第第頁云南省紅河哈尼族彝族自治州建水第一中學2022-2023學年高二下學期期末物理試題一、單選題1．下列敘述中符合物理學史的有()A．湯姆孫通過研究陰極射線實驗，發現了電子B．盧瑟福通過對α粒子散射實驗現象的分析，證實了原子是可以再分的C．查德威克通過對α粒子散射實驗現象的分析，提出了原子的核式結構模型D．玻爾根據氫原子光譜分析，總結出了氫原子光譜可見光區波長公式2．放射性元素在衰變過程中，有些放出α射線，有些放出β射線，有些在放出α射線或β射線的同時，還以γ射線的形式釋放能量。例如90234Th核的衰變過程可表示為90234Th→91234A．是β衰變，產生的91234B．是β衰變，產生的91234C．是α衰變，產生的91234D．是α衰變，產生的912343．如圖所示是利用電動機提升重物的示意圖，其中D是直流電動機.P是一個質量為m的重物，它用細繩拴在電動機的軸上.閉合開關S，重物P以速度v勻速上升，這時電流表和電壓表的示數分別是I=5.0A和U=110V，重物P上升的速度v=0.70m/s.A．電動機消耗的電功率為550WB．細繩對重物做功的機械功率為325WC．電動機輸出的電功率為400WD．電動機線圈的電阻為54．如圖所示的電路中，P、Q為兩相同的燈泡，L的電阻不計，則下列說法正確的是（）A．S斷開瞬間，P立即熄滅，Q過一會兒才熄滅B．S接通瞬間，P、Q同時達到正常發光C．S斷開瞬間，通過P的電流從右向左D．S斷開瞬間，通過Q的電流與原來方向相反5．氫原子的能級示意圖如圖所示，用光子能量為12.75eV的一束光照射一群處于基態的氫原子，下列說法正確的是（）A．這些處于基態的氫原子會被電離B．這些處于基態的氫原子會躍遷到n=3能級C．照射后可能觀測到氫原子發射有3種不同波長的光D．照射后可能觀測到氫原子發射有6種不同波長的光6．如圖所示，圓心為O、半徑為R的半圓形玻璃磚置于水平桌面上，光線從P點垂直界面入射后，恰好在玻璃磚圓形表面發生全反射；當入射角θ=60°時，光線從玻璃磚圓形表面出射后恰好與入射光平行。已知真空中的光速為c，則（）A．玻璃磚的折射率為1.5B．OP之間的距離為2C．光在玻璃磚內的傳播速度為3D．光從玻璃到空氣的臨界角為30°7．如圖為小型旋轉電樞式交流發電機的原理圖，其矩形線圈在磁感應強度為B的勻強磁場中，繞垂直于磁場方向的固定軸OO′勻速轉動，線圈的兩端經集流環和電刷與電阻R=10Ω連接，t=0時線圈以T=0.02s的周期從圖中位置開始轉動，轉動時理想交流電壓表示數為10V.則（）A．電阻R上的電功率為20WB．R兩端的電壓u隨時間變化的規律是u=102cos100πt(V）C．0.02s時R兩端的電壓瞬時值為零D．通過R的電流i隨時間t變化的規律是i=2cos50πt(A）8．在點電荷Q形成的電場中有一點A，當一個q1=-q的檢驗電荷從電場的無限遠處被移到電場中的A點時，電場力做的功為W，則檢驗電荷在A點的電勢能及電場中A點的電勢分別為（）A．EpA=?W，φA=C．EpA=W，φA=二、多選題9．根據麥克斯韋的電磁場理論，變化的磁場可以產生電場，當產生的電場的電場線如圖所示時，可能是（）A．向上的磁場在增強B．向上的磁場在減弱C．向上的磁場先增強，然后反向減弱D．向上的磁場先減弱，然后反向增強10．如圖所示，是一個由電池、電阻R與平行板電容器組成的串聯電路，有帶電小球靜止在平行板電容器中間，在增大電容器兩極板間距離的過程中（??）A．帶電小球將豎直向下運動 B．帶電小球將豎直向上運動C．電阻R中有從a流向b的電流 D．電阻R中有從b流向a的電流11．在xOy平面內有一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波，波速為2m/s。M、N是平衡位置相距2m的兩個質點，如圖所示。在t=0時，M恰好通過其平衡位置沿y軸正方向運動，N位于其平衡位置上方最大位移處。已知該波的周期大于1s，則（）A．該波的頻率為0.75HzB．在t=13sC．從t=0到t=1s，質點MD．從t=13s到t=12．如圖所示為兩列波疊加的區域，實線表示波峰，虛線表示波谷．兩列波的波長、振動方向相同，振源振幅相等．P、Q、R是疊加區內的三個點，關于這三個點的振動情況，以下說法正確的是A．P質點振動最強，始終處于波峰B．Q質點振動最弱，始終處于平衡位置C．R質點振動最弱，始終處于波谷D．R質點振動最強，以2A振幅振動三、實驗題13．一實驗小組利用圖（a）所示的電路測量一電池的電動勢E（約1.5V）和內阻r（小于2Ω）。圖中電壓表量程為1V，內阻RV=380.0Ω：定值電阻（1）為保護電壓表，閉合開關前，電阻箱接入電路的電阻值可以選Ω（填“5.0”或“15.0”）；（2）閉合開關，多次調節電阻箱，記錄下阻值R和電壓表的相應讀數U；根據圖（a）所示電路，用R、R0、RV、E和r表示1U，得（3）利用測量數據，做1U通過圖（b）可得E=V（保留2位小數），r=Ω（保留1位小數）；（4）若將圖（a）中的電壓表當成理想電表，得到的電源電動勢為E'，由此產生的誤差為|E14．“碰撞中的動量守恒”實驗裝置如圖甲所示，讓質量為m1的小球A從斜槽上的某一位置自由滾下，與靜止在支柱上質量為m2的小球B發生對心碰撞.（1）安裝軌道時，要求軌道末端.（2）兩小球的質量應滿足m1m2（3）用游標卡尺測小球直徑時的讀數如圖乙所示，則小球的直徑d=cm.（4）實驗中還應測量的物理量是____A．兩小球的質量m1和m2B．小球A的初始高度hC．軌道末端切線離地面的高度HD．兩小球平拋運動的時間tE．球A單獨滾下時的落地點P與O點距離SOPF．碰后A、B兩小球的落地點M、N與O點距離SOM和SON（5）若碰撞中動量守恒，根據圖中各點間的距離，下列式子可能成立的是____A．mAmB=ONMP B．m（6）若碰撞為彈性碰撞，除動量守恒外，還需滿足的關系式是.（用所測物理量的字符表示）四、解答題15．如圖所示，一定質量的理想氣體從狀態A到狀態B，再從狀態B到狀態C，最后從狀態C回到狀態A。已知氣體在狀態A的體積VA=3.0×10（1）氣體在狀態C時的體積；（2）氣體A→B→C→A的整個過程中氣體吸收的熱量。16．簡諧橫波沿x軸傳播，M、N是x軸上的兩質點，如圖甲是質點N的振動圖像，圖乙中實線是t=3.0s時的波形曲線，質點M位于x=8m處，虛線是經過Δt時間后的波形曲線(其中（1）波速大小和方向；（2）時間Δt（3）從實線時刻算起，質點M第11次到達y=2.17．如圖所示，在光滑水平面上有一輛質量m1＝3.98kg的平板小車，小車上表面離地高度為h=0.2m，小車右端有一個質量m2＝1kg的木塊(木塊可視為質點)，小車與木塊一起靜止在地面上．一顆質量m0＝20g的子彈以v0＝300m/s的初速度水平向右飛行，瞬間擊中小車并留在其中．木塊與小車上表面之間的動摩擦因數μ=0.2．(g＝10m/s2)（1）如果木塊剛好不從小車上掉下，求小車長度L0；（2）如果小車長度L=0.25m，求木塊落地瞬間與小車左端的水平距離x．

答案解析部分1．【答案】A【解析】【解答】A.湯姆孫通過研究陰極射線實驗，發現了電子的存在，A符合題意；

BC.盧瑟福通過對α粒子散射實驗現象的分析，提出了原子的核式結構模型，BC不符合題意；

D.巴爾末根據氫原子光譜分析，總結出了氫原子光譜可見光區波長公式，D不符合題意。

故答案為：A。

【分析】根據物理學史分析各選項。2．【答案】A【解析】【解答】根據90234Th核的衰變方程90234Th→91234Pa＋?10e＋γ可知，該衰變是變β衰變，因為該反應伴隨有γ射線射出，說明產生的91234Pa核從高能級向低能級躍遷并且以γ射線的形式釋放能量，A符合題意，BCD不符合題意。3．【答案】A【解析】【解答】A.根據電功率公式P=UI可得，電動機消耗的電功率為P電=UI=5×110W=550W，A符合題意；

B.由于物體勻速上升，可知細繩對物體的拉力大小為F=mg，根據功率的公式P=Fv，得細繩對重物做功的機械功率為P機=mgv=315W，B不符合題意；

C.由題意可知，該裝置機械部分的機械效率為70%，有P機=P出×70%，可得電動機輸出的功率P出=450W，C不符合題意；

D.電動機為非純電阻電路，消耗的電功率4．【答案】C【解析】【解答】A．S斷開瞬間，由于線圈自感作用，阻礙原電流減小，相當于新的電源，通過Q、P形成回路，所以PQ均過一會熄滅，A不符合題意．CD．通過線圈的電流沿原方向，所以通過Q的電流與原來方向相同，通過P的電流與原來方向相反，從右向左，C符合題意，D不符合題意．B．S接通瞬間，P立即正常發光，由于線圈自感阻礙電流增大，Q緩慢變亮，B不符合題意．故答案為：C。

【分析】根據自感現象和楞次定律進行分析。5．【答案】D【解析】【解答】A、基態氫原子電離所需的最小能量為13.6ev，12.75ev的光子能量不會使基態氫原子發生電離。A錯誤。

B、12.75ev等于n=1和n=4間的能級差，故處于基態的氫原子吸收能量為12.75ev的光子后，會躍遷到n=4能級，不會被電離，B錯誤。

CD、照射后可觀測到氫原子發射出C42=6種波長的光，C錯誤，D正確。

6．【答案】C【解析】【解答】AB．作出兩種情況下的光路圖，如圖所示設OP=x，在A處發生全反射故有sin由于出射光平行可知，在B處射出，故n=由于sin∠OBP=xx2+C．由v=cn，可得D．由于sinC=故答案為：C。

【分析】通過幾何關系求出光的入射角和折射角，利用折射定律求解介質的折射率；結合介質的折射率求解光在該介質中的傳播速度。7．【答案】B【解析】【解答】電阻R消耗的功率為P=U2R＝10210W＝10W，A不符合題意；產生的感應電動勢的最大值為Em＝2U＝102V，由乙圖可知，周期為T=0.02s，角速度ω＝2πT＝100π通過R的電流i隨時間t變化的規律是i=2cos100πt(A），D不符合題意，故答案為：B.

【分析】閉合電路中的磁通量發生改變，回路中就會產生感應電流，利用法拉第電磁感應定律，結合導線框的轉速和面積求解電壓、電流的大小。8．【答案】A【解析】【解答】根據電勢能的變化與電場力做功的關系可得，檢驗電荷從電場的無限遠處被移到電場中的A點時，電場力做功W=0-EpA，解得檢驗電荷在A點的電勢能為EpA=-W，根據電勢的公式得φA=EpAq1，解得檢驗電荷在A點的電勢為φA=Wq9．【答案】A,C【解析】【解答】AB．當一個閉合電路中的磁通量發生變化時，回路中就有感應電流產生，回路中并沒有電源，電流的產生是由磁場的變化造成的。麥克斯韋把以上的觀點推廣到不存在閉合電路的情況，即變化的磁場產生電場，向上的磁場增強時，感應電流的磁場方向向下，阻礙原磁場的增強，根據安培定則可判斷出感應電流方向如題圖中E的方向所示，A符合題意，B不符合題意；CD．同理，當磁場反向且向下的磁場減小時，也會得到圖中電場的方向，C符合題意，D不符合題意。故答案為：AC。

【分析】利用楞次定律可以判別其向上的磁感應強度在增強或者其磁場方向向下在減弱。10．【答案】A,C【解析】【解答】AB.初始時，小球靜止，受到重力和電場力，由平衡條件知，二者等大反向。在增大電容器兩極板間距離的過程中，電容器兩極板與電源兩端相連，所以電容器的電壓不變，由E=Ud分析可知板間場強減小，所以帶電小球受到的電場力減小，故帶電小球將豎直向下運動，A符合題意，B不符合題意；

CD.增大電容器兩極板間距離，由C=εS4πkd可知，電容C減小，因U不變，由C=QU可知，極板電量Q減小，電容器放電，則R中有從a流向b的電流，C符合題意，D不符合題意。

故答案為：AC。

【分析】由11．【答案】A,D【解析】【解答】A.由題意可知M、N之間的距離可能為2m=3λ4+nλ（n=0，1，2…），得λ=84n+3m（n，0.1，2…），由T=λv可得，周期T=44n+3s（n，0.1，2…），因周期大于1s，故n=1，T=λv=43s，f=12．【答案】B,D【解析】【解答】A.由圖可知，圖示時刻，P質點是峰峰疊加，屬于振動加強點，質點會在正向最大位移和負向最大位移間不斷振動，所以P質點并不始終處于波峰，A不符合題意；

B.由圖可知，圖示時刻，Q質點是峰谷相遇點，是振動減弱點，由于兩列波的振幅相等，所以Q點的振幅為零，故Q點始終處于平衡位置，B符合題意；

CD.由圖可知，圖示時刻，R質點是谷谷相遇點，屬于振動加強點，振幅為兩波振幅之和，即2A，質點R會在2A和-2A之間不斷振動，不會始終處于波谷，C不符合題意，D符合題意；

故答案為：BD。

【分析】峰峰相遇點和谷谷相遇點為振動加強點，振幅為兩波振幅之和，峰谷相遇點為振動減弱點，振幅為兩波振幅之差。13．【答案】（1）15.0（2）R（3）1.55；1.0（4）5【解析】【解答】（1）為了避免電壓表被燒壞，接通電路使電壓表兩端的電壓不能超過電壓表量程，若電壓表示數剛好等于電壓表量程1V，則閉合電路歐姆定律可得：E=URVR0RV+R0R+r+U，代入數據解得：R=7.5Ω，所以電阻箱接入電路的電阻值不能小于7，5Ω，故可以選15.0Ω；

（2）由閉合電路歐姆定律可得：E=U+URVR0RV+R0R+r，化簡可得：1U=R0+RVE14．【答案】（1）切線水平（2）>（3）1.04（4）A；E；F（5）B（6）m【解析】【解答】（1）安裝軌道時，要求軌道末端切線水平，保證小球沿水平方向飛出。

（2）保證兩小球碰撞后同向飛出，質量應滿足m1>m2。

（3）小球的直徑為d=10mm+4×0.1mm=10.4mm=1.04cm

（4）實驗中還需測量兩個小球的質量以及各自飛出的水平距離。

（5）若碰撞過程中動量守恒，則滿足mAOP=mAOM+mBON，即mAOP-mAOM=+mBON，整理可知15．【答案】（1）解：氣體從C→A，發生等壓變化VCT解得V（2）解：氣體從A→B，根據查理定律PT=C氣體從B→C氣體從C→A，氣體體積減小，外界對氣體做功，則W全過程中W=初末狀態溫度相同，所以全過程Δ根據熱力學第一定律ΔU=Q+W得吸收熱量【解析】【分析】（1）對氣體進行分析，C→A過程中發生等壓變化，列方程求解。

（2）分別分析氣