第第頁遼寧省撫順市六校協作體2022-2023學年高一（下）期末物理試卷一、單選題（本大題共7小題，共28.0分）1．如圖所示，小車放在光滑的水平面上，將系著繩的小球向右拉開到一定的角度，然后同時放開小球和小車，不計一切摩擦，小球向左擺到最低點過程中（）A．小車和小球組成的系統動量守恒B．車的機械能守恒C．細繩中的拉力對小車做負功D．小球和車組成的系統機械能守恒2．質量為3kg的物塊在合外力F的作用下從靜止開始沿直線運動。F隨時間tA．t=1sB．t=2sC．t=3sD．t=43．某質點的質量m=1kg，在Oxy平面上運動。t=0時，質點位于y軸上。它在xA．質點做勻變速直線運動B．質點受到的合力的大小4C．第2s末，質點合力做功的功率D．當t=2s4．有三個質量相等、分別帶正電、負電和不帶電的小球A、B、C，從同一位置以相同速度v0A．小球A帶正電，小球B不帶電，小球C帶負電B．三個小球在電場中運動的時間tC．若把負極板向下移動少許，則C球的運動時間變短D．三個小球到達正極板的速度v5．如圖所示，a.為地球赤道上的物體，b為沿地球表面附近做勻速圓周運動的人造衛星，c為地球同步衛星。關于a、b、c做勻速圓周運動的說法正確的是（）A．角速度關系為ωB．線速度的大小關系為vC．周期關系為TD．向心加速度的大小關系為a6．如圖甲為呼啦圈的一種，腰帶外側帶有軌道，將滑輪置于軌道內，滑輪通過一根不可伸長的繩子與配重連接，其簡化模型如圖乙所示。水平固定好腰帶，通過人體的微小扭動，配重將在滑輪的帶動下一起在水平面內做勻速圓周運動，繩子與豎直方向夾角為θ，運動過程中腰帶可看作不動，下列說法正確的是（）A．增大轉速的過程中，配重的加速度的大小恒定不變B．若以更大的轉速勻速轉動，則繩子上的拉力將增大C．若以更大的轉速勻速轉動，則身體對腰帶的摩擦力將增大D．若增加配重，保持轉速不變，則繩子與豎直方向的夾角將減小7．從地面豎直向上拋出一物體，在運動過程中除受到重力外，還受到一大小恒定、方向始終與運動方向相反的空氣阻力F阻的作用。距地面高度h在0至3m以內時，物體上升、下落過程中動能Ek隨h的變化如圖所示。重力加速度取10m/s2，該物體運動過程受到的空氣阻力F阻為（）A．0.5N B．1N C．1.5N D．2N二、多選題（本大題共3小題，共18.0分）8．兩個位于紙面內的點電荷產生電場的等勢面如圖中實線所示，相鄰等勢面間的電勢差相等。虛線MPN是一個電子在該電場中的運動軌跡，軌跡與某等勢面相切于P點。下列說法正確的是（）A．兩點電荷是同種點電荷B．A點的電場強度比B點的大C．電子在A點的電勢能大于B點的電勢能D．電子運動到P點時動能最小9．質量m=1kg的玩具電動汽車在平直的賽道上由靜止啟動，圖像甲表示玩具車運動的速度與時間的關系，圖像乙表示玩具車牽引力的功率與時間的關系。兩幅圖像中只有甲圖2～12sA．玩具車受到的阻力為1B．玩具車所受的最大牽引力為1C．2s～12D．玩具車在做變加速運動過程中的位移大小為5110．如圖所示，一傾角為θ=30°的固定斜面的底端安裝一輕質彈簧，P、Q兩物塊的質量分別為1kg和3kg，Q靜止于斜面上A處。某時刻，P以沿斜面向上的速度v0=10m/s與Q發生彈性碰撞(碰撞時間極短)。Q與斜面間的動摩擦因數μ等于33，設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。P與斜面間無摩擦。兩物塊均可以看作質點，PA．第一次碰撞后瞬間P的速度的大小為4B．第一次碰撞后瞬間Q的速度的大小為5C．若斜面足夠長，物塊Q從A點上升的總高度HD．若斜面足夠長，最后一共因摩擦產生內能150三、實驗題（本大題共2小題，共28.0分）11．某實驗小組用如圖所示的裝置“驗證向心力與線速度關系”。滑塊套在水平桿上，隨桿一起繞豎直軸做勻速圓周運動，力傳感器通過一細繩連接滑塊，用來測量向心力F的大小?；瑝K上固定一遮光片，寬度為d，圖示位置滑塊正上方有一光電門固定在鐵架臺的橫桿上，滑塊旋轉半徑為R，每經過光電門一次，通過力傳感器和光電門就同時獲得一組向心力F和線速度v的數據。（1）某次旋轉過程中遮光片經過光電門時的遮光時間為Δt，則滑塊的線速度v=（2）若以F為縱坐標，以1Δt2為橫坐標，可在坐標紙中描出數據點作一條過原點的直線，從而驗證向心力大小與(選填“v”“v（3）此實驗中，若滑塊的線速度不變，改變旋轉半徑R，則可以得到F與R成（填“正比”或“反比”）。12．利用如圖1所示裝置做“驗證機械能守恒定律”實驗。已知打點計時器打點周期T=0.02（1）甲同學實驗時進行了如下操作，其中正確的是____(選填選項前的字母)。A．需使用天平測出重物的質量B．安裝打點計時器時應盡量使兩個限位孔在同一豎直線上C．操作時應先接通電源然后釋放紙帶D．測量紙帶上某點A到第一個點間的距離h，利用v=2gh（2）甲同學從打出的紙帶中選出符合要求的一條紙帶，如圖2所示(其中一段紙帶圖中未畫出)。圖中O點為打出的起始點，且速度為零。選取在紙帶上連續打出的點A、B、C、D、E、F作為計數點。測出D、E、F點距起始點O的距離分別為h1、h2、h3，由此可計算出打點計時器打下E點時重物下落的瞬時速度vE=m/s(結果保留兩位有效數字)。用m（3）乙同學想用圖像法處理數據。他在紙帶上選取多個計數點，測量它們到起始點O的距離h，計算對應計數點的重物速度v，進而描繪出v22?四、簡答題（本大題共2小題，共26.0分）13．如圖所示，勻強電場方向沿x軸的正方向，場強為E。在A(l2，0)點有一個質量為m，電荷量為q的粒子，以沿（1）粒子的初速度v0（2）當粒子到達B點時的速度v。14．一裝置豎直截面如圖所示，該裝置由固定在水平地面上傾角θ=37°的光滑直軌道AB，粗糙水平直軌道BC，豎直墻CD組成，且各處平滑連接。D右邊的水平光滑地面上放有一無動力小車，并緊靠在豎直墻CD處，小車上表面與水平直軌道BC在同一水平面上。小車上表面的動摩擦因數μ=0.4、質量m=1kg，軌道BC段長度為2.5m。將一質量也為m的滑塊從傾斜軌道AB（1）滑塊到達C點時的速度vC（2）滑塊滑上小車后相當于小車的位移L。

答案解析部分1．【答案】D【解析】【解答】A.小球擺動過程中，小球和車組成的系統只受重力和支持力作用，水平方向的合力為零所以系統水平方向動量守恒，在豎直方向上只有小球有豎直方向的分速度，且分速度大小也不斷變化，所以豎直方向動量不守恒，所以系統動量也不守恒，故A不符合題意；

BCD.小球擺動過程中，拉力對小車做正功，小車機械能增加，拉力對小球做負功，小球的機械能減少，小球和小車單個物體機械能都不守恒，但小球和車組成的系統機械能守恒。

故答案為D。

【分析】根據動量守恒和機械能守恒條件分析判斷。2．【答案】C【解析】【解答】A.根據動量定理得：F1t1=mv1，解得t1=1s時物塊的速率為v1=23m/s，故A不符合題意；

B.根據動量定理得：F1t2=p2，解得t2=2s時物塊的動量大小為p3．【答案】D【解析】【解答】A.由圖像知，質點在x軸方向做勻加速直線運動，在y軸方向做勻速直線運動，根據運動的合成與分解及曲線運動的條件知，質點做勻變速曲線運動，故A不符合題意；

B.質點的加速度ax=?v?t=2m/s2，質點受到的合力的大小F合=max=2N，故B不符合題意；

C.t=2s時，質點沿x軸方向運動的速度大小vx=v0+ax4．【答案】C【解析】【解答】AB.小球在水平方向做勻速直線運動，根據x=v0t結合圖知tA>tB>tC；豎直方向做初速為零的勻加速直線運動，根據s=12at2結合圖知aC>aB>aA，根據F=ma知FC>FB>5．【答案】C【解析】【解答】a為地球赤道上的物體，c為地球同步衛星，所以ωa=ωc、Ta=Tc。根據v=ωr，a=ω2r知va<vc，aa<ac。

A.根據ω=GMr3知ωc<ωb，所以ωa=ω6．【答案】B【解析】【解答】ABD.設繩長為L，懸掛點到腰帶中心的距離為r，受力分析如圖：

根據平衡條件和牛頓第二定律得：Tcosθ=mg，Tsinθ=m（2πn）2（r+Lsinθ）=ma，聯立可得：mgtanθ=m（2πn）2（r+Lsinθ），a=gtanθ。可見轉速增大，配重做勻速圓周運動的半徑變大，θ7．【答案】D【解析】【解答】由動能定理可得上升過程滿足?(mg+下降過程滿足(mg?可知，圖線的斜率表示物體受到的合外力，由圖線分別可得mg+mg?聯立解得F阻故答案為：D。

【分析】利用動能定理結合圖像斜率可以求出上升和下落過程其合力的大小，兩式聯立結合牛頓第二定律可以求出阻力的大小。8．【答案】A,D【解析】【解答】A.根據電荷間等勢面的分布情況可知兩點電荷是同種電荷，故A符合題意；

B.A點的等差等勢面疏，B點的等差等勢面密，所以B點的電場強度大，故B不符合題意；

C.根據電子在電場中的運動軌跡可知電子受到斥力作用，所以電子從A到B電場力做負功，電勢能增大，所以電子在A點的電勢能小于B點的電勢能，故C不符合題意；

D.電子從M到P電場力做負功，動能減??；電子從P到N電場力做正功，動能增大，所以電子運動到P點時動能最小，故D符合題意。

故答案為：AD

【分析】根據等勢面分布判斷點電荷的電性；根據等差等勢面的疏密判斷電場強度的強弱；先根據電子在電場中的運動軌跡判斷它們之間的作用力，再根據電場力做功與電勢能變化的關系判斷電勢能的大?。桓鶕幽芏ɡ砼袛郟點動能大小情況。9．【答案】A,D【解析】【解答】A.由圖像可知：vm=6m/s，Pm=9W，速度最大時，牽引力等于阻力，則Pm=fvm，解得：f=1.5N，故A符合題意；

B.0~2s內，牽引力最大，t=2s時，根據牛頓第二定律得：Fm-f=ma，由圖像知：a=1.5m/s2，聯立解得：Fm=3N，故B不符合題意；

C.2s～10．【答案】B,D【解析】【解答】AB.P與Q碰撞過程，取沿斜面向上為正方向，根據動量守恒定律和能量守恒定律得：mPvp1+mQvQ1=mpv0，12mpvp12+12m11．【答案】（1）d（2）v（3）反比【解析】【解答】（1）滑塊的線速度為v=d?t；

（2）根據F=mv2R得：F=m（d?t）2R=md2R·1?12．【答案】（1）B；C（2）3.0；m（3）當地重力加速度g【解析】【解答】（1）A.根據實驗原理可知重物的質量會被消去，所以無需測出其質量，故A不符合題意；

B.安裝打點計時器時應盡量使兩個限位孔在同一豎直線上，故B符合題意；

C.操作時應先接通電源然后釋放紙帶，故C符合題意；

D.通過v=2gh計算出瞬時速度v，就已經把重物的實際運動看成了自由落體運動，故D不符合題意。

故答案為：BC

（2）重物下落的瞬時速度vE=xDF2T=54.91-42.752×0.02m/s=3.0m/s，在誤差允許的范圍內，若滿足表達式mgh2=12mvD213．【答案】（1）解：粒子在電場中做類平拋運動，沿y軸負方向做勻速直線運動，沿x軸負方向做勻加速直線運動。根據AB兩點的坐標，列運動學方程為?y方向有：?x方向有：合力為電場力，列牛頓第二定律為：qE聯立解得初速度：v答：粒子的初速度v0的大小為qEl（2）解：沿?y方向的速度為：合速度與v0的夾角為：聯立解得θ所以合速度為：v代入數據解得：v答：當粒子到達B點時的速度v為2qElm，方向與y軸負方向偏左下成【解析】【分析】（1）粒子在電場中做類平拋運動，根據運動學公式和牛頓第二定