高級中學名校試卷PAGEPAGE1鄭州市2025年高中畢業年級第三次質量預測物理試題卷本試卷分第Ⅰ卷（選擇題）和第Ⅱ卷（非選擇題）兩部分?？荚嚂r間75分鐘，滿分100分。考生應首先閱讀答題卡上的文字信息，然后在答題卡上作答，在試題卷上作答無效。交卷時只交答題卡。第Ⅰ卷一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1.如圖，一只氫氣球通過細繩固定在某處，在水平風力F作用下處于靜止狀態。設細繩與豎直方向的夾角為，細繩中拉力為T。因水平風力變化，氣球再次平衡時角變大，則（）A.風力F變小 B.拉力T不變 C.拉力T變大 D.拉力T變小【答案】C【解析】對氣球分析可知則當角變大時拉力T變大。故選C。2.電梯、汽車等交通工具在加速時會使乘客產生不適感，不適感的程度可用“急動度”來描述，急動度越小，乘客感覺越舒適。右圖為某汽車直線加速過程的急動度j隨時間t的變化圖像，則該過程中汽車加速度a隨時間t的變化圖像為（）A. B.C. D.【答案】C【解析】根據“急動度”表達式，則j為a-t圖像的斜率，結合j-t圖像可知，j隨時間t先均勻減小后不變（不為零），可知a-t圖像的斜率先減小后不變（不為零），可知a-t圖像為C。故選C。3.激光是原子受激輻射產生的光。當原子處于激發態時，若恰有能量的光子從附近通過，在入射光的電磁場影響下，原子會躍遷到低能級，從而輻射出新光子。已知光速為c，普朗克常量為h，則新光子的（）A.頻率可能大于 B.能量可能小于 C.波長為 D.動量為【答案】D【解析】AB．原子發生受激輻射，發出的光子的頻率和振動情況都跟入射光子完全一樣，故新光子的頻率為，新光子的能量為，故AB錯誤；C．根據，結合，解得故C錯誤；D．根據，結合C項可得動量為故D正確。故選D。4.圖甲為某磚坯切割機，原理如圖乙所示。工作時，磚坯隨水平傳送帶一起沿直線運動，鋼絲在長為R的力臂作用下繞O點轉動切割，兩者配合保證磚坯的切割面豎直。已知某切割瞬間，傳送帶的速度為v，鋼絲轉動的角速度為，力臂與豎直方向的夾角為，則（）A. B. C. D.【答案】A【解析】力臂末端鋼絲的線速度為ωR為合速度，將該速度分解為水平向右的分速度,該速度與磚坯運動的速度相同,均為v,和相對磚坯向下的分速度,由圖可知。故選A。5.設想在赤道上建造如圖所示的“太空電梯”，宇航員可通過豎直的電梯直通空間站。超級纜繩將地球赤道上的固定基地、同步空間站和配重空間站連接在一起，使它們隨地球同步旋轉。已知同步空間站位于地球同步衛星軌道上，則（）A.電梯上的乘客一直處于完全失重狀態B.同步空間站兩側的纜繩對其作用力的合力為零C.配重空間站受到的地球引力大于其圓周運動的向心力D.配重空間站外部零件脫落后將隨配重空間站一起繞地球同步旋轉【答案】B【解析】A．電梯在同步空間站所在處，萬有引力剛好提供所需的向心力，此時電梯上的乘客處于完全失重狀態；電梯在其它位置，萬有引力不是剛好提供所需的向心力，電梯上的乘客不是處于完全失重狀態，故A錯誤；B．對于同步空間站，萬有引力剛好提供所需的向心力，所以同步空間站兩側的纜繩對其作用力的合力為零，故B正確；CD．若衛星只受萬有引力繞地球做勻速圓周運動，則可得可知離地球越遠，衛星的角速度越小，而配重空間站在同步空間站的外側，且配重空間站的角速度等于同步空間站的角速度，所以配重空間站受到的地球引力小于其圓周運動的向心力；若配重空間站外部零件脫落，由于外部零件所受萬有引力不足以提供所需的向心力，則外部零件將做離心運動，故CD錯誤。故選B。6.某實驗電路如圖所示，交流發電機經過兩個理想變壓器對負載供電。已知交流發電機輸出電壓有效值恒定，兩變壓器間串有電阻r，負載為純電阻。當升壓變壓器原、副線圈匝數比為n時，電阻r的功率為P，對負載的輸電效率為；若調節升壓變壓器原、副線圈匝數比為0.1n，則（）A.電阻r的功率變為 B.電阻r的功率變為C.對負載的輸電效率變為 D.對負載的輸電效率變為【答案】A【解析】AB．設升壓變壓器原、副線圈兩端的電壓分別為、，原、副線圈的匝數分別為、，則由得設負載電阻為，降壓變壓器原、副線圈匝數比為（保持不變）；根據等效電阻法，如圖所示等效電阻為；則電阻r的功率為則當調節升壓變壓器原、副線圈匝數比為0.1n時，電阻r的功率變為，A正確，B錯誤；CD．設通過電阻的電流為，因為是理想變壓器，故對負載的輸電效率為可得和電流無關，即和電壓無關，保持不變，故CD錯誤。故選A。7.如圖甲，某景觀噴泉正以噴頭為中心，在同一豎直面內向各個方向以相同大小初速度將水噴出，落到水平湖面上，空氣阻力忽略不計。以噴頭為坐標原點O，水平方向為x軸，豎直方向為y軸建立坐標系，如圖乙所示。已知圖乙中實曲線為部分水流的軌跡，虛曲線為水流的包絡線（與所有水流的軌跡均相切的曲線），虛曲線的方程為。取重力加速度，則（）A.水噴出時速度大小為B.水噴出后在空中飛行的最長時間為C.水流飛行的最大水平位移為D.水平位移最大的水流在空中的時間為【答案】D【解析】A．由題可知，當時，則有結合豎直上拋運動規律聯立解得A錯誤；B．根據，可知最高點對應得時間最長，故有根據拋體運動得對稱性可得，水噴出后在空中飛行的最長時間為B錯誤；C．當時，可得水平位移最大為解得C錯誤；D．設水流拋出時，速度方向于水平方向的夾角為，根據運動的分解可得水平位移豎直方向上則有根據運動得對稱性可得聯立可得由數學知識可知，時，即水平位移最大，故水平位移最大的水流在空中的時間為D正確。故選D。二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。8.某同學自制雙縫干涉實驗裝置，在紙板上割出一條窄縫，于窄縫中央沿縫方向固定一根拉直的頭發絲形成雙縫，將該紙板與墻面平行放置，如圖所示。用a、b兩單色激光從同一位置分別照射雙縫，均能在墻面上觀察到干涉條紋，且a光相鄰兩條亮條紋間的距離比b光大，則（）A.a光的波長比b光小B.a光的頻率比b光小C.若換用更粗的頭發絲，a光相鄰兩條亮條紋間的距離變小D.若增大紙板與墻面的距離，b光相鄰兩條亮條紋間的距離變小【答案】BC【解析】AB．根據條紋間距表達式a光相鄰兩條亮條紋間的距離比b光大，可知a光的波長比b光大，a光的頻率比b光小，選項A錯誤，B正確；C．若換用更粗的頭發絲，則雙縫間距d變大，根據可知，a光相鄰兩條亮條紋間的距離變小，選項C正確；D．若增大紙板與墻面的距離，則l變大，根據可知b光相鄰兩條亮條紋間的距離變大，選項D錯誤。故選BC。9.如圖甲，固定有蜂鳴器的滑塊在M、N間做簡諧運動，O點為平衡位置。小明使用該裝置時聽到蜂鳴器的頻率會變化，為解釋該現象查閱資料后發現，當觀察者靜止時，其接收頻率f與波源移動速度v的關系如圖乙所示（取波源靠近觀察者時速度為正），其中f0為波源頻率?，F將滑塊推至M點由靜止釋放，小明的耳朵在N點正右側，已知A、B為關于O點對稱的兩點，蜂鳴器發聲頻率為1000Hz，則物塊（）A.到達N點時，小明聽到的頻率等于1000HzB.同向經過A、B兩點時，小明聽到的頻率相同C.連續兩次經過A點時，小明聽到的頻率相同D.從M點到N點的過程中，小明聽到的頻率先大于1000Hz，后小于1000Hz【答案】AB【解析】A.．到達N點時，滑塊速度為零，波源與小明相對靜止，小明聽到的頻率等于1000Hz，A正確；B．同向經過A、B兩點時，波源相對小明的速度大小和方向都相同，小明聽到的頻率相同，B正確；C．連續兩次經過A點時，波源相對小明的速度方向不相同，小明聽到的頻率不相同，C錯誤；D．從M點到N點的過程中，波源一直靠近觀察者，小明聽到的頻率一直大于1000Hz，D錯誤。故選AB。10.如圖甲，質量的滑塊（可視為質點）帶電量，處在沿斜面向下的勻強電場中?；瑝K從固定的粗糙絕緣斜面底端開始以初速度沿斜面向上運動，一段時間后撤去勻強電場。以出發點O為原點沿斜面向上建立坐標系，整個運動過程中滑塊速度的平方隨位置坐標變化的關系如圖乙所示，斜面傾角，取，重力加速度，則（）A.斜面的動摩擦因數為0.25 B.電場強度的大小為C.滑塊出發后撤去勻強電場 D.整個過程中滑塊機械能減少了【答案】BD【解析】AB．根據勻變速直線運動公式可得圖像的斜率絕對值是加速度的2倍，物塊沿斜面上升的過程中受沿斜面向下的電場力、斜面向下的摩擦力和重力沿斜面向下的分量，可知沿斜面上升時的加速度較大，即最上面的圖線，沿斜面下滑的時候加速度小，從圖像中可以看出，物體在下滑過程，距離O點為3m的時候撤去電場，上滑時的加速度大小為撤去電場之前下滑的加速度大小為對上滑和撤去電場之前的下滑兩個過程根據牛頓第二定律得Eq+mgsinθ+μmgcosθ=ma1，

Eq+mgsinθ-μmgcosθ=ma2解得：μ=0.375，E=106N/C故B正確，A錯誤；C．上升到最大高度的時間從最大高度下滑x1=2m的時間可知滑塊出發后2s撤去勻強電場，選項C錯誤；D．整個過程中減小的機械能選項D正確。故選BD。第Ⅱ卷三、非選擇題11.在做“用油膜法估測油酸分子大小”的實驗中，小紅將的純油酸配制成的油酸酒精溶液，用注射器測得溶液為80滴。（1）某次實驗，小紅把1滴該溶液滴入撒有痱子粉的盛水淺盤，待液面穩定后，呈現出如圖甲所示的“鋸齒”邊沿圖樣，出現該圖樣的可能原因是___________；A.淺盤中裝的水量過多 B.油酸酒精溶液滴的過少C.油酸酒精溶液放置時間過久 D.痱子粉撒得太多，且厚度不均勻（2）小紅調整后再次實驗，把1滴該溶液滴入撒有痱子粉的盛水淺盤，待液面穩定后，將帶有坐標方格的玻璃板放在淺盤上，用彩筆在玻璃板上描出油酸膜的輪廓，其形狀如圖乙所示，坐標方格中正方形的邊長為，則滴入淺盤中的純油酸體積為___________，由此可估測出油酸分子的直徑是___________m?！敬鸢浮浚?）D（2）【解析】【小問1詳析】A．淺盤中裝的水量過多，一般不會直接導致出現“鋸齒”邊沿圖樣，故A錯誤。B．油酸酒精溶液滴的過少，只會使形成的油膜面積較小，不會產生“鋸齒”邊沿，故B錯誤。C．油酸酒精溶液放置時間過久，可能會使溶液濃度發生變化，但不會直接形成“鋸齒”邊沿，故C錯誤。D．痱子粉撒得太多，且厚度不均勻，會使油酸在水面上擴散時受到的阻力不均勻，從而導致呈現出“鋸齒”邊沿圖樣，故D正確。故選D。【小問2詳析】[1]則滴入淺盤中的純油酸體積為[2]由圖示油膜可知，油膜所占坐標紙的格數約為70個，油膜的面積為油分子直徑12.半導體薄膜壓力傳感器是一種常用的傳感器，其阻值會隨壓力變化而變化。某實驗小組設計了如圖甲的電路，用于測量某一半導體薄膜壓力傳感器在不同壓力下的阻值。（1）某次實驗時電壓表和電流表讀數分別為和，已知電壓表內阻為，則壓力傳感器的阻值___________（用表示）。（2）通過多次實驗繪制壓力傳感器的阻值隨壓力F變化的關系如圖乙所示。該傳感器通常用于測量小于的壓力區間，主要原因是在該區間內，阻值___________（選填“大”、“變化快”），傳感器靈敏度高。（3）該小組利用此壓力傳感器設計了如圖丙所示的自動分揀蘋果裝置。將壓力傳感器與可調電阻串聯接入電路中，托盤秤（重力不計）置于上。分揀開關在彈簧向上壓力作用下處于水平狀態。當分揀標準為時，調節，使的蘋果在托盤秤上時，兩端的電壓為。此時，放大電路中的電磁鐵恰好吸住分揀開關的銜鐵。放大電路有保持電路功能，能夠確保蘋果在通過分揀開關時電磁鐵始終保持吸住狀態。已知電源電動勢為，內阻不計，重力加速度。①為使該裝置達到上述分揀目的，的阻值應調為___________。②為了增大蘋果的分揀標準，應將可調電阻___________（填“調大”、“調小”）?！敬鸢浮浚?）（2）變化快（3）15調小【解析】【小問1詳析】根據閉合電路歐姆定律，通過的電流為解得壓力傳感器的阻值為【小問2詳析】由圖乙可以看出，在小于2N的壓力區間內，隨著壓力的變化，阻值的變化量較大，即阻值變化快，所以傳感器靈敏度高?！拘?詳析】①已知蘋果質量為，重加加速度，則蘋果對壓力傳感器的壓力為由圖乙可知，當時，有電源電動勢，兩端電壓由則與串聯，根據串聯電路電流相等，由解得②為了增大蘋果的分棟標準，即增大蘋果對壓力傳感器的壓力，從圖乙可知壓力增大時減小。電源電動勢E不變，要使電磁仍能吸住分棟開關的銜鐵，即兩端電壓仍需達到使電磁鐵工作的電壓值。根據串聯電路分壓原理減小，要保持不變，則應將可調電阻調小。13.圖甲是洛倫茲力演示儀，其簡化模型如圖乙所示。勵磁線圈能在以O點為圓心、半徑為R的玻璃泡內產生垂直于紙面的勻強磁場。圓心O正下方處的P點固定一電子槍，能水平向左射出一定速率的電子。當磁感應強度大小為時，電子做圓周運動的圓心恰好為O點。已知電子質量為m，電荷量為e，不考慮出射電子間的相互作用。（1）判斷勻強磁場的方向，并求出電子初速度的大??；（2）將勻強磁場反向，并調整其大小，使電子恰好垂直打到玻璃泡上，求此時電子做勻速圓周運動的半徑及勻強磁場磁感應強度的大小?！敬鸢浮浚?）垂直于紙面向里；（2），【解析】【小問1詳析】由左手定則可知，磁場垂直于紙面向里；設粒子做勻速圓周運動的半徑為，由題意可知根據牛頓第二定律有聯立解得【小問2詳析】畫出粒子軌跡過程圖，如圖所示設粒子做勻速圓周運動的半徑為，根據幾何關系可得解得根據牛頓第二定律有，聯立解得14.如圖，物塊A、B并排放在光滑水平面上，A上固定一豎直輕桿，用一長的細線將小球C（可看成質點）豎直懸掛在輕桿上O點，A、B、C質量均為。初始時，物塊A、B均固定在水平面上，質量為的子彈以某一水平初速度射入小球C（射入時間極短且未射出），小球C恰能到達與O點等高的P點。取重力加速度，不計空氣阻力。（1）求子彈初速度的大小。（2）若解除物塊A、B固定，子彈仍以相同初速度射入小球C（射入時間極短且未射出），求：Ⅰ.小球C能上升的最大高度；Ⅱ.物塊B速度的最大值和剛達到最大值瞬間細線中拉力的大小。【答案】（1）（2）Ⅰ：；Ⅱ：1.6m/s，【解析】【小問1詳析】設子彈的速度為，擊中C后，二者共同的速度為，由動量守恒當C達到P點時，由機械能守恒聯立求解得：，【小問2詳析】Ⅰ：設小球C到最高點時速度為，由動量守恒由機械能守恒解得Ⅱ：設C再次回到最低點時速度為，此時木塊A、B恰好分離，B的速度有最大值，由動量守恒由機械能守恒解得，在最低點，由牛頓第二定律代入數據可得15.如圖，水平面（紙面）內固定有兩足夠長、光滑平行金屬導軌，間距為l，其左端接有阻值為R的定值電阻。一質量為m的金屬桿（長度略大于l）垂直放置在導軌上。在電阻和金屬桿間，有兩個垂直于紙面向里的勻強磁場，圓形磁場面積為S，磁感應強度大小隨時間的變化關系為（k為大于零的常量）；矩形磁場磁感應強度大小。從時刻開始，矩形磁場以速度向右勻速運動；時，邊恰好到達金屬桿處。之后，金屬桿跟隨磁場向右運動；時，系統達到穩定狀態。已知金屬桿與導軌始終垂直且接觸良好，整個過程金屬桿未離開矩形磁場區域，不計金屬桿和導軌電阻，磁場運動產生的其他影響可忽略，求：（1）到時間內，流經電阻R的電荷量；（2）時刻，加速度大小；（3）到時間內與矩形磁場的相對位移?！敬鸢浮浚?）（2）（3）【解析】【小問1詳析】由電流定義式歐姆定律法拉第電磁感應定律得累加求和，可知流過電阻R電荷量的絕對值【小問2詳析】時，由法拉第電磁感應定律由閉合電路歐姆定律由牛頓第二定律聯立求解得時刻，的加速度【小問3詳析】當時，系統達到穩定狀態，回路中電流為零，設此時金屬桿的速度為，則求解得設在到時間內，與矩形磁場的相對位移為由得對金屬桿，由動量定理聯立求解得鄭州市2025年高中畢業年級第三次質量預測物理試題卷本試卷分第Ⅰ卷（選擇題）和第Ⅱ卷（非選擇題）兩部分?？荚嚂r間75分鐘，滿分100分?？忌鷳紫乳喿x答題卡上的文字信息，然后在答題卡上作答，在試題卷上作答無效。交卷時只交答題卡。第Ⅰ卷一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1.如圖，一只氫氣球通過細繩固定在某處，在水平風力F作用下處于靜止狀態。設細繩與豎直方向的夾角為，細繩中拉力為T。因水平風力變化，氣球再次平衡時角變大，則（）A.風力F變小 B.拉力T不變 C.拉力T變大 D.拉力T變小【答案】C【解析】對氣球分析可知則當角變大時拉力T變大。故選C。2.電梯、汽車等交通工具在加速時會使乘客產生不適感，不適感的程度可用“急動度”來描述，急動度越小，乘客感覺越舒適。右圖為某汽車直線加速過程的急動度j隨時間t的變化圖像，則該過程中汽車加速度a隨時間t的變化圖像為（）A. B.C. D.【答案】C【解析】根據“急動度”表達式，則j為a-t圖像的斜率，結合j-t圖像可知，j隨時間t先均勻減小后不變（不為零），可知a-t圖像的斜率先減小后不變（不為零），可知a-t圖像為C。故選C。3.激光是原子受激輻射產生的光。當原子處于激發態時，若恰有能量的光子從附近通過，在入射光的電磁場影響下，原子會躍遷到低能級，從而輻射出新光子。已知光速為c，普朗克常量為h，則新光子的（）A.頻率可能大于 B.能量可能小于 C.波長為 D.動量為【答案】D【解析】AB．原子發生受激輻射，發出的光子的頻率和振動情況都跟入射光子完全一樣，故新光子的頻率為，新光子的能量為，故AB錯誤；C．根據，結合，解得故C錯誤；D．根據，結合C項可得動量為故D正確。故選D。4.圖甲為某磚坯切割機，原理如圖乙所示。工作時，磚坯隨水平傳送帶一起沿直線運動，鋼絲在長為R的力臂作用下繞O點轉動切割，兩者配合保證磚坯的切割面豎直。已知某切割瞬間，傳送帶的速度為v，鋼絲轉動的角速度為，力臂與豎直方向的夾角為，則（）A. B. C. D.【答案】A【解析】力臂末端鋼絲的線速度為ωR為合速度，將該速度分解為水平向右的分速度,該速度與磚坯運動的速度相同,均為v,和相對磚坯向下的分速度,由圖可知。故選A。5.設想在赤道上建造如圖所示的“太空電梯”，宇航員可通過豎直的電梯直通空間站。超級纜繩將地球赤道上的固定基地、同步空間站和配重空間站連接在一起，使它們隨地球同步旋轉。已知同步空間站位于地球同步衛星軌道上，則（）A.電梯上的乘客一直處于完全失重狀態B.同步空間站兩側的纜繩對其作用力的合力為零C.配重空間站受到的地球引力大于其圓周運動的向心力D.配重空間站外部零件脫落后將隨配重空間站一起繞地球同步旋轉【答案】B【解析】A．電梯在同步空間站所在處，萬有引力剛好提供所需的向心力，此時電梯上的乘客處于完全失重狀態；電梯在其它位置，萬有引力不是剛好提供所需的向心力，電梯上的乘客不是處于完全失重狀態，故A錯誤；B．對于同步空間站，萬有引力剛好提供所需的向心力，所以同步空間站兩側的纜繩對其作用力的合力為零，故B正確；CD．若衛星只受萬有引力繞地球做勻速圓周運動，則可得可知離地球越遠，衛星的角速度越小，而配重空間站在同步空間站的外側，且配重空間站的角速度等于同步空間站的角速度，所以配重空間站受到的地球引力小于其圓周運動的向心力；若配重空間站外部零件脫落，由于外部零件所受萬有引力不足以提供所需的向心力，則外部零件將做離心運動，故CD錯誤。故選B。6.某實驗電路如圖所示，交流發電機經過兩個理想變壓器對負載供電。已知交流發電機輸出電壓有效值恒定，兩變壓器間串有電阻r，負載為純電阻。當升壓變壓器原、副線圈匝數比為n時，電阻r的功率為P，對負載的輸電效率為；若調節升壓變壓器原、副線圈匝數比為0.1n，則（）A.電阻r的功率變為 B.電阻r的功率變為C.對負載的輸電效率變為 D.對負載的輸電效率變為【答案】A【解析】AB．設升壓變壓器原、副線圈兩端的電壓分別為、，原、副線圈的匝數分別為、，則由得設負載電阻為，降壓變壓器原、副線圈匝數比為（保持不變）；根據等效電阻法，如圖所示等效電阻為；則電阻r的功率為則當調節升壓變壓器原、副線圈匝數比為0.1n時，電阻r的功率變為，A正確，B錯誤；CD．設通過電阻的電流為，因為是理想變壓器，故對負載的輸電效率為可得和電流無關，即和電壓無關，保持不變，故CD錯誤。故選A。7.如圖甲，某景觀噴泉正以噴頭為中心，在同一豎直面內向各個方向以相同大小初速度將水噴出，落到水平湖面上，空氣阻力忽略不計。以噴頭為坐標原點O，水平方向為x軸，豎直方向為y軸建立坐標系，如圖乙所示。已知圖乙中實曲線為部分水流的軌跡，虛曲線為水流的包絡線（與所有水流的軌跡均相切的曲線），虛曲線的方程為。取重力加速度，則（）A.水噴出時速度大小為B.水噴出后在空中飛行的最長時間為C.水流飛行的最大水平位移為D.水平位移最大的水流在空中的時間為【答案】D【解析】A．由題可知，當時，則有結合豎直上拋運動規律聯立解得A錯誤；B．根據，可知最高點對應得時間最長，故有根據拋體運動得對稱性可得，水噴出后在空中飛行的最長時間為B錯誤；C．當時，可得水平位移最大為解得C錯誤；D．設水流拋出時，速度方向于水平方向的夾角為，根據運動的分解可得水平位移豎直方向上則有根據運動得對稱性可得聯立可得由數學知識可知，時，即水平位移最大，故水平位移最大的水流在空中的時間為D正確。故選D。二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。8.某同學自制雙縫干涉實驗裝置，在紙板上割出一條窄縫，于窄縫中央沿縫方向固定一根拉直的頭發絲形成雙縫，將該紙板與墻面平行放置，如圖所示。用a、b兩單色激光從同一位置分別照射雙縫，均能在墻面上觀察到干涉條紋，且a光相鄰兩條亮條紋間的距離比b光大，則（）A.a光的波長比b光小B.a光的頻率比b光小C.若換用更粗的頭發絲，a光相鄰兩條亮條紋間的距離變小D.若增大紙板與墻面的距離，b光相鄰兩條亮條紋間的距離變小【答案】BC【解析】AB．根據條紋間距表達式a光相鄰兩條亮條紋間的距離比b光大，可知a光的波長比b光大，a光的頻率比b光小，選項A錯誤，B正確；C．若換用更粗的頭發絲，則雙縫間距d變大，根據可知，a光相鄰兩條亮條紋間的距離變小，選項C正確；D．若增大紙板與墻面的距離，則l變大，根據可知b光相鄰兩條亮條紋間的距離變大，選項D錯誤。故選BC。9.如圖甲，固定有蜂鳴器的滑塊在M、N間做簡諧運動，O點為平衡位置。小明使用該裝置時聽到蜂鳴器的頻率會變化，為解釋該現象查閱資料后發現，當觀察者靜止時，其接收頻率f與波源移動速度v的關系如圖乙所示（取波源靠近觀察者時速度為正），其中f0為波源頻率。現將滑塊推至M點由靜止釋放，小明的耳朵在N點正右側，已知A、B為關于O點對稱的兩點，蜂鳴器發聲頻率為1000Hz，則物塊（）A.到達N點時，小明聽到的頻率等于1000HzB.同向經過A、B兩點時，小明聽到的頻率相同C.連續兩次經過A點時，小明聽到的頻率相同D.從M點到N點的過程中，小明聽到的頻率先大于1000Hz，后小于1000Hz【答案】AB【解析】A.．到達N點時，滑塊速度為零，波源與小明相對靜止，小明聽到的頻率等于1000Hz，A正確；B．同向經過A、B兩點時，波源相對小明的速度大小和方向都相同，小明聽到的頻率相同，B正確；C．連續兩次經過A點時，波源相對小明的速度方向不相同，小明聽到的頻率不相同，C錯誤；D．從M點到N點的過程中，波源一直靠近觀察者，小明聽到的頻率一直大于1000Hz，D錯誤。故選AB。10.如圖甲，質量的滑塊（可視為質點）帶電量，處在沿斜面向下的勻強電場中?；瑝K從固定的粗糙絕緣斜面底端開始以初速度沿斜面向上運動，一段時間后撤去勻強電場。以出發點O為原點沿斜面向上建立坐標系，整個運動過程中滑塊速度的平方隨位置坐標變化的關系如圖乙所示，斜面傾角，取，重力加速度，則（）A.斜面的動摩擦因數為0.25 B.電場強度的大小為C.滑塊出發后撤去勻強電場 D.整個過程中滑塊機械能減少了【答案】BD【解析】AB．根據勻變速直線運動公式可得圖像的斜率絕對值是加速度的2倍，物塊沿斜面上升的過程中受沿斜面向下的電場力、斜面向下的摩擦力和重力沿斜面向下的分量，可知沿斜面上升時的加速度較大，即最上面的圖線，沿斜面下滑的時候加速度小，從圖像中可以看出，物體在下滑過程，距離O點為3m的時候撤去電場，上滑時的加速度大小為撤去電場之前下滑的加速度大小為對上滑和撤去電場之前的下滑兩個過程根據牛頓第二定律得Eq+mgsinθ+μmgcosθ=ma1，

Eq+mgsinθ-μmgcosθ=ma2解得：μ=0.375，E=106N/C故B正確，A錯誤；C．上升到最大高度的時間從最大高度下滑x1=2m的時間可知滑塊出發后2s撤去勻強電場，選項C錯誤；D．整個過程中減小的機械能選項D正確。故選BD。第Ⅱ卷三、非選擇題11.在做“用油膜法估測油酸分子大小”的實驗中，小紅將的純油酸配制成的油酸酒精溶液，用注射器測得溶液為80滴。（1）某次實驗，小紅把1滴該溶液滴入撒有痱子粉的盛水淺盤，待液面穩定后，呈現出如圖甲所示的“鋸齒”邊沿圖樣，出現該圖樣的可能原因是___________；A.淺盤中裝的水量過多 B.油酸酒精溶液滴的過少C.油酸酒精溶液放置時間過久 D.痱子粉撒得太多，且厚度不均勻（2）小紅調整后再次實驗，把1滴該溶液滴入撒有痱子粉的盛水淺盤，待液面穩定后，將帶有坐標方格的玻璃板放在淺盤上，用彩筆在玻璃板上描出油酸膜的輪廓，其形狀如圖乙所示，坐標方格中正方形的邊長為，則滴入淺盤中的純油酸體積為___________，由此可估測出油酸分子的直徑是___________m?！敬鸢浮浚?）D（2）【解析】【小問1詳析】A．淺盤中裝的水量過多，一般不會直接導致出現“鋸齒”邊沿圖樣，故A錯誤。B．油酸酒精溶液滴的過少，只會使形成的油膜面積較小，不會產生“鋸齒”邊沿，故B錯誤。C．油酸酒精溶液放置時間過久，可能會使溶液濃度發生變化，但不會直接形成“鋸齒”邊沿，故C錯誤。D．痱子粉撒得太多，且厚度不均勻，會使油酸在水面上擴散時受到的阻力不均勻，從而導致呈現出“鋸齒”邊沿圖樣，故D正確。故選D?！拘?詳析】[1]則滴入淺盤中的純油酸體積為[2]由圖示油膜可知，油膜所占坐標紙的格數約為70個，油膜的面積為油分子直徑12.半導體薄膜壓力傳感器是一種常用的傳感器，其阻值會隨壓力變化而變化。某實驗小組設計了如圖甲的電路，用于測量某一半導體薄膜壓力傳感器在不同壓力下的阻值。（1）某次實驗時電壓表和電流表讀數分別為和，已知電壓表內阻為，則壓力傳感器的阻值___________（用表示）。（2）通過多次實驗繪制壓力傳感器的阻值隨壓力F變化的關系如圖乙所示。該傳感器通常用于測量小于的壓力區間，主要原因是在該區間內，阻值___________（選填“大”、“變化快”），傳感器靈敏度高。（3）該小組利用此壓力傳感器設計了如圖丙所示的自動分揀蘋果裝置。將壓力傳感器與可調電阻串聯接入電路中，托盤秤（重力不計）置于上。分揀開關在彈簧向上壓力作用下處于水平狀態。當分揀標準為時，調節，使的蘋果在托盤秤上時，兩端的電壓為。此時，放大電路中的電磁鐵恰好吸住分揀開關的銜鐵。放大電路有保持電路功能，能夠確保蘋果在通過分揀開關時電磁鐵始終保持吸住狀態。已知電源電動勢為，內阻不計，重力加速度。①為使該裝置達到上述分揀目的，的阻值應調為___________。②為了增大蘋果的分揀標準，應將可調電阻___________（填“調大”、“調小”）。【答案】（1）（2）變化快（3）15調小【解析】【小問1詳析】根據閉合電路歐姆定律，通過的電流為解得壓力傳感器的阻值為【小問2詳析】由圖乙可以看出，在小于2N的壓力區間內，隨著壓力的變化，阻值的變化量較大，即阻值變化快，所以傳感器靈敏度高。【小問3詳析】①已知蘋果質量為，重加加速度，則蘋果對壓力傳感器的壓力為由圖乙可知，當時，有電源電動勢，兩端電壓由則與串聯，根據串聯電路電流相等，由解得②為了增大蘋果的分棟標準，即增大蘋果對壓力傳感器的壓力，從圖乙可知壓力增大時減小。電源電動勢E不變，要使電磁仍能吸住分棟開關的銜鐵，即兩端電壓仍需達到使電磁鐵工作的電壓值。根據串聯電路分壓原理減小，要保持不變，則應將可調電阻調小。13.圖甲是洛倫