2025屆內蒙古太仆寺旗寶昌一中物理高二第二學期期末統考模擬試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在光電效應實驗中，用同一光電管在不同實驗條件下得到了甲、乙、丙三條光電流與電壓之間的關系曲線．下列判斷正確的是（）A．甲光的頻率大于乙光的頻率B．乙光的波長小于丙光的波長C．乙光的強度低于甲光的強度D．甲光對應的光電子最大初動能大于丙光的光電子最大初動能2、廣州塔，昵稱小蠻腰，總高度達600米，游客乘坐觀光電梯大約一分鐘就可以到達觀光平臺．若電梯簡化成只受重力與繩索拉力，已知電梯在t＝0時由靜止開始上升，a－t圖象如圖所示（以豎直向上為正方向）．則下列相關說法正確的是（）A．t＝4.5s時，電梯處于失重狀態B．5～55s時間內，繩索拉力最小C．t＝59.5s時，電梯處于超重狀態D．t＝60s時，電梯速度恰好為零3、如圖，一個禮花彈豎直上升到最高點時炸裂成三塊碎片，其中一塊碎片首先沿豎直方向落至地面，另兩塊碎片稍后一些同時落至地面．則在禮花彈炸裂后的瞬間這三塊碎片的運動方向可能是()A． B． C． D．4、在勻強磁場中，一個100匝的閉合矩形金屬線圈，繞與磁感線垂直的固定軸勻速轉動，線圈中產生的電動勢隨時間按如圖所示正弦規律變化。設線圈總電阻為，則（）A．時，線圈平面垂直于磁感線B．一分鐘內線圈中的電流改變方向30次C．時，線圈中的磁通量最大，為D．一個周期內，線圈產生的熱量為5、下列關于原子和原子核的說法正確的是（）A．粒子散對實驗現象中，絕大多數粒子不偏轉，說明原子內幾乎是“空”的B．核聚變反應方程中，表示質子C．放射性元素的半衰期隨溫度的升高而變短D．衰變現象說明粒子是原子核的組成部分6、如圖所示，在光滑水平地面上放著兩個物體，其間用一根不能伸長的細繩相連，開始時B靜止，A具有4kg?m/s的動量（以向右為正），剛開始繩松弛。在繩拉緊(可能拉斷)的過程中，A、B動量的變化量可能為（）A．△PAB．△PAC．△PAD．△二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一定量的理想氣體從狀態a開始，經歷等溫或等壓過程ab、bc、cd、da回到原狀態，其p－T圖象如圖所示，其中對角線ac的延長線過原點O.下列判斷正確的是A．氣體在狀態a時的內能大于它在狀態c時的內能B．在過程cd中氣體向外界放出的熱量大于外界對氣體做的功C．在過程da中氣體從外界吸收的熱量小于氣體對外界做的功D．在過程bc中外界對氣體做的功等于在過程da中氣體對外界做的功8、一彈簧振子做簡諧運動，它所受的回復力F隨時間t變化的圖線為正弦曲線，如圖所示，下列說法正確的是()A．在t從0到2s時間內，彈簧振子做減速運動B．在t1＝3s和t2＝5s時，彈簧振子的速度大小相等，方向相反C．在t1＝5s和t2＝7s時，彈簧振子的位移大小相等，方向相同D．在t從0到4s時間內，t＝2s時刻彈簧振子所受回復力做功功率最小9、如圖所示為一種電容傳聲器。b是固定不動的金屬板，a是能在聲波驅動下沿水平方向振動的金屬膜片，a、b構成一個電容器。其工作原理是當聲波作用于金屬膜片時，金屬膜片發生相應的振動，于是就改變了它與固定極板b間的距離，從而使電容發生變化，而電容的變化可以轉化為電路中電信號的變化。閉合開關K，若聲源S發出聲波使a向右運動時（）A．電容器的電容増大B．a、b板之間的電場強度減小C．流過電流表的電流方向為自左向右D．流過電流表的電流方向為自右向左10、如圖所示，在共點力合成的實驗中橡皮筋一端固定于P點，另一端連接兩個彈簧秤，使這端拉至O點，兩個彈簧秤的拉力分別為F1、F2(α+β<90°)，現使F1大小不變地沿順時針轉過某一角度，要使結點仍在O處，相應地使F2的大小及圖中β角發生變化。則相應的變化可能的是A．F2一定增大B．F2可能減小C．β角一定減小D．β角可能增大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示，為“驗證碰撞中的動量守恒”的實驗裝置示意圖。已知a、b小球的質量分別為ma、mb，半徑相同，圖中P點為單獨釋放a球的平均落點，M、N是a、b小球碰撞后落點的平均位置.(1)本實驗必須滿足的條件是___________.A．斜槽軌道必須是光滑的B．斜槽軌道末端的切線水平C．入射小球每次都從斜槽上的同一位置無初速度釋放D．入射球與被碰球滿足ma=mb(2)為了驗證動量守恒定律，需要測量OP間的距離x1、OM間的距離x2和___________.(3)為了驗證動量守恒，需驗證的關系式是___________.12．（12分）用實驗測一電池的內阻和一待測電阻的阻值，已知電池的電動勢約6V，電池內阻和待測電阻阻值都為數十歐。可選用的實驗器材有:電流表(量程0~30);電流表(量程0~100);電壓表(量程0~6);滑動變阻器(阻值0~5Ω);滑動變阻器(阻值0~300Ω);開關一個，導線若干條。某同學的實驗過程如下:Ⅰ.設計如圖1所示的電路圖，正確連接電路。Ⅱ.將R的阻值調到最大，閉合開關，逐次調小R的阻值，測出多組U和I的值，并記錄。以U為縱軸。I為橫軸。得到如圖2所示的圖線。Ⅲ.斷開開關，將改接在B、C之間。A與B直接相連，其他部分保持不變。重復Ⅱ的步驟，得到另一條U-I圖線，圖線與橫軸I的交點坐標為，與縱軸U的交點坐標為.回答下列問題:（1）電流表應選用

_______，滑動變阻器應選用________.（2）由圖2的圖線，得電源內阻r=____Ω；（3）用、和表示待測電阻的關系式____________代入數值可得；（4）若電表為理想電表，接在B、C之間與接在A、B之間，滑動變阻器滑片都從最大阻值位置調到某同一位置，兩種情況相比，電流表示數變化范圍________電壓表示數變化范圍__________(選填“相同”或“不同”)。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，兩光滑軌道相距L=0.5m，固定在傾角為的斜面上，軌道下端接入阻值為R=1.6Ω的定值電阻。整個軌道處在豎直向上的勻強磁場中，磁感應強度B=1T。一質量m=0.1kg的金屬棒MN從軌道頂端由靜止釋放，沿軌道下滑，金屬棒沿軌道下滑x=3.6m時恰好達到最大速度（軌道足夠長），在該過程中，金屬棒始終能保持與軌道良好接觸。（軌道及金屬棒的電阻不計，重力加速度g取10m/s2,sin37°=0.6，cos37°=0.8)求：（1）金屬棒下滑過程中，M、N哪端電勢高；（2）求金屬棒下滑過程中的最大速度v；（3）求該過程回路中產生的焦耳熱Q。14．（16分）如圖所示，比荷為的帶負電粒子由靜止釋放，經、板間的電場加速后從點垂直于磁場邊界射入寬度為的勻強磁場中，該粒子離開磁場時的位置（圖中未畫出）偏離人射方向的距離為．已知、兩板間的電壓為，粒子的重力不計．試求:（1）勻強磁場的磁感應強度；（2）粒子到達位置時的速度的大小．15．（12分）研究物體的運動時，常常用到光電計時器.如圖所示，當有不透光的物體通過光電門時，光電計時器就可以顯示出物體的擋光時間.光滑水平導軌MN上放置兩個物塊A和B，左端擋板處有一彈射裝置P，右端N處與水平傳送帶平滑連接，將兩個寬度為d=3.6×10-3m的遮光條分別安裝在物塊A和B上，且高出物塊，并使遮光條在通過光電門時擋光.傳送帶水平部分的長度L=9.0m，沿逆時針方向以恒定速度v=6.0m/s勻速轉動。物塊B與傳送帶的動摩擦因數=0.20，物塊A的質量（包括遮光條）為mA=2.0kg。開始時在A和B之間壓縮一輕彈簧，鎖定其處于靜止狀態，現解除鎖定，彈開物塊A和B，迅速移去輕彈簧.兩物塊第一次通過光電門，物塊A通過計時器顯示的讀數t1=9.0×10-4s，物塊B通過計時器顯示的讀數t2=1.8×10-3s，重力加速度g取10m/s2，試求：（1）彈簧儲存的彈性勢能Ep；（2）物塊B在傳送帶上滑行的過程中產生的內能；（3）若物體B返回水平面MN后與被彈射裝置P彈回的A在水平面上相碰，碰撞中沒有機械能損失，則彈射裝置P必須對A做多少功才能讓B碰后從Q端滑出。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

根據eUc=Ek=hv-W1，入射光的頻率越高，對應的遏止電壓Uc越大．甲光、乙光的遏止電壓相等，所以甲光、乙光的頻率相等，甲光的光電流比乙光大，則甲光的光照強度比乙光大，故A錯誤，C正確；丙光的遏止電壓大于乙光的遏止電壓，所以丙光的頻率大于乙光的頻率，則乙光的波長大于丙光的波長，故B錯誤；丙光的遏止電壓大于甲光的遏止電壓，根據eUc=Ek知甲光對應的光電子最大初動能小于于丙光的光電子最大初動能．故D錯誤；故選C．【點睛】本題考查了光電效應方程的應用，解答本題的關鍵是掌握截止電壓、截止頻率，以及理解光電效應方程eUc=Ek=hv-W1．2、D【解析】

A．據題，電梯在t=1時由靜止開始上升，加速度向上，此時加速度a＞1，t=4.5s時，a＞1，加速度向上，電梯處于超重狀態，故A項不符合題意；B．5～55s時間內，a=1，電梯處于平衡狀態，繩索拉力等于電梯的重力，大于電梯失重時繩索的拉力，所以這段時間內繩索拉力不是最小，故B項不符合題意；C．t=59.5s時，a＜1，加速度方向向下，電梯處于失重狀態，故C項不符合題意；D．根據a-t圖象與坐標軸所圍的面積表示速度的變化量，由幾何知識可知，61s內a-t圖象與坐標軸所圍的面積為1，所以61s內速度的變化量為1，而電梯的初速度為1，所以t=61s時，電梯速度恰好為1．故D項符合題意．3、D【解析】禮花彈炸裂的瞬間動量守恒，因炸裂前的總動量為豎直向上的方向，則炸裂后總動量也是豎直向上，水平方向的總動量為零，因一碎塊沿豎直方向先落地，可知其速度方向豎直向下，則禮花彈炸裂后的瞬間這三塊碎片的運動方向可能是D，故選D.4、C【解析】

A．0.5s時感應電動勢最大，磁通量變化率最大，磁通量為零，線圈平面平行磁感線，故A項錯誤；B．一個周期電流變換兩次方向，從圖中可知，則一分鐘內（30個周期）線圈中的電流改變方向60次，故B項錯誤；C．時，感應電動勢為零，此時磁通量最大，因為，所以：故C項正確；D．一個周期內，線圈產生的熱量故D項錯誤。5、A【解析】A、盧瑟福的α粒子散射實驗現象中，絕大多數粒子不偏轉，說明原子內絕大部分空間都是“空”的，故A正確；B、根據核反應過程中質量數、電荷數守恒，則核聚變反應方程中，x表示中子，故B錯誤；C、元素的半衰期由元素本身決定，與外界的物理、化學環境無關，故C錯誤；D、衰變現象說明原子核內部還有復雜的結構，故D錯誤．故選A．6、C【解析】在繩子拉緊的一瞬間系統動量守恒，并且A的動量減小B的動量增大，系統的機械能有損失，選項A中系統機械能沒有損失，A錯；B錯；C對；系統動量不可能增大，D錯；二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】

A．理想氣體在狀態a的溫度大于狀態c的溫度，理想氣體的內能只與溫度有關，溫度高，內能大，故氣體在狀態a時的內能大于它在狀態c時的內能，故A正確；B．在過程cd中溫度不變，內能不變△U=0，等溫變化壓強與體積成反比，壓強大體積小，從c到d體積減小，外界對氣體做正功，根據熱力學第一定律，所以W=|Q|，所以在過程cd中氣體向外界放出的熱量等于外界對氣體做的功，故B錯誤；C．在過程da中，等壓變化，溫度升高，內能增大，體積變大，外界對氣體做負功即，根據熱力學第一定律，Q＞|W|，所以在過程da中氣體從外界吸收的熱量大于氣體對外界做的功，故C錯誤；D．在過程bc中，等壓變化，溫度降低，內能減小，體積減小，外界對氣體做功，根據，即，；da過程中，氣體對外界做功，因為，所以|Wbc|=|Wda|，在過程bc中外界對氣體做的功等于在過程da中氣體對外界做的功，故D正確。8、ACD【解析】試題分析：簡諧運動運動回復力F=-kx，與位移成正比；根據回復力情況得到位移變化情況并進一步判斷速度變化情況．在t從0到2s時間內，回復力逐漸變大，說明振子逐漸遠離平衡位置，做減速運動，故A正確；在到過程，回復力先減小為零后反向增加，說明先靠近平衡位置后遠離平衡位置，故3s和5s速度方向相同；由于3s和5s回復力大小相等，故位移大小也相等，速度大小也相等，故B錯誤；在5s和7s時，回復力相等，根據公式，位移相同，故C正確；在t從0到4s時間內，t=2s時刻彈簧振子速度為零，根據P=Fv，功率為零，故D正確．9、AC【解析】

A．由電容的決定式：可知，a向右運動時，極板間的距離d減小，所以電容增大，A正確；B．閉合開關K，電壓保持不變，距離減小，由：可知，電場強度增大，B錯誤；CD．由電容定義式：可知，電容增大，電壓不變，所以電荷量增大，電容器充電，流過電流表的電流方向為自左向右，C正確，D錯誤。故選AC。10、AD【解析】

根據題意，保持合力大小方向不變，F1大小不變，方向改變，看怎樣改變F2仍能組成平行四邊形即可。平行四邊形定則是矢量合成的重要法則，要熟練應用，平時訓練中要不斷的加強練習。【詳解】根據平行四邊形定則有：如圖1變化所示，可以增大的同時增大角；如圖2所示，可以增大的同時減小角；如圖3所示，可以增大而保持角不變；同時根據平行四邊形定則可知，減小的同時減小角是不能組成平行四邊形的。A．F2一定增大，與分析結果相符，故A正確；B．F2可能減小，與分析結果不符，故B錯誤；C．β角一定減小，與分析結果不符，故C錯誤；D．β角可能增大，與分析結果相符，故D正確。【點睛】本題考查力的平行四邊形定則的應用，較為簡單。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、BCON間的距離x3(或)【解析】

第一空.A.“驗證動量守恒定律”的實驗中，是通過平拋運動的基本規律求解碰撞前后的速度的，只要離開軌道后做平拋運動，對斜槽是否光滑沒有要求，故A錯誤；B.要保證每次小球都做平拋運動，則軌道的末端必須水平，故B正確；C.要保證碰撞前的速度相同，所以入射球每次都要從同一高度由靜止滾下，故C正確；D.為了保證小球碰撞為對心正碰，且碰后不反彈，要求ma＞mb，故D錯誤.應填BC.第二空.要驗證動量守恒定律定律，即驗證：，小球離開軌道后做平拋運動，它們拋出點的高度相等，在空中的運動時間t相等，上式兩邊同時乘以t得：，得：，因此實驗需要測量：測量OP間的距離x1，OM間的距離x2，ON間的距離x3；第三空.由以上分析可知，實驗需要驗證:，或.12、A2R225相同不同【解析】

①根據題設條件中電池的電動勢約，電池內阻和待測電阻阻值都為數十歐，可估算出電路中的電流為數十毫安，因此電流表應選用，為了電路正常工作，以及方便調節，多測量幾組數據，滑動變阻器應選用②根據圖中電路結構可知，電壓表測量了電路的路端電壓，電流表測量了電路的總電流，因此圖中圖線斜率絕對值即為電源的內阻，有。③當改接電路后，將待測電阻與電源視為整體，即為一“等效電源”，此時圖線的斜率為等效電源的內阻，因此有，解得。④若電表為理想電表，接在B、C之間與接在A、B之間，電路的總電阻可變范圍不變，因此電流表的示數變化范圍相同，接在B、C之間時，電壓表測量的是滑動變阻器兩端的電壓，而接在A、B之間時，電壓表測量的是滑動變阻器與兩端電壓的和，由于對應某一滑動變阻器阻值時，電路的電流相同，因此電壓表的讀數不同，所以電壓表示數變化范圍也不同。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）M端電勢較高（2）6m/s（3）【解析】

（1）根據右手定則，可判知M端電勢較高（2）設金屬棒的最大速度為v，根據法拉第電磁感應定律，回路中的感應電動勢E=BLvcos根據閉合電路歐姆定律，回路中的電流強度I=E/R金屬棒所受安培力