安徽省安慶一中、安師大附中、銅陵一中2025屆物理高一下期末預測試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規定答題。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、(本題9分)如圖所示，甲、乙兩種粗糙面不同但高度相同的傳送帶，傾斜于水平地面放置．以同樣恒定速率v向上運動．現將一質量為m的小物體(視為質點)輕輕放在A處，小物體在甲傳送帶上到達B處時恰好達到傳送帶的速率v；在乙傳送帶上到達離B豎直高度為h的C處時達到傳送帶的速率v．已知B處離地面高度為H，則在物體從A到B的運動過程中()A．兩種傳送帶對小物體做功相等B．將小物體傳送到B處，兩種傳送帶消耗的電能相等C．兩種傳送帶與小物體之間的動摩擦因數甲的大D．將小物體傳送到B處，兩種系統產生的熱量相等2、(本題9分)如果把水星和金星繞太陽的運動視為勻速圓周運動，從水星與金星在一條直線上開始計時，若天文學家測得在相同時間內水星轉過的角度為；金星轉過的角度為（均為銳角），則由此條件不可求得的是：A．水星和金星繞太陽運動的周期之比B．水星和金星繞太陽運動的向心加速度大小之比C．水星和金星到太陽的距離之比D．水星和金星的密度之比3、如圖所示，從地面上A點發射一枚遠程彈道導彈，假設導彈僅在地球引力作用下沿ACB橢圓軌道飛行并擊中地面目標B，C為軌道的遠地點，距地面高度為h.已知地球半徑為R，地球質量為M，引力常量為G.則下列結論正確的是()A．導彈在C點的速度大于GMB．導彈在C點的速度等于3C．導彈在c點的加速度等于GMD．導彈在C點的加速度大于GM4、(本題9分)2018年11月，北斗衛星組網內第一顆同步軌道衛星(又叫GEO衛星)升空，與之前發射的周期為12h的中圓軌道星(又叫MEO衛星)組網，相互配合，實現衛星服務全球化。GEO衛星與MEO衛星相比，前者()A．受地球引力較大 B．軌道的高度較大C．繞行線速度較大 D．向心加速度較大5、(本題9分)開普勒分別于1609年和1619年發表了他發現的行星運動規律，后人稱之為開普勒行星運動定律．關于開普勒行星運動定律，下列說法正確的是A．所有行星繞太陽運動的軌道都是圓，太陽處在圓心上B．對任何一顆行星來說，離太陽越近，運行速率就越大C．在牛頓發現萬有引力定律后，開普勒才發現了行星的運行規律D．開普勒獨立完成了觀測行星的運行數據、整理觀測數據、發現行星運動規律等全部工作6、(本題9分)如圖所示，一個內壁光滑的圓錐筒的軸線垂直于水平面，圓錐筒固定不動，有兩個質量相同的小球A和小球B緊貼圓錐筒內壁分別在水平面內做勻速圓周運動，則下列說法中正確的是()A．A球的線速度必定小于B球的線速度B．A球的角速度必定大于B球的角速度C．A球運動的周期必定大于B球的周期D．A球對筒壁的壓力必定大于B球對筒壁的壓力7、如圖所示，半徑為R的光滑圓環固定在豎直平面內，AB、CD是圓環相互垂直的兩條直徑，C、D兩點與圓心O等高．一個質量為m的光滑小球套在圓環上，一根輕質彈簧一端連在小球上，另一端固定在P點，P點在圓心O的正下方處．小球從最高點A由靜止開始沿逆時針方向下滑，已知彈簧的原長為R，彈簧始終處于彈性限度內，重力加速度為g．下列說法正確的有（）A．彈簧長度等于R時，小球的動能最大B．小球運動到B點時的速度大小為C．小球在A、B兩點時對圓環的壓力差為4mgD．小球從A到C的過程中，彈簧對小球做的功等于小球機械能的增加量8、(本題9分)質量相等的A、B兩球在光滑水平面上沿同一直線、同一方向運動，A球的動量是8kg·m/s，B求的動量是4kg·m/s，當A求追上B球時發生碰撞，則碰撞后A、B兩球的動量可能值是（）A．6kg·m/s,6kg·m/sB．7kg·m/s,5kg·m/sC．-2kg·m/s,14kg·m/sD．-4kg·m/s,6kg·m/s9、如圖所示為人造地球衛星的軌道示意圖，其中1為近地圓周軌道，2為橢圓軌道，3為地球同步軌道，其中P、Q為軌道的切點，則下列說法中正確的是A．衛星在1軌道上運行可經過一次加速轉移到3軌道上運行B．衛星由1軌道進入2軌道機械能增大C．衛星在軌道1上的運行周期最短D．在軌道2上由Q點運行到P點的過程中，萬有引力對其做正功，它的動能增加，重力勢能減少，機械能增加10、如圖，一個電量為q質量為m的帶電粒子（不計重力），以一已知的速度v0，從A點垂直射入某一偏轉電場中，然后以速度v從B點射出，則：A．若此粒子以速度“-v”從B點射入，則它剛好以速度“-v0”從A點射出；B．若將此粒子的反粒子“-q、m”以速度“-v”從B點射入，則它剛好以速度“-v0”從A點射出；C．若將此粒子的反粒子“-q、m”以速度“-v0”從B點射入，則它剛好以速度“-v”從A點射出；D．若此粒子以速度“-v0”從B點射入，則它剛好以速度“-v”從A點射出。11、(本題9分)如圖甲所示，一輕彈簧豎直放置，下端固定在表面水平的力傳感器上，一質量為m的小球，從彈簧正上方距彈簧上端高h處由靜止釋放，不計空氣阻力，以小球開始釋放點為坐標原點O，豎直向下為x軸正方向，建立坐標軸Ox．力傳感器記錄的彈簧彈力大小F隨小球下落距離x變化的關系圖象如圖乙所示，圖乙中h、x0已知，重力加速度為g．則下列說法正確的是（）A．彈簧的勁度系數為B．小球動能的最大值為C．彈簧壓縮量為2x0時，彈簧的彈性勢能最大D．小球加速度的最大值為g12、(本題9分)如圖所示，長為L的輕桿，一端固定一個小球，另一端固定在光滑的水平軸上，使小球在豎直平面內作圓周運動，重力加速度為g。關于小球在過最高點的速度v，下列敘述中正確的是（）A．v由零增大，需要的向心力也逐漸增大B．小球能在豎直平面內作圓周運動v極小值為C．當v由逐漸增大時，桿對小球的彈力也逐漸增大D．當v由逐漸減小時，桿對小球的彈力逐漸減小二．填空題(每小題6分，共18分)13、在“驗證機械能守恒定律”的實驗中，當地重力加速度的值為9.80m/s2，所用重物的質量為1.00kg.若按實驗要求正確地選出紙帶進行測量，量得連續三點A、B、C到第一個點的距離如圖所示(相鄰計數點時間間隔為0.02s)，那么：

(1)打點計時器打下計數點B時，物體的速度VB__________

；

(2)從起點O打下計數點B的過程中重力勢能減少量是△Ep=

______

，此過程中物體動能的增加量△Ek=______

(取g=9.8m/s2)；

(3)通過計算，數值上△Ep______

△Ek(填“>”、“=”或“<”)，這是因為

______

；

(4)實驗的結論是

______

．14、(本題9分)在研究平拋運動這個實驗中,我們首先設法描繪某物體做平拋運動的軌跡,然后通過這個軌跡研究平拋運動的特點,現在假定已經用某種方法得到了一個物體做平拋運動的軌跡,如圖所示,點是平拋的初位置,我們在軸上作出等距離的幾個點,…,把線段的長度記為,那么，,…,由,…,向下作垂線,垂線與拋體軌跡的交點記為,…,如果軌跡的確是一條拋物線,,…各點的坐標和坐標間的關系應該具有的形式(是一個待定的常量).假定某位同學實驗得到的平拋運動的軌跡就是圖示的曲線.用刻度尺測量某點的兩個坐標,例如的坐標為,,代入中求出常量__________(要求用國際單位制單位,結果保留兩位有效數字).點的坐標測量值應在__________(結果保留兩位有效數字)左右,才能判斷這條曲線真的是一條拋物線.物體做平拋運動的初速度為___________(結果用根式表示,取)15、(本題9分)在用“落體法驗證機械能守恒定律”的實驗中，質量為m=100g的重物拖著紙帶豎直下落，打點計時器在紙帶上打下一系列點，如圖所示，相鄰計數點間的時間間隔為0.04s，P為紙帶運動的起點，從P點到打下B點的過程中重力勢能的減少量__________J，在此過程中物體的動能增量__________J，（g=9.8m/s2，答案保留三位有效數字）．用v表示各計數點的速度，h表示各計數點到P點的距離，以為縱軸，以h為橫軸，根據實驗數據繪出的圖線，該圖線的斜率表示某個物理量的數值時，說明重物下落過程中的機械能守恒，該物理量是___________．三．計算題(22分)16、（12分）(本題9分)如圖所示，電源電動勢E=50V，內阻r=1Ω，R1=3Ω，R1=6Ω．間距d=0.1m的兩平行金屬板M、N水平放置，閉合開關S，板間電場視為勻強電場．板間豎直放置一根長也為d的光滑絕緣細桿AB，有一個穿過細桿的帶電小球p，質量為m=0.01kg、帶電量大小為q=1×10-3C（可視為點電荷，不影響電場的分布）．現調節滑動變阻器R，使小球恰能靜止在A處；然后再閉合K，待電場重新穩定后釋放小球p．取重力加速度g=10m/s1．求：（1）小球的電性質和恰能靜止時兩極板間的電壓；（1）小球恰能靜止時滑動變阻器接入電路的阻值；（3）小球p到達桿的中點O時的速度．17、（10分）如圖所示，質量m=30kg的小孩坐在質量不計的秋千板上，小孩重心與拴繩子的橫梁距離L=2.5m，當秋千擺到最高點時，繩子與豎直方向的夾角，秋千自由擺到最低點時（忽略手與繩間的作用力、空氣阻力和摩擦），g取10m/s2，求：（1）小孩速度v的大小（2）小孩受到支持力N的大小

參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、A【解析】試題分析：小物體的加速度為，根據，可知甲中動摩擦因數較小，加速度較小，選項A錯誤．兩種情況下，傳送帶對小物體做功又可分為兩段，第一段是滑動摩擦力做正功，第二段是靜摩擦力做正功，根據功能原理，整個過程中摩擦力所做的總功等于物塊機械能的增量，動能和勢能的增量相等，因此選項C正確．也表明第一段滑動摩擦力做功，甲的大，一對滑動摩擦力做功，甲的也大，選項D錯誤．兩種傳送帶消耗的電能甲的也大，選項B錯誤．考點：本題考查傳送帶問題，涉及機械能和能量的轉化問題．2、D【解析】試題分析：根據在相同時間內水星轉過的角度為,金星轉過的角度為，則可求得水星的角速度與金星角速度之比為；根據，可得,所以可求出水星和金星到太陽的距離之比；根據,可求得水星和金星繞太陽運動的周期之比；根據，則，知道水星和金星到太陽的距離之比后，可求得水星和金星繞太陽運動的向心加速度大小之比．選項A是錯誤的．考點：萬有引力定律及牛頓定律．3、C【解析】

AB.對于位于離地高為h的軌道上勻速運動的物體有：GMmR+h2=其速度v=GMR+h，導彈從C點做向心運動，速度應小于GMCD.根據牛頓第二定律在C點有：GMmR+h2導彈在C點的加速度a=GMR+h4、B【解析】

由解得：①②③④

A.因引力與衛星的質量有關，因質量關系不知，則其受力不可知，故A錯誤；B.由可知周期大的軌道半徑大，故B正確；C.由可知軌道半徑大的線速度小，故C錯誤；D.由可知軌道半徑大的加速度小，故D錯誤；5、B【解析】試題分析：開普勒三定律:1．開普勒第一定律：所有的行星圍繞太陽運動的軌道都是橢圓．太陽處在所有橢圓的一個焦點上．2．開普勒第二定律：行星與太陽的連線在相同的時間內掃過的面積相等．3．開普勒第三定律：所有行星的軌道的半長軸的三次方與公轉周期的二次方的比值都相等，即.A、由開普勒第一定律可知；錯誤B、由開普勒第二定律可知行星與太陽的連線在相同的時間內掃過的面積相等，離太陽越近，弧長越長，時間相同，速率越大；正確C、開普勒發現了行星的運行規律在前，在牛頓發現萬有引力定律在后；錯誤D、開普勒是在前人研究的基礎上，根據自己的觀測和研究總結出的開普勒三定律；錯誤故選B考點：開普勒三定律點評：容易題．研究天體運行時．太陽系中的行星及衛星運動的橢圓軌道的兩個焦點相距很近．因此行星的橢圓軌道都很接近圓．在要求不太高時，通常可以認為行星以太陽為圓心做勻速圓周運動．這樣做使處理問題的方法大為簡化，而得到的結果與行星的實際運行情況相差并不很大．在太陽系中．比例系數k是一個與行星無關的常量，但不是恒量，在不同的星系中，k值不相同，k值與中心天體有關．6、A【解析】試題分析：小球A和B緊貼著內壁分別在水平面內做勻速圓周運動．由于A和B的質量相同，小球A和B在兩處的合力相同，即它們做圓周運動時的向心力是相同的．由向心力的計算公式F=mv由公式F=mω由周期公式T=2π球A對筒壁的壓力等于球B對筒壁的壓力，所以D不正確．故選A考點：考查了勻速圓周運動規律的應用點評：對物體受力分析是解題的關鍵，通過對AB的受力分析可以找到AB的內在的關系，它們的質量相同，向心力的大小也相同，本題能很好的考查學生分析問題的能力，是道好題．7、CD【解析】

彈簧長度等于R時，彈簧處于原長，在此后的過程中，小球的重力沿軌道的切向分力大于彈簧的彈力沿軌道切向分力，小球仍在加速，所以彈簧長度等于R時，小球的動能不是最大．故A錯誤．由題可知，小球在A、B兩點時彈簧的形變量相等，彈簧的彈性勢能相等，根據系統的機械能守恒得：2mgR=mvB2，解得小球運動到B點時的速度vB=2．故B錯誤．設小球在A、B兩點時彈簧的彈力大小為F．在A點，圓環對小球的支持力F1=mg+F；在B點，由圓環，由牛頓第二定律得：F2-mg-F=m，解得圓環對小球的支持力F2=5mg+F；則F2-F1=4mg，由牛頓第三定律知，小球在A、B兩點時對圓環的壓力差為4mg，故C正確．小球從A到C的過程中，根據功能原理可知，彈簧對小球做的功等于小球機械能的增加量．故D正確．故選CD．【點睛】解決本題的關鍵要分析清楚小球的受力情況，判斷能量的轉化情況，要抓住小球通過A和B兩點時，彈簧的形變量相等，彈簧的彈性勢能相等．8、AB【解析】

兩球碰撞動量守恒，動能不增加，以下四個選項動量都是守恒的，只需比較碰前后的動能關系就可，動量和動能的關系為，可知碰前的總動能為A.碰后的總動量為：，所以6kg·m/s,6kg·m/s是可能的，故A正確。B.碰后的總動量為：，所以7kg·m/s,5kg·m/s是可能的，故B正確。C.碰后的總動量為：，所以-2kg·m/s,14kg·m/s是不可能的，故C錯誤。D.碰后的總動量為：，所以-4kg·m/s,6kg·m/s是不可能的，故D錯誤。9、BC【解析】

A.衛星從1軌道轉移到3軌道上運行，需要在P點和Q點加速兩次。故A錯誤；B.衛星由1軌道進入2軌道需要在P點點火加速，所以機械能增大。故B正確；C.根據開普勒第三定律可知，軌道半徑最小的1軌道的周期最小。故C正確；D.衛星在橢圓軌道2上自由運行時，只有萬有引力對它做功，其機械能守恒，則它在P點的機械能等于在Q點的機械能．故D錯誤．10、AC【解析】試題分析：帶電粒子從A點垂直進入電場中做類平拋運動，水平方向做勻速直線運動，速度大小為，運動時間為，l是板長．若該粒子以速度-v從B點射入電場，豎直方向做勻減速直線運動，加速度沒有變化，豎直方向初速度分量等于，豎直方向運動的位移相等，水平方向運動時間沒有變化，所以將剛好從A點射出，速度方向與v0方向相反．從A到B電場力做功等于動能的增加，從B到A，粒子克服電場力做功等于動能的減小量，電場力做功的數值相等，所以動能的變化量大小相等，則粒子到達A點時速度大小為．故A正確；若將q的反粒子（-q，m）以速度-v從B點射入電場，粒子運動時間不變．豎直方向做勻加速直線運動，若偏轉距離相同時，豎直分速度大于，射出電場時速度大于v0，不可能到達A點．故B錯誤．若將q的反粒（-q，m）以速度-v0從B點射入電場，其加速度與正粒子大小相等、方向相反，水平方向運動時間相等，豎直方向做勻加速直線運動，位移大小不變，粒子剛好到達A點，而且到達A點時豎直方向分速度大小不變，根據運動的合成可知，到達A點的速度等于-v．故C正確．若將粒子以速度-v0從B點射入電場，粒子水平做勻速直線運動，速度大小小于v0，運動時間大于，豎直方向做勻減速直線運動，加速度沒有變化，由于豎直方向分速度小于，粒子沒有到達A點速度就減為零，所以粒子到不了A點．故D錯誤考點：考查了帶電粒子在電場中的偏轉11、AB【解析】A、由圖乙可知，當彈簧壓縮量為時，有，則，故選項A正確；B、在小球下落的過程中，小球克服彈力做的功即為乙圖中三角形的面積大小，即，對小球由動能定理得：，可得小球的最大動能，選項B正確；C、由于小球剛落到彈簧上端時速度不是零，故可知當彈簧的壓縮量為時小球的速度還不是零，小球繼續向下運動，當小球速度為零時，彈簧的最大壓縮量將大于，故選項C錯誤；D、由上面分析可知，小球的最大壓縮量將大于，則小球受到彈力的最大值大于，可知小球的最大加速度，選項D錯誤．點睛：解決本題的關鍵知道小球在整個過程中的運動情況，結合圖象，綜合牛頓第二定律進行分析求解．12、AC【解析】

A.根據牛頓第二定律可知所以v由零增大，需要的向心力也逐漸增大，故A正確；B.在最高點當桿產生的向上的支持力等于小球的重力時，此時合力最小，則速度也達到最小，所以最小速度等于零，故B錯誤；CD.在最高點時，桿可以給小球施加拉力或支持力，當為時，重力提供向心力，桿對小球無力的作用；當大于時，桿對小球施加的拉力與重力同向，合力提供向心力；當v由逐漸增大時，向心力則桿對小球的彈力也逐漸增大，故C正確，D錯誤二．填空題(每小題6分，共18分)13、0.98m/s0.49J0.48J>存在摩擦阻力在誤差范圍內物體下落機械能守恒【解析】(1)B點的瞬時速度等于AC段的平均速度，則vB(2)從起點O到打下計數點B的過程中重力勢能減少量是△Ep