性實驗方案專題：探究型實驗綜合題分析：（1）分析數據可知，當斜面的傾角，斜面材料不變時，改變物體的質量，物體從斜面頂端由靜止