高級中學名校試卷PAGEPAGE1——★參考答案★——題號12345678910答案DABCBCDAACBC3.【詳析】過A和B分別作車輪的垂線，兩線的交點即為O點．根據(jù)兩輪沿車身方向的速度相等得：，所以，4．C【詳析】摩托車做平拋運動，則解得故選C。5．B【詳析】恰好能過網(wǎng)時，根據(jù)得，，則擊球的最小初速度，球恰好不出線時，根據(jù)，得則擊球的最大初速度：，注意運動距離最遠是到對方球場的角落點，所以，故B項正確．綜上所述本題正確答案為B．8.A【詳析】地球繞太陽運行的周期年，設地球繞太陽公轉(zhuǎn)的平均軌道半徑為，則火星的軌道半徑為，由開普勒第三定律解得火星周期年設每隔年會發(fā)生一次連珠現(xiàn)象，則有可得年故選A。9.——★參考答案★——AC將船的速度進行分解如圖所示，人拉繩行走的速度v人＝vcosθ，A對，B錯；繩對船的拉力等于人拉繩的力，即繩的拉力大小為F，與水平方向成θ角，因此Fcosθ－f＝ma，得a＝eq\f(Fcosθ－f,m)，C對，D錯．10.【答案】BC【解析】設直桿勻速轉(zhuǎn)動時，彈簧伸長量為x，

對A球有對B球有解以上方程組可得則彈簧的總長為故BC正確；AD錯誤；故選BC。11．BADBC較高2.5【詳析】解：（1）[1]B．要研究平拋運動規(guī)律，軌道末端的切線必須是水平的，這樣做的目的是小球飛出時，速度必須沿水平方向，使小球做平拋運動，A錯誤，B正確。小球在空中運動時的加速度和小球飛出時的速度大小與軌道末端是否水平無關，CD錯誤。故選B。（2）[2]A．要研究平拋運動規(guī)律，安裝斜槽時，斜槽末端切線方向不水平，小球拋出后的運動不是平拋運動，能引起實驗誤差，A正確；B．沒有從軌道同一位置釋放小球，因為有光電門傳感器和碰撞傳感器可以測得小球的水平初速度和飛行時間t，因此不會產(chǎn)生誤差，B錯誤；C．因為實驗是要研究平拋運動規(guī)律，即研究小球從離開水平軌道到落到底板上運動的規(guī)律，與斜槽是否光滑無關，C錯誤；D．空氣阻力對小球運動有較大影響，小球在空中的運動就不是平拋運動了，所以能產(chǎn)生實驗誤差，D正確。故選AD。（3）[3]AB．由表中數(shù)據(jù)可得d1=0.217m=0.741×0.2927md2=0.303m=1.034×0.293md3=0.386m=1.318×0.2928md4=0.454m=1.584×0.2929m由計算結果可知，在實驗誤差允許的范圍內(nèi)，落地點的水平距離d與初速度大小成正比，A錯誤，B正確；C由表中數(shù)據(jù)可知，飛行時間t與初速度大小無關，C正確，D錯誤。故選BC。（4）[4]由圖乙可知，圖線①對應的小球的初速度大于圖線②，因此圖線①所對應的小球在斜槽上釋放的位置較高。（5）[5]由圖丙可知，Vb=2.5m/s12、解析：(1)第一層皮帶傳動時線速度相等且兩輪半徑相等，則兩輪轉(zhuǎn)動的角速度相等，將質(zhì)量相等的兩個鋼球分別放置在B和C處，就能保證有不同的半徑，根據(jù)Fn＝mω2r，可知探究的是向心力和半徑的關系，故選C。(2)若傳動皮帶套在塔輪第三層，同一皮帶的線速度相等，而兩輪的半徑之比為3∶1，由v＝ωR可知，兩塔輪的角速度之比為1∶3。(3)兩個鋼球的質(zhì)量m相等，傳動皮帶位于第二層時因兩輪的半徑之比為2∶1，則由v＝ωR可知，兩塔輪的角速度之比為1∶2；A、C分別到左、右塔輪中心的距離相等，即轉(zhuǎn)動時的半徑r相等，根據(jù)Fn＝mω2r可知向心力之比為1∶4，左右兩標尺露出的格子數(shù)表示向心力的大小關系，則露出的格子數(shù)之比為1∶4。13,【答案】：(1)eq\r(3,\f(gR2T2,4π2))(2)eq\f(2v0r2,Gt)【解析】：(1)根據(jù)萬有引力定律和向心力公式Geq\f(M月M地,R\o\al(2,月))＝M月R月(eq\f(2π,T))2①（2’）mg＝Geq\f(M地m,R2)②（2’）聯(lián)立①②得R月＝eq\r(3,\f(gR2T2,4π2))。（2’）(2)設月球表面的重力加速度為g月，根據(jù)題意：v0＝eq\f(g月t,2)③（2’）mg月＝Geq\f(M月m,r2)④（2’）聯(lián)立③④得M月＝eq\f(2v0r2,Gt)。（2’）14．（1）；（2）【詳析】（1）共速前，根據(jù)牛頓第二定律可得（1’）解得（1’）根據(jù)運動學公式（1’）解得（1’）小物塊做勻加速運動的時間為（1’）解得（1’）共速后小物塊與傳送帶一起勻速運動，則（1’）小物塊從A端運動到B端的時間為解得（1’）（2）從B飛出后，豎直方向上做自由落體運動，有（2’）則（1’）根據(jù)運動學公式（2’）可得小物塊由B端飛出到落地這一過程的水平位移大小為（1’）15、【答案】；（1）；（2）；（3）f=34mg方向沿切線向上。【解析】（1）小物塊恰好在處隨容器一起轉(zhuǎn)動，且所受摩擦力恰好為0時，由牛頓第二定律可得mgtanθ=mω2r根據(jù)幾何關系有r=Rsinθ解得（2’）（2）因為>gR故在該處小物塊的摩擦力方向沿切線向上，則由牛頓第二定律可得水平方向有Fsinθ-fconθ=mω2Rsinθ豎直方向有Fcosθ+f