江蘇省海安市南莫中學2025年高二物理第二學期期末學業質量監測試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在如圖所示電路中，電源電動勢為E、內阻為r，電阻R2、R3為定值電阻，R1為滑動變阻器，A、B為電容器的兩個極板。當滑動變阻器R1處于某位置時，A、B兩極板間的帶電油滴靜止不動。則下列說法中正確的是（）A．僅把R1的觸頭向右滑動時，電流表讀數減小，油滴向下運動B．僅把R1的觸頭向左滑動時，電流表讀數減小，油滴向上運動C．僅把兩極板A、B間距離增大，油滴向下運動，電流表讀數不變D．僅把兩極板A、B間正對面積減小，油滴向下運動，電流表讀數不變2、氫原子的四個能級如圖所示，其中為基態。若一群氫原子A處于激發態，另一群氫原子B處于激發態，則下列說法正確的是A．A可能輻射出4種頻率的光子B．B可能輻射出8種頻率的光子C．A能夠吸收B發出的某種光子并躍遷到能級D．B能夠吸收A發出的某種光子并躍遷到能級3、如圖為法拉第圓盤發電機的示意圖，銅圓盤安裝在豎直的銅軸上，兩銅片P、Q分別與圓盤的邊緣和銅軸接觸，圓盤處于方向豎直向上的勻強磁場B中，圓盤順時針旋轉（從上往下看），下列說法正確的是（）A．穿過圓盤的磁通量發生變化B．圓盤中心電勢比邊緣要低C．R上的熱功率與圓盤轉動角速度成正比D．產生的電動勢大小與圓盤半徑的平方成正比4、如圖，在磁感應強度為B、方向垂直紙面向里的勻強磁場中，金屬桿MN在平行金屬導軌上以速度v向右勻速滑動，MN中產生的感應電動勢為El，若磁感應強度增為1B，其他條件不變，MN中產生的感應電動勢變為E1．則通過電阻R的電流方向及E1與E1之比El∶E1分別為A．c→a，1∶1 B．a→c，1∶1 C．a→c，1∶1 D．c→a，1∶15、斯諾克運動深受年輕人的喜愛，如圖所示選手將質量為m的A球以速度v與質量為m靜止的B球發生彈性碰撞，碰撞后B球的速度為A．v B．2v C．0.5v D．0.2v6、如圖所示，一閉合直角三角形線框abc以速度v勻速向右穿過勻強磁場區域，磁場寬度大于ac邊的長度．從bc邊進入磁場區，到a點離開磁場區的過程中，線框內感應電流的情況（以逆時針方向為電流的正方向）是下圖中的（）A． B．C． D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、下列說法中正確的是()A．布朗運動是懸浮顆粒中的分子的無規則運動B．溫度越高，氣體分子的平均動能越大C．兩個分子從遠處逐漸靠近，直到不能再靠近為止的過程中，分子間相互作用的合力先變大、后變小，再變大D．足球充足氣后很難壓縮，是因為足球內氣體分子間斥力作用的結果E.一定質量的理想氣體保持體積不變，溫度升高，則單位時間內撞擊器壁單位面積上的分子數增多8、(多選)下列關于邏輯電路的說法中正確的是()A．如果一個事件的幾個條件都滿足后，該事件才能發生，這種關系叫“與”邏輯關系B．如果幾個條件中，只要有一個條件得到滿足，某事件就會發生，這種關系叫“與”邏輯關系C．一個門上有三把鑰匙，每把鑰匙都能單獨開門，它體現了“或”邏輯關系D．輸出狀態和輸入狀態相反的邏輯關系，叫做“或”邏輯關系9、如圖所示，坐標系xOy平面為光滑水平面現有一長為d、寬為L的線框MNPQ在外力F作用下，沿x軸正方向以速度υ做勻速直線運動，空間存在豎直方向的磁場，磁場感應強度B=B0cosx，規定豎直向下方向為磁感應強度正方向，線框電阻為R，在t=0時刻MN邊恰好在y軸處，則下列說法正確的是A．外力F是沿負x軸方向的恒力B．在t=0時，外力大小F=C．通過線圈的瞬時電流I=D．經過t=，線圈中產生的電熱Q=10、如圖所示，空氣中有一折射率為2的玻璃柱體，其橫截面是圓心角為90°、半徑為R的扇形OAB，一束光平行于橫截面，以入射角θ照射到OA上，OB不透光。只考慮首次入射到圓弧AB上的光A．若θ=45°，則AB面上最大的入射角為45°B．若θ=45°，則AB面上最大的入射角大于45°C．若增大θ，則AB上有光透出部分的弧長不變D．若增大θ，則AB上有光透出部分的弧長變長三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）有一只標識為“2.5V，0.5A”的小燈泡，小華想測定其伏安特性曲線，實驗室所供選擇的器材除了導線和開關外，還有以下一些器材可供選擇：編號器材名稱規格與參數A電源E電動勢為3.0V，內阻不計B電流表A1量程0～10mA，內阻200ΩC電流表A2量程0～600mA，內阻2ΩD電阻箱R阻值999.99ΩE滑動變阻器R1最大阻值10ΩF滑動變阻器R2最大阻值2kΩ（1）為了達到實驗目的需要組裝一個量程為3.0V的電壓表，那么電阻箱的阻值應調到________Ω；（2）為了減小實驗誤差，實驗中滑動變阻器應選擇________(選填器材前面的編號)；（3）請幫助小華設計一個電路，要求使誤差盡量小，并將電路圖畫在圖1虛線框內________；（4）小華在實驗中用電流表和改裝后的電壓表測得數據并記錄在下表中，請根據表格中的數據在圖2方格紙上作出該小燈泡的伏安特性曲線_________；電壓U/V00.51.01.52.02.5電流I/A00.170.300.390.450.49（5）將一個電動勢為1.5V，內阻為3Ω的電源直接接在該小燈泡的兩端，則該小燈泡的實際功率為________W(結果保留1位有效數字)．12．（12分）在“用油膜法估測分子大小”的實驗中，已知實驗室中使用的酒精油酸溶液的濃度為A，N滴溶液的總體積為V．在淺盤中的水面上均勻撒上痱子粉，將一滴溶液滴在水面上，待油膜穩定后，在帶有邊長為a的正方形小格的玻璃板上描出油膜的輪廓（如圖所示），測得油膜占有的正方形小格個數為X．①用以上字母表示一滴酒精油酸溶液中的純油酸的體積為______．②油酸分子直徑約為______．四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示為測定肺活量(人在大氣壓下一次呼出氣體的體積)的裝置示意圖，圖中A為倒扣在水中的開口薄壁圓筒，測量前已排盡其中的空氣．測量時被測者盡力吸足空氣，再通過B將空氣呼出，呼出的空氣通過氣管進入A內(溫度可認為不變)，使A浮起(忽略管道的影響)，已知圓筒A的質量為m、橫截面積為S、大氣壓強為，水的密度為ρ，重力加速度為g，圓筒浮出水面的高度為h．則被測者的肺活量有多大？14．（16分）如圖所示，在光滑桌面上放著長木板，其長度為m，在長木板的左上端放一可視為質點的小金屬塊，它的質量和木板的質量相等，最初它們是靜止的．現讓小金屬塊以m/s的初速度向右滑動，當滑動到長木板的右端時，滑塊的速度為m/s，取m/s2，求：（1）滑塊與長木板間的動摩擦因數；（2）小金屬塊滑到長木板右端經歷的時間t。15．（12分）在均勻介質中選取平衡位置在同一直線上的9個質點,相鄰兩質點間的距離均為,如圖(a)所示．一列橫波沿該直線向右傳播,時刻到達質點1,質點1開始向下運動,振幅為時,第一次出現如圖(b)所示的波形．(ⅰ)求該列橫波傳播的速度和周期；(ⅱ)在圖(c)中畫出質點5從到的振動圖象,并寫出該質點離開平衡位置的位移與時間的函數關系式．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

A.僅把R1的觸頭向右滑動時，R1增大，外電路總電阻增大，干路電流減小，路端電壓增大，則電流表讀數減小。由E=Ud分析可知，板間場強增大，油滴所受電場力增大，則油滴向上運動。故B.僅把R1的觸頭向左滑動時，R1接入電路的阻值減小，外電路總電阻減小，由閉合電路的歐姆定律可知，干路電流增大，電流表示數變大，路端電壓U減小，由E=Ud分析可知，板間場強變小，油滴所受電場力減小，小于重力，油滴受到的合力向下，油滴向下運動，故C.僅把兩極板A、B間距離d增大，電容器兩極板間的電壓U不變，電場強度E=Ud減小，油滴所受電場力減小，油滴受到的合力向下，油滴向下運動。而電路其他部分不變，電流表讀數不變。故D.僅把兩極板A、B間相對面積減小，U和d不變，則板間場強不變，油滴所受電場力不變，則油滴仍保持靜止。電流表讀數不變。故D錯誤。2、C【解析】

A、原子A可能輻射出種頻率的光子，故A錯誤；B、原子B可能輻射出種頻率的光子，故B錯誤；C、原子吸收的能量應為從低能級躍遷到高能級的能量差，故C正確，D錯誤。3、D【解析】

A、實驗過程中，穿過圈盤的磁通量不變，產生感應電動勢可等效看成無數軸向導體切割磁感線產生的，故A錯誤；B、從上向下看，圓盤順時針轉動，根據右手定則可知，感應電流方向是從邊緣流向圓心，可知圓盤中心電勢比邊緣要高，故B錯誤；D、根據法拉第電磁感應定律可知E=1C、R上的熱功率P=I2R=E2故選D。【點睛】圓盤轉動可等效看成無數軸向導體切割磁感線，有效切割長度為銅盤的半徑r，根據右手定則分析電動勢情況和感應電流方向。4、C【解析】試題分析：由楞次定律判斷可知，MN中產生的感應電流方向為N→M，則通過電阻R的電流方向為a→c．MN產生的感應電動勢公式為E=BLv，其他條件不變，E與B成正比，則得El：E1=1：1．故選C．考點：楞次定律；感應電動勢【名師點睛】本題關鍵要掌握楞次定律和切割感應電動勢公式E=BLv，并能正確使用，屬于基礎題．5、A【解析】

兩球發生彈性碰撞，則碰撞過程系統動量守恒、機械能守恒，以A的初速度方向為正方向，由動量守恒定律得：mv=mvA+mvB，由機械能守恒定律得：，解得：vA=0，vB=v；A．v，與結論相符，選項A正確；B．2v，與結論不相符，選項B錯誤；C．0.5v，與結論不相符，選項C錯誤；D．0.2v，與結論不相符，選項C錯誤；6、A【解析】

線框從開始進入到全部進入磁場時，磁通量向里增大，則由楞次定律可知，電流方向為逆時針，產生的電動勢：E=BLv，隨有效長度的減小而減小，所以感應電流i隨有效長度的減小而減小；線框全部在磁場中運動的過程中，沒有磁通量的變化，所以沒有電動勢和感應電流；線框離開磁場的過程中，磁通量不斷減小，由楞次定律可知，電流沿順時針方向；感應電流i隨有效長度的減小而減小．A．該圖與結論相符，選項A正確；B．該圖與結論不相符，選項B錯誤；C．該圖與結論不相符，選項C錯誤；D．該圖與結論不相符，選項D錯誤；二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCE【解析】

A．布朗運動是懸浮在液體中固體顆粒的運動，間接反映了液體分子的無規則運動，故A錯誤；B．溫度是分子平均動能的標志，故B正確；C．兩個分子從遠處逐漸靠近，直到不能再靠近為止的過程中，分子間相互作用的合力先變大、后變小，再變大，故C正確；D．足球充氣后很難壓縮是由于足球內外有壓強差的原因，與氣體分子間的作用力無關，故D錯誤；E．一定質量的理想氣體如果體積不變，溫度升高，由氣態方程知氣體的壓強增大，根據壓強的微觀意義可知，單位時間內撞擊器壁單位面積上的分子數增多，故E正確。故選BCE．【點睛】分子間的引力和斥力都隨著分子間距的增加而減小，隨著分子間距的減小而增加；氣體壓強從微觀角度看取決與分子的平均動能和分子數密度；溫度是分子熱運動平均動能的標志，內能與溫度和分子數有關．8、AC【解析】如果一個事件的幾個條件都滿足后，該事件才能發生，這種關系叫“與”邏輯關系；如果幾個條件中，只要有一個條件得到滿足，某事件就會發生，這種關系叫“或”邏輯關系，故A正確，B錯誤；一個門上有三把鑰匙，每把鑰匙都能單獨開門，它體現了“或”邏輯關系，故C正確；輸出狀態和輸入狀態相反的邏輯關系，叫做“非”邏輯關系，故D錯誤；故選AC。點睛：本題關鍵是明確與、或、非三種邏輯關系：“與”邏輯關系：一個事件的幾個條件都滿足后，該事件才能發生；“或”邏輯關系：一個事件的任意一個條件滿足后，該事件就能發生；“非”邏輯關系：輸出狀態和輸入狀態相反的邏輯關系．9、BD【解析】

A、由于磁場是變化的，故切割產生的感應電動勢也為變值，安培力也會變力；故要保持其勻速運動，外力F不能為恒力，故A錯誤；B、t=0時，左右兩邊的磁感應強度均為B0，方向相反，則感應電動勢，拉力等于安培力即，故B正確；C、由于兩邊正好相隔半個周期，故產生的電動勢方向相同，經過的位移為vt；瞬時電動勢，瞬時電流，故C錯誤；D、由于瞬時電流成余弦規律變化，故可知感應電流的有效值，故產生的電熱，故D正確；10、BC【解析】AB、根據折射定律有：sin45°sinr=2，可得光進入玻璃后光線與豎直方向的夾角為30°，過O的光線垂直入射到AB界面上點C射出，越接近A的光線入射到根據臨界角公式：sinC=12，得臨界角為45°，如果AB界面上的臨界點為D，此光線在AO界面上點E入射，在三角形ODE中可求得OD與水平方向的夾角為180°-(120°+45°)=15°，所以A到D之間入射角大于45°，故A錯誤，BCD、θ=45°時，B到C之間、A到D之間沒有光線射出，由此可得沒有光線射出的圓弧對應圓心角為90°-(30°+15°)=45°，增大θ，則折射角也增大，根據幾何關系，設折射角為α，則有光線射出的部分對應的圓心角為90°-α-(180°-135°-α)=45°，知對應的弧長不變，故C正確，D錯誤；故選BC。【點睛】注意兩條特殊光線，一是從O點沿半徑方向進入玻璃柱體的光線，在AO面上折射后傳播入方向不變，二是在AB面上發生全反射的光線，有光透出的部分在這兩條光線之間，然后根據幾何關系求解。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、100E0.2【解析】

（1）[1]由題意可知，本實驗應采用伏安法測量伏安特性曲線，由表中數據可知，電流大小最大約為0.49A，因此電流表應采用A2，故只能采用A1與電阻箱串聯的方式進行改裝，由串并聯電路規律可知Ω=100Ω（2）[2]由于本實驗采用滑動變阻器分壓接法，所以只能選用總阻值較小的E；（3）[3]本實驗應采用滑動變阻器分壓接法，由于電流表內阻較小，故應采用電流表外接法，故原理圖如圖所示（4）[4]根據描點法可得出對應的伏安特性曲線如圖所示（5）[5]在燈泡伏安特性曲線中作出電源的伏安特性曲線，兩圖的交點表示燈泡的工作點，由圖可知，電壓U=0.8V，電流I=0.22A，則功率WW【點睛】明確實驗原理，根據電路的改裝規律