官渡區外國語學校2018-2019學年高二上學期第二次月考試卷物理班級_ 座號_ 姓名_ 分數_一、選擇題1 對于電容，以下說法正確的是A. 一只電容器所充電荷量越大，電容就越大B. 對于固定電容器，它的帶電量跟兩極板間所加電壓的比值保持不變C. 電容器的帶電量跟加在兩極間的電壓成反比D. 如果一個電容器沒有帶電，也就沒有電容【答案】B【解析】解：A、電容器帶電荷量越大，板間電壓越大，而電容不變故A錯誤B、電容表征電容器容納電荷本領的大小，對于固定電容器，電容C不變，由定義式C=可知，則帶電荷量跟它兩極板間所加電壓的比值保持不變故B正確C、電容器的帶電荷量Q=CU，當電容C一定時，電量與電壓成正比當電容C變化時，電量與電壓不成正比故C錯誤D、電容表征電容器容納電荷本領的大小，與電容器的電量、電壓無關故D錯誤故選：B【點評】本題考查對電容的理解能力，抓住電容的物理意義和定義式是關鍵2 家用電吹風中，有一個小電動機和與它串聯的一段電熱絲。電熱絲加熱空氣，電動機帶動風葉轉動，送出熱風。設電動機線圈的電阻為，電熱絲的電阻為。將電吹風接到直流電源上，電源輸出電壓為U，輸出電流為I，電吹風消耗的電功率為P。以下表達式中正確的是A. B. C. D. 【答案】AD【解析】A、電吹風機消耗的電功率P是總的功率，總功率的大小應該是用P=IU來計算，所以總功率P=IU，故A正確，B錯誤；電吹風機中發熱的功率要用I2R來計算，所以總的發熱功率為P=I2（R1+R2），吹風機的總功率P=IU要大于發熱部分的功率，所以C錯誤，D正確；故選AD點睛：對于電功率的計算，一定要分析清楚是不是純電阻電路，對于非純電阻電路，總功率和發熱功率的計算公式是不一樣的 3 如圖所示電路中，三個相同的燈泡額定功率是40 W，在不損壞燈泡的情況下，這三個燈泡消耗的總功率最大不應超過 A40 W B60 W C80 W D120 W【答案】B4 如圖所示，水平桌面上的輕質彈簧一端固定，另一端與小物塊相連，彈簧處于自然長度時物塊位于O點（圖中未畫出）物塊的質量為m，AB=a，物塊與桌面間的動摩擦因數為現用水平向右的力將物塊從O點緩慢拉至A點，拉力做的功為W撤去拉力后物塊由靜止向左運動，經O點到達B點時速度減小為零，重力加速度為g則上述過程中（ ）A物塊在A點時，彈簧的彈性勢能等于B物塊在B點時，彈簧的彈性勢能小于C.經O點時，物體的動能等于D物塊動能最大時，彈簧的彈性勢能小于物塊在B點時彈簧的彈性勢能【答案】B【解析】 5 （多選）在如圖所示的電路中，開關閉合后，燈泡L能正常發光當滑動變阻器的滑片向右移動時，下列判斷正確的是A滑動變阻器R的阻值變小B燈泡L變暗C電源消耗的功率增大D電容器C的電荷量增大【答案】BD【解析】 6 （2018成都一診）2016年8月16日，我國成功發射世界首顆量子科學實驗衛星“墨子號”，該衛星的發射將使我國在國際上率先實現高速量子通信，初步構建量子通信網絡。“墨子號”衛星的質量為m（約64okg），運行在高度為h（約500km）的極地軌道上，假定該衛星的軌道是圓，地球表面的重力加速度為g，地球半徑為R。則關于運行在軌道上的該衛星，下列說法正確的是A運行的速度大小為B運行的向心加速度大小為gC運行的周期為2D運行的動能為 【答案】D【解析】由萬有引力等于向心力，G=m，在地球表面，萬有引力等于重力，G=mg，聯立解得衛星運行的速度：v=，選項A錯誤；根據牛頓第二定律，由萬有引力等于向心力，G=ma，G=mg，聯立解得向心加速度a=，選項B錯誤；由萬有引力等于向心力，G=m（R+h）（）2，在地球表面，萬有引力等于重力，G=mg，聯立解得衛星運行的周期：T=2，選項C錯誤；衛星運行的動能Ek=mv2=，選項D正確。7 由三顆星體構成的系統，忽略其他星體對它們的作用，存在著一種運動形式：三顆星體在相互之間的萬有引力作用下，分別位于等邊三角形的三個頂點上，繞某一共同的圓心O在三角形所在的平面內做相同角速度的圓周運動（圖為A、B、C三顆星體質量不相同時的一般情況）若A星體質量為2m，B、C兩星體的質量均為m，三角形的邊長為a，則下列說法正確的是（ ）A. A星體所受合力大小FAB. B星體所受合力大小FBC. C星體的軌道半徑RCaD. 三星體做圓周運動的周期T【答案】D【解析】A、由萬有引力定律，A星受到B、C的引力的大小： 方向如圖，則合力的大小為： ，A錯誤；B、同上，B星受到的引力分別為： ,，方向如圖；FB沿x方向的分力： FB沿y方向的分力： 可得： ，B錯誤；C、通過對于B的受力分析可知，由于： ,合力的方向經過BC的中垂線AD的中點,所以圓心O一定在BC的中垂線AD的中點處。所以： ,C錯誤；D、由題可知C的受力大小與B的受力相同，對B星： ，解得： ，D正確。故選：D。 8 如圖，帶電荷量之比為qAqB13的帶電粒子A、B以相等的速度v0從同一點出發，沿著跟電場強度垂直的方向射入平行板電容器中，分別打在C、D點，若OCCD，忽略粒子重力的影響,則（ ）A. A和B在電場中運動的時間之比為21B. A和B運動的加速度大小之比為41C. A和B的質量之比為12D. A和B的位移大小之比為11【答案】B【解析】9 如圖所示電路中，變壓器為理想變壓器，a、b接在電壓有效值不變的交流電源兩端，R0為定值電阻，R為滑動變阻器。現將變阻器的滑片從一個位置滑動到另一位置，觀察到電流表A1的示數增大了0.2 A，電流表A2的示數增大了0.8 A，則下列說法正確的是（ ）A電壓表V1示數增大B電壓表V2、V3示數均增大C該變壓器起升壓作用D變阻器滑片是沿cd的方向滑動【答案】D【解析】 10一勻強電場的方向平行于xOy平面，平面內a、b、c三點的位置如圖所示，三點的電勢分別為10 V、17 V、26 V。下列說法正確的是（ ）A電場強度的大小為2.5 V/cmB坐標原點處的電勢為1 VC電子在a點的電勢能比在b點的低7 eVD電子從b點運動到c點，電場力做功為9 eV【答案】ABD11真空中保持一定距離的兩個點電荷，若其中一個點電荷的電荷量增加了，但仍然保持它們之間的相互作用力不變，則另一點電荷的電量一定減少了（ ） A B C D【答案】B12如圖所示，質量分別為mA、mB的A、B兩物塊用輕線連接，放在傾角為的斜面上，用始終平行于斜面向上的拉力F拉A，使它們沿斜面勻加速上升，A、B與斜面間的動摩擦因數均為。為了增加輕線上的張力，可行的辦法是A減小A物塊的質量 B增大B物塊的質量C增大傾角 D增大動摩擦因數 【答案】AB13一個物體以初速度v0沿光滑斜面向上運動，其速度v隨時間t變化的規律如圖所示，在連續兩段時間m和n內對應面積均為S，則b時刻瞬時速度vb的大小為A. B. C. D. 【答案】C【解析】設b點的速度為vb，加速度為a，根據位移時間公式：可得：和，速度位移間的關系為：vb=va+am，聯立解得：，故C正確，ABD錯誤。14如圖所示電路，水平放置的平行板電容器的一個極板與滑動變阻器的滑片P相連接。電子以速度垂直于電場線方向射入并穿過平行板間的電場。在保證電子還能穿出平行板間電場的情況下，若使滑動變阻器的滑片P上移，則有關電容器極板上所帶電荷量q和電子穿越平行板所需的時間t，下列說法正確的是A. 電荷量q增大，時間t不變B. 電荷量q不變，時間t增大C. 電荷量q增大，時間t減小D. 電荷量q不變，時間t不變【答案】A【解析】當滑動變阻器的滑動端P上移時，跟電容器并聯的阻值增大，所以電容器的電壓U增大，根據q=UC可得電量q增大；電子在平行板電容器中做類平拋運動，沿極板方向做勻速直線運動，所以運動時間：，與電壓的變化無關，所以時間t不變，故A正確，BCD錯誤。15如圖所示，小車上有一根固定的水平橫桿，橫桿左端固定的輕桿與豎直方向成角，輕桿下端連接一小鐵球；橫桿右端用一根細線懸掛一相同的小鐵球，當小車做勻變速直線運動時，細線保持與豎直方向成角，若，則下列說法中正確的是 A輕桿對小球的彈力方向沿著輕桿方向向上B輕桿對小球的彈力方向與細線平行向上C小車可能以加速度gtan 向右做勻加速運動D小車可能以加速度gtan 向左做勻減速運動【答案】BC【解析】16一人乘電梯上樓，在豎直上升過程中加速度a隨時間t變化的圖線如圖所示，以豎直向上為a的正方向，則人對地板的壓力At2 s時最小 Bt2 s時最大Ct6 s時最小 Dt8.5 s時最大【答案】B 【解析】17（2018南寧摸底）如圖所示，在光滑水平面內有一固定光滑絕緣擋板AB，P是AB上的一點。以A為坐標原點在水平面建立直角坐標系，y軸一擋板AB重合，x軸上固定一個帶正電的點電荷Q。將一個帶電小球（可視為質點）輕放到擋板的左側的P處，在靜電力作用下小球沿擋板向A運動，則下列說法中正確的是A小球帶負電B由P點到A點小球做勻加速直線運動CP點的場強比A點的場強大D小球在P點的電勢能比在A點的電勢能大【答案】AD【解析】【名師解析】根據題述，靜止帶電小球從P處在靜電力作用下沿擋板向A運動，說明帶電小球受到的是庫倫吸引力，小球帶負電，選項A正確；由于點電荷Q的電場不是勻強電場，帶電小球在運動過程中所受的合外力不可能保持不變，所以小球由P到A不可能做勻加速直線運動，選項B錯誤；根據點電荷電場特征，P點的電場強度比A點的電場強度小，選項C錯誤；小球由P到A運動，靜電力做功，電勢能減小，小區裝P點的電勢能比在A點的電勢能大，選項D正確。二、填空題18如圖所示，一個變壓器原副線圈的匝數比為31，原線圈兩端與平行導軌相接，今把原線圈的導軌置于垂直紙面向里、磁感應強度為B=2T的勻強磁場中，并在導軌上垂直放一根長為L=30cm的導線ab，當導線以速度v=5m/s做切割磁感線的勻速運動時（平動），副線圈cd兩端的電壓為_V。【答案】0【解析】由于是勻速運動，產生恒定的電流，則變壓器副線圈電壓為零19如圖所示， 在xOy平面的第象限內，有垂直紙面向外的勻強磁場，在第象限內，有垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應強度大小均為B。P點是x軸上的一點，橫坐標為x0。現在原點O處放置一粒子放射源，能沿xOy平面，以與x軸成45角的恒定速度v0向第一象限發射某種帶正電的粒子。已知粒子第1次偏轉后與x軸相交于A點，第n次偏轉后恰好通過P點，不計粒子重力。求：（1）粒子的比荷；（2）粒子從O點運動到P點所經歷的路程和時間。（3）若全部撤去兩個象限的磁場，代之以在xOy平面內加上與速度v0垂直的勻強電場（圖中沒有畫出），也能使粒子通過P點，求滿足條件的電場的場強大小和方向。【答案】 （1）粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動，由牛頓第二定律得： 解得粒子運動的半徑： 由幾何關系知，粒子從A點到O點的弦長為： 由題意OP是n個弦長： 解得粒子的比荷：（2）由幾何關系得，OA段粒子運動軌跡的弧長是1/4圓的周長，所以：= 粒子從O點到P點的路程：s=n= 粒子從O點到P點經歷的時間：t（3）撤去磁場，加上勻強電場后，粒子做類平拋運動， 由 得 方向：垂直v0指向第象限20在“伏安法測電阻”實驗中，所用測量儀器均已校準。其中某一次測量結果如圖所示，其電壓表的讀數為_V，電流表的讀數為_A。【答案】 （1）. 0.80 （2）. 0.42【解析】電壓表的讀數為0.80V，電流表的讀數為0.42A。三、解答題21圖甲左側的調壓裝置可視為理想變壓器，負載電路中R55，兩電表為理想電流表和電壓表，變壓器原副線圈匝數比為n1:n2=2:1，若原線圈接入如圖乙所示的正弦交變電壓。求：（1）交流電壓的函數表達式；（2）電流表的示數I。【答案】（1）（2）I=2A【解析】試題分析：（1）由交流電規律可知，聯立代入圖中數據可得，（2）根據理想變壓器特點和歐姆定律有：聯解代入圖乙中數據得：I=2A考點：考查了理想變壓器，交流電圖像22（2016河北衡水中學調研）如圖所示，在A點固定一正電荷