1、 2013年10月夢陽的高中物理組卷 一選擇題（共15小題） 1（2012?海南）兩分子間的斥力和引力的合力F與分子間距離r的關系如圖中曲線所示，曲線與r軸交點的橫坐標為r0相距很遠的兩分子在分子力作用下，由靜止開始相互接近若兩分子相距無窮遠時分子勢能為零，下列說法正確的是（ ） A 在rr0階段，F做正功，分子動能增加，勢能減小 B 在rr0階段，F做負功，分子動能減小，勢能減小 C 在rr0階段，F做正功，分子動能減小，勢能減小 D 在r=r0時，分子勢能為零 E 分子動能和勢能之和在整個過程中不變 2（2012?南寧一模）一列橫波在x軸上傳播，在x=0與x=1cm的兩點的振動圖線分別如圖

2、中實線與虛線所示由此可以得出（ ） A 波長一定是4cm B 波的周期一定是4s C 波的振幅一定是2cm D 波的傳播速度一定是1cm/s 3（2011?四川）如圖為一列沿x軸負方向傳播的簡諧橫波在t=0時的波形圖，當Q點在t=0時的振動狀態傳到P點時，則（ ） A 1cmx3cm范圍內的質點正在向y軸的負方向運動 B Q處的質點此時的加速度沿y軸的正方向 C Q處的質點此時正在波峰位置 D Q處的質點此時運動到p處 4（2013?虹口區二模）兩波源S1、S2在水槽中形成的波形如圖所示，其中實線表示波峰，虛線表示波谷，則（ ） A 在兩波相遇的區域中會產生干涉 B 圖示時刻a點位移向上最大

3、C a點的振動始終加強 D a點的振動始終減弱 5（2005?煙臺模擬）如圖所示，沿x軸正方向傳播的一列簡諧波在某時刻的波形圖為一正弦曲線，其波速為200m/s，則可推出，其中正確的（ ） A 圖中質點b的加速度正在增大 B 從圖示時刻開始，經過0.01s，質點a通過的路程為4m，位移為零 C 若此波遇到另一波并發生穩定干涉現象，則該波所遇到的波的頻率為50 Hz D 若發生明顯衍射現象，該波所遇到的障礙物的尺寸一般不小于4 m 6如圖所示，甲乙兩簡諧橫波（圖中各畫了一個波長），在同一條繩上傳播時某時刻的圖線，則下列說法中正確的是（ ） A 這兩列波不可能發生干涉現象 B 波甲的速度v1比波乙

4、的速度v2大 C 波甲的速度v1比波乙的速度v2小 D 波甲的速度v1與波乙的速度v2一樣大 7（2010?河北）一簡諧橫波以4m/s的波速沿x軸正方向傳播已知t=0時的波形如圖所示，則（ ） A 波的周期為1s B x=0處的質點在t=0時向y軸負向運動 C x=0處的質點在 t=s時速度為0 D x=0處的質點在 t=s時速度值最大 8（2007?江蘇）如圖所示，實線和虛線分別為某種波在t時刻和t+t時刻的波形曲線B和C是橫坐標分別為d和3d的兩個質點，下列說法中正確的是（ ） A 任一時刻，如果質點B向上運動，則質點C一定向下運動 B 任一時刻，如果質點B速度為零，則質點C的速度也為零

5、C 如果波是向右傳播的，則波的周期可能為t D 如果波是向左傳播的，則波的周期可能為t 9（2012?瀏陽市一模）如圖所示為某時刻從O點同時發出的兩列簡諧橫波在同一介質中沿相同方向傳播的波形圖，P點在甲波最大位移處，Q點在乙波最大位移處，下列說法中正確的是：（ ） A 兩列波具有相同的波速 B 兩列波傳播相同距離時，乙波所用的時間比甲波的短 C P點比Q點先回到平衡位置 D 在P質點完成20次全振動的時間內Q質點可完成30次全振動 E 甲波和乙波在空間相遇處不會產生穩定的干涉圖樣 10（2011?黃浦區二模）如圖所示，一列簡諧橫波沿x軸正向傳播，振幅為2cm，已知在t=0時刻相距30m的兩個質

6、點a、b的位移都是1cm，但運動方向相反，如圖所示，其中a質點運動沿y軸負向；當t=2s時，b質點第一次回到y=1cm處，則（ ） A t=0時刻，a、b兩個質點的加速度相同 B a、b兩個質點平衡位置間的距離為半波長的奇數倍 C 此波的周期小于8s D 此波的波速可能為15m/s 11（2005?蘇州模擬）彈性繩上有間距均為1m的6個質點a、b、c、d、e、f，一列橫波從左向右傳播，在t=0時到達質點a，t=2s時的波形如圖所示則在5st6s這段時間內（ ） A 質點c的加速度逐漸增大 B 質點a的速度逐漸增大 C 質點d向下運動 D 質點f加速度向上 12（2013?江蘇）在輸液時，藥液有

7、時會從針口流出體外，為了及時發現，設計了一種報警裝置，電路如圖所示M是貼在針口處的傳感器，接觸到藥液時其電阻RM發生變化，導致S兩端電壓U增大，裝置發出警報，此時（ ） A RM變大，且R越大，U增大越明顯 B RM變大，且R越小，U增大越明顯 C RM變小，且R越大，U增大越明顯 D RM變小，且R越小，U增大越明顯 13（2006?上海）在如圖所示電路中，閉合電鍵S，當滑動變阻器的滑動觸頭P 向下滑動時，四個理想電表的示數都發生變化，電表的示數分別用IU1U2和U3表示，電表示數變化量的大小分別用IU1U2和U3表示下列比值正確的是（ ） A U1：I不變，U1：I不變 B U2：I變大，

8、U2：I變大 C U2：I變大，U2：I不變 D U3：I變大，U3：I不變 14（2012?石家莊一模）A，B兩塊正對的金屬板豎直放置，在金屬板A的內側表面系一絕緣細線，細線下端系一帶電小球兩塊金屬板接在如圖所示的電路中，其中R1為光敏電阻，R2為滑動變阻器，R3為定值電阻當R2的滑動觸頭P在a端時閉合開關S此時電流表A和電壓表V的示數分別為I和U帶電小球靜止時絕緣細線與金屬板A的夾角為，電源電動勢E和內阻r一定以下說法正確的是（ ） A 若僅將R2的滑動觸頭P向b端移動，則I不變，U增大 B 若僅增大A、B板間距離，則小球重新達到穩定后變大 C 若僅用更強的光照射R1，則I增大，U增大 D

9、 若僅用更強的光照射R1，則U變化量的絕對值與I變化量的絕對值的比值不變 15（2012?閔行區一模）如圖所示電路中，R2=R3=20，R4=10，r=1，當滑動變阻器的滑動頭P向左滑動時，三個理想電表的示數都發生變化，電流表A1、A2、A3的示數變化量的絕對值分別為I1、I2、I3，下列說法中正確的是（ ） A 電流表A1的示數一定增大 B 電流表A2的示數一定增大 C I3一定大于I1 D I1一定小于I2 二填空題（共1小題） 16如圖所示，AB兩端接直流穩壓電源，UAB=100V，R0=40，滑動變阻器總電阻R=20，當滑動片處于變阻器中點時，C、D兩端電壓UCD為 _ V，通過電阻R

10、0的電流為 _ A 三解答題（共13小題） 17（2013?四川）如圖所示，豎直平面（紙面）內有直角坐標系xOy，x軸沿水平方向在xO的區域內存在方向垂直于紙面向里，磁感應強度大小為B1的勻強磁場在第二象限緊貼y軸固定放置長為l、表面粗糙的不帶電絕緣平板，平板平行于x軸且與x軸相距h在第一象限內的某區域存在方向相互垂直的勻強磁場（磁感應強度大小為B2、方向垂直于紙面向外）和勻強電場（圖中未畫出）一質量為m、不帶電的小球Q從平板下側A點沿x軸正向拋出；另一質量也為m、帶電量為q的小球P從A點緊貼平板沿x軸正向運動，變為勻速運動后從y軸上的D點進入電磁場區域做勻速圓周運動， 經圓周離開電磁場區域，

11、沿y軸負方向運動，然后從x軸上的K點進入第四象限小球P、Q相遇在第四象限的某一點，且豎直方向速度相同設運動過程中小球P電量不變，小球P和Q始終在紙面內運動且均看作質點，重力加速度為g求： （1）勻強電場的場強大小，并判斷P球所帶電荷的正負； （2）小球Q的拋出速度vo的取值范圍； （3）B1是B2的多少倍？ 18（2012?重慶）有人設計了一種帶電顆粒的速率分選裝置，其原理如圖所示，兩帶電金屬板間有勻強電場，方向豎直向上，其中PQNM 矩形區域內還有方向垂直紙面向外的勻強磁場一束比荷（電荷量與質量之比）均為的帶正電顆粒，以不同的速率沿著磁場區域的水平中心線為OO進入兩金屬板之間，其中速率為v0

12、的顆粒剛好從Q點處離開磁場，然后做勻速直線運動到達收集板重力加速度為g，PQ=3d，NQ=2d，收集板與NQ的距離為l，不計顆粒間相互作用求： （1）電場強度E的大小； （2）磁感應強度B的大小； （3）速率為v0（1）的顆粒打在收集板上的位置到O點的距離 19（2010?福建）如圖所示的裝置，左半部為速度選擇器，右半部為勻強的偏轉電場一束同位素離子流從狹縫S1射入速度選擇器，能夠沿直線通過速度選擇器并從狹縫S2射出的離子，又沿著與電場垂直的方向，立即進入場強大小為E的偏轉電場，最后打在照相底片D上已知同位素離子的電荷量為q（q0），速度選擇器內部存在著相互垂直的場強大小為E0的勻強電場和磁感

13、應強度大小為B0的勻強磁場，照相底片D與狹縫S1、S2的連線平行且距離為L，忽略重力的影響 （1）求從狹縫S2射出的離子速度v0的大小； （2）若打在照相底片上的離子在偏轉電場中沿速度v0方向飛行的距離為x，求出x與離子質量m之間的關系式（用E0、B0、E、q、m、L示） 20（2013?北京）某同學通過實驗測定一個阻值約為5的電阻Rx的阻值 （1）現有電源（4V，內阻可不計）、滑動變阻器（050，額定電流2A），開關和導線若干，以及下列電表： A電流表（03A，內阻約0.025） B電流表（00.6A，內阻約0.125） C電壓表（03V，內阻約3k） D電壓表（015V，內阻約15k） 為

14、減小測量誤差，在實驗中，電流表應選用 _ ，電壓表應選用 _ （選填器材前的字母）；實驗電路應采用圖1中的 _ （選填“甲”或“乙”） （2）圖2是測量Rx的實驗器材實物圖，圖中已連接了部分導線請請根據在（1）問中所選的電路圖，補充完成圖2中實物間的連線 （3）接通開關，改變滑動變阻器畫片P的位置，并記錄對應的電流表示數I、電壓表示數U某次電表示數如圖3所示，可得該電阻的測量值Rx= _ （保留兩位有效數字） （4）若在（1）問中選用甲電路，產生誤差的主要原因是 _ ；若在（1）問中選用乙電路，產生誤差的主要原因是 _ （選填選項前的字母） A電流表測量值小于流經Rx的電流值 B電流表測量值大

15、于流經Rx的電流值 C電壓表測量值小于Rx兩端的電壓值 D電壓表測量值大于Rx兩端的電壓值 （5）在不損壞電表的前提下，將滑動變阻器滑片P從一端滑向另一端，隨滑片P移動距離x的增加，被測電阻Rx兩端的電壓U也隨之增加，下列反映Ux關系的示意圖中正確的是 _ 21（2011?上海）實際電流表有內阻，可等效為理想電流表與電阻的串聯測量實際電流表G1內阻r1的電路如圖1所示供選擇的儀器如下： 待測電流表G1（05mA，內阻約300），電流表G2（010mA，內阻約100），定值電阻R1（300），定值電阻R2（10），滑動變阻器R3（01000），滑動變阻器R4（020），干電池（1.5V），電鍵S

16、及導線若干 （1 ）定值電阻應選 _ ，滑動變阻器應選 _ （在空格內填寫序號） （2）用連線連接實物圖2 （3）補全實驗步驟： 按電路圖連接電路， _ ； 閉合電鍵S，移動滑動觸頭至某一位置，記錄G1，G2的讀數I1，I2； _ ； 以I2為縱坐標，I1為橫坐標，作出相應圖線，如圖3所示 （4）根據I2I1圖線的斜率k及定值電阻，寫出待測電流表內阻的表達式 _ 22（2012?南海區模擬）（1）如圖（1）所示，在做“研究勻變速直線運動”的實驗中，在一段紙帶上得到5個清晰的計數點（相鄰計數點之間還有四個點未畫出）已知打點計時器的打點頻率為50Hz，從1點起相鄰計數點間的距離依次分別為2.80c

17、m、4.40cm、5.98cm、7.60cm則打下計數點4時，小車的速度為 _ m/s；小車的加速度為 _ m/s2（結果取三位有效數字） （2）如圖（2）中，螺旋測微器的讀數是 _ mm （3）某同學按正確步驟選用歐姆擋“×100”測某電阻時，指針位置如圖（3），則被測電阻阻值為 _ 為了更準確測量該電阻，該同學使用伏安法可選用器材如下： A電流表A1（量程為1mA，內阻約為5）； B電流表A2（量程為3A，內阻約為0.1）； C電壓表V1（量程為3V，內阻約為10k）； D電壓表V2（量程為15V，內阻約為30k）； E滑動變阻器R（最大電阻值為20）； F電源E（電動勢6V，內

18、阻不計）； G開關一個，導線若干 電壓表應選用 _ ；電流表應選用 _ （用序號字母表示） 試設計實驗電路圖，畫在虛線方框內 23（2011?湛江二模）（1）利用如圖所示電路測量一量程為300mV的電壓表的內阻Rv，Rv約為300 請補充完整某同學的實驗步驟： A按電路圖正確連接好電路，把滑動變阻器R的滑片P滑到 _ （填“a”或“b”）端，閉合開關S2； B閉合開關Sl，調節滑動變阻器滑片的位置，使電壓表的指針指到滿刻度； C保持開關S1閉合和滑動變阻器滑片P的位置不變，斷開開關S2，調整電阻箱R0的阻值大小，使電壓表的指針指到滿刻度的 _ ；讀出此時電阻箱R0的阻值，即等于電壓表內阻Rv

19、實驗所提供的器材除待測電壓表、電阻箱（最大阻值999.9）、電池（電動勢約1.5V，內阻可忽略不計）、導線和開關之外，還有如下可供選擇的實驗器材：A滑動變阻器（最大阻值200）； B滑動變阻器（最大阻值20）為了使測量比較精確，從可供選擇的實驗器材中，滑動變阻器R應選用 _ （填序號） 對于上述測量方法，從實驗原理分析可知，實際測出的電壓表內阻的測量值R測 _ （填“大于”、“小于”或“等于”）真實值Rv （2）某同學利用如圖甲的實驗裝置來驗證機械能守恒定律 該同學開始實驗時情形如圖甲所示，接通電源釋放紙帶請指出該同學在實驗操作中存在的兩處明顯錯誤或不當的地方： a _ ；b _ 實驗中所用重

20、物的質量m=lkg，經改正錯誤后，打出的紙帶如圖乙所 示，O為重物由靜止開始運動時打點計時器所打的第一個點，A、B、C、D為相鄰的幾個計數點，每兩個相鄰計數點的時間間隔為0.04s，測得OA=0.77cm、OB=3.07cm、OC=6.92cm、OD=12.30cm，查出當 地的重力加速度g=9.80m/s2，則重物在計時器打下B點時的動能EkB= _ J；從開始下落到打下B點的過程中，重物的重力勢能減少量Ep= _ J（結果保留三位有效數字） 據紙帶算出相關各點的速度v并量出下落的距離h，以導為縱軸，以h為橫軸畫出的圖線應是圖丙中的 _ ，由此可說明機械能是守恒的，圖象的斜率代表的物理量是

21、_ 24長度為L，相距為d的兩平行金屬板加如圖所示的電壓，一質量為m，帶電量為q的粒子從t=0時刻起，以初速度v0沿板的中線射入兩板之間，不計重力試求： （1）為使粒子飛出電場時的動能最大 （2）為使粒子飛出電場時的動能最小，所加的電壓U0及周期T各滿足什么條件 25電視機的顯像管中，電子束的偏轉是用磁偏轉技術實現的在電子槍中產生的電子經過加速電場加速后射出，從P點進入并通過圓形區域后，打到熒光屏上，如圖所示如果圓形區域中不加磁場，電子一直打到熒光屏上的中心O點的動能為E；在圓形區域內加垂直于圓面、磁感應強度為B的勻強磁場后，電子將打到熒光屏的上端N點已知ON=h，PO=L電子的電荷量為e，質

22、量為m求： （1）電子打到熒光屏上的N點時的動能是多少？說明理由 （2）電子在電子槍中加速的加速電壓是多少？ （3）電子在磁場中做圓周運動的半徑R是多少？ （4）試推導圓形區域的半徑r與R及h、L的關系式 26如圖所示，在x0，y0的空間存在沿y軸負方向的勻強電場，場強大小為E一粒子源不斷地發射相同的帶電粒子，粒子的初速度恒定，并從y軸上的a處沿x軸正方向射入勻強電場中，粒子經電場作用后恰好從x軸上的b處射出已知oa=2ob=L若撤去電場，在此區域加一方向垂直于xoy平面的勻強磁場，磁感強度大小為B，其它條件不變，粒子仍恰好從b處射出，不計粒子的重力和粒子之間的相互作用 （1）求帶電粒子的比荷

23、（q/m） （2）帶電粒子在電場中的運動時間t1與帶電粒子在磁場中的運動時間t2之比是多大？（sin53°=0.8，cos53°=0.6） 27（2013?重慶）某同學對有故障的電熱毯進行探究圖1是電熱毯的電路示意圖，其中電熱線和導線通過金屬接線片連接圖2為測試電路實物圖，A、B為測試表筆，電壓表內阻很大，可視為理想電表 請在答題卡虛線框內畫出與圖2對應的電路圖 斷開K1，用上述測試電路在1和1之間檢測得知電熱線無故障，然后測得電熱線的UI曲線如圖3所示已知電熱線材料的電阻率為2.8×107?m，電熱線的直徑為0.200mm可求得此電熱線的電阻為 _ k，總長度為

24、 _ m （結果均保留兩位有效數字） 為了進一步檢查故障，該同學閉合開關K1和K2，用表筆A和B分別對圖1中所示的各點進行測試，部分測試結果如下表所示由此測試結果可判斷出電路有斷路，位置在 _ 之間（在“1和2”、“1和2”、“2和3”、“2和3”中選填一項） 測試點 3和3 1和1 1和3 1和2 2和3 電表指針有無偏轉 電壓表 有 有 無 有 無 電流表 無 有 有 無 有 28（2011?安徽）為了測量某一彈簧的勁度系數，降該彈簧豎直懸掛起來，在自由端掛上不同質量的砝碼實驗冊除了砝碼的質量m與彈簧長度l的相應數據，七對應點已在圖上標出（g=9.8m/s2） （1）作出ml的關系圖線；

25、（2）彈簧的勁度系數為 _ N/m （1）某同學實用多用電表粗略測量一定值電阻的阻值，先把選擇開關旋到“×1k”擋位，測量時針偏轉如圖（a）所示請你簡述接下來的測量過程： _ ； _ ； _ ； 測量結束后，將選擇開關旋到“OFF”擋 （2）接下來采用“伏安法”較準確地測量該電阻的阻值，所用實驗器材如圖（b）所示 其中電壓表內阻約為5k，電流表內阻約為5圖中部分電路已經連接好，請完成實驗電路的連接 （3）圖（c）是一個多量程多用電表的簡化電路圖，測量電流、電壓和電阻各有兩個量程當轉換開關S旋到位置3時，可用來測量 _ ；當S旋到位置 _ 時，可用來測量電流，其中S旋到位置 _ 時量程

26、較大 29（2011?嘉定區模擬）（單選題）利用圖中所示裝置研究雙縫干涉現象，下面幾種說法正確的是（ ） A將屏移近雙縫，干涉條紋間距變寬 B將濾光片由藍色換成紅色，干涉條紋間距變寬 C將單縫向雙縫移動一小段距離后，干涉條紋間距變寬 D換一個兩縫之間距離較大的雙縫，干涉條紋間距變寬 2013年10月夢陽的高中物理組卷 參考答案與試題解析 一選擇題（共15小題） 1（2012?海南）兩分子間的斥力和引力的合力F與分子間距離r的關系如圖中曲線所示，曲線與r軸交點的橫坐標為r0相距很遠的兩分子在分子力作用下，由靜止開始相互接近若兩分子相距無窮遠時分子勢能為零，下列說法正確的是（ ） A 在rr0階段

27、，F做正功，分子動能增加，勢能減小 B 在rr0階段，F做負功，分子動能減小，勢能減小 C 在rr0階段，F做正功，分子動能減小，勢能減小 D 在r=r0時，分子勢能為零 E 分子動能和勢能之和在整個過程中不變 考點： 分子間的相互作用力；分子勢能 專題： 壓軸題；內能及其變化專題 分析： 當分子間距離等于平衡距離時，分子力為零，分子勢能最小；當分子間距離小于平衡距離時，分子力表現為斥力；根據圖象分析答題 解答： 解：由圖象可知：分析間距離為r0時分子勢能最小，此時分子間的距離為平衡距離； A、r0是分子的平衡距離，r大于平衡距離，分子力表現為引力，F做正功，分子動能增加，勢能減小，故A正確；

28、 B、C、當r小于r0時，分子間的作用力表現為斥力，F做負功，分子動能減小，勢能增加，故BC錯誤； D、當r等于r0時，分子勢能最小但不為零，故C錯誤； E、分子動能和勢能之和在整個過程中不變，故D正確； 故選AE 點評： 分子間距離等于平衡距離時分子勢能最小，掌握分子間作用力與分子間距離的關系、分子清楚圖象，即可正確解題 2（2012?南寧一模）一列橫波在x軸上傳播，在x=0與x=1cm的兩點的振動圖線分別如圖中實線與虛線所示由此可以得出（ ） A 波長一定是4cm B 波的周期一定是4s C 波的振幅一定是2cm D 波的傳播速度一定是1cm/s 考點： 波長、頻率和波速的關系；橫波的圖象

29、 分析： 由振動圖象可直接讀出振幅、周期； 因不知波的傳播方向故需討論兩種可能的傳播方向，在圖象中找出同一時刻兩點的位置確定兩點間的可能 的波長數；則由波長、頻率及波速的關系可求得波速的可能值； 解答： 解：根據振動圖象兩個最大值的橫坐標之差為振動周期，則T=4s，B選項正確； 從圖象縱坐標可看出振幅A=2cm，C選項正確； 根據題中所給的振動圖象可得如果波從0到1 傳播，則，如果波從1到0 傳播，則，根 據可計算出波速和波長可能是1cm/s和4cm（波從1到0傳播，n=0），但1cm/s和4cm，不是唯一答案，故A、D錯誤 故選BC 點評： 本題把兩個質點的振動圖象分虛實線畫在同一個坐標系上

30、，這在平時是很少見的，但是yx中這樣的畫法卻是非常常見的，所以有的考生根本就不看橫坐標的含義，就把本題認定為波形圖，得到“波長一定是4cm”的錯誤答案，這是本題的創新點；歸根到底還是考生沒有養成解題的良好習慣，憑感覺做題，缺乏分析，這正是命題專家經常命題的一個方向同時應注意波的傳播中在時間和空間上的多解性 3（2011?四川）如圖為一列沿x軸負方向傳播的簡諧橫波在t=0時的波形圖，當Q點在t=0時的振動狀態傳到P點時，則（ ） A 1cmx3cm范圍內的質點正在向y軸的負方向運動 B Q處的質點此時的加速度沿y軸的正方向 C Q處的質點此時正在波峰位置 D Q處的質點此時運動到p處 考點： 波

31、長、頻率和波速的關系 分析： 由題意利用平移法可知Q點的狀態傳到P點時波形圖，由波形圖可判斷各點的振動情況 解答： 解：當Q點在t=0時的振動狀態傳到P點時，Q點在t=0時的波沿也向左傳到P點，所以x=0cm處質元在波谷，x=2cm處質元在波峰，則1cmx2cm向y軸的正方向運動，2cmx3cm向y軸的負方向運動，A錯誤； Q點振動四分之三周期后到達波谷加速度沿y軸的正方向最大，不能平移，B正確，C D錯誤 故選B 點評： 本題波形是關鍵，只要畫出新的波形各點的振動即可明確！ 4（2013?虹口區二模）兩波源S1、S2在水槽中形成的波形如圖所示，其中實線表示波峰，虛線表示波谷，則（ ） A 在

32、兩波相遇的區域中會產生干涉 B 圖示時刻a點位移向上最大 C a點的振動始終加強 D a點的振動始終減弱 考點： 波的干涉和衍射現象；波的疊加 專題： 光的干涉專題 分析： 波的干涉產生的條件是兩列波的頻率相同，根據波的疊加判斷位移的大小 解答： 解：從圖上可以看成，兩列波的波長不同，波速相等，則頻率不等，則不會發生干涉現象，不會出現振動始終加強點和減弱點此時a點為波峰與波峰疊加，a點的位移為這兩列波引起位移的矢量和，則此時a點向上的位移最大故B正確，A、C、D錯誤 故選B 點評： 解決本題的關鍵知道波干涉的條件，以及知道波的疊加原理，質點的位移等于幾列波引起位移的矢量和 5（2005?煙臺模

33、擬）如圖所示，沿x軸正方向傳播的一列簡諧波在某時刻的波形圖為一正弦曲線，其波速為200m/s，則可推出，其中正確的（ ） A 圖中質點b的加速度正在增大 B 從圖示時刻開始，經過0.01s，質點a通過的路程為4m，位移為零 C 若此波遇到另一波并發生穩定干涉現象，則該波所遇到的波的頻率為50 Hz D 若發生明顯衍射現象，該波所遇到的障礙物的尺寸一般不小于4 m 考點： 波的干涉和衍射現象；橫波的圖象；波長、頻率和波速的關系 專題： 光的干涉專題 分析： A、根據波傳播方向知道質點的振動的方向，從而知道質點加速度的變化 B、根據波的圖象，計算出周期，而波的周期與質點的振動周期相同，從而求出質點

34、在一段時間內通過的路程 C、發生干涉的條件是頻率相同，看兩列波的頻率是否相同 D、比較波的波長與障礙物的尺寸，因為只有當波長比障礙物尺寸大或差不多時，就會發生明顯的衍射 解答： 解：A、由于波向右傳播，根據“上下坡”法，知道b質點向下振動，加速度正在增大故A正確 B、 T= =0.02s，從圖示時刻開始，經過0.01s，即半個周期，質點a通過的路程為2個振幅，即4m，位移為最大故B錯誤 C、該列波的頻率為50Hz，要想發生干涉，頻率需相同故C正確 D、當波的波長比障礙物尺寸大或差不多時，就會發生明顯的衍射故D錯誤 故選AC 點評： 解決本題的關鍵掌握波動與振動的聯系以及知道發生干涉和明顯衍射的

35、條件 6如圖所示，甲乙兩簡諧橫波（圖中各畫了一個波長），在同一條繩上傳播時某時刻的圖線，則下列說法中正確的是（ ） A 這兩列波不可能發生干涉現象 B 波甲的速度v1比波乙的速度v2大 C 波甲的速度v1比波乙的速度v2小 D 波甲的速度v1與波乙的速度v2一樣大 考點： 波的干涉和衍射現象；波長、頻率和波速的關系 分析： 當兩列波的頻率相等時才能發生干涉同一繩上傳播的兩列波，波速相同，由圖知波長相同，由 v=知周期相同；周期相等則頻率相等，可以干涉 解答： 解：同一繩上傳播的兩列波，介質相同則波速相同，由圖看出波長相等，由 v=知周期相同則f頻率相等，能發生干涉故A錯誤 同一條繩子上傳播，介

36、質相同則波速相同，故D正確 故選D 點評： 本題關鍵要抓住波速是由介質決定、發生干涉的條件是兩列波的頻率相等等知識，即可進行分析判斷 7（2010?河北）一簡諧橫波以4m/s的波速沿x軸正方向傳播已知t=0時的波形如圖所示，則（ ） A 波的周期為1s B x=0處的質點在t=0時向y軸負向運動 C x=0處的質點在 t=s時速度為0 D x=0處的質點在 t=s時速度值最大 考點： 橫波的圖象；簡諧運動的振幅、周期和頻率；波的形成和傳播 分析： 由波動圖象讀出波長，由波速公式求出周期由波的傳播方向判斷出x=0處的質點的方向，并分析速度大小 解答： 解：A、由波的圖象可知半個波長是2m，波長

37、=4m，周期是s，故A正確 B、波在沿x軸正方向傳播，則x=0的質點在沿y軸的負方向運動，故B正確 C、D，x=0的質點的位移是振幅的一半， 則要運動到平衡位置的時間是s， 則s時刻，x=0的質點越過了平衡位置，速度不是最大，故C、D錯誤 故選AB 點評： 本題屬于波的圖象的識圖和對質點振動的判斷問題 8（2007?江蘇）如圖所示，實線和虛線分別為某種波在t時刻和t+t時刻的波形曲線B和C是橫坐標分別為d和3d的兩個質點，下列說法中正確的是（ ） A 任一時刻，如果質點B向上運動，則質點C一定向下運動 B 任一時刻，如果質點B速度為零，則質點C的速度也為零 C 如果波是向右傳播的，則波的周期可

38、能為t D 如果波是向左傳播的，則波的周期可能為t 考點： 橫波的圖象；波長、頻率和波速的關系；波的疊加 專題： 壓軸題 分析： 該波不是標準正弦波，根據BC兩點間距離分析它們的速度關系抓住周期性研究周期與時間的關系 解答： 解：A、B，從圖上可以看出，該波不是標準正弦波，波長為3d，BC兩點間距不是相差半個波長，則速度可能大小相等，也可能不相等故AB均錯誤 C 、如果波向右傳播，時間可能為，當k=1 時，故C正確 D、若波向左傳播，則波傳播的距離為k?3d+2.5d，其中k=0，1，2，、為該波向左傳播的可能整數波的個數 時間可能為，當k=1 時，有，故D錯誤 故選C 點評： 本題考查分析、

39、理解波動圖象的能力，要抓住與標準的正弦波的相同點和不同點 9（2012?瀏陽市一模）如圖所示為某時刻從O點同時發出的兩列簡諧橫波在同一介質中沿相同方向傳播的波形圖，P點在甲波最大位移處，Q點在乙波最大位移處，下列說法中正確的是：（ ） A 兩列波具有相同的波速 B 兩列波傳播相同距離時，乙波所用的時間比甲波的短 C P點比Q點先回到平衡位置 D 在P質點完成20次全振動的時間內Q質點可完成30次全振動 E 甲波和乙波在空間相遇處不會產生穩定的干涉圖樣 考點： 橫波的圖象；簡諧運動的振幅、周期和頻率 專題： 振動圖像與波動圖像專題 分析： 兩列簡諧橫波在同一介質中波速相同，傳播相同距離所用時間相

40、同Q點與P 點都要經過周期回到平衡位置由圖可兩列波波長的大小，再分析周期的長短，再比較時間長短根據頻率關系研究相同時間內全振動次數關系兩列波只有頻率相同時，才能產生穩定的干涉 解答： 解：A、B兩列簡諧橫波在同一介質中波速相同，傳播相同距離所用時間相同故A正確，B錯誤 C、由圖可知，兩列波波長之比甲：乙=3：2，波速相同，由波速公式 v=得到周期之比為T甲：T乙=3：2Q點與P 點都要經過周期才回到平衡位置所以Q點比P點先回到平衡位置故C錯誤 D、兩列波的頻率之比為f甲：f乙=2：3，則在P質點完成20次全振動的時間內Q質點完成了30次全振動故D正確 E、兩列波的頻率不同，不能產生穩定的干涉圖

41、樣故E正確 故選ADE 點評： 題關鍵要抓住波速是由介質的性質決定的，在同一介質中傳播的同類波速度相同掌握波速公式和產生干涉的條件等知識，是常規題 10（2011?黃浦區二模）如圖所示，一列簡諧橫波沿x軸正向傳播，振幅為2cm，已知在t=0時刻相距30m的兩個質點a、b的位移都是1cm，但運動方向相反，如圖所示，其中a質點運動沿y軸負向；當t=2s時，b質點第一次回到y=1cm處，則（ ） A t=0時刻，a、b兩個質點的加速度相同 B a、b兩個質點平衡位置間的距離為半波長的奇數倍 C 此波的周期小于8s D 此波的波速可能為15m/s 考點： 橫波的圖象；波長、頻率和波速的關系 專題： 振

42、動圖像與波動圖像專題 分析： 簡諧橫波傳播過程中，介質中各質點均做簡諧運動，其加速度大小與位移大小成正比，方向總與位移方向相反a、b兩個質點位于平衡位置上方，它們平衡位置間的距離不可能是半波長的奇數倍根據數學知識求解周期由數學知識可知，圖示時刻a、b之間的距離為x=（ n+），（n=0，1，2，），由波速公式研究波速的通項 解答： 解：A、t=0時刻，a、b兩個質點位移相同，則加速度相同故A正確 B、a、b兩個質點位于平衡位置上方，它們平衡位置間的距離不可能是半波長的奇數倍故B錯誤 C、根據數學知識研究可知： t=2s=，得到質點b的振動周期為T=6s8s故C正確 D、圖示時刻a、b之間的距離

43、為x=（ n+），（n=0，1，2，），波速 v= =，當n=0時，v=15m/s故D正確 故選ACD 點評： 本題考查運用數學處理物理問題的能力，知道兩個質點的運動狀態，得到的往往是波長的通項 11（2005?蘇州模擬）彈性繩上有間距均為1m的6個質點a、b、c、d、e、f，一列橫波從左向右傳播，在t=0時到達質點a，t=2s時的波形如圖所示則在5st6s這段時間內（ ） A 質點c的加速度逐漸增大 B 質點a的速度逐漸增大 C 質點d向下運動 D 質點f加速度向上 考點： 橫波的圖象；波長、頻率和波速的關系 分析： 由a點的起振情況確定周期，由波速公式求出波長根據波的傳播方向，研究一個周期

44、后，各質點的振動狀態，再分析5st6s這段時間內，各質點的運動情況 解答： 解：由題，T=4s，則波長=vT=1×4m=4m，簡諧波向右傳播，由波形平移法得知：圖示時刻c點向上運動 A、由于波向右傳播，在5st6s這段時間內，c正從波谷向平衡位置運動，加速度減小故A錯誤 B、在5st6s這段時間內，質點a正從波峰向平衡位置運動，速度逐漸增大故B正確 C、波傳到d的時間為3s，則在5st6s這段時間內，d正從平衡位置向下運動，故C正確 D、根據波長和波速，波在t=5s才傳到f點，在5st6s這段時間內，f點正向波峰運動，加速度向下故D錯誤 故選BC 點評： 本題要根據由波的傳播方向，確

45、定質點振動方向，這是波的圖象中基本題型研究質點的振動情況，往往還要結合波長和周期來分析 12（2013?江蘇）在輸液時，藥液有時會從針口流出體外，為了及時發現，設計了一種報警裝置，電路如圖所示M是貼在針口處的傳感器，接觸到藥液時其電阻RM發生變化，導致S兩端電壓U增大，裝置發出警報，此時（ ） A RM變大，且R越大，U增大越明顯 B RM變大，且R越小，U增大越明顯 C RM變小，且R越大，U增大越明顯 D RM變小，且R越小，U增大越明顯 考點： 閉合電路的歐姆定律 專題： 壓軸題；恒定電流專題 分析： 利用“極限思維”：只要掌握一個規律，“兩只電阻并聯時，其總電阻總是比較其中最小的那個阻

46、值還小因此，題目要求“S”上的電壓增大最明顯，也就是意味著“要求電路中的電流增加的范圍最大”，即等效電源的內阻減小范圍最大，此時利用極限法 解答： 解：S兩端電壓U增大，故傳感器兩端電壓一定減小； 當“有藥液從針口流出體外”使傳感器接觸藥液，RM變小假設RM減小趨近于零，即等效電源內阻趨近到最小值，R增大趨近無窮大即等效電源的內阻的阻值將趨近于最大值，從UI圖象顯然看出，圖線的斜率變化最大，即電流變化范圍最大，導致“S”上電壓變化最明顯 故選C 點評： 此題利如果用傳統的思維，即利用閉合電路歐姆定律，由電源電動勢E、內阻r、電阻R及RM得出S上的電壓表達式，再進行討論其實，那是一個非常復雜的代

47、數式，要討論還得將式子進行一系列變形才能進行，顯然非常麻煩，方法不可取；此題如果利用“等效思維”與“極限思維”便可一步到位，輕松突破 13（2006?上海）在如圖所示電路中，閉合電鍵S，當滑動變阻器的滑動觸頭P 向下滑動時，四個理想電表的示數都發生變化，電表的示數分別用IU1U2和U3表示，電表示數變化量的大小分別用IU1U2和U3表示下列比值正確的是（ ） A U1：I不變，U1：I不變 B U2：I變大，U2：I變大 C U2：I變大，U2：I不變 D U3：I變大，U3：I不變 考點： 閉合電路的歐姆定律；歐姆定律 分析： 由電路圖可知R1與R2串聯，V1測量R1兩端的電壓，V2測量R2

48、兩端的電壓，V3測量路端電壓，由歐姆定律可得出電壓與電流的變化；由閉合電路的歐姆定律可分析得出電壓的變化值與電流變化值的比值 解答： 解：因R1 不變，則由歐姆定律可得，=R1 保持不變；由數學規律可知，也保持不變，故A正確； 因滑片向下移動，故R2 的接入電阻增大，故 變大；而 =R1+r ，故保持不變，故B錯誤，C正確； 因=R1+R2 ，故比值增大；而 =r，故比值保持不變，故D正確； 故選ACD 點評： 本題難點在于U2和U3電壓的變化量與電流變化量的比值的分析判斷，不能再簡單地根據A直接得出B答案也正確，當電阻變化時，其電壓及電流變化量的比值不再保持不變，應通過閉合電路的歐姆定律分析

49、得出其電壓變化值的表達式，再進行分析 14（2012?石家莊一模）A，B兩塊正對的金屬板豎直放置，在金屬板A的內側表面系一絕緣細線，細線下端系一帶電小球兩塊金屬板接在如圖所示的電路中，其中R1為光敏電阻，R2為滑動變阻器，R3為定值電阻當R2的滑動觸頭P在a端時閉合開關S此時電流表A和電壓表V的示數分別為I和U帶電小球靜止時絕緣細線與金屬板A的夾角為，電源電動勢E和內阻r一定以下說法正確的是（ ） A 若僅將R2的滑動觸頭P向b端移動，則I不變，U增大 B 若僅增大A、B板間距離，則小球重新達到穩定后變大 C 若僅用更強的光照射R1，則I增大，U增大 D 若僅用更強的光照射R1，則U變化量的絕

50、對值與I變化量的絕對值的比值不變 考點： 閉合電路的歐姆定律；電容；常見傳感器的工作原理 專題： 恒定電流專題 分析： 該電路R1和R3串聯，電容器兩端間的電壓等于R1兩端間的電壓，根據閉合電路的動態分析，分析電容器兩端的電壓變化，從而知道電場的變化以及角的變化通過電容器兩端電壓的變化，就可知道電容器所帶電量的變化 解答： 解：A、滑動變阻器處于含容支路中，相當于導線，所以移動滑動觸頭，I不變，U不變故A錯誤 B、將AB兩板間的距離拉大，電場強度變小，電場力變小，減小故B錯誤 C、用更強的光線照射R1，R1的阻值變小，總電阻減小，電流增大，內電壓增大，外電壓減小，即U減小，所以U 的變化量的絕

51、對值等于內電壓的增加量，不變，故C錯誤，D正確 故選D 點評： 解決本題的關鍵抓住電源的電動勢和內阻不變，利用閉合電路歐姆定律進行動態分析 15（2012?閔行區一模）如圖所示電路中，R2=R3=20，R4=10，r=1，當滑動變阻器的滑動頭P向左滑動時，三個理想電表的示數都發生變化，電流表A1、A2、A3的示數變化量的絕對值分別為I1、I2、I3，下列說法中正確的是（ ） A 電流表A1的示數一定增大 B 電流表A2的示數一定增大 C I3一定大于I1 D I1一定小于I2 考點： 閉合電路的歐姆定律 專題： 恒定電流專題 分析： 解答本題需要先根據電流法分析出三個電阻的連接方式，然后再分析出三個電流表各測的是哪個電阻的電 流，最后再根據相應的電流規律進行解答 解答： 解：B、三個電阻R1、R2、R3并聯，電流表A1電流等于三個電阻R1、R2、R3的總電流；電流表A2電流等于電阻R3、R2的總電流；電流表A3的電流等于電阻R1、R2的總電流； 滑片向左滑動，R1值減小，R1、R2、R3三者并聯的總阻值減小，所以R1、R2、R3分壓減小，流經R2、R3的電流減小，所以A2的示數減小；故B錯誤