2024年普通高等學校招生全國統一考試物理（江西卷）注意事項：1.答卷前，考生務必將自己的姓名、考生號等填寫在答題卡和試卷指定位置。2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3.考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第1~7題只有一項符合題目要求，每小題4分；第8~10題有多項符合題目要求，每小題6分，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1.極板間一蠟燭火焰帶有正離子、電子以及其他的帶電粒子，兩極板電壓保持不變，當電極板距離減小時，電場強度如何變？電子受力方向？（）A.電場強度增大，方向向左 B.電場強度增大，方向向右C.電場強度減小，方向向左 D.電場強度減小，方向向右【答案】B【解析】【詳解】由題知，兩極板電壓保持不變，則根據電勢差和電場強度的關系有當電極板距離減小時，電場強度E增大，再結合題圖可知極板間的電場線水平向左，則可知電子受到的電場力方向向右。故選B?！敬鸢浮緾【解析】故選C3.某物體位置隨時間的關系為x=1＋2t＋3t2，則關于其速度與1s內的位移大小，下列說法正確的是（）A.速度是刻畫物體位置變化快慢的物理量，1s內的位移大小為6mB.速度是刻畫物體位移變化快慢的物理量，1s內的位移大小為6mC.速度是刻畫物體位置變化快慢的物理量，1s內的位移大小為5mD.速度是刻畫物體位移變化快慢的物理量，1s內的位移大小為5m【答案】C【解析】Δx=x1－x0=5m故選C。4.兩個質量相同的衛星繞月球做勻速圓周運動，半徑分別為、，則動能和周期的比值為（）【答案】A【解析】【詳解】兩個質量相同的衛星繞月球做勻速圓周運動，則月球對衛星的萬有引力提供向心力，設月球的質量為M，衛星的質量為m，則半徑為r1的衛星有半徑為r2的衛星有故選A。5.廬山瀑布“飛流直下三千尺，疑是銀河落九天”瀑布高150m，水流量10m3/s，假設利用瀑布來發電，能量轉化效率為70%，則發電功率為（）A109W B.107W C.105W D.103W【答案】B【解析】【詳解】由題知，Δt時間內流出的水量為m=ρQΔt=1.0×104Δt發電過程中水的重力勢能轉化為電能，則有故選B?！敬鸢浮緼【解析】【詳解】根據反射信號圖像可知，超聲波的傳播周期為又波速v=6300m/s，則超聲波在機翼材料中的波長結合題圖可知，兩個反射信號傳播到探頭處的時間差為故兩個反射信號的路程差解得兩個反射信號在探頭處振動減弱，A正確。故選A?！敬鸢浮緿【解析】【詳解】設樣品每平方米載流子(電子)數為n，電子定向移動的速率為v，則時間t內通過樣品的電荷量q=nevtb根據電流的定義式得當電子穩定通過樣品時，其所受電場力與洛倫茲力平衡，則有聯立解得結合圖像可得解得故選D。8.一條河流某處存在高度差，小魚從低處向上躍出水面，沖到高處．如圖所示，以小魚躍出水面處為坐標原點，x軸沿水平方向，建立坐標系，小魚的初速度為，末速度v沿x軸正方向．在此過程中，小魚可視為質點且只受重力作用。關于小魚的水平位置x、豎直位置y、水平方向分速度和豎直方向分速度與時間t的關系，下列圖像可能正確的是（）A. B. C. D.【答案】AD【解析】【詳解】AC．小魚在運動過程中只受重力作用，則小魚在水平方向上做勻速直線運動，即為定值，則有水平位移故A正確，C錯誤；BD．小魚在豎直方向上做豎直上拋運動，則且最高點時豎直方向的速度為0，故B錯誤，D正確。故選AD。9.某同學用普通光源進行雙縫干涉測光的波長實驗。下列說法正確的是（）A.光具座上依次擺放光源、透鏡、濾光片、雙縫、單縫、遮光筒、測量頭等元件B.透鏡的作用是使光更集中C.單縫的作用是獲得線光源D.雙縫間距越小，測量頭中觀察到的條紋數目內越多【答案】BC【解析】【詳解】A．進行雙縫干涉測光的波長實驗，光具座上依次擺放光源、透鏡、濾光片、單縫、雙縫、遮光筒、測量頭等元件，故A錯誤；B．透鏡的作用是使光更集中，故B正確；C．單縫的作用是獲得線光源，故C正確；故選BC?！敬鸢浮緽D【解析】【詳解】A．全過程，根據動能定理解得故A錯誤；B．當小球甲的加速度為零時，速率最大，則有解得故B正確；C．小球甲最后停留時，滿足解得位置x的區間故C錯誤；D．若在最低點能返回，即在最低點滿足結合動能定理又聯立可得故D正確。故選BD。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.某小組探究物體加速度與其所受合外力的關系。實驗裝置如圖（a）所示，水平軌道上安裝兩個光電門，小車上固定一遮光片，細線一端與小車連接，另一端跨過定滑輪掛上鉤碼。（1）實驗前調節軌道右端滑輪高度，使細線與軌道平行，再適當墊高軌道左端以平衡小車所受摩擦力。序號123450.0200.04000600.0800.1000.260.550.821.081.36序號678150.1200.1400.160……0.3001.671.952.20……3.92（5）請在圖（b）中補充描出第6至8三個數據點，并補充完成圖線丙_________。（6）根據以上實驗結果猜想和推斷：小車的質量____________時，a與F成正比。結合所學知識對上述推斷進行解釋：______________________?！窘馕觥俊驹斀狻浚?）[1][2]由題圖（b）分析可知，與圖線甲相比，圖線之的線性區間較大，非線性區間較??；（5）[3]在坐標系中進行描點，結合其他點用平滑的曲線擬合，使盡可能多的點在線上，不在線上的點均勻分布在線的兩側，如下圖所示（6）[4][5]設繩子拉力為，對鉤碼根據牛頓第二定律有對小車根據牛頓第二定律有聯立解得變形得則即a與F成正比。12.某小組欲設計一種電熱水器防觸電裝置，其原理是：當電熱管漏電時，利用自來水自身的電阻，可使漏電電流降至人體安全電流以下．為此，需先測量水的電阻率，再進行合理設計?！窘馕觥俊驹斀狻浚?）[1]電源電動勢為，故電壓表量程選擇；由于電流表的內阻已知，故采用電流表內接時，可以消除系統誤差，故電流表采用內接法，實物圖如下：（4）[2]根據電阻定律故可得得解得水管長度至少應設計為（1）氣體在狀態D的壓強；（2）氣體在狀態B的體積。【解析】【詳解】（1）從D到A狀態，根據查理定律解得（2）從C到D狀態，根據玻意耳定律解得14.雪地轉椅是一種游樂項目，其中心傳動裝置帶動轉椅在雪地上滑動。如圖（a）、（b）所示，傳動裝置有一高度可調的水平圓盤，可繞通過中心O點的豎直軸勻速轉動。圓盤邊緣A處固定連接一輕繩，輕繩另一端B連接轉椅（視為質點）。轉椅運動穩定后，其角速度與圓盤角速度相等。轉椅與雪地之間的動摩擦因數為，重力加速度為g，不計空氣阻力。（1）在圖（a）中，若圓盤在水平雪地上以角速度勻速轉動，轉椅運動穩定后在水平雪地上繞O點做半徑為的勻速圓周運動。求與之間夾角的正切值。（2）將圓盤升高，如圖（b）所示。圓盤勻速轉動，轉椅運動穩定后在水平雪地上繞點做半徑為的勻速圓周運動，繩子與豎直方向的夾角為，繩子在水平雪地上的投影與的夾角為。求此時圓盤的角速度。【解析】【詳解】（1）轉椅做勻速圓周運動，設此時輕繩拉力為T，轉椅質量為m，受力分析可知輕繩拉力沿切線方向的分量與轉椅受到地面的滑動摩擦力平衡，沿徑向方向的分量提供圓周運動的向心力，故可得聯立解得（2）設此時輕繩拉力為，沿和垂直豎直向上的分力分別為對轉椅根據牛頓第二定律得沿切線方向豎直方向聯立解得（1）甲桿剛進入磁場，乙桿的加速度？（2）乙桿第一次滑上斜面前兩桿未相碰，距離d滿足的條件？（3）若乙前兩次在右側傾斜導軌上相對于水平導軌的豎直高度y隨時間t的變化如圖（b）所示（t1、t2、t3、t4、b均為未知量），乙第二次進入右側傾斜導軌之前與甲發生碰撞，甲在0~t3時間內未進入右側傾斜導軌，求d的取值范圍?！窘馕觥俊驹斀狻浚?）甲從靜止運動至水平導軌時，根據動能定理有甲剛進人磁場時，平動切割磁感線有E0=Blv0則根據歐姆定律可知此時回路的感應電流為根據楞次定律可知，回路中的感應電流沿逆時針方向（俯視），結合左手定則可知，乙所受安培力方向水平向右，由牛頓第二定律有BI0l=m2a乙0帶入數據有a乙0=2m/s2，方向水平向右（2）甲和乙在磁場中運動的過程中，系統不受外力作用，則系統動量守恒，若兩者共速時恰不相碰，則有m1v0=(m1＋m2)v共對乙根據動量定理有其中聯立解得dmin=Δx=24m則d滿足d≥24m（3）根據（2）問可知，從甲剛進入磁場至甲、乙第一次在水平導軌運動穩定，相對位移為Δx=24m，且穩定時的速度v共=6m/s乙第一次在右側斜軌上向上運動的過程中，根據牛頓第二定律有m2gsinθ2＋μ2m2gcosθ2=m2a乙上根據勻變速直線運動位移與速度的關系有2a乙上x上=v共2乙第一次在右側斜軌上向下運動的過程中，根據牛頓第二定律有m2gsinθ2－μ2m2gcosθ2=m2a乙下再根據勻變速直線運動位移與速度的關系有2a乙下x下=v12且x上=x下聯立解得乙第一次滑下右側軌道最低點的速度v1=5m/s由于兩棒發生碰撞，則為完全非彈性碰撞，則甲乙整體第一次在右側傾斜軌道上向上運動有（m1＋m2）gsinθ2＋μ2（m1＋m2）gcosθ2=(m1＋m2)a共上同理有2a共上x共上=v2且由圖（b）可知x上=484x共上解得甲、乙碰撞后的速度乙第一次滑下右側軌道最低點后與甲相互作用的過程中，甲、乙組成的系統合外力為零，根據動量守恒有m1v2－m