2025年廣東省吳川一中物理高二下期末復習檢測試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一質點位于x=﹣1m處，t=0時刻沿x軸正方向做直線運動，其運動的v﹣t圖象如圖所示．下列說法正確的是（）A．0～2s內和0～4s內，質點的平均速度相同B．t=4s時，質點在x=2m處C．第3s內和第4s內，質點位移相同D．第3s內和第4s內，質點加速度的方向相反2、關于磁感應強度為B，電流強度I、導線長L和導線所受磁場力F的關系，下列說法中正確的是()A．在B＝0的地方，F一定等于零B．在F＝0的地方，B一定等于零C．若B＝1T，I＝1A，L＝1m，則F一定等于1ND．若L＝1m，I＝1A，F＝1N，則B一定等于1T3、關于物質的熔化和凝固,下列敘述中正確的是()A．各種固體都有一定的熔點B．各種固體都有一定的凝固點C．各種晶體的熔點相同D．非晶體熔化要吸熱,溫度不斷上升4、一質點沿直線方向做加速運動，它離開O點的距離x隨時間變化的關系為x=3+2t3(m)，它的速度隨時間變化的關系為v=6t2m/s．則該質點在t=2s時的瞬時速度和t=0到t=2s間的平均速度分別為()A．8m/s、24m/sB．24m/s、8m/sC．12m/s、24m/sD．24m/s、12m/s5、如圖所示，電路中的A、B是兩個完全相同的燈泡，L是一個自感系數很大、電阻可忽略的自感線圈，C是電容很大的電容器，當開關S斷開與閉合時A、B燈泡發光情況是（）A．S剛閉合后，A燈亮一下又逐漸變暗，B燈逐漸變亮B．S剛閉合后，B燈亮一下又逐漸變暗，A燈逐漸變亮C．S閉合足夠長時間后，A燈泡和B燈泡一樣亮D．S閉合足夠長時間后再斷開，B燈立即熄滅，A燈逐漸熄滅6、在光電效應實驗中，用單色光照射某種金屬表面，有光電子逸出，則光電子的最大初動能取決于入射光的（）A．頻率 B．強度 C．照射時間 D．光子數目二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在兩端開口豎直放置的U形管內，兩段水銀封閉著長度為L的空氣柱,a、b兩水銀面的高度差為h，現保持溫度不變，則（）A．若再向左管注入些水銀，穩定后h變大B．若再向左管注入些水銀，穩定后h變小C．若再向右管注入些水銀，穩定后h變大D．若兩管同時注入些水銀，穩定后h變大8、一定質量的理想氣體沿如圖所示箭頭方向發生狀態變化，則下列說法正確的是()A．a到b過程放熱，內能減少B．b到c過程吸收的熱量多于做功值C．c到a過程內能一直不變D．完成一個循環過程，氣體吸收熱量9、在某次光電效應實驗中,用不同頻率的光照射光電管陰極,測得對應的遏止電壓得到與入射光的頻率的關系如圖所示．若該直線的斜率為跟橫軸的交點坐標為,電子電荷量的絕對值為，則可得（）A．普朗克常量為B．所用陰極材料的逸出功為C．所用陰極材料的極限頻率為D．當入射光的頻率為時,遏制電壓為10、用不可伸長的細線懸掛一質量為M的小木塊，木塊靜止，如圖所示，現有一質量為m的子彈自左向右水平射入木塊，并停留在木塊中，子彈初速度為，則下列判斷正確的是（）A．從子彈射向木塊到一起上升到最高點的過程中系統的機械能不守恒B．子彈射入木塊瞬間動量守恒，故子彈射入木塊瞬間子彈和木塊的共同速度為C．忽略空氣阻力，子彈和木塊一起上升過程中系統機械能守恒，其機械能等于子彈射入木塊前的動能D．子彈和木塊一起上升的最大高度為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）實驗室購買了一捆標稱長度為100m的銅導線，某同學想通過實驗測定其實際長度．該同學首先測得導線橫截面積為1.0mm2，查得銅的電阻率為1.7×10－8Ω·m，再利用實驗測出銅導線的電阻Rx，從而確定導線的實際長度，要求盡可能測出多組有關數值．（1）在圖中畫出你所設計方案的實驗電路圖，并把所選儀器連成實際測量電路；________，________．（2）調節滑動變阻器，當電流表的讀數為0.50A時，電壓表示數0.80V，導線實際長度為________m（保留兩位有效數字）．12．（12分）利用如圖所示裝置驗證機械能守恒定律:質量m=1.21kg的重物自由下落，打點計時器在紙帶上打出一系列點．下圖所示為選取的一條符合實驗要求的紙帶，O為第一個點，A、B、C為從合適位置開始選取的三個連續點（其他點未畫出）。已知打點計時器每隔1．12s打一次點，當地的重力加速度g=11m/s2。（計算結果均取3位有效數字）（1）下列實驗操作步驟中錯誤的是（_____）A．把打點計時器固定在鐵架臺上，用導線連接到低壓交流電源B．將連有重錘的紙帶穿過限位孔，將紙帶和重錘提升到一定高度C．先釋放紙帶，再接通電源D．更換紙帶，重復實驗，根據記錄處理數據（2）根據圖上所得的數據，應取圖中O點和____點來驗證機械能守恒定律,那么打下該點時重物的瞬時速度大小為_______m/s；（3）從O點到所取點，重物重力勢能減少量ΔEp=____J，動能增加量ΔEk四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，是一個簡化后的娛樂項目示意圖，游客被安全地固定在球型裝備（看成質點，圖中未畫出）內，被彈射系統水平貼地彈出后即刻進入長為L=5m的水平軌道SO．O點既是水平路面的末端，也是半圓軌道OA的起點，以O點為坐標原點建立水平向右的x軸．豎直半圓軌道OA與AB（O、A、B在同一條豎直線上，B點為半圓軌道的最高點，該處切線水平）的半徑均為R=2m，它們在A點銜接，不計銜接處的縫隙大小和裝備運行到此處的能量損失．半圓軌道OA的右側是一片水域，水面略低的半徑r=2m的水平圓盤，MN是圓盤的豎直支架（它與半圓軌道在同一豎直面內），N點是圓盤的圓心，M點可以左右移動，水平圓盤不能和半圓軌道OA重疊．若球型裝備與SO之間的動摩擦因數μ=0.2，與兩半圓軌道的摩擦不計，圓盤轉軸NM的高度H=2m，不計空氣阻力，球型裝備的質量為50kg，在某次設備測試中，讓球型裝備空載運行，求：（1）為了能讓裝備安全到達B點，則彈射系統應至少給裝備提供多少能量？（2）若裝備恰好能安全到達B點，此后為讓裝備能落到水平圓盤上，求M點的坐標范圍；（3）若M點的坐標為x=6m，為讓裝備能落到水平圓盤上，求彈射系統提供給裝備的能量．14．（16分）如圖所示，光滑的水平面上有兩塊相同的長木板A和B，長度均為L＝0.5m，在B的中央位置有一個可以看成質點的小鐵塊C，三者的質量都為m，C與A、B間的動摩擦因數均為μ＝0.5.現在A以速度v0＝6m/s向右運動并與B相碰，碰撞時間極短，碰后A、B粘在一起運動，而C可以在A、B上滑動，g＝10m/s2，求小鐵塊C最終距長木板A左端的距離．15．（12分）如圖所示，質量均為m的物體A、B放在傾角θ=30°的斜面上，已知A與斜面及水平面間的動摩擦因數μ1=35，B與斜面及水平面間的動摩擦因數μ2=32，A、B兩物體之間的距離l1=1m，B到斜面底端的距離為l2，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。現將A、B兩物體同時由靜止開始釋放，它們間的碰撞為彈性碰撞，g取10m/s(1)求A、B兩物體經過多長時間第一次相遇；(2)若l2=0.8m，則物體A、B最終停在何處?

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】根據圖象與坐標軸圍成的面積表示位移，在時間軸上方的位移為正，下方的面積表示位移為負，則知0～2s內和0～4s內，質點的位移相同，但所用時間不同，則平均速度不同，故A錯誤．

0-2s內質點的位移為△x=×（1+2）×2m=3m，2-4s內位移為零，則t=4s時質點的位移是3m，t=0時質點位于x=-1m處，則t=2s時，質點在x′=x+△x=2m處，故B正確．第3s內和第4s內，質點位移大小相同，但方向不同，選項C錯誤；速度圖線的斜率表示加速度，直線的斜率一定，加速度是一定的，則知第3s內和第4s內，質點加速度的方向相同，故D錯誤．故選B.點睛：本題是速度圖象問題，考查理解物理圖象意義的能力，關鍵要抓住速度圖象“斜率”表示加速度，“面積”表示位移．2、A【解析】由F＝ILB，當B＝0時，F一定為零．但是用B＝判斷B時，B一定要和通電導線垂直，沒有垂直這個條件，是無法判斷的．故只有A正確．3、D【解析】晶體有固定的熔點和凝固點，非晶體沒有熔點或凝固點，故AB錯誤；不同晶體雖然都有熔點，但熔點不同，故C錯誤；非晶體雖然沒有熔點，但熔化時需要吸收熱量，溫度不斷升高，故D正確．故選D．【點睛】此題主要考查了晶體和非晶體在熔化和凝固過程中的特點和區別，學生很容易混淆，把握住吸熱放熱和溫度特點是解題的關鍵．4、B【解析】試題分析：質點在t＝2s時的瞬時速度為；0時刻距O點為，2s時距O點為，所以位移為16m，所以平均速度為8m/s．考點：本題考查了位移、平均速度的計算5、A【解析】

AB．S剛閉合后，燈泡A與電感并聯，由于電感阻礙電流的增大，所以A燈亮一下，但電感的直流電阻為零，故A燈然后逐漸熄滅，B燈與電容器并聯，由于電容器充電，所以B燈逐漸變亮。故A正確B錯誤；C．S閉合足夠長時間后，C中無電流，相當于斷路，L相當于短路，所以B很亮，而A不亮。故C錯誤。D.S閉合足夠長時間后再斷開,B燈與電容器構成回路，電容器放電，所以B燈是逐漸熄滅，A燈與線圈構成回路，所以A燈先閃亮一下然后在逐漸熄滅，故D錯誤故選：A。6、A【解析】

根據愛因斯坦的光電效應方程：，光電子的最大初動能只與入射光的頻率在關，與其它無關．而光照強度，照射時間及光子數目與逸出的光電子數量的關，故A正確，BCD錯誤．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】

設右管被封閉氣體上方的水銀柱的高度為h′，氣體的壓強，解得：h′=hAB.若再向左管注入些水銀穩定后，研究被封閉的氣體，氣體上方的水銀柱高度不變，所以氣體的壓強不變，仍然有h′=h，故AB錯誤；C.若再向右管注入些水銀，穩定后，因被封閉氣體上方的水銀柱變長，被封閉的氣體壓強增大，a、b兩水銀面的高度差變大，h會變大，選項C正確D.由AB的分析可知，向左管中注入水銀，對a、b兩水銀面的高度差無影響，由C的解答可知，向右管中注入水銀，會使a、b兩水銀面的高度差變大，所以同時向兩管同時注入些水銀，穩定后h變大，選項D正確．8、AB【解析】

A．到過程氣體壓強減小，體積不變，外界對氣體不做功，根據可知氣體溫度降低，所以氣體的內能減小，根據熱力學第一定律可知到過程放熱，故選項A正確；B．到過程氣體壓強不變，體積增大，氣體對外界做正功，根據可知氣體溫度升高，所以氣體的內能增加，根據熱力學第一定律可知到過程吸熱，且吸收的熱量多于做功值，故選項B正確；C．根據圖像的數據和可知到過程氣體溫度先升高后降低，所以氣體的內能先增大后減小，故選項C錯誤；D．完成一個循環過程，氣體溫度不變，氣體的內能不變，在到過程中氣體對外界做功小于到過程中外界對氣體做功，根據熱力學第一定律可知氣體放出熱量，故選項D錯誤。9、ABC【解析】

根據動能定理有：，與愛因斯坦光電效應方程，可得遏制電壓，結合圖，斜率即，可得：普朗克常量，所用材料的逸出功，故AB正確；由圖可知，所用陰極材料的極限頻率為b，故C正確；因為，當入射光的頻率為時，，故D錯誤。故選ABC。【點睛】解決本題的關鍵掌握光電效應方程，以及知道最大初動能與遏止電壓的關系，對于圖線問題，一般的解題思路是得出物理量之間的關系式，結合圖線的斜率和截距進行求解．10、AB【解析】

從子彈射向木塊到一起運動到最高點的過程可以分為兩個階段：子彈射入木塊的瞬間系統動量守恒，但機械能不守恒，有部分機械能轉化為系統內能，之后子彈在木塊中與木塊一起上升，該過程只有重力做功，機械能守恒，所以整個過程的機械能不守恒。故A正確；由子彈射入木塊瞬間，取向右為正方向，由動量守恒定律得：mv0=（M+m）v，可得子彈射入木塊瞬間子彈和木塊的共同速度為v=．故B正確。忽略空氣阻力，子彈和木塊一起上升過程中，只有重力做功，系統機械能守恒，由于子彈射入木塊的過程機械能有損失，所以其機械能小于子彈射入木塊前的動能，故C錯誤；子彈射入木塊后子彈和木塊一起上升，由機械能守恒定律得（M+m）v2=（M+m）gh，可得上升的最大高度為．故D錯誤。故選AB。【點睛】子彈射木塊是一種常見的物理模型，由于時間極短，內力遠大于外力，故動量守恒；系統接下來的運動是擺動，也是一種常見的物理模型，機械能守恒，當然，能用機械能守恒定律解的題通常都能用動能定理解決．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、；；94；【解析】(1)根據電阻定律可求出銅導線的電阻約為Rx==1.7×10?8×=1.7Ω，阻值較小，所以采用電流表外接法；實驗要求盡可能測出多組有關數值，所以采用分壓電路．故電路設計如圖所示：根據電路圖，實物連接圖如圖所示：；（2）根據歐姆定律和電阻定律，得，代入數據得L=94m；點睛：首先根據電阻定律估算出銅導線的電阻，結合實驗要求盡可能測出多組有關數值，確定實驗電路，根據電路連接實物圖；根據歐姆定律求出導線的電阻，利用電阻定律求出導線的長度即可．12、CB1.921.3841.369【解析】（1）把打點計時器固定在鐵架臺上，用導線連接到低壓交流電源，選項A正確；將連有重錘的紙帶穿過限位孔，將紙帶和重錘提升到一定高度，選項B正確；先接通電源，再釋放紙帶，選項C錯誤；更換紙帶，重復實驗，根據記錄處理數據，選項D正確；此題選項不正確的選項，故選C；（2）根據圖上所得的數據，應取圖中O點和B點來驗證機械能守恒定律,那么打下B點時重物的瞬時速度大小為vB（3）從O點到所取B點，重物重力勢能減少量為：△Ep=mghB=1.21×11×1.1921J=1.384J，動能的增加量為：△Ek＝12mvB2＝12×1.2×1.922J=1.369J．在誤差允許的范圍內，機械能守恒．四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）5000J（2）；（3）5000J＜E＜5833J．【解析】

(1)在最高點B根據牛頓第二定律求解速度，再根據能量關系可得能量大小；(2)根據平拋運動的知識求解x的范圍；(3)根據平拋運動求解平拋運動的最大初速度，根據能量關系求解能量范圍．【詳解】（1）裝備恰好能安全到達B點，在最高點B根據牛頓第二定律可得：根據能量關系可得：解得：；（2）根據平拋運動的知識可得，豎直方向上：計算可得落到圓盤上需要時間：水平方向上有：x=vBt解得：由于水平圓盤不能和半圓