2025屆廣東省深圳市耀華實驗學校高一化學第二學期期末檢測試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、選擇題(共包括22個小題。每小題均只有一個符合題意的選項）1、氮氣用來填充燈泡是由于氮氣A．無色 B．無味 C．性質穩定 D．密度小2、反應A+3B=2C+2D在不同條件下反應速率如下，其中最快的是()A．V(A)=0.15mol/（L·min） B．V(B)=0.6mol/（L·min）C．V(C)=0.4mol/（L·min） D．V(D)=0.0075mol/（L·s）3、已知元素的原子序數，不可以推斷元素原子的()A．質子數 B．核電荷數 C．核外電子數 D．離子所帶的電荷數4、某粒子的結構示意圖為，關于該粒子的說法正確的是A．核外電子數為16B．在化學反應中易得電子C．屬于金屬元素D．在周期表中位于第3周期第ⅥA族5、下列哪一組元素的原子間反應容易形成離子鍵()A．a和c B．a和f C．d和g D．c和g6、1mol某烷烴完全燃燒消耗的O2為11mol，則其主鏈上含有5個碳原子的同分異構體（不考慮立體異構）有（）A．3種 B．6種 C．5種 D．7種7、下列反應中，不屬于取代反應的是A．甲烷和氯氣光照下生成四氯化碳 B．乙烯與氯氣反應生成1,2-二氯乙烷C．苯與硝酸反應生成硝基苯 D．乙醇與乙酸反應生成乙酸乙酯8、100mLAl2(SO4)3溶液中，含有Al3+為1.62g，在該溶液中加入0.3mol/LBa(OH)2溶夜100mL，反應后溶液中SO42-的物質的量濃度約為（混合體積看成兩液體體積之和）A．0.4mol/L B．0.3mol/L C．0.2mol/L D．0.1mol/L9、下列圖示與對應的敘述相符的是（）A．圖一表示反應：mA(s)+nB(g)?pC(g)△H＞O，在一定溫度下,平衡時B的體積分數(B%)與壓強變化的關系如圖所示，反應速率x點比y點時的慢.B．圖二是可逆反應：A(g)+B(s)?C(s)+D(g)△H＞O的速率時間圖像，在t1時刻改變條件一定是加入催化劑。C．圖三表示對于化學反應mA(g)+nB(g)?pC(g)+qD(g)，A的百分含量與溫度(T)的變化情況，則該反應的ΔH＞0。D．圖四所示圖中的陰影部分面積的含義是(v正－v逆)10、在2A(g)+B(g)3C(g)+4D(g)反應中，表示該反應速率最快的是()A．v(A)=0.5mol·L-1·s-1 B．v(B)=0.3mol·L-1·s-1C．v(C)=0.8mol·L-1·s-1 D．v(D)=1mol·L-1·s-111、在密閉容器中充入N2和H2，一定條件下發生反應N2+3H22NH3，其反應速率與時間的關系如圖所示。下列說法錯誤的是A．t1時，v(正反應)＞v(逆反應)B．t2時，v(正反應)=v(逆反應)C．圖中虛線表示的轉化是N2+3H2→2NH3D．采取高溫、高壓和加催化劑，均有利于加快反應速率12、目前從海水中提取的溴占世界溴年產量的三分之一左右,常用的方法之一是用氧化劑把溴離子氧化成單質,再通入熱空氣將溴蒸氣吹出,這一反應中常用的氧化劑是()。A．Cl2 B．Br2 C．H2O D．H2O213、X、Y、Z、Q、W五種短周期元素，核電荷數依次增加。只有Q為金屬，X與Q同主族，Z與W同主族，Y原子最外層電子數是內層電子數的2倍，Q＋與Z3－具有相同的電子層結構。下列說法正確的是()A．Z的氧化物都能跟堿反應B．Z的氫化物與Z的最高價氧化物的水化物能發生反應C．Y的最高價氧化物的水化物是非電解質D．原子半徑Q<W14、乙烯利（C2H6ClO3P）能釋放出乙烯從而促進果實成熟，可由環氧乙烷和PCl3為原料合成。下列說法正確的是()A．乙烯利、環氧乙烷均屬于烴B．PCl3分子中P原子最外層未滿足8電子結構C．環氧乙烷與乙烷互為同系物D．工業上可以通過石油的裂解獲得乙烯15、X、Y、Z是原子序數依次遞增的短周期元素，3種元素的原子核外電子數之和與Ca2＋的核外電子數相等，X、Z分別得到一個電子后均形成稀有氣體原子的穩定電子層結構。下列說法正確的是A．原子半徑：Z＞Y＞XB．Z與X形成化合物的沸點高于Z的同族元素與X形成化合物的沸點C．CaY2與水發生氧化還原反應時，CaY2只作氧化劑D．CaX2、CaY2和CaZ2等3種化合物中，陽離子與陰離子個數比均為1∶216、最近我國科研人員成功攻克了5G通信芯片制造中關鍵材料—氮化鎵的研制難題。已知元素鎵（Ga）與Al同主族，氮化鎵中鎵顯最高正價，氮顯最低負價。則氮化鎵的化學式為A．GaN B．GaN2 C．Ga2N3 D．Ga3N217、對水樣中溶質M的分解速率影響因素進行研究。在相同溫度下，M的物質的量濃度(mol·L-1)隨時間(min)變化的有關實驗數據見下表。時間水樣0510152025I(pH=2)0.400.280.190.130.100.09II(pH=4)0.400.310.240.200.180.16Ⅲ(pH=4)0.200.150.120.090.070.05IV(pH=4，含Cu2+)0.200.090.050.030.010下列說法不正確的是（）A．在0～20min內，I中M的平均分解速率為0.015mol·L-1·min-1B．其它條件相同時，水樣酸性越強，M的分解速率越快C．在0～25min內，Ⅲ中M的分解百分率比II大D．由于Cu2+存在，IV中M的分解速率比I快18、某物質的分子組成為CxHyOz，取該物質m

g在足量的O2中充分燃燒后，將產物全部通入過量的Na2O2中，若Na2O2固體的質量也增加mg，則該物質分子組成中必須滿足（）A．x=y=zB．x=yC．y=zD．x=z19、下列實驗中,沒有顏色變化的是(

)A．葡萄糖溶液與新制的Cu(OH)2懸濁液混合加熱B．淀粉溶液中加入碘酒C．淀粉溶液中加入稀硫酸并加熱D．雞蛋清中加入濃硝酸20、中國科學技術名詞審定委員會已確定第116號元素Lv。下列關于核素的敘述錯誤的是A．原子序數為116 B．中子數為177C．核外電子數為116 D．質量數為17721、近兩年流行喝果醋，蘋果醋是一種由蘋果發酵而成的具有解毒、降脂、減肥和止瀉等明顯藥效的健康食品。蘋果酸(α－羥基丁二酸)是這種飲料的主要酸性物質，蘋果酸的結構簡式為，下列說法不正確的是A．蘋果酸在一定條件下能發生酯化反應B．蘋果酸在一定條件下能發生催化氧化反應C．蘋果酸在一定條件下能發生取代反應D．1mol蘋果酸與Na2CO3溶液反應最多消耗1molNa2CO322、N2和H2合成NH3的能量變化如圖所示，該反應的熱化學方程式是（）A．N2(g)＋3H2(g)＝2NH3(l)△H＝2(a-b-c)kJ/molB．N2(g)＋3H2(g)＝2NH3(g)△H＝2(b-a)kJ/molC．1/2N2(g)＋3/2H2(g)＝NH3(l)△H＝(b＋c-a)kJ/molD．1/2N2(g)＋3/2H2(g)＝NH3(g)△H＝(a＋b)kJ/mol二、非選擇題(共84分)23、（14分）下表為元素周期表的一部分，用元素符號或化學式回答下列問題。主族周期ⅠAⅡAⅢAⅣAⅤAⅥAⅦA02⑥①⑦④3③⑤⑧⑩4②⑨（1）寫出⑥與⑧元素組成的最簡單的分子的電子式：________。（2）①的氣態氫化物與其最高價氧化物對應的水化物反應的化學方程式為_____，第三周期中除⑩元素以外離子半徑最小的是______（填離子符號）。（3）②③⑤幾種元素最高價氧化物對應的水化物堿性最強的是_______(填化學式)，元素⑦的簡單氫化物的結構式為___________；該氫化物和元素④單質反應的化學方程式為_______________________。（4）第三周期與②同主族的元素的單質在⑦的單質中燃燒生成的化合物的電子式________；④⑧⑨元素的離子的還原性由強到弱順序為____________（用離子符號）。24、（12分）幾種有機物的相互轉化圖如下：請回答：（1）乙烯的電子式是________；（2）反應①的反應類型是________；（3）X→Y的化學方程式是________；（4）X+Z→W的化學方程式是________；實驗室常用下圖所示的裝置實現這一轉化。試管b中一般加入____溶液，從試管b中分離出W的方法是________。25、（12分）能源、資源、環境日益成為人們關注的主題。(1)近日向2019世界新能源汽車大會致賀信，為發展氫能源，必須制得廉價氫氣。下列可供開發又較經濟的一種制氫方法是_______（填寫編號）①電解水②鋅和稀硫酸反應③利用太陽能，光解海水(2)某同學用銅和硫酸做原料，設計了兩種制取硫酸銅的方案：方案①：銅與濃硫酸加熱直接反應，即Cu→CuSO4方案②：銅在空氣中加熱再與稀硫酸反應，即Cu→CuO→CuSO4這兩種方案，你認為哪一種方案更合理并簡述理由_______。(3)海帶中含有豐富的碘元素.從海帶中提取碘單質的工業生產流程如圖所示.步驟③中雙氧水在酸性條件下氧化碘離子的離子方程式是_______，步驟④除了CCl4還可以選用的萃取劑是_______（填序號）。a.苯b.乙醇c.乙酸d.乙烷26、（10分）為探究的性質，某同學按如圖所示的裝置進行實驗。完成下列填空：（1）裝置A中盛放濃堿酸的儀器名稱是________________，A中發生反應的化學方程式是___________________。（2）裝置B中的現象是________________________，說明具有________（填代碼）；裝置C中發生反應的化學方程式是________________________________，說明具有________（填代碼）。a．氧化性b．還原性c．漂白性d．酸性（3）裝置D的目的是探究與品紅作用的可逆性，寫出實驗操作及現象________________________尾氣可采用________溶液吸收。27、（12分）從石油中獲取乙烯已成為目前生產乙烯的主要途徑。請根據下圖回答：(1)以石油為原料，獲取大量乙烯的主要方法是__________(填字母代號)。A水解B裂解C分餾(2)乙烯的結構簡式是__________，B分子中官能團的名稱是__________。(3)A與B反應的化學方程式是_________，反應類型是__________，利用該反應制取乙酸乙酯的原子利用率為__________。(原子利用率＝期望產物的總質量與生成物的總質量之比)(4)某同學用圖所示的實驗裝置制取少量乙酸乙酯。實驗結束后，試管甲上層為透明且不溶于水的油狀液體。實驗時，為分離出乙酸乙酯中混有的少量A和B，試管中應先加入__________，實驗結束后，振蕩試管甲，有無色氣泡生成，其主要原因是__________(用化學方程式表示)，最后分離出乙酸乙酯用到的主要儀器是__________。28、（14分）A～I是常見有機物，A是烴，E的分子式為C4H8O2，H為有香味的油狀物質。已知：CH3CH2Br＋NaOH→（1）0.2molA完全燃燒生成17.6gCO2，7.2gH2O，則A的結構簡式為____________。（2）D分子中含有官能團的名稱為_____________；（3）①的反應類型為____________（4）G可能具有的性質為__________。a.與鈉反應b.與NaOH溶液反應c.易溶于水（5）請寫出②和⑦的化學方程式：反應②_________________；反應⑦_________________；（6）J是有機物B的同系物，且比B多3個碳原子，J可能的結構有___種，寫出其中含3個甲基可能的結構簡式________________________。29、（10分）尿素[CO(NH2)2]是首個由無機物人工合成的有機物。(1)工業上用CO2和NH3在一定條件下合成，其反應方程式__________。(2)在一個2L的密閉容器內，當起始投入量氨碳比n(NH3)①A點的逆反應速率v逆(CO2)__________________B點的正反應速率為v正(CO2)(填“大于”、“小于”或“等于”）②假設氨的起始投入量為8mol，求從開始到達到平衡狀態這段時間內v(NH3)=_________________。③NH3的平衡轉化率為____________________。④單純從制備的成本角度考慮，我們希望氨碳比n(NH3)n

參考答案一、選擇題(共包括22個小題。每小題均只有一個符合題意的選項）1、C【解析】

由于氮氣的化學性質不活潑，較為穩定，可以用來填充燈泡，C項正確；答案選C。2、D【解析】

不同物質表示的速率之比等于其化學計量數之比，故不同物質的速率與其化學計量數的比值越大，表示反應速率越快，注意單位保持一致。【詳解】A.=0.15mol/（L?min）；B.=0.2mol/（L?min）；C.=0.2mol/（L?min）；D.V(D)=0.0075mol/(L?s)=0.45mol/（L?min），=0.225mol/（L?min）；故反應速率V(D)>V(B)=V(C)>v(A)，所以合理選項是D。【點睛】本題考查化學反應速率快慢比較的知識，利用比值法可以迅速判斷，也可以轉化為同一物質的速率進行比較，要注意單位一定要統一，然后再進行比較。3、D【解析】

已知元素的原子序數，由“原子序數=質子數=核電荷數=核外電子數”可知，選項ABC推知，選項D無法推知；答案選D。4、D【解析】根據結構示意圖，該粒子核外電子數為18，故A錯誤；根據結構示意圖，質子數是16，電子數是18，為S2-，S2-具有還原性易失電子，故B錯誤；根據結構示意圖，質子數是16，是硫元素，屬于非金屬元素，故C錯誤；硫元素在周期表中位于第3周期第ⅥA族，故D正確。5、B【解析】

一般活潑的金屬和活潑的非金屬容易形成離子鍵，據此解答。【詳解】根據M層的最外層電子數可知a是Na，b是Mg，c是Al，d是Si，e是P，f是S，g是Cl。則A.a和c均是金屬，不能形成化合物，A錯誤；B.a和f可以形成離子化合物硫化鈉，含有離子鍵，B正確；C.d和g可以形成共價化合物SiCl4，含有共價鍵，C錯誤；D.c和g形成共價化合物AlCl3，含有共價鍵，D錯誤。答案選B。【點睛】選項D是解答的易錯點，注意活潑的金屬和活潑的非金屬不一定就形成離子鍵，另外全部由非金屬元素也可以形成離子鍵，例如氯化銨中含有離子鍵，屬于離子化合物。6、C【解析】

烷烴的燃燒通式為CnH2n+2+O2nCO2+(n+1)H2O，1mol某烷烴完全燃燒消耗的O2為11mol，=11，解得n=7，該烷烴的分子式為C7H16，主鏈是5個C原子時，取代基可以是2個甲基的同分異構體有4種，取代基是乙基的有1種，所以共有5種同分異構體，答案選C。【點睛】根據燃燒通式計算出烷烴分子中碳原子個數是解答的關鍵，注意含有2個甲基作取代基時可以采用相對、相鄰、相間的順序分析解答。7、B【解析】

有機化合物分子里的某些原子或原子團被其它原子或原子團所代替的反應是取代反應。【詳解】A項、光照下，甲烷和氯氣發生取代反應生成四氯化碳和氯化氫，故A錯誤；B項、乙烯含有碳碳雙鍵，與氯氣發生加成反應生成1,2-二氯乙烷，故B正確；C項、在濃硫酸作用下，苯與硝酸共熱發生取代反應生成硝基苯和水，故C錯誤；D項、在濃硫酸作用下，乙醇與乙酸共熱發生酯化反應反應生成乙酸乙酯和水，故D錯誤。故選B。【點睛】本題考查取代反應，注意取代反應和加成反應的特點，明確反應類型的判斷方法是解答關鍵。8、B【解析】

Al2(SO4)3溶液中Al3+的濃度c(Al3+)==0.6mol/L，根據硫酸鋁的組成可知溶液中SO42-的濃度為c(SO42-)=c(Al3+)=×0.6mol/L=0.9mol/L，n(SO42-)=cV=0.9mol/L×0.1L=0.09mol，向該溶液中加入氫氧化鋇，二者反應生成硫酸鋇和水，n[Ba(OH)2]=0.1mol/L×0.3L=0.03mol，0.03molBa2+完全反應需要0.03molSO42-，則混合溶液中剩余SO42-的物質的量為0.09mol-0.03mol=0.06mol，因此混合溶液中SO42-物質的量濃度c===0.3mol/L，故合理選項是B。9、A【解析】分析：本題考查的是條件對速率和平衡的影響，注意根據圖像判斷平衡的移動方向，分析縱坐標隨著橫坐標的變化趨勢。詳解：A.x點壓強比y低，所以反應速率x點比y點時的慢，故正確；B.在t1時刻改變條件使正逆反應速率仍相等，可能是加入催化劑或增大壓強，故錯誤；C.M點為平衡狀態，隨著溫度升高，A的百分含量增大，說明平衡逆向移動，則正反應為放熱，故錯誤；D.圖中陰影部分的面積表示反應物和生成物濃度的差值，故錯誤。故選A。10、B【解析】

不同物質表示的速率之比等于其化學計量數之比，故不同物質表示的速率與其化學計量數的比值越大，表示的反應速率越快，注意保持單位一致。【詳解】A.mol·L-1·s-1=0.25mol·L-1·s-1；B.mol·L-1·s-1=0.3mol·L-1·s-1；C.mol·L-1·s-1=0.267mol·L-1·s-1；D.mol·L-1·s-1=0.25mol·L-1·s-1；可見數值最大的為0.3mol·L-1·s-1；因此表示反應速率最快的合理選項是B。【點睛】本題考查化學反應速率快慢比較，利用比值法可以快速判斷，可以轉化為同一物質表示的速率比較，當單位不同時，要轉換為用相同單位表示，然后再進行比較。11、C【解析】分析：由圖象可知，t2時刻反應到達平衡，之前均為υ（正）>υ（逆），從t2時刻后均為υ（正）=υ（逆），以此來解答。詳解：由圖象可知，該反應從正反應一端開始，t2時刻達到化學平衡，反應達到最大限度，t2時刻之前均為υ（正）>υ（逆），選項A正確；可逆反應為動態平衡，到達平衡后υ（正）=υ（逆）≠0，選項B正確；圖中虛線表示逆反應，其轉化是2NH3→N2+3H2，選項C錯誤；采取高溫、高壓和加催化劑，均有利于加快反應速率，選項D正確。答案選C。點睛：本題考查反應速率-時間圖象，注意理解化學平衡的建立與平衡狀態特征，比較基礎。12、A【解析】

氯氣的氧化性強于溴，Cl2+2Br-=Br2+2Cl-，通入氯氣把濃縮的溶液中的溴化物氧化,然后用空氣把生成的溴吹出。答案選A。13、B【解析】分析：X、Y、Z、Q、W五種短周期元素，核電荷數依次增加，Y原子最外層電子數是內層電子數的2倍，最外層電子數小于9，所以Y是C元素；Q為金屬，Q＋與Z3－具有相同的電子層結構，且Z、Q是短周期元素，所以Q是Na元素，Z是N元素；只有Q為金屬，X與Q同主族，X與Q是短周期元素，所以X是H元素；Z與W同主族，所以W是P元素；即X是H元素，Y是C元素，Z是N元素，Q是Na元素，W是P元素。詳解：A、Z的氧化物有多種,部分氧化物是不成鹽氧化物，如NO是不成鹽氧化物，和堿不反應，錯誤；B、Z的氫化物是NH3，Z的最高價氧化物的水化物是HNO3，氨氣和硝酸能發生反應生成硝酸銨，正確；C、Y的最高價氧化物的水化物H2CO3，是弱電解質，錯誤；D、Q是Na元素，W是P元素；兩者的原子位于具有電子層數，W的核電荷數大，所以半徑小，原子半徑Q>W。錯誤；故選B。點睛：本題考查重點是根據元素周期律推斷元素種類的相關題型。解這類題首先要牢記元素周期律的相關內容。粒子半徑比較，當電子層數不同時，電子層數越多半徑越大；電子層數相同時核電荷數越大半徑越小。元素的非金屬性越強，其氫化物的穩定性越強。14、B【解析】分析：A.烴是只有碳和氫元素組成的化合物;B.PCl3的電子式為

,結合電子式判斷;C.環氧乙烷與乙烷的結構不同;D.石油裂解可得到乙烯。詳解：A.根據組成和結構分析可以知道,乙烯屬于烴,乙烯利含氧原子屬于烴的衍生物,故A錯誤;B.PCl3的電子式為

,可以知道PCl3分子中P原子最外層滿足8電子結構,故B錯誤;C.環氧乙烷與乙烷的結構不同,二者不是同系物,故C錯誤;D.石油裂解可得到乙烯,所以D選項是正確的；所以D選項是正確的。15、B【解析】

X、Y、Z是原子序數依次遞增的短周期元素，3種元素的原子核外電子數之和與Ca2+的核外電子數相等，3種元素的核外電子數之和為18，Z得到1個電子變成8電子結構，則Z為F元素，則X、Y一定至少有一種位于第2周期，X得到一個電子后均形成稀有氣體原子的穩定電子層結構，故X為H元素，Y元素原子核外電子數為18-1-9=8，故Y為O元素，【詳解】A、X、Y、Z分別是H、O、F，同周期自左而右原子半徑減小，電子層越多原子半徑越大，故原子半徑O＞F＞H，A錯誤；B、HF分子之間含有氫鍵，沸點高于其它同族氫化物的沸點，B正確；C、過氧化鈣與水反應，過氧化鈣既是氧化劑又是還原劑，C錯誤；D、CaO2其陰離子為O22-，陰、陽離子個數比為1：1，D錯誤．答案選B。16、A【解析】

元素鎵（Ga）與Al同主族，在反應過程中它容易失去三個電子而達到穩定結構，形成了帶三個正電荷的離子；氮原子的最外層電子數是5，易得到三個電子，形成了帶三個負電荷的離子．則Ga為+3價，N為-3價，故氮化鎵的化學式是GaN。答案選A。17、D【解析】

A、根據化學反應速率數學表達式，v(M)==0.015mol/(L·min)，故A說法正確；B、對比I和II，在相同的時間內，I中消耗M的量大于II中，說明其他條件下不變，酸性越強，M的分解速率越快，故B說法正確；C、在0～25min內，III中M的分解百分率=×100%=75%，II中M的分解百分率=×100%=60%，因此III中M的分解百分率大于II，故C說法正確；D、I和IV中pH不同，因此不能說明Cu2＋存在，IV中M的分解速率大于I，故D說法錯誤。故選D。18、D【解析】有機物在足量氧氣中燃燒生成CO2和H2O，與Na2O2反應2Na2Na2O2+2H2O=4NaOH+O2↑，對生成物變式：Na2CO3～Na2O2·CO19、C【解析】

A．葡萄糖溶液與新制的Cu（OH）2懸濁液混合加熱，產生紅色沉淀，故A錯誤；B.淀粉溶液中加入碘酒變藍色，故B錯誤；C.淀粉在稀硫酸、加熱條件下發生水解反應生成葡萄糖，但沒有顏色變化，故C正確；D.雞蛋清中加入濃硝酸，雞蛋清變黃，發生顏色反應，故D錯誤，答案選C。20、D【解析】

A.第116號元素Lv的原子序數為116，故A正確；B.中子數=質量數-質子數=293-116=177，故B正確；C.原子序數=質子數=核電荷數=核外電子數，所以核外電子數為116，故C正確；D.293代表該原子的質量數，故D錯誤；故答案為D。21、D【解析】

由蘋果酸的結構簡式為知，含有羥基和羧基，能發生酯化反應，羥基能發生催化氧化反應，羧基能和碳酸鈉溶液反應。根據官能團的特征進行解答。【詳解】A.蘋果酸中的羧基在一定條件下能與乙醇發生酯化反應，故A正確；B.蘋果酸的結構簡式為，羥基可以被催化氧化，所以蘋果酸在一定條件下能發生催化氧化反應，故B正確；C.蘋果酸中的羥基在一定條件下能與酸發生酯化反應，也是取代反應，故C正確；D.蘋果酸的結構簡式為當產物為NaHCO3時，1mol羧基消耗1mol碳酸鈉，消耗的Na2CO3最多，而一個蘋果酸分子中含有兩個羧基，所以1mol蘋果酸與Na2CO3溶液反應最多消耗2molNa2CO3，故D項錯誤；正確答案為D。22、A【解析】

根據圖像，molN2(g)+molH2(g)的能量比1molNH3(g)的能量大(b-a)kJ，因此N2(g)+H2(g)=NH3(g)△H=(a-b)kJ/mol，而1mol的NH3(g)轉化為1mol的NH3(l)放出的熱量為ckJ，所以有：N2(g)+H2(g)=NH3(l)△H=(a-b-c)kJ/mol，即：N2(g)+3H2(g)=2NH3(1)△H=2(a-b-c)kJ?mol-1，故選A。二、非選擇題(共84分)23、NH3+HNO3=NH4NO3Al3+KOHH—O—H2F2+2H2O=4HF+O2Br—＞Cl—＞F—【解析】

根據元素在周期表中的位置知，①為N元素、②為K元素、③為Mg元素、④為F元素、⑤為Al元素、⑥為C元素、⑦為O元素、⑧為Cl元素、⑨為Br元素、⑩為Ne元素，結合原子結構和元素周期律分析解答。【詳解】根據元素在周期表中位置知，①為N元素、②為K元素、③為Mg元素、④為F元素、⑤為Al元素、⑥為C元素、⑦為O元素、⑧為Cl元素、⑨為Br元素、⑩為Ne元素。(1)元素⑥與⑧元素組成的化合物為四氯化碳，四氯化碳為共價化合物，其電子式為，故答案為：；(2)①的氣態氫化物為氨氣，其最高價氧化物水化物為硝酸，二者反應生成硝酸銨，反應的化學方程式為：NH3+HNO3=NH4NO3；第三周期中除⑩元素以外離子中，鋁離子的電子層最少，且金屬離子中鋁離子的核電荷數最大，則鋁離子是第三周期中離子半徑最小，故答案為：NH3+HNO3=NH4NO3；Al3+；(3)②為K元素、③為Mg元素、⑤為Al元素，K的金屬性最強，則最高價氧化物對應的水化物堿性最強的為KOH；元素⑦的氫化物為水，水分子中存在兩個氧氫鍵，其結構式為：H-O-H；元素④單質為氟氣，氟氣與水反應生成氟化氫和氧氣，反應的化學方程式為：2F2+2H2O=4HF+O2，故答案為：KOH；H-O-H；2F2+2H2O=4HF+O2；(4)與②同主族，第三周期的元素單質為鈉，鈉在⑦的單質氧氣中燃燒生成過氧化鈉，過氧化鈉為離子化合物，其電子式為：；④⑧⑨分別為F、Cl、Br元素，非金屬性：F＞Cl＞Br，則元素陰離子的還原性由強到弱順序為：Br-＞Cl-＞F-，故答案為：；Br-＞Cl-＞F-。24、加成反應2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2OCH3COOH+C2H5OHCH3COOC2H5+H2O飽和碳酸鈉溶液分液【解析】

由圖中轉化可知，乙烯與水發生加成反應生成X為CH3CH2OH，X催化氧化生成Y，Y為CH3CHO，Y氧化生成Z，Z為CH3COOH，X與Z發生酯化反應生成W，W為CH3COOC2H5，以此來解答。【詳解】(1)乙烯的電子式為，故答案為；(2)根據上述分析，反應①為乙烯與水的加成反應，故答案為加成反應；(3)X→Y的化學方程式是2CH3CH2OH+O2

2CH3CHO+2H2O，故答案為2CH3CH2OH+O2

2CH3CHO+2H2O；(4)X+Z→W的方程式是CH3COOH+C2H5OHCH3COOC2H5+H2O，由圖可知，試管b中一般加入飽和碳酸鈉溶液，可吸收乙醇、除去乙酸、降低乙酸乙酯的溶解度，便于分層，乙酸乙酯在水中溶解度較小，會產生分層，因此從試管b中分離出乙酸乙酯的方法是分液，故答案為CH3COOH+C2H5OHCH3COOC2H5+H2O；飽和碳酸鈉；分液。25、③方案②，方案①會產生SO2污染大氣2I-+H2O2+2H+=I2+2H2Oa【解析】

(1)從能源、原料的來源分析；(2)從環保、物質的利用率、能源分析判斷；(3)雙氧水在酸性條件下具有強的氧化性，會將碘離子氧化為碘單質，根據電子守恒、電荷守恒、原子守恒書寫反應方程式；(4)萃取劑要與水互不相容，且碘單質容易溶解其中。【詳解】(1)①電解水需要消耗大量電能，能耗高，不經濟，①不符合題意；②鋅和稀硫酸反應可以產生氫氣，但冶煉鋅、制備硫酸需消耗大量能量，會造成污染，不適合大量生產，②不符合題意；③利用太陽能，光解海水，原料豐富，耗能小，無污染，③符合題意；故合理選項是③；(2)方案①：銅與濃硫酸加熱直接反應，反應原理為Cu+2H2SO4(濃)CuSO4+SO2↑+2H2O，不僅會消耗大量硫酸，還會由于產生SO2而造成大氣污染，不環保，①不合理；方案②：銅在空氣中加熱產生CuO，CuO與稀硫酸反應產生CuSO4和水，無污染，②合理；故方案②更合理；(3)步驟③中雙氧水在酸性條件下能氧化碘離子為碘單質，雙氧水被還原產生水，反應的離子方程式是2I-+H2O2+2H+=I2+2H2O；I2容易溶于有機溶劑，而在在水中溶解度較小，根據這一點可以用萃取方法分離碘水中的碘，步驟④除了CCl4還可以選用的萃取劑是與水互不相容的苯；而乙醇、乙酸能溶于水，不能使用；乙烷為氣體，不能作萃取劑，故合理選項是a。【點睛】在不同的實驗方案選擇時，要從能量的消耗、原料的來源是否豐富、是否會造成污染考慮，選擇萃取劑時，萃取劑與原溶劑水互不相容，溶質與萃取劑不能發生反應，且在其中溶解度遠遠大于水中才可以選擇使用。26、分液漏斗溴水褪色ba品紅溶液褪色后，關閉分液漏斗的旋塞，點燃酒精燈加熱，溶液恢復為紅色NaOH【解析】

濃硫酸與亞硫酸鈉反應會生成二氧化硫，其化學方程式為：；二氧化硫能是溴水褪色，其實質是與溴水發生反應，化學方程式為：SO2+Br2+2H2O=2HBr+H2SO4，B裝置的實驗操作體現了二氧化硫的還原性；二氧化硫與硫化氫反應，其化學方程式為：，C裝置體現了二氧化硫的氧化性；D裝置的品紅是為了驗證二氧化硫的漂白性，二氧化硫能使品紅溶液褪色，但加熱后溶液又恢復紅色，則證明二氧化硫與品紅的作用具有可逆性，二氧化硫有毒，需用堿性溶液進行尾氣處理，據此分析作答。【詳解】根據上述分析可知，（1）根據反應的原理和實驗的需要，裝置A中盛放濃硫酸的為分液漏斗，A為二氧化硫的發生裝置，涉及的化學方程式為：，故答案為分液漏斗；；

（2）裝置B中二氧化硫與溴水會發生氧化還原反應，而使溴水褪色，其化學方程式為：SO2+Br2+2H2O=2HBr+H2SO4，S元素的化合價由+4價升高到+6價，被氧化，體現了二氧化硫的還原性，b項正確；二氧化硫與硫化氫的反應方程式為：，二氧化硫中S元素+4價被還原成0價的硫單質，被還原，表現為氧化性，c項正確；，故答案為溴水褪色；b；；c；（3）二氧化硫具有漂白性，能使品紅溶液褪色，但加熱褪色后的品紅溶液，溶液的顏色能復原；二氧化硫為酸性氧化物，可與氫氧化鈉反應，故實驗室進行尾氣處理時選用氫氧化鈉溶液吸收，故答案為品紅溶液褪色后，關閉分液漏斗的旋塞，點燃酒精燈加熱，溶液恢復為紅色；NaOH。【點睛】本實驗探究了二氧化硫的化學性質，其中要特別注意二氧化硫的漂白性體現在可使品紅溶液褪色上，而能使溴水或酸性高錳酸鉀褪色則體現的是二氧化硫的還原性而不是漂白性，學生要辨析實質，切莫混淆。27、BCH2=CH2羧基CH3COOH+C2H5OHCH3COOC2H5+H2O酯化反應83.02%飽和碳酸鈉溶液Na2CO3+2CH3COOH=2CH3COONa+CO2↑+H2O分液漏斗【解析】

由有機物的轉化關系可知，石油經催化裂解的方法獲得乙烯，一定條件下，乙烯與水發生加成反應生成乙醇，則A為乙醇；在濃硫酸作用下，乙酸與乙醇共熱發生酯化反應生成乙酸乙酯，則B為乙酸，據此解答。【詳解】(1)工業上以石油為原料，通過催化裂解的方法獲取大量乙烯，故答案為：B；（2）乙烯的結構簡式為CH2=CH2；B為乙酸，乙酸的結構簡式為CH3COOH，官能團為羧基，故答案為：CH2=CH2；羧基；（3）A與B的反應是在濃硫酸作用下，乙酸與乙醇共熱發生酯化反應生成乙酸乙酯，反應的化學方程式為CH3COOH+C2H5OHCH3COOC2H5+H2O；若有1mol乙醇反應，期望乙酸乙酯的總質量為88g，生成物乙酸乙酯和水的總質量為106g，則該反應制取乙酸乙酯的原子利用率為88g106g×100%≈83.02%，故答案為：CH3COOH+C2H5OHCH3COOC2H5+H2O；酯化反應；83.02%；（4）乙酸乙酯中混有揮發出的乙醇和乙酸，可以加入飽和碳酸鈉溶液，中和揮發出來的乙酸，溶解揮發出來的乙醇，降低乙酸乙酯在水中的溶解，碳酸鈉與乙酸反應的化學方程式為Na2CO3+2CH3COOH=2CH3COONa+CO2↑+H2O；最后用分液的方法分離出乙酸乙酯，分液用到的主要儀器是分液漏斗，故答案為：飽和碳酸鈉溶液；Na2CO3+2CH3COOH=2CH3COONa+CO2↑+H2O；分液漏斗。【點睛】乙酸乙酯中混有揮發出的乙醇和乙酸，飽和碳酸鈉溶液能夠中和揮發出來的乙酸，使之轉化為乙酸鈉溶于水中，便于聞乙酸乙酯的香味；能夠溶解揮發出來的乙醇；能夠降低乙酸乙酯在水中的溶解度，便于分層得到酯是解答的關鍵。28、CH2＝CH2羧基加成ac2CH3CH2OH+O22CH3CHO