第=page1111頁，共=sectionpages1111頁安徽省天一大聯考2024-2025學年高一（下）期末物理試卷一、單選題：本大題共8小題，共32分。1.物理學史作為一門研究物理學發展歷程的學科，不僅關乎科學本身，而且涉及人類文明的整體進步。以下說法正確的是(

)A.伽利略認為，水平面上運動的物體若沒有受到摩擦力，物體將保持這個速度一直運動下去，力是維持物體運動的原因

B.卡文迪什利用扭秤實驗測出了引力常量，運用了等效替代法

C.點電荷與質點都是一種理想化模型，現實中并不存在

D.元電荷是自然界中電荷量最小的帶電體2.兩等量異種點電荷周圍電場線分布如圖所示，兩電荷連線中點為O，b、c兩點關于二者連線對稱，a、d兩點關于O點對稱，以下說法正確的是(

)

A.O點電場強度為0 B.a點電場強度小于b點電場強度

C.b、c兩點的電場強度相同 D.a、d兩點的電場強度相同3.2025年4月30日，中國空間站第八批空間科學實驗樣品隨神舟十九號飛船順利返回地球。當返回艙距離地面僅1米時，4臺反推發動機在10毫秒內同時點火，并產生強大反推力，使返回艙落地速度成功下降到2米每秒，實現“軟著陸”。以下說法正確的是(

)

A.返回艙返回地面的過程中機械能守恒

B.在軌運行時，返回艙處于完全失重狀態，不受重力

C.反推發動機點火后，返回艙動能減小，重力勢能增加

D.返回艙脫離原軌道向低軌道轉移時需要先減速4.空間存在如圖所示的電場線，t=0時刻一帶正電粒子從A點由靜止釋放，僅在電場力作用下從A運動到B。對于粒子從A到B的v-t圖像，下列描述可能正確的是(

)

A. B.

C. D.5.如圖所示，球操比賽中，運動員手持橡膠球翩翩起舞的過程中，能控制手掌使球在豎直面內做半徑為R的勻速圓周運動，忽略球運動過程中受到的空氣阻力。a為圓周的最高點，c為最低點，在a、c兩處手掌面水平，b、d兩點與圓心O等高。已知球的質量為m，重力加速度大小為g，球在c點對手掌的壓力大小為2mg，則球(

)

A.做圓周運動的線速度大小為gR

B.在a處受到手的作用力為mg

C.在b處受重力、手的支持力和向心力

D.從a點到c點的過程中先處于超重狀態后處于失6.如圖所示，在傾角為45°的斜面上，將小物體以某一初速度從A點拋出后，恰好以vB=2m/s的速度水平打在斜面上的B點。不計空氣阻力，重力加速度g取10A.從A到B的過程，逆向來看是斜拋運動 B.小物體在空中運動的時間是0.4s

C.小物體在運動0.3s時離斜面最遠 D.AB7.如圖1所示，一工人用滑輪裝置拖動質量為100kg的貨物，繞過滑輪的輕繩足夠長且一端水平固定在墻面上，另一端在工人施加的水平恒力F作用下，貨物由靜止開始沿水平方向做勻變速直線運動。貨物與地面之間的動摩擦因數為0.2，貨物速度隨時間的變化關系如圖2所示，不計滑輪質量和滑輪與輕繩間的摩擦，重力加速度g取10m/s2。由此可知A.工人拉繩子的加速度大小為1m/s2 B.恒力F的大小為120N

C.前3s內F做功675J 8.智能汽車(Ⅳ)是指通過搭載先進的傳感器、人工智能、車聯網、自動駕駛等技術，實現自主控制的現代化汽車。某輛m=800kg的智能汽車測試自動駕駛技術時，先以恒定的加速度a=2m/s2由靜止啟動，t=15s時達到額定功率，之后保持額定功率不變繼續行駛，行駛過程中阻力不變，Wt-A.汽車的額定功率為6×104W

B.汽車在行駛過程中的最大速度為30m/s

C.前5二、多選題：本大題共2小題，共10分。9.如圖所示，絕緣水平面上固定著三個完全相同的金屬小球(可視為質點)。其中A、B兩小球帶電荷量分別為+Q、-4Q，C球不帶電，三小球彼此相距均為r，此時A小球所受靜電力為F，若將C與B接觸后再將C球放回原位，則(

)

A.B、C接觸后，A、B兩球相互作用的靜電力大小為F

B.B、C接觸后，A、B兩球相互作用的靜電力大小為F2

C.C球放回原處后，B、C兩球相互作用的靜電力大小為F

D.C球放回原處后，B、C兩球相互作用的靜電力大小為10.如圖所示，半徑R=0.8m、豎直固定的14光滑圓弧軌道與水平傳送帶相切于B點，水平傳送帶B、C間的距離L=24m，傳送帶在電動機的帶動下以v0=8m/s的恒定速率順時針運行。現將質量m=2kg、可視為質點的小物塊從圓弧軌道的最高點A由靜止釋放，不計空氣阻力，物塊與傳送帶間的動摩擦因數A.小物塊剛滑至圓弧軌道最低點B時，對軌道的壓力大小為60N

B.小物塊在傳送帶B、C間的運動時間為3s

C.小物塊在傳送帶上運動時，因摩擦而產生的熱量為16J

三、實驗題：本大題共2小題，共18分。11.平拋運動是研究曲線運動的理想模型，它揭示了運動的獨立性原理，某學校物理科研創新小組通過以下裝置探究平拋運動的特點。(1)用圖1裝置探究時，以下說法正確的是

。A.小錘擊打力度越大，小球落地時間越短B.該裝置可以證明平拋運動水平方向是勻速直線運動，豎直方向是自由落體運動C.改變高度，A、B兩球總能同時落地(2)用圖2裝置描繪平拋運動軌跡進行研究時，下列說法正確的是

。A.每次實驗小球必須由靜止釋放，并且釋放位置必須相同B.該實驗需要用秒表測時間，用刻度尺測量記錄點間的距離C.斜槽末端一定要水平，斜槽軌道不必光滑(3)某同學用相機以100次/秒拍攝照片，處理后得到如圖3所示的運動軌跡，圖中兩相鄰小球像點間還有N個未顯示，每一小格邊長對應的實際距離為8mm，重力加速度g取10m/s2，由圖3數據可得N=

12.如圖為小陽同學所采用的驗證機械能守恒定律的實驗裝置。細線上端系于量角器的圓心O點，下端連接小球，可繞O點在豎直面內做圓周運動，在小球軌跡最低點放置一光電門。本次實驗已測得小球的直徑d、細線長度L、小球通過光電門的擋光時間Δt，小球靜止釋放時細線與豎直方向的夾角θ。(1)下列說法中，正確的是

。A.可用橡皮筋代替實驗中的細線B.該實驗中，小球是否靜止釋放，不影響實驗結果C.該實驗中，小球需選擇質量大、體積小的小球(2)小球經過最低點的速度大小v=

(3)若小球質量為m，重力加速度為g，則小球動能的增加量為

，重力勢能的減少量為

。若在誤差允許范圍內動能的增加量近似等于重力勢能的減少量，即可驗證機械能守恒定律。(4)小陽同學通過多次改變角度θ，重復實驗，發現小球靜止釋放到最低點過程中，動能的增加量總是大于重力勢能的減少量，原因可能是

。四、計算題：本大題共3小題，共40分。13.如圖所示，質量為m、可視為質點的小球在AC和BC兩輕繩的作用下在水平面內做半徑為R的圓周運動，圓心為O。AC、BC與水平方向的夾角分別為60°、30°，已知重力加速度為g。

(1)當兩繩拉力大小相等時，求小球轉動的角速度ω(2)若BC斷裂，小球穩定轉動時AC與水平方向的夾角變為30°，求此時小球做圓周運動的角速度ω'14.如圖1所示，質量均為m的A、B、C三物塊用兩相同的輕質彈簧相連，系統處于靜止狀態。某時刻對物體A施加豎直向上的外力，緩慢提升物塊A，直到物塊C恰好離開地面，如圖2所示。已知彈簧勁度系數為k，彈簧始終在彈性限度內，重力加速度為g。

(1)計算物塊A上升的高度;(2)計算全過程外力做的功。15.如圖所示，半徑R=1m的光滑圓弧軌道BCD，固定在豎直平面內，軌道的上端點B和圓心O的連線與水平方向的夾角θ=30°，OC與OB關于水平方向對稱，D點為圓弧軌道的最低點，與粗糙水平面相切(平滑連接)，一輕質彈簧的右端固定在豎直擋板上。質量m=1kg、可視為質點的小物塊從空中A點以v0=2m/s的速度水平拋出，恰好從B點沿軌道切線方向進入軌道，經過圓弧軌道上D(1)小物塊運動到B點時的速度大小;(2)小物塊經過C點時對軌道的壓力大小;(3)整個過程中彈簧彈性勢能的最大值Epm。

答案和解析1.【答案】C

【解析】伽利略認為，水平面上運動的物體若沒有受到摩擦力，將保持這個速度一直運動下去，力是改變物體運動狀態的原因，A錯誤;

卡文迪什用扭秤實驗測出了引力常量，運用了微小量放大法，B錯誤;

點電荷與質點都是一種理想化模型，現實中并不存在，C正確;

最小的電荷量叫做元電荷，并不是帶電體，D錯誤。2.【答案】D

【解析】由圖中電場線可知，O點場強方向向右，且不為0，A錯;

由電場線的疏密可知，a點場強大于b點場強，B錯;

b、c兩點電場強度大小相等，方向不同，C錯;

由對稱性可知，a、d兩點電場強度相同，D對。3.【答案】D

【解析】返回艙返回過程中空氣阻力做負功，機械能減少，A錯;

在軌運行時，返回艙處于完全失重狀態，但仍受到重力的作用，B錯;

反推發動機點火后，返回艙仍在下降，重力勢能減少，C錯;

返回艙脫離原軌道向低軌道變軌需減速，D對。4.【答案】C

【解析】粒子從A點釋放時，所受電場力水平向左，粒子將沿電場線運動到B點，由電場線分布情況可知，電場力先變大后變小，粒子加速度先增大后減小，且一直加速，故C正確。5.【答案】A

【解析】球做勻速圓周運動，在c點對手的壓力大小為2mg，根據牛頓第二定律可得2mg-mg=mv2R，解得v=gR，做圓周運動的線速度大小為gR，故A正確;

球做勻速圓周運動，則在a處有FNa+mg=mv2R6.【答案】B

【解析】逆向來看是平拋運動，A錯誤;

根據平拋運動的規律tan45°=12gt2vBt，解得t=2vBtan45°7.【答案】D

【解析】由v-t圖可得貨物加速度a=1m/s2，工人拉繩子的加速度大小為a=2m/s2，所以A錯誤;

根據牛頓第二定律：2F-μmg=ma，所以F=150N，故B錯誤;

3s內物體的位移x=18.【答案】C

【解析】0～15s內，牽引力做的功W=F?12at2，所以Wt=F?12at，故12Fa=60×10315=4×103，解得F=4000N，t=15s時，P額=9.【答案】BC

【解析】B、C接觸前A、B間庫侖力為：F=k4Q2r2；

B、C接觸后，電荷量平分，二者帶電均為-2Q，B、C接觸后A、B間庫侖力為：F'=k2Q2r210.【答案】AC

【解析】A→B:mgR=12mvB2，解得vB=4m/s，NB-mg=mvB2R，解得NB=60N，結合牛頓第三定律可知A正確;

因vB=4m/s，v11.【答案】(1)?C；(2)?AC；(3)3【解析】

(1)小球落地時間與下落高度有關，高度不變，落地時間不變，A錯誤;

該裝置只能探究平拋運動豎直方向是自由落體運動，B錯誤;

A、B高度相同，同時開始運動，則同時落地，C正確。

(2)每次實驗小球必須由靜止釋放，并且釋放位置必須相同，保證每次水平初速度相同，A正確;

實驗不需要測量小球的運動時間，即不需要秒表，B錯誤;

斜槽末端一定要水平，保證小球離開斜槽末端時做平拋運動，斜槽軌道光滑、粗糙不影響實驗，C正確。

(3)豎直方向：△y=gT2=2×8?mm=1.6×10-2m，解得T=0.0412.【答案】(1)?C；(2)d△t；(3)12m(dΔt)【解析】(1)細線應不可伸長，A錯誤;

光電門只能測出小球通過最低點的時間，即只能算出小球在最低點的速度，若小球初速度不為零，無法計算小球動能增量，也無法驗證機械能守恒定律，故B錯誤;

實驗中，為盡量消除空氣阻力影響，應選擇質量大、體積小的小球，故C正確。

(2)測得小球的直徑為d，小球通過光電門的時間為△t，可知小球經過最低點的瞬時速度大小為v=d△t。

(3)動能的增加量為12m13.【答案】解：(1)設繩子拉力均為T，對小球受力分析，

豎直方向：Tcos60°+Tcos30°=mg，

水平方向：Tcos30°+Tcos60°=m