濟寧市重點中學2025年高二下化學期末質量跟蹤監視試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、選擇題(共包括22個小題。每小題均只有一個符合題意的選項）1、化學與生產生活密切相關。下列說法正確的是A．糖類、蛋白質都是天然有機高分子化合物B．聚四氟乙烯耐酸堿腐蝕.可用作化工反應器的內壁涂層C．SiO2具有導電性.可用于制作光導纖維和光電池D．活性炭具有去除異味和殺菌作用2、分子式為C5H10O2并能與飽和NaHCO3溶液反應放出氣體的有機物有（）A．3種 B．4種 C．5種 D．6種3、關于的說法正確的是A．最多有7個原子在同一直線上 B．最多有7個碳原子在同一直線上C．所有碳原子可能都在同一平面上 D．最多有18個原子在同一平面上4、下列實驗裝置能達到目的A．裝置用于實驗室制備氯氣B．裝置實驗室制氨氣C．裝置用于實驗室制乙酸乙酯D．裝置可進行碳酸氫鈉受熱分解5、下列現象中不屬于蛋白質變性的是A．打針時用酒精消毒B．用稀的福爾馬林浸泡種子C．用波爾多液防治作物蟲害D．蛋白質溶液加入食鹽變渾濁6、下列化合物的分子中，所有原子一定處于同一平面的是()A．乙烷 B．1，3-丁二烯 C．氯乙苯 D．苯乙炔7、下列說法正確的是A．膠體與溶液的本質區別就是是否可以發生丁達爾現象B．在常溫下濃硫酸與鐵不反應，所以可以用鐵制容器來裝運濃硫酸C．氯氣具有漂白性可以使濕潤的有色布條褪色D．氯化鐵、硫酸亞鐵是優良的凈水劑8、已知X、Y元素同周期，且電負性X＞Y，下列說法錯誤的是()A．X與Y形成化合物時，X顯負價，Y顯正價B．第一電離能可能Y小于XC．最高價含氧酸的酸性：X對應酸的酸性弱于Y對應酸的酸性D．氣態氫化物的穩定性：HmY小于HnX9、將固體NH4I置于密閉容器中，在一定溫度下發生下列反應：①NH4I(s)NH3(g)＋HI(g)；②2HI(g)H2(g)＋I2(g)。達到平衡時，c(H2)＝0.5mol·L－1，c(HI)＝4mol·L－1，則此溫度下反應①的平衡常數為()A．9 B．16 C．20 D．2510、下列說法正確的是（）A．氯乙烷和過量氫氧化鈉溶液共熱后加入過量稀HNO3和AgNO3溶液最后得到白色沉淀B．某一元醇發生消去反應可以得到丙烯，該醇一定是1-丙醇C．H2O、CH3CH2OH、CH3COOH分別與金屬鈉反應，反應最慢的是H2OD．酚醛樹脂、聚酯纖維、聚苯乙烯這些高分子化合物都是經過縮聚反應得到的11、據報道，科學家開發出了利用太陽能分解水的新型催化劑。下列有關水分解過程的能量變化示意圖正確的是A． B．C． D．12、已知:用稀硫酸酸化的高錳酸鉀溶液能氧化乙烯，化學方程式如下:aCH2=CH2+12KMnO4+H2SO4→CO2+MnSO4+K2SO4+H2O，下列推斷正確的是A．在上述化學方程式中，a=6B．用酸性高錳酸鉀溶液可以除去甲烷氣體中少量的乙烯C．上述反應中，氧化產物與還原產物的物質的量之比為6:5D．在標準狀況下，消耗11.2L乙烯時轉移6mol電子13、下列有關說法正確的是A．△H<0的反應一定能自發反應進行。B．對于一個給定的反應，選擇合適的催化劑可以大幅度提升正逆反應速率和反應物轉化率。C．鐵與稀硫酸反應制取氫氣，向溶液中加入少量的CuSO4固體可以加快化學反應速率D．在恒溫恒壓的密閉容器中進行反應2NO+O22NO2，達到平衡后充入He，平衡不移動。14、下列實驗操作和現象對應的結論錯誤的是選項實驗操作和現象結論A將銅片和鐵片用導線連接插入濃硝酸中，鐵片表面產生氣泡金屬鐵比銅活潑B常溫下，測定同濃度NaA和NaB溶液的pH：NaA小于NaB相同條件下，在水中HA電離程度大于HBC加熱含有酚酞的Na2CO3溶液，溶液紅色加深CO32－的水解反應是吸熱反應D向飽和FeSO4溶液中加入CuS固體，測得溶液中c(Fe2+)不變Ksp(CuS)＜Ksp(FeS)A．A B．B C．C D．D15、用鉑電極（惰性）電解下列溶液時，陰極和陽極上的主要產物分別是H2和O2的是（）A．稀NaOH溶液 B．HCl溶液C．酸性CuSO4溶液 D．酸性AgNO3溶液16、用NA表示阿伏加德羅常數的值。下列說法正確的是A．常溫常壓下，11.2LHCl氣體中含有的分子數為0.5NAB．常溫常壓下，5.6gN2和CO混合物中所含有的原子數為0.4NAC．將0.2molFeCl3水解制成膠體，所得膠體粒子數為0.2NAD．50mL12mol/L鹽酸與足量MnO2共熱，轉移電子數為0.3NA17、有關晶體的下列說法中正確的組合是①晶體中分子間作用力越大，分子越穩定②原子晶體中共價鍵越強，熔點越高③冰熔化時水分子中共價鍵發生斷裂④氯化鈉熔化時離子鍵未被破壞⑤熔化時無需破壞化學鍵的晶體一定是分子晶體⑥元素周期表從ⅢB族到ⅡB族8個縱行的元素都是金屬元素⑦在SiO2和干冰晶體中，都存在單個分子⑧分子晶體不都是共價化合物A．①②⑤ B．②④⑤ C．②⑤⑧ D．①④⑦18、下列各組物質相互混合反應后，最終有白色沉淀生成的是（）①在敞口容器中將金屬鈉投入到FeC12溶液中②向AlCl3溶液中逐滴加入過量的稀氫氧化鈉溶液③向硅酸鈉溶液中逐滴加入過量的鹽酸④向NaAlO2溶液中通入過量CO2⑤向飽和Na2CO3溶液中通入過量CO2A．①③④⑤ B．只有①④ C．只有②③ D．只有③④⑤19、下列物質的分離（或提純）方法正確的是A．分離汽油和水--分液B．除去氯化鈉溶液中的泥沙--蒸餾C．分離乙酸與乙酸乙酯--萃取D．用四氯化碳提取溴水中的溴單質--過濾20、已知草酸為二元弱酸：H2C2O4HC2O＋H＋Ka1、HC2OC2O＋H＋Ka2。常溫下，向某濃度的H2C2O4溶液中逐滴加入一定濃度的KOH溶液，所得溶液中H2C2O4、HC2O、C2O三種微粒的物質的量分數(δ)與溶液pH的關系如圖所示，則下列說法中不正確的是()A．Ka1=10－1.2B．pH＝2.7時溶液中：＝1000C．將相同物質的量的KHC2O4和K2C2O4固體完全溶于水便是配得pH為4.2的混合液D．向pH＝1.2的溶液中加KOH溶液，將pH增大至4.2的過程中水的電離程度一直增大21、下列分子式表示的物質一定是純凈物的是（）A．C5H10 B．C2H6O C．C3H8 D．C2H4Cl222、列敘述正確的是A．常溫常壓下，1.5molNO2的體積約為33.6LB．NaOH的摩爾質量是40gC．100mL水中溶解了8.4gNaHCO3，則溶液中Na+的物質的量濃度為1mol/LD．同溫同壓下，相同體積的C12和SO2氣體所含的分子數一定相同二、非選擇題(共84分)23、（14分）鹽酸多巴胺可用作選擇性血管擴張藥，是臨床上常有的抗休克藥。某研究小組按如下路線合成鹽酸多巴胺。已知：a.b.按要求回答下列問題：（1）B的結構簡式____。（2）下列有關說法正確的是____。A．有機物A能與溶液反應產生無色氣體B．反應①、②、③均為取代反應C．有機物F既能與HCl反應，也能與NaOH反應D．鹽酸多巴胺的分子式為（3）鹽酸多巴胺在水中的溶解性比多巴胺（）強的原因是_____。（4）寫出多巴胺（分子式為）同時符合下列條件的所有同分異構體的結構簡式_____。①分子中含有苯環，能使氯化鐵溶液顯色②H–NMR譜和IR譜顯示分子中有4種化學環境不同的氫原子，沒有-N-O-鍵（5）設計以和為原料制備的合成路線（用流程圖表示，無機試劑任選）_____。24、（12分）維拉佐酮是臨床上使用廣泛的抗抑部藥，其關鍵中間體合成路線如下:已知:R-X+→+H-X(1)下列說法正確的是______(填編號)。A化合物A不能使三氧化鐵溶液顯紫色B．反應①④⑤均為取代反應C．合成過程中反應③與反應④不能調換D．反應②中K2CO3的作用是使反應向正方向移動(2)寫出物質C的結構簡式:__________。(3)寫出反應②的化學方程式:_____________。(4)設計以苯和乙烯為原料制備的合成路線(用流程圖表示，其他無機試劑任選)____________。(5)經過水解和氧化后可得到分子式為C4H9O2N的物質F，寫出物質F的可能的同分異構體結構簡式__________。須同時符合:①分子結構中有一個六元環；②1H-NMR譜顯示分子中有3種氫原子。25、（12分）某科研小組設計出利用工業廢酸(稀硫酸)來浸取某廢棄的氧化銅鋅礦的方案，實現廢物綜合利用，方案如圖所示。已知：各離子開始沉淀及完全沉淀時的pH如表所示：請回答下列問題：(1)在“酸浸”步驟中，為提高浸出速率，除通入空氣“攪拌”外，還可采取的措施是(任寫一點即可)__________________________________________________________。(2)物質A最好使用下列物質中的____________（填選項序號）。A．KMnO4B．H2O2C．HNO3(3)除鐵過程中加入氨水的目的是調節溶液的pH，pH應控制在__________范圍之間。(4)物質B可直接用作氮肥，則B的化學式是________。(5)除鐵后得到的氫氧化鐵可用次氯酸鉀溶液在堿性環境將其氧化得到一種高效的多功能處理劑(K2FeO4)，寫出該反應的離子方程式：__________________________。26、（10分）制備乙酸乙酯，乙酸正丁酯是中學化學實驗中的兩個重要有機實驗①乙酸乙酯的制備②乙酸丁酯的制備完成下列填空：（1）制乙酸乙酯的化學方程式___________。（2）制乙酸乙酯時，通常加入過量的乙醇，原因是________，加入數滴濃硫酸即能起催化作用，但實際用量多于此量，原因是________；濃硫酸用量又不能過多，原因是_______________。（3）試管②中的溶液是________，其作用是________________。（4）制備乙酸丁酯的過程中，直玻璃管的作用是________，試管不與石棉網直接接觸的原因是_____。（5）在乙酸丁酯制備中，下列方法可提高1-丁醇的利用率的是________（填序號）。A．使用催化劑B．加過量乙酸C．不斷移去產物D．縮短反應時間（6）兩種酯的提純過程中都需用到的關鍵儀器是________，在操作時要充分振蕩、靜置，待液體分層后先將水溶液放出，最后將所制得的酯從該儀器的________（填序號）A．上口倒出B．下部流出C．都可以27、（12分）用氯化鈉固體配制1.00mol/L的NaCl溶液500mL，回答下列問題（1）請寫出該實驗的實驗步驟①計算，②________，③________，④_________，⑤洗滌，⑥________，⑦搖勻。（2）所需儀器為：容量瓶（規格：__________）、托盤天平、還需要那些玻璃儀器才能完成該實驗，請寫出：_______________。使用容量瓶前必須進行的操作是______________。（3）試分析下列操作對所配溶液的濃度有何影響。(填“偏高”“偏低”“無影響”)①為加速固體溶解，可稍微加熱并不斷攪拌。在未降至室溫時，立即將溶液轉移至容量瓶定容。對所配溶液濃度的影響：___________②定容后，加蓋倒轉搖勻后，發現液面低于刻度線，又滴加蒸餾水至刻度。對所配溶濃度的影響：_________。③某同學從該溶液中取出50mL，其中NaCl的物質的量濃度為_________。28、（14分）硫單質及其化合物在工農業生產中有著重要的應用。(1)已知25℃時:O2(g)+S(s)=SO2(g)

△H=一akJ/molO2(g)+2SO2(g)2S03(g)

△H=-bkJ/mol寫出SO3(g)分解生成O2(g)與S(s)的熱化學方程式:_______________________。(2)研究SO2催化氧化生成SO3的反應，回答下列相關問題:①甲圖是SO2(g)和SO3(g)的濃度隨時間的變化情況。反應從開始到平衡時,用SO2表示的平均反應速率為_________。②在一容積可變的密閉容器中充入20molSO2(g)和10molO2(g),02的平衡轉化率隨溫度(T)、壓強(P)的變化如圖乙所示。則P1與P2的大小關系是P2_____P1(“>”“<”或“=”),A、B、C三點的平衡常數大小關系為______

(用

K、Kg、K。和“<”“>”或“=”表示)。(3)常溫下，H2SO3的電離平衡常數Ka1=1.5510-2

Ka2=1.02×10-7。①將SO2通入水中反應生成H2SO3。試計算常溫下H2SO32H++S032-的平衡常數K=____。(結果保留小數點后兩位數字)②濃度均為0.1mol/L的Na2SO3、NaHSO3混合溶液中，=______________。

(4)往1L0.2mol/LNa2SO3溶液中加入等體積的0.1mol/L的CaCl2溶液，充分反應后(忽略溶液體積變化)，溶液中c(Ca2+)=______。(已知，常溫下Ksp(CaSO3)=1.28×10-9)29、（10分）在一定條件下，金屬相互化合形成的化合物稱為金屬互化物，如Cu9Al4、Cu5Zn8等。(1)某金屬互化物具有自范性，原子在三維空間里呈周期性有序排列，該金屬互化物屬于________(填“晶體”或“非晶體”)。(2)基態銅原子有________個未成對電子；Cu2＋的電子排布式為____________________；在CuSO4溶液中加入過量氨水，充分反應后加入少量乙醇，析出一種深藍色晶體，該晶體的化學式為____________________，其所含化學鍵有____________________，乙醇分子中C原子的雜化軌道類型為________。(3)銅能與類鹵素(SCN)2反應生成Cu(SCN)2,1mol(SCN)2分子中含有σ鍵的數目為________。(SCN)2對應的酸有硫氰酸(H—S—C≡N)、異硫氰酸(H—N===C===S)兩種。理論上前者沸點低于后者，其原因是______________________________________________________________________________________。(4)ZnS的晶胞結構如圖所示，在ZnS晶胞中，S2－的配位數為_______________。(5)銅與金形成的金屬互化物的晶胞結構如圖所示，其晶胞邊長為anm，該金屬互化物的密度為________g·cm－3(用含a、NA的代數式表示)。

參考答案一、選擇題(共包括22個小題。每小題均只有一個符合題意的選項）1、B【解析】

A、糖類有單糖、二糖和多糖，其中多糖為高分子化合物，故A錯誤；B、聚四氟乙烯耐酸堿腐蝕，可用作化工反應其的內壁涂層，故B正確；C、SiO2屬于原子晶體，不導電，可用于制作光導纖維，制作光電池的原料是晶體硅，故C錯誤；D、活性炭具有吸附性，能去除異味，但不能殺菌，故D錯誤；答案選D。2、B【解析】

分子式為C5H10O2的有機物可能是羧酸或酯，能與飽和NaHCO3溶液反應放出氣體，說明該有機物含有-COOH，為飽和一元羧酸，烷基為-C4H9，丁基異構數等于該有機物的異構體數。【詳解】分子式為C5H10O2的有機物能與NaHCO3能產生氣體，說明該有機物中含有-COOH，為飽和一元羧酸，則烷基為-C4H9，-C4H9異構體有：-CH2CH2CH2CH3，-CH（CH3）CH2CH3，-CH2CH（CH3）CH3，-C（CH3）3，故符合條件的有機物的異構體數目為4，故選B。【點睛】本題考查特定結構的同分異構體書寫，側重于分析能力的考查，注意官能團的性質與確定，熟練掌握碳原子數小于5的烴基的個數是解決本題的關鍵。3、C【解析】

有機物中，具有苯環、乙烯的共面結構以及乙炔的共線結構，所以苯環的6個碳原子一定共面，具有乙烯結構的后4個碳原子一定共面，具有乙炔結構的兩個碳原子一定共線，所有的碳原子可以共面，但不共線。【詳解】A.乙炔和甲基上的碳原子一定共線，苯環上的兩個C和雙鍵左側的C原子也一定與乙炔共線，可以共線的原子共有6個，故A錯誤；B.C≡C為直線結構，與苯環中2個C、雙鍵中的1個C在同一直線上，對位甲基上1個C可以共面，即最多有6個C，故B錯誤；C.有機物中，具有苯環、乙烯的共面結構以及乙炔的共線結構，所以苯環的6個碳原子一定共面，具有乙烯結構的后4個碳原子一定共面，具有乙炔結構的兩個碳原子一定共線，所有的碳原子可以共面，故C正確；D.苯環中10個原子+三鍵中2個原子、雙鍵中5個原子及甲基中2個原子最多共面，即同一平面上的原子最多有19個，故D錯誤；本題選C。【點睛】注意甲烷是正四面體結構，與碳原子相連的四個原子不可能在同一平面上。4、C【解析】

A、二氧化錳氧化濃鹽酸制備氯氣需要加熱，A錯誤；B、氯化銨受熱分解生成氨氣和氯化氫，在試管口又重新化合物生成氯化銨，不能制備氨氣，B錯誤；C、該裝置可用于實驗室制乙酸乙酯，C正確；D、進行碳酸氫鈉受熱分解時試管口要略低于試管底，D錯誤；答案選C。5、D【解析】

根據蛋白質的性質分析。【詳解】A.打針時，醫用酒精(75%)的條件下，能使細菌蛋白質變性，殺菌效果最好，故A錯誤；B.稀的福爾馬林即甲醛溶液，能使蛋白質變性，從而達到驅蟲殺菌的效果，故B錯誤；C.波爾多液中含有Cu2+能使蛋白質變性，從而達到防治作物蟲害作用，故C錯誤；D.蛋白質溶液加入食鹽變渾濁的過程是鹽析的過程，沒有破壞蛋白質的活性，故D正確。故選D。【點睛】蛋白質變性：當蛋白質分子受到某些物理因素(如高溫、紫外線、超聲波、高電壓等)和化學因素(如酸、堿、有機溶劑、重金屬鹽等)的影響時，其結構會被破壞，導致其失去生理活性(稱為蛋白質的變性)。如甲醛(防腐劑福爾馬林的主要成分)會與蛋白質中反應，使蛋白質分子結構發生變化，從而失去生理活性并發生凝固。向某些蛋白質溶液中加入某些無機鹽溶液后，可以降低蛋白質的溶解度，使蛋白質凝聚而從溶液中析出，這種作用叫作鹽析，是物理變化，可復原。6、D【解析】

A．乙烷中含有甲基，甲基具有甲烷的結構特點，為四面體結構，所有原子不可能處于同一平面上，故A錯誤；B．乙烯具有平面型結構，碳碳單鍵可以旋轉，1，3-丁二烯中的2個碳碳雙鍵所在平面不一定在一個平面上，故B錯誤；C．氯乙苯中含有亞甲基，亞甲基具有甲烷的結構特點，為四面體結構，所有原子不可能處于同一平面，故C錯誤；D．碳碳三鍵是直線結構，苯環是平面結構，苯環上處于對角線位置的4個原子共線，因此苯乙炔中所有原子一定處于同一平面，故D正確；答案選D。7、D【解析】分析：A．根據分散質粒子直徑不同，把分散系分為溶液、膠體、濁液；B.常溫下,鐵在濃硫酸中發生鈍化現象是發生了氧化還原反應；C．干燥的氯氣不具有漂白性；D．氯化鐵、硫酸亞鐵水解生成膠體，具有吸附作用。詳解：膠體與溶液的本質區別是分散質粒子直徑不同，A錯誤；常溫下,鐵在濃硫酸中發生鈍化現象是發生了氧化還原反應，氧化膜阻止反應進行，故常溫下可用鐵制容器貯藏貯運濃硫酸，B錯誤；氯氣與水反應可生成具有漂白性的次氯酸，但干燥的氯氣不具有漂白性，C錯誤；氯化鐵、硫酸亞鐵水解，最終生成氫氧化鐵膠體，具有吸附作用是優良的凈水劑，D正確；正確選項D。8、C【解析】

同周期元素從左到右，原子序數依次增大，原子半徑依次減小，非金屬性依次增強，電負性依次增大。【詳解】A項、電負性大的元素在化合物中顯負價，所以X和Y形成化合物時，X顯負價，Y顯正價，故A正確；B項、同周期元素從左到右，第一電離能有增大的趨勢，但ⅤA族元素的p軌道為半充滿穩定結構，第一電離能大于Ⅵ族元素，第一電離能Y大于X，也可能小于X，故B正確；C項、元素非金屬性越強，其最高價氧化物對應的水化物的酸性越強，非金屬性X＞Y，則X對應的酸性強于Y對應的酸的酸性，故C錯誤；D項、元素非金屬性越強，氣態氫化物越穩定，則氣態氫化物的穩定性：HmY小于HnX，故D正確；故選C。【點睛】本題主要考查元素周期律的應用，明確明確同周期位置關系及電負性大小得出元素的非金屬性強弱的關系是解答本題的關鍵。9、C【解析】

①NH4I（s）?NH3（g）+HI（g）；②2HI（g）?H2（g）+I2（g）反應達到平衡時，c（H2）=0.5mol.L-1，消耗c（HI）=0.5mol.L-1×2=1mol/L，則反應①過程中生成的c（HI）=1mol/L+4mol/L=5mol/L，生成的c（NH3）=c（HI）=5mol/L，平衡常數計算中所用的濃度為各物質平衡時的濃度，則此溫度下反應①的平衡常數為K=c（NH3）×c（HI）=5mol/L×4mol/L=20mol2/L2，所以C正確。故選C。10、A【解析】

A.氯乙烷和過量氫氧化鈉反應生成氯化鈉，此時溶液呈堿性，需要先用硝酸酸化，再滴加AgNO3溶液，可得到白色沉淀，A正確；B.該醇可能是1-丙醇或2-丙醇，B錯誤；C.三種物質中，電離出H+的能力：CH3COOH＞H2O＞CH3CH2OH（不電離），所以反應最慢的是CH3CH2OH，C錯誤；D.酚醛樹脂和聚酯纖維通過縮聚反應制得，聚苯乙烯通過加聚反應制得，D錯誤；故合理選項為A。11、B【解析】

水分解是吸熱反應，反應物總能量低于生成物總能量，催化劑能降低反應的活化能，但反應熱不變，圖像B符合，答案選B。【點睛】注意催化劑可降低反應的活化能，但不改變反應熱。12、D【解析】分析：反應中Mn元素化合價由+7價，降低為+2價，乙烯中C元素的化合價由-2價升高到+4價，結合高錳酸鉀的化學計量數可知，轉移的電子為60，然后根據化合價升降守恒結合氧化還原反應的規律分析解答。詳解：A.反應中Mn元素化合價變化了(7-2)×12=60，根據化合價升降守恒，乙烯中C元素的化合價由-2價升高到+4價，因此乙烯的化學計量數為5，即a=5，故A錯誤；B.用酸性高錳酸鉀溶液除去甲烷氣體中少量的乙烯，會引入二氧化碳雜質，故B錯誤；C.根據A的分析，氧化產物為二氧化碳，還原產物為MnSO4，物質的量之比為10:12=5:6，故C錯誤；D.在標準狀況下，11.2L乙烯的物質的量為0.5mol，根據上述分析，轉移6mol電子，故D正確；故選D。13、C【解析】

A．根據△G=△H-T△S判斷，△H＜0，△S＞0，則△G＜0，所以反應是自發的，當△H＜0，△S＜0，則△G不一定小于0，則反應不一定能夠自發進行，故A錯誤；B．催化劑可降低反應的活化能，可加快反應速率，但不影響平衡的移動，不能提高反應物的轉化率，故B錯誤；C．加入少量CuSO4固體，鐵置換出銅，鐵和銅在酸性條件下形成原電池，反應速率加快，故C正確；D．恒溫恒壓條件下，向2NO+O22NO2平衡體系中充入He氣體，容器的體積增大，氣體的壓強減小，平衡逆向移動，故D錯誤；答案選C。14、A【解析】

A.將銅片和鐵片導線連接插入濃硝酸中，由于鐵與濃硝酸發生鈍化反應，所以鐵為正極，銅為負極，但金屬活動性Fe大于Cu，故A錯誤。B.常溫下，測定同濃度NaA和NaB溶液的pH：NaA小于NaB，說明HA的酸性比HB強，相同條件下，在水中HA電離程度大于HB，故B正確；C.加熱促進鹽類水解，Na2CO3溶液水解顯堿性，加熱含有酚酞的Na2CO3溶液，溶液紅色加深，所以CO32－的水解反應是吸熱反應，故C正確；D.向飽和FeSO4溶液中加入CuS固體，測得溶液中c(Fe2+)不變，說明沒有FeS生成，所以說明Ksp(CuS)＜Ksp(FeS)，故D正確；所以本題答案：A。【點睛】注意點：鐵與濃硝酸發生鈍化反應，生成的氧化膜組織鐵繼續被氧化。所以銅和鐵做電極材料的時候，銅先放電做原電池的負極。15、A【解析】

用鉑電極電解下列溶液，陰極和陽極上的主要產物為分別為H2和O2時，說明電解的實質是電解水，根據電解原理知識來回答。【詳解】A、電解氫氧化鈉的實質是電解水，陰極和陽極上的主要產物為分別為H2和O2，選項A正確；B、電解HCl的實質是電解物質本身，在陰極和陽極上的主要產物為分別為H2和Cl2，選項B錯誤；C、電解CuSO4溶液屬于“生酸放氧型”，在陰極和陽極上的主要產物為分別為Cu和O2，選項C錯誤；D、電解硝酸銀屬于“生酸放氧型”，在陰極和陽極上的主要產物為分別為Ag和O2，選項D錯誤。答案選A。16、B【解析】

A、常溫常壓下，氣體摩爾體積大于22.4L/mol，故11.2LHCl氣體的物質的量小于0.5mol，分子個數小于0.5NA個，選項A錯誤；B、N2和CO的摩爾質量都是28g/mol，所以5.6g混合物含分子：=0.2mol，二者都是雙原子分子，所以含有的原子總數為0.4NA，選項B正確；C、氫氧化鐵膠粒為氫氧化鐵的聚集體，無法計算氫氧化鐵膠粒的物質的量及數目，選項C錯誤；D、二氧化錳只能與濃鹽酸反應，與稀鹽酸不反應，故鹽酸不能反應完全，則轉移的電子的個數小于0.3NA個，選項D錯誤；答案選B。【點睛】本題考查了阿伏伽德羅常數的有關計算，熟練掌握公式的使用和物質的結構是解題關鍵，難度不大，易錯點為選項C，注意形成膠體的膠粒數目與反應中的鐵離子數目的關系。17、C【解析】

①晶體中分子間作用力越大，其熔沸點越高，但是與分子的穩定性沒有關系，分子中的共價鍵鍵能越大越穩定，①不正確；②原子晶體中共價鍵越強，熔點越高，②正確；③冰熔化時，破壞的是分子間作用力，水分子中共價鍵不發生斷裂，③不正確；④氯化鈉熔化時，離子鍵被破壞，④不正確；⑤熔化時無需破壞化學鍵的晶體，破壞的一定是分子間作用力，故一定是分子晶體，⑤正確；⑥元素周期表從ⅢB族到ⅡB族共有10個縱行，都是金屬元素，⑥不正確；⑦在SiO2晶體中不存在單個分子，因為其是原子晶體，干冰中有單個分子，⑦不正確；⑧分子晶體既有單質，又有共價化合物，⑧正確。綜上所述，相關說法正確的是②⑤⑧，故選C。18、D【解析】試題分析：①在敞口容器中將金屬鈉投入到FeC12溶液中，鈉先與水反應生成氫氧化鈉和氫氣，氫氧化鈉和氯化亞鐵反應生成氫氧化亞鐵白色沉淀，氫氧化亞鐵與氧氣、水反應生成紅褐色沉淀氫氧化鐵，錯誤；②向AlCl3溶液中逐滴加入過量的稀氫氧化鈉溶液，先生成白色沉淀氫氧化鋁，氫氧化鋁再與氫氧化鈉反應生成偏鋁酸鈉和水，沉淀溶解，錯誤；③向硅酸鈉溶液中逐滴加入過量的鹽酸，生成白色沉淀硅酸和氯化鈉，正確；④氫氧化鋁不溶于弱酸，故向NaAlO2溶液中通入過量CO2生成白色氫氧化鋁沉淀和碳酸氫鈉，正確；⑤向飽和Na2CO3溶液中通入過量CO2，二者發生反應生成碳酸氫鈉，溶質的質量增大，碳酸氫鈉的溶解度小于碳酸鈉，生成碳酸氫鈉白色沉淀，正確。選D。19、A【解析】

A.汽油和水互不相溶，可用分液的方法分離，故A正確；B.泥沙不溶于氯化鈉溶液，可用過濾的方法分離，故B錯誤；C.乙酸乙酯不溶于飽和碳酸鈉溶液，乙酸可被飽和碳酸鈉溶液吸收，可將混合物加入飽和碳酸鈉溶液中，然后用分液法分離，故C錯誤；D.溴易溶于四氯化碳，四氯化碳與水互不相溶，可用萃取分液的方法分離，然后用蒸餾的方法分離四氯化碳和溴，故D錯誤；答案選A。【點睛】本題考查物質的分離，注意根據物質性質的異同選擇分離的方法，試題難度不大。本題的易錯點是C項，注意乙酸和乙酸乙酯互溶，不能使用萃取的方法分離。20、C【解析】分析：A.由圖象計算Ka1由電離常數可以知道Ka1=cHC2O4-c(H+)c(H2CC.KHC2O4和K2C2O4的物質的量相同，但如配成不同濃度的溶液，則pH不一定為4.2；

D.向pH＝1.2的溶液中加KOH溶液將pH增大至4.2，溶液氫離子濃度減小，對水的電離抑制的程度減小。詳解：A.由圖象可以知道pH=1.2時，c(HC2O)=c(H2C2O4)，則Ka1=c(H+)=10-1.2，所以A選項是正確的；

B.由圖象可以知道pH=1.2時，c(HC2O)=c(H2C2O4)，則Ka1=c(H+)=10-1.2，pH=4.2時，c(HC2O)=c(C2O42-)，則Ka2=c(H+)=10-4.2，由電離常數可以知道Ka1Ka2=c2(HC2O4C.將相同物質的量KHC2O4和K2C2O4固體完全溶于水，可配成不同濃度的溶液，溶液濃度不同，pH不一定為定值，即不一定為4.2，故C錯誤；

D.向pH＝1.2的溶液中加KOH溶液將pH增大至4.2，溶液中由酸電離的氫離子濃度減小，則對水的電離抑制的程度減小，水的電離度一直增大，所以D選項是正確的。

故本題答案選C。21、C【解析】

分子式表示的物質一定是純凈物，說明不存在同分異構體。根據是否存在同分異構體判斷正誤，同分異構體是分子式相同，但結構不同的化合物。【詳解】A．C5H10可以表示1-戊烯和2-戊烯等物質，存在同分異構體，不是純凈物，A錯誤；B．C2H6O可以表示乙醇和二甲醚，存在同分異構體，不是純凈物，B錯誤；C．C3H8只有一種結構，不存在同分異構體，是純凈物，C正確；D．C2H4Cl2有CHCl2CH3和CH2ClCH2Cl兩種同分異構體，不是純凈物，D錯誤。答案選C。22、D【解析】A．常溫常壓下，Vm≠22.4L/mol，1.5molNO2的體積V≠1.5mol×22.4L/mol=33.6L，故A錯誤；B．NaOH的摩爾質量是40g/mol，故B錯誤；C．8.4gNaHCO3中含有鈉離子的物質的量為0.1mol，但溶液的體積不等于溶劑的體積，因此溶液中Na+的物質的量濃度不等于1mol/L，故C錯誤；D．同溫同壓下，氣體摩爾體積相等，根據V=nVm知，體積之比等于物質的量之比，所以物質的量為1：1，則同溫同壓下，相同體積的C12和SO2氣體所含的分子數一定相同，故D正確；故選D．【點評】本題考查以物質的量為中心的計算，明確物質的量公式中各個物理量的關系是解本題關鍵，熟練掌握物質的量有關公式，題目難度不大．二、非選擇題(共84分)23、BC鹽酸多巴胺為多巴胺中與鹽酸反應生成更易溶于水的（即生成了更易溶于水的銨鹽）、、、【解析】

甲烷與HNO3反應生成D為CH3NO2，D與C發生信息a中反應生成E，故C中含有醛基，E中含有-CH=CHNO2，E與氫氣反應中-CH=CHNO2轉化為-CH2CH2NH2。由信息b可知F中-OCH3轉化為-OH且-NH2與HCl成鹽。結合鹽酸多巴胺的結構可知A與溴發生取代反應生成B為，B與CH3OH反應生成C為，則E為，F為，據此解答。【詳解】（1）根據A中含有酚羥基，和溴發生取代反應，結合B的分子式可推出B的結構簡式為；（2）A．由于碳酸的酸性比酚羥基的酸性強，所以酚羥基不能與碳酸氫鈉反應放出氣體，A項錯誤；B．根據流程圖中各個物質得分子式推斷，每個分子式都有被替換的部分，所以推斷出反應①、②、③均為取代反應，B項正確；C．F中含有氨基和酚羥基，有機物F既能與HCl反應，也能與NaOH反應，C項正確；D．鹽酸多巴胺的氫原子數目為12個，D項錯誤；（3）由于鹽酸多巴胺為多巴胺中與鹽酸反應生成更易溶于水的（即生成了更易溶于水的銨鹽），所以鹽酸多巴胺在水中的溶解性比多巴胺（）強；（4）根據①分子中含有苯環，能使氯化鐵溶液顯色，說明結構式中應該含有酚羥基，再根據②H–NMR譜和IR譜顯示分子中有4種化學環境不同的氫原子，沒有-N-O-鍵，得出同分異構體有四種：、、、；（5）根據已知方程式得出，而這反應生成，與目標產物只相差雙鍵，于是接下來用氫氣加成，所以合成過程為。24、CD、、【解析】分析：本題考查有機物的推斷和合成，充分利用有機物的結構進行分析解讀，側重考查學生的分析推理能力，知識遷移能力。詳解：根據A到B再到，對比分子式和有機物的結構，可知A為，B為，反應①為硝化反應，反應②為取代反應。而由到C脫掉一分子水，再對比前后的結構，可以推出C的結構為，反應④發生的是硝基還原為氨基的反應，則D為。(1)A.化合物A的結構為，含有酚羥基和醛基，能使三氧化鐵溶液顯紫色，故錯誤；B.反應①為取代，④為還原反應，⑤為取代反應，故錯誤；C.合成過程中反應③與反應④不能調換，否則醛基有會與氫氣發生加成反應，故正確；D.反應②中生成鹽酸，而鹽酸可以和K2CO3，所以碳酸鉀的作用是使反應向正方向移動，故正確；故選CD。(2)根據以上分析可知物質C的結構簡式為：；(3)反應②的化學方程式為；（4）根據題中信息可知，氨基可以和二鹵代烴反應生成環，所以先生成二鹵代烴和氨基。合成路線為：。（5）分子式為C4H9O2N的物質F，寫出物質F的可能的同分異構體結構①分子結構中有一個六元環；②1H-NMR譜顯示分子中有3種氫原子，則說明結構有對稱性，六元環由3個碳和一個氮原子和2個氧原子形成對稱位置的環，另外連接一個甲基即可，結構為或。或六元環由一個氮原子和一個氧原子和4個碳原子形成有對稱性的環，另外連接羥基，結構為。25、加熱升高溫度，或增大酸的濃度、將氧化銅鋅礦粉碎等B3.2～6.2(NH4)2SO42Fe(OH)3＋3ClO－＋4OH－=2FeO42—＋3Cl－＋5H2O【解析】

(1)酸浸是將氧化銅鋅礦用酸溶解，促進溶解的措施有攪拌、加熱升高溫度、增大酸的濃度、將氧化銅鋅礦粉碎等。(2)除鐵過程中加入A和氨水，使亞鐵離子變成氫氧化鐵沉淀，A應為氧化劑，考慮加入A不引入新的雜質，H2O2外，其他試劑均可引入新的雜質。(3)從圖表數據可知，鐵離子沉淀完全的pH為3.2，鋅離子開始沉淀的pH為6.2，故除鐵pH范圍為3.2～6.2。(4)因所用廢酸為硫酸，B又可作氮肥，所以B為硫酸銨。(5)由題給信息可知，反應物為氫氧化鐵、次氯酸根離子、氫氧根離子，生成物之一為，因鐵在反應中化合價升高，氯元素的化合價降低，另一產物為氯離子，根據元素、電子、電荷守恒配平(可知產物還有水)，離子方程式為2Fe(OH)3＋3ClO－＋4OH－===2＋3Cl－＋5H2O。【點睛】影響化學反應速率的因素有溫度、濃度和固體表面積等。在選擇除雜試劑時，應不能引入新的雜質。pH的范圍應使鐵完全沉淀而鋅不能沉淀。26、增大反應物的濃度，使平衡正向移動，提高乙酸的轉化率；；濃硫酸能吸收反應生成的水，使平衡正向移動，提高酯的產率濃硫酸具有強氧化性和脫水性，會使有機物碳化，降低酯的產率飽和碳酸鈉溶液中和乙酸、吸收乙醇減少乙酸乙酯在水中的溶解冷凝回流防止加熱溫度過高，有機物碳化分解BC分液漏斗A【解析】

（1）實驗室用乙醇和乙酸在濃硫酸加熱的條件下制乙酸乙酯，化學方程式為。答案為：；（2）酯化反應屬于可逆反應，加入過量的乙醇，相當于增加反應物濃度，可以讓平衡生成酯的方向移動，提高酯的產率；在酯化反應中，濃硫酸的作用是催化劑和吸水劑；理論上"加入數滴濃硫酸即能起催化作用，但實際用量多于此量"，原因是：利用濃硫酸能吸收生成的水，使平衡向生成酯的方向移動，提高酯的產率；“濃硫酸用量又不能過多”，原因是：濃硫酸具有強氧化性和脫水性，會使有機物碳化，降低酯的產率；答案為：增大反應物的濃度，使平衡正向移動，提高乙酸的轉化率；濃硫酸能吸收反應生成的水，使平衡正向移動，提高酯的產率；濃硫酸具有強氧化性和脫水性，會使有機物碳化，降低酯的產率；（3）由于乙酸和乙醇具有揮發性，所以制得的乙酸乙酯中常混有少量揮發出的乙酸和乙醇，將產物通到飽和碳酸鈉溶液的液面上，飽和碳酸鈉溶液的作用是：中和乙酸、溶解乙醇、減少乙酸乙酯在水中的溶解；答案為：飽和碳酸鈉溶液；中和乙酸、吸收乙醇減少乙酸乙酯在水中的溶解；（4）乙酸、丁醇加熱易揮發，為減少原料的損失，直玻璃管對蒸汽進行冷凝，重新流回反應器內。試管與石棉網直接接觸受熱溫度高，容易使有機物分解碳化。故答案為：冷凝、回流；防止加熱溫度過高，有機物碳化分解。（5）提高1?丁醇的利用率，可使平衡向生成酯的方向移動。A.使用催化劑，縮短反應時間，平衡不移動，故A錯誤；B.加過量乙酸，平衡向生成酯的方向移動，1?丁醇的利用率增大，故B正確；C.不斷移去產物，平衡向生成酯的方向移動，1?丁醇的利用率增大，故C正確；D.縮短反應時間，反應未達平衡，1?丁醇的利用率降低，故D錯誤。答案選BC。（6）分離互不相溶的液體通常分液的方法，分液利用的儀器主要是分液漏斗，使用時注意下層液從分液漏斗管放出，上層液從分液漏斗上口倒出，酯的密度比水小，應從分液漏斗上口倒出。故答案為：分液漏斗；A。27、稱量溶解移液定容500mL燒杯、玻璃棒、膠頭滴管、量筒檢查是否漏液偏高偏低1.00mol/L【解析】

（1）根據溶液配制的原理和方法，用氯化鈉固體配制1.00mol/L的NaCl溶液500mL的一般步驟為計算，稱量，溶解，移液，洗滌移液，定容，搖勻，故答案為稱量；溶解；移液；定容；（2）配制500mL0.10mol?L-1的NaCl溶液，所以還需要500mL容量瓶，溶解需要用燒杯、玻璃棒、量筒，玻璃棒攪拌，加速溶解；移液需要玻璃棒引流；最后需用膠頭滴管定容，容量瓶使用前必須檢查是否漏水，故答案為500mL；燒杯、玻璃棒、膠頭滴管、量筒；檢查是否漏液；（3）①液體具有熱脹冷縮的性質，加熱加速溶解，未冷卻到室溫，配成了溶液，會導致溶液體積偏小，溶液濃度偏高．故答案為偏高；②定容后，倒置容量瓶搖勻后平放靜置，液面低于刻度線，一部分溶液留在瓶塞與瓶口之間，再加水定容，導致溶液體積偏大，所以溶液濃度偏低，故答案為偏低；③溶液是均一的，從溶液中取出50mL，其中NaCl的物質的量濃度不變，仍為1.00mol/L，故答案為1.00mol/L。28、SO3(g)32O2(g)+S(s)ΔH=+(a+b2)kJ·mol-10.75mol·(L·min)-1；>KB>KA=Kc1.58×10-932或1.52.56×10-8【解析】(1)已知：①O2(g)+S(s)═SO2(g)△H1=?akJ/mol，

②O2(g)+2SO2(g)?2SO3(g)△H2=?b

kJ/mol，所求反應方程式為：2SO3(g)?3O2(g)+2S(s)，該反應可由?(①×2+②)得到，根據蓋斯定律，反應的焓變為△H=?(2△H1+△H2)=(2a+b)kJ/mol，故答案為：2SO3(g)?3O2(g)+2S(s)△H=(2a+b)kJ/mol；(2)①SO2催化氧化生成SO3的反應方程式為：O2(g)+2SO2(g)?2SO3(g)，SO2是反應物，隨著反應的進行，濃度降低，SO3是生成物，隨著反應的進行，濃度升高，根據圖象，下降的是SO2，反應從開始到平衡，經歷的時間為△t=10min，SO2的物質的量濃度改變量為9.0?1.5=7.5mol/L，根據反應關系，O2的物質的量濃度改變量為△c=7.5mol/L2=3.75mol/L，則用O2表示的平均反應速率為v(O2)=△c/△t=3.75mol/L/10min=0.375mol/(L?min)，故答案為：0.375mol/(L?min)；②反應方程式為：O2(g)+2SO2(g)?2SO3(g)，隨著反應的進行，氣體分子數減小，體系壓強降低，結合圖象采用控制變量法分析，當溫度相同時，增大體系壓強，有利于化學反應平衡向正反應方向移動，反應物的轉化率升高，因此增大壓強，可以增大O2的平衡轉化率，則P1與P2的大小關系是P1<P2，溫度相同，化學平衡常數不改變，該反應的焓變小于0，因此反應是放熱反應，降低溫度有利于反應正向進行，則A.B.

C三點的平衡常數大小關系為KA=KC<KB，故答案為：KA=KC<KB；(3)①常溫下H2SO3?2H++SO32?的平衡常數K，根據多重平衡規則，反應的平衡常數K=c2(H+)c(SO32?)/c(H2SO3)=Ka1?Ka2=1.54×10?2×1.02×10?7=1.57×10?9故答案為：1.5