1、A【詳解】AD．根據質量數守恒和電荷數守恒可知解得則X比的中子數少2個，發生的是α衰變，α射線的穿透能力較弱，不能用于金屬探傷，故A正確，D錯誤；B．半衰期與位置無關，在月球上衰變快慢與在地球上相同，故B錯誤；C．此核反應過程中的質量虧損等于反應前后的質量差，為核反應過程中釋放的能量故C錯誤。2、A【詳解】要想使神舟十九號在與空間站的同一軌道上對接，則需要使神舟十九號加速，與此同時要想不脫離原軌道，根據向心力的表達式可得，必須要增加向心力，即噴氣時產生的推力一方面有沿軌道向前的分量，另一方面還要有指向地心的分量，而因噴氣產生的推力與噴氣方向相反。故選A。3、A【詳解】AB．踩下時，由于導熱良好可認為氣體溫度不變，內能保持不變，氣體平均動能不變，另由可知氣墊內氣體體積減小，氣體壓強增大，A正確，B錯誤；CD．踩下后抬起腳時，氣體體積增大，氣體對外做功W<0，溫度不變則內能不變，由知Q>0，即氣體吸熱，吸收的熱量等于對外做功的數值，CD錯誤。故選A。4、C【詳解】由題可知，列車加速到速度最大所用的時間列車進站加速與出站減速時的加速度相等，故設一站直達列車勻速行駛用時為，“站站停”列車勻速行駛用時，根據題意可知一站直達列車比“站站停”列車節省的時間為故選C。5、C【詳解】A.加上電壓后油滴向上勻速運動，電場力方向向上，而電場強度方向向下（上板接電源正極），根據電場力公式，可知油滴帶負電，A正確；B.未加電壓時，油滴向下勻速運動，根據平衡條件有加上電壓后，油滴向上勻速運動，此時代入可得解得B正確；C.從金屬板加上電壓到油滴速度減為零的過程中，根據牛頓第二定律可得解得加速度大小為隨著速度的減小，加速度逐漸減小；向上加速運動的過程中，根據牛頓第二定律可得解得速度大小為隨著速度的增大，加速度逐漸減小；綜上所述，從金屬板加上電壓到油滴向上勻速運動的過程中，油滴的加速度一直減小，C錯誤；密立根通過該實驗確定了電荷量的不連續性并測定了元電荷的數值為，D正確。故選C。6、D【詳解】A．由于F1、F2對m、M都做正功或者負功，做功的代數和不為零，說明系統的機械能不守恒，故A錯誤；B．當彈簧彈力大小與F1、F2大小相等時，M和m受力平衡，加速度減為零，此時速度達到最大值，各自動能最大；當彈簧伸長到最長時，M和m的速度為零，從開始施加力到彈簧伸長到最長過程中F1、F2對系統做一直正功，下一過程F1、F2對系統要做負功，說明此時系統的機械能最大，故B錯誤；C．當M和m的合力為零，它們的速度最大，兩個物體速度同時到達最大，由于M和m的質量關系未知，所以不能確定兩者最大速度關系，故C錯誤；D．根據功能關系可知，F1、F2做功的代數和等于系統機械能的變化量，即等于m、M動能的變化量加上彈性勢能的變化量，故D正確。故選D。7、D【詳解】A．人造地球衛星在Ⅰ軌道做勻速圓周運動時，根據萬有引力提供向心力可得在地球表面有聯立可得衛星在Ⅰ軌道運動時的速度大小故A錯誤；B．在Ⅰ軌道時，根據萬有引力提供向心力可得解得根據開普勒第三定律可得解得衛星在Ⅱ軌道運動時的周期為故B錯誤；C．衛星在橢圓軌道Ⅱ運行時，根據開普勒第二定律可得則在近地點P與在遠地點Q的速率之比等于P、Q兩點與地球連線的長度的倒數之比，則有故C錯誤；D．衛星在軌道Ⅱ上運動時機械能守恒，在最遠點和最近點滿其中衛星在Ⅰ軌道運動時的速度大小則衛星在Ⅰ軌道的P點變軌到Ⅱ軌道至少需對衛星做功為解得故D正確。8、BC【詳解】AB．根據圖乙得到原線圈電壓的最大值為5V，電壓表的示數為故A錯誤，B正確；CD．根據且，可得實現點火的條件是故C正確，D錯誤。故選BC。9、AC【詳解】A．小球從第1級臺階下落至第3級臺階做斜拋運動，水平方向做勻速直線運動，小球的初速度大小為故A正確；B．設小球拋出點距平臺的豎直高度為H，則小球下落至第1級臺階豎直方向速度根據題意，由第1級臺階反彈后速度大小為又聯立以上各式代入數據得故B錯誤；CD．假設小球第三次能與第5級臺階緊靠右邊緣處相碰，離開第3級臺階豎直方向速度大小為第3級臺階與第5級臺階豎直高度根據得這段時間水平距離假設成立，所以小球第三次與第5級臺階緊靠右邊緣處相碰，即小球每次落在奇數級臺階。故C正確，D錯誤。故選AC。10、BD【詳解】A．由幾何關系可知，不同速度的粒子運動到A點時，軌跡圓的弦長相同，半徑不同，運動的圓心角不同，運動時間就不相同。B．如圖乙所示，由幾何關系可知，當β＝π時，速度最小，其軌跡半徑r＝由可得v＝B正確；C．到達A點和到達F點的粒子半徑可以不相同，速率就不同，C錯誤；D．如圖丙所示，當α＝π時，速度最小，由t＝得t＝D正確，故選BD。11、(每空兩分)(1)B(2)【詳解】（1）剪斷手機和小桶間的細繩后，手機做阻尼運動，剪斷細繩瞬間手機加速度向上，對應圖像中的A點，故規定加速度向上為正。剪斷細繩后手機第一次到達最高點時的，由簡諧運動的對稱性，手機加速度向下，且加速度向下達到最大值，故剪斷細繩后手機第一次到達最高點時的加速度對應圖中的B點。設手機質量為，小桶質量為，則剪斷細繩瞬間手機豎直方向上的加速度圖像斜率為故手機的質量為截距為小桶的質量為12(每空兩分)1.108圖見詳解【詳解】（1）[1]用螺旋測微器測金屬絲直徑：（2）[2]歐姆表指針指在表盤中央刻度附近，所以選擇倍率×1，即金屬絲的電阻約為（3）[3]由于采用分壓式，選擇阻值較小的滑動變阻器，便于調節，所以選擇，[4]由題知電源電動勢為1.5V，電壓表的量程為15V，故電壓表的量程太大，故不能選用電壓表；題中的內阻已知，可以將與待測電阻并聯，用于測待測電阻兩端的電壓，再用測總電流，則電路圖如下（4）[5]根據電阻定律可得：13．【詳解】將兩天線類比于楊氏雙縫干涉的雙縫，則信號最強位置類似于明條紋，根據條紋間距的規律，水平地面上相鄰兩次接收到最強信號的間距為（4分）由于小車勻速運動，則有（2分）根據光速與波長的關系有（2分）解得（2分）（解法2）如圖所示（2分）（2分）（2分）（2分）（1分）解得（1分）14【答案】（1）；（2）；（3）【詳解】（1）列車車頭進入磁場瞬間，ab邊切割磁感線產生的電動勢為（1分）則通過線框ab邊的電流大小為（1分）列車車頭進入磁場瞬間，根據牛頓第二定律可得（2分）聯立解得列車加速度的大小為（1分）列車從進站到停止過程中，根據功能關系可得（2分）解得線框產生的焦耳熱為（2分）列車從進站到停止過程中，根據動量定理可得（2分）（2分）由以上表達式可知：（2分）15【答案】（1）；（2）；（3），【詳解】（1）根據機械能守恒（1分）根據牛頓第二定律（1分）解得（1分）根據牛頓第三定律（1分）（2）要使滑塊不脫離圓軌道，有（1分）由機械能守恒有（1分）使滑塊在車第一次與右側壁FH相撞前不會從車上掉落下來，根據動量守恒有（1分）根據能量守恒有（1分）解得（1分）