PAGE1猜押06廣東廣州卷中考數學24-25題（解答題）猜押考點1年廣州真題考情分析押題依據難度特殊的四邊形與圓的綜合2024年廣東廣州卷第24題2022年考面積問題，2023年考軌跡問題，2024年考存在性問題，2025年可能考查路徑最值或幾何變換。動態幾何題注重創新，2024年第24題以菱形軸對稱問題為載體，強調自主探究難二次函數的綜合2024年廣東廣州卷第25題2022年考二次函數與三角形，2023年考二次函數與四邊形，2024年考函數與圓綜合，2025年可能考查含參二次函數與坐標系的綜合。。壓軸題注重思維深度，2024年第25題考查推理與運算能力，強調核心素養難題型一特殊的四邊形與圓的綜合1．（2025·廣東佛山·一模）如圖，在矩形中，，連接，點關于的對稱點為點，連接、、、，與交于點．以點為圓心，為半徑作圓．(1)如圖1，當點在上時，求證：；(2)如圖2，當點在上時，求的值；(3)如圖3，、分別交于點、，請探究與的數量關系，并證明．【答案】(1)見解析(2)(3)，證明見解析【知識點】利用矩形的性質證明、根據成軸對稱圖形的特征進行求解、相似三角形的判定與性質綜合、解直角三角形的相關計算【分析】（1）根據矩形、軸對稱及圓的性質證明，，進而可證得；（2）根據矩形、軸對稱得，則，進而可知，連接，可知，則，再證，由，得，，結合，，得，可知，進而得，即可求解；（3）連接，交于點，由矩形的性質得，，，可知，由軸對稱可知，，，再證，得，可知，再證是的中位線，得，可知，得，進而可知，得，即可證得．【詳解】（1）證明：∵四邊形是矩形，∴，∵點、關于對稱，∴，∵點在上，∴，∴，∴，∴，則，在與中，∴；（2）解：∵四邊形是矩形，∴，∵點、關于對稱，∴，∴，，∴，則，，，∴，連接，∵點在上，∴，則，，∴，∵，∴，，∵，則，，則，∴；（3），證明如下：連接，交于點，∵四邊形是矩形，∴，，，∴，∵點、關于對稱，∴，，，∴，，∴，∴，∴，∴，∵，，∴是的中位線，∴，∴，∴，∴，∴，∴．【點睛】本題考查矩形的性質，軸對稱的性質，全等三角形的判定及性質，相似三角形的判定及性質，等腰三角形的性質，解直角三角形等知識點，掌握相關圖形的性質是解決問題的關鍵．2．（2025·廣東廣州·一模）在矩形中，，，點是射線上的一個動點，連接，過點作于點，交射線于點．(1)如圖，點在線段上，求證：；(2)在點的運動過程中，是否存在使、、、四點構成的四邊形為軸對稱圖形，若存在，求出相應的長，若不存在，請說明理由．【答案】(1)見解析(2)【知識點】根據矩形的性質求線段長、相似三角形的判定與性質綜合【分析】本題考查矩形的性質、相似三角形的判定和性質，掌握相似三角形的判定定理和性質定理是解題的關鍵．（1）根據同角的余角相等得到，即可得出；（2）分兩種情況討論：①當點運動到的延長線上時，則，時；②當點在線段上時，分別利用相似三角形的判定和性質即可求得的長．【詳解】（1）證明：在矩形中，，，，，，，；（2）解：存在，理由如下：①當點運動到的延長線上時，則，時，使D、F、G、C四點構成的四邊形為軸對稱圖形，如圖3，同理得出，∴；②當點在線段上（不與重合）時，不存在；綜上所述，的長為．3．（2025·廣東廣州·一模）如圖，在菱形中，對角線與相交于點，點，分別在，上，，連接，并延長交的延長線于點．(1)求證：；(2)若，，求菱形的面積．【答案】(1)見解析(2)【知識點】利用菱形的性質求面積、利用同角三角函數關系求值、根據三線合一證明【分析】本題主要考查了菱形的基本性質、等腰三角形的性質、銳角三角函數，解決本題的關鍵是利用菱形的性質找邊、角之間的關系．（1）由菱形的性質得出，，，，再證明，然后由等腰三角形的三線合一定理即可得出結論；（2）證明，再由平行線的性質得，然后由銳角三角函數定義求出，則，根據菱形的面積公式計算即可．【詳解】（1）證明：四邊形是菱形，，，，，平分，，，，平分，∴；（2）解：由可知，，，，，，，，，，，，即菱形的面積為．4．（2025·廣東廣州·一模）如圖，在矩形中，，，點為射線上一動點，連接，將線段繞點逆時針旋轉得到線段，連接．(1)當點為線段的中點時，求證：是等邊三角形；(2)當與矩形的邊平行時，求線段的長；(3)在點的運動過程中，線段的長度是否存在最小值？如果存在，求出最小值；如果不存在，請說明理由．【答案】(1)證明見解析(2)或(3)存在；【知識點】根據矩形的性質求線段長、解直角三角形的相關計算、等邊三角形的判定和性質、用勾股定理解三角形【分析】（1）由題易得，進而可得，從而得證；（2）分類討論：當或，然后利用勾股定理和特殊角求解即可；（3）過點作于點，利用勾股定理可得，進而據此求解即可．【詳解】（1）證：在矩形中，∵點為線段的中點∴∵∴∴是等邊三角形;（2）①當時∴∴∴∴是等邊三角形∴②當時在中，，，∴∵∴∴∴∴∴綜上，線段的長為或．（3）如圖，過點作于點∵，設∴，∴∴當時，取得最小值，最小值為∵當最小時，最小∴最小值為【點睛】本題主要考查了矩形的性質、勾股定理、解直角三角形、等邊三角形的判定等內容，熟練掌握相關知識是解題的關鍵．5．（2025·廣東廣州·模擬預測）如圖，矩形中，，，點是邊上的一個動點，連接，過點作的垂線交于點，以為斜邊作等腰直角三角形（點在上方）．(1)若，求的長；(2)當點從點運動到點的過程中，的外接圓的圓心也隨之運動，求該圓心到邊的距離的最大值．(3)當點從點運動到點時，點也隨之運動，①四邊形的面積是線段的長的函數嗎？如果是求出函數解析式，如果不是說明理由；②求點經過的路徑長．【答案】(1)(2)(3)①，②【知識點】y=ax2+bx+c的最值、相似三角形的判定與性質綜合、全等的性質和ASA（AAS）綜合（ASA或者AAS）、根據矩形的性質求線段長【分析】（1）由矩形的性質得，結合得，可證明，即可求得；（2）找中點，作于，則由題意知，的外接圓的圓心在線段的中點處，圓心到邊的距離為，則是的中位線，設，則，結合（1）可知，利用，求得，根據二次函數的性質求得的最大值，即可知的最大值；（3）①過點作，于點，，連接，則有四邊形為矩形，，，，結合題意證明，有，，即可知四邊形為正方形，那么，四邊形的面積，利用等腰三角形的性質即可求得；②由①知，四邊形為正方形，則點在的角平分線上運動，可知點的運動路徑在線段的長，即是當線段最大時的的值，由（1）可知，，，，設，則，結合正方形的性質有，化簡并利用二次函數的性質和等腰直角三角形的性質求解即可，注意由小變大后再變小，分和和討論．【詳解】（1）解：∵，，∴，∵，∴，∵，∴，∵，∴，∴，即，解得，故答案為：．（2）解：如圖，找中點，作于，由題意知，的外接圓的圓心在線段的中點處，圓心到邊的距離為，∵，∴是的中位線，∴，設，則，由（1）可知，∴，∴，∵，∴當時，有最大值，最大值為，∴的最大值為，∴圓心到邊的距離的最大值為；（3）解：①過點作，于點，，連接，如圖，∴，∵，∴四邊形為矩形，，∴，，∵以為斜邊作等腰直角三角形，∴，，則，∴，∴，∴，，則四邊形為正方形，∵，∴四邊形的面積，∵線段的長，∴，那么，，②由①知，四邊形為正方形，則點在的角平分線上運動，∴點的運動路徑在線段的長，即是當線段最大時的的值，由（1）可知，，，，設，則，∵，∴，化簡得當時，，，∵∴點沿射線運動∵當點與點重合時，點運動到點，此時，∴當時，點沿射線向上運動，當時，點運動到點，，此時最大，當時，點沿射線向上運動，當時，點與點重合∴點經過的路徑長為．【點睛】本題考查了矩形的判定與性質，相似三角形的判定與性質，三角形中位線的判定和性質，三角形的外接圓，二次函數的性質，全等三角形的判定與性質，正方形的判定和性質，等腰三角形的性質和勾股定理等知識．解題的關鍵在于對動點知識的理解，并熟練掌握與靈活運用數形結合思想．6．（2025·廣東·模擬預測）如圖，已知菱形，以為直徑的與對角線交于點，與邊交于點，連接，，為上一點，連接．(1)求證：點，，三點共線；(2)若點為的中點，求證：是的切線；(3)若的半徑長為，，求的長．【答案】(1)見解析(2)見解析(3)2【知識點】利用菱形的性質證明、圓周角定理、用勾股定理解三角形、證明某直線是圓的切線【分析】（1）通過圓周角定理的推論得，結合菱形的性質得即可求解；（2）連接、，利用菱形的性質得，；利用圓周角定理可得；為的中點，通過等腰三角形的性質——三線合一得，結合，推出即可得證結論；（3）連接、，由（2）得，推出，，設，利用勾股定理，在和中，，得，解方程即可求解．【詳解】（1）證明：如圖，連接．為的直徑。，即．四邊形是菱形，，即．點，，三點共線．（2）證明：如圖，連接、．由（1）得點，，三點共線，四邊形是菱形，，，又，，．，．又為的中點，．，．又，．，．又為的半徑，為的切線．（3）解：如圖，連接，．由（2）得，，．的半徑長為，．四邊形是菱形，．為的直徑，，．設，則，在中，，在中，，，解得．的長為．【點睛】本題主要考查了圓周角定理、菱形的性質、等腰三角形的性質、平行線的判定和性質、切線的判定以及勾股定理，熟練掌握以上基礎知識，作出合適的輔助線是解題關鍵．7．（2025·廣東廣州·一模）在中，，為邊上的一點，連接．(1)如圖1，，為上的中點，過作交于點，交于點，過作交于點，求的值．(2)如圖2，，，在上且，連接，交于點．已知，求點到的距離．(3)如圖3，，為上的中點，在上，，連接交于點．連接，當最小時，求的面積．【答案】(1)(2)(3)【知識點】相似三角形的判定與性質綜合、解直角三角形的相關計算、圓周角定理、已知圓內接四邊形求角度【分析】（1）求出，同角的余角相等，得到，設設，則，根據等腰直角三角形的性質，得到，進而得到，求出的值，進而求出的值即可；（2）證明，得到，證明，列出代數式，得出，進而求出的值，過作交于點，求出的值即可；（3）先求出，定弦定角，得到三點共圓，進而得到當三點共線時，最小，取中點，在優弧上取一點，連接，求出圓心角的度數，等邊對等角，求出的度數，垂徑定理求出長，求出，進而求出的長，過作交于點，交于點，求出的長，再利用面積公式求出面積即可．【詳解】（1）為上的中點，；∵，，∵，，，，，，設，則．，，，解得，．（2），是等邊三角形，，，，，，，；，即，解得，；過作交于點，到的距離為；（3）由（2）可得，，過三點作圓，連接，∴當三點共線時，最小．是等邊三角形，為弦，取中點，在優弧上取一點，連接，，，是等邊三角形，是的中點，，，；過作交于點，交于點，，四邊形是矩形，，，．．【點睛】本題考查解直角三角形，垂徑定理，圓內接四邊形，勾股定理，全等三角形的判定和性質等知識點，熟練掌握相關知識的，第（3）問中確定點的運動軌跡，是解題的關鍵．8．（2025·廣東廣州·一模）如圖，在中，，，，點D在邊的延長線上，過點D作且，連接，點P為的中點．(1)求的長；(2)連接，，，請判斷是否為等邊三角形？若是，請證明你的結論；若不是，請說明理由；(3)以點C為圓心，3為半徑作，交邊于點M，點Q是上的動點，連接，，求的最小值．【答案】(1)24(2)是，理由見解析(3)18【知識點】等邊三角形的判定、線段問題(軸對稱綜合題)、解直角三角形的相關計算、點與圓上一點的最值問題【分析】（1）在中，解直角三角形即可解答；（2）根據直角三角形斜邊上中線的性質得到，根據得到，因此，從而點A，B，E，D四點共圓，且點P為該圓的圓心，根據圓周角定理有，得到是等邊三角形．（3）取的中點H，連接，延長交于點N，根據中位線定理得到，因此點P在直線上運動．作點M關于的對稱點，連接，交于點G，連接，，則，連接，交于點，則，由點H是的中點，，得到，證明四邊形是矩形，得到，根據勾股定理在中，求得，即可得出，即可解答．【詳解】（1）解：∵在中，，，∴．（2）解：是等邊三角形，理由如下：∵，∴，∵點P是的中點，∴在中，，在中，，∴∵，∴，∴，∵，∴，∴點A，B，E，D四點共圓，且點P為該圓的圓心，∴，∵，∴是等邊三角形．（3）解：取的中點H，連接，延長交于點N，∵點P是的中點，點H是的中點，∴，∴點P在直線上運動．作點M關于的對稱點，連接，交于點G，連接，，則，∴，連接，交于點，則，∵點H是的中點，∴，∵，∴，∴．∵點M與點關于對稱，∴，∵，，∴，∴四邊形是矩形，∴，∴，∵，，∴在中，，∴，∴，即的最小值為18．【點睛】本題考查解直角三角形，勾股定理，等邊三角形的判定，四點共圓，圓周角定理，直角三角形斜邊上中線的性質，軸對稱的性質，最短路徑問題等，綜合運用相關知識，正確作出輔助線是解題的關鍵．9．（2025·廣東廣州·一模）如圖，邊長為的正方形內部有一點，點在邊的上方，，，連接、、．(1)求證：；(2)延長交所在直線于點；①若，時，求的面積；②若，當從到的變化過程中，求點經過的路徑長．【答案】(1)見解析(2)①；②【知識點】求某點的弧形運動路徑長度、相似三角形的判定與性質綜合、用SAS證明三角形全等（SAS）、圓周角定理【分析】（1）利用四邊形是正方形，得出，，再證明，即可證明；（2）①設交于點，交于點，先證明證明，再證明和是等腰直角三角形，求出，，求出，再證明，得出，結合，即可求解；②連接，取的中點，連接、．先證明，得出在以為圓心，為半徑的上，過作于，當時，求出、，利用，判定，則可求出，當旋轉角從變化到時，在上運動，求出，利用弧長公式即可求解．【詳解】（1）解：四邊形是正方形，，，∵，∴，，在和中，，；（2）解：①如圖，設交于點，交于點，，，，，，，，，，，，，，是等腰直角三角形，，是等腰直角三角形，，，∴，，，∴，又，；②如圖，連接，取的中點，連接、．四邊形是正方形，，點是的中點，，，同①可知，點是的中點，，∴在以為圓心，為半徑的上，如圖，過作于，當時，，，，，，，，，又，，，，，當旋轉角從變化到時，在上運動，，，，，∴點經過路線的長度為．【點睛】本題考查全等三角形的判定與性質，等腰直角三角形的判定與性質，相似三角形的判定與性質，直角三角形斜邊中線的性質，正方形的性質，勾股定理及其逆定理，圓周角定理，弧長公式，熟練掌握這些性質與判定是解題的關鍵．10．（2025·廣東·一模）如圖1，以的邊為直徑作交于點，連接，其中(1)求證：與相切；(2)如圖2，連接交于點，若求的長；(3)如圖3，在（2）的條件下，過點作于點，連接交于點，求的長．【答案】(1)見詳解(2)(3)【知識點】切線的性質和判定的綜合應用、相似三角形的判定與性質綜合、用勾股定理解三角形、解直角三角形的相關計算【分析】本題主要考查了切線的判定，直徑定理，解直角三角形，勾股定理，垂徑定理，相似三角形的判定和性質等知識點，解題的關鍵是熟練掌握以上性質，并準確作出輔助線．（1）利用直徑定理得出，利用給出的三角函數比可得，進而可得相切；（2）根據三角函數比得出，假設半徑為，表示出相關線段，根據求出的值即可得出答案；（3）過點作交于點，根據三角函數比得出，，根據平行的性質得出，，根據相似比得出，求得，進而可求的長度．【詳解】（1）證明：為的直徑，，，在中，，，，，與相切；（2）解：在中，，，，，，，設，在中，，，∴，∴，，∴在Rt△中，；（3）解：如圖3，過點作交于點．∵，∴為的中點，∴，在Rt△中，，∴，又∵，∴，，∴，，∵，∴，，∴，∴，∵，∴，∴，∴，∴．題型二二次函數的綜合11．（2025·廣東廣州·一模）平面直角坐標系中，拋物線（為實數）．(1)求拋物線的對稱軸；(2)已知和是拋物線上的兩點，若對于，，都有，求的取值范圍；(3)當時（其中為實數且），拋物線的圖象總在直線的下方，求的最大值．【答案】(1)(2)或(3)9【知識點】y=ax2+bx+c的圖象與性質、一次函數、二次函數圖象綜合判斷【分析】本題主要考查二次函數的圖象與性質，與一次函數圖象的交點問題，利用數形結合的思想求解是解決本題的關鍵．（1）由拋物線對稱軸公式求解即可；（2）分三種情況討論，或或，分別畫出圖形，利用二次函數的性質分析即可；（3）聯立，消得，結合圖象知關于的方程的兩個根為，，將代入方程得，解得，，當時，方程為，解得，舍去；當時，方程為，解得，，故．【詳解】（1）解：拋物線的對稱軸為直線；（2）解：點關于拋物線對稱軸的對稱點為，①當時，，∴在對稱軸右側，∵對于，，都有，∴或，∴或，②當時，，∴在對稱軸左側，在對稱軸右軸，在對稱軸右側，∵∴恒成立；③當時，，成立，綜上，或；（3）解：聯立，消得，∵當時（其中為實數且），拋物線的圖象總在直線的下方，且最大，結合圖象知關于的方程的兩個根為，，將代入方程得，，解得，，當時，方程為，解得，∵，∴不符合題意，舍去；當時，方程為，解得，，∴；綜上，的最大值為9．12．（2025·廣東廣州·一模）已知拋物線經過點．(1)求拋物線G的解析式；(2)已知直線交x軸于點B，交y軸于點C，點P是拋物線G上一動點，點Q是直線l上一動點，求的最小值；(3)在（2）的條件下，將拋物線G向左平移t個單位得到拋物線，頂點為D，問拋物線的對稱軸上是否存在一點M，使得以點C、D、M組成的三角形與相似？若存在，求t的值；若不存在，請說明理由．【答案】(1)(2)(3)存在，或或【知識點】線段周長問題(二次函數綜合)、相似三角形問題(二次函數綜合)、二次函數圖象的平移、解直角三角形的相關計算【分析】（1）利用待定系數法求解即可；（2）平移直線l至，使與拋物線唯一交點，令唯一交點坐標為，過點P作，交l于點Q，過點P作軸，與直線l相交于點，此時有最小值，先求出，則；再求出，，得到，證明，解直角三角形可得，；（3）可得，平移后的拋物線對稱軸為直線則；再分，且時，有，，且時，有，時，三種情況討論求解即可．【詳解】（1）解：將點代入得：，解得，∴拋物線的表達式為：；（2）解：如圖所示：平移直線l至，使與拋物線有唯一交點，令唯一交點坐標為，過點P作，交l于點Q，過點P作軸，與直線l相交于點，此時有最小值，設，聯立方程組，整理得①，當，得，把代入①解得，，∴，把代入直線l解析式得：，即，把代入直線l解析式得：，即，∴，∵軸，∴，，即，，解得，；（3）解：∵原拋物線解析式為，原拋物線的頂點坐標為，將拋物線G向左平移t個單位得到拋物線，頂點為D，∴，平移后的拋物線對稱軸為直線，∴；∵，，∴當，且時，有，∵，∴，∴，解得或；當，且時，有，∵，∴，∴，解得或（舍去）；如圖所示，當時，設直線與y軸交于H，∴此時有，∵，∴，∴，∴此時與相似，即有或，∴或，即此時情形與時t的值相同．綜上所述：當與相似時，或或．【點睛】本題主要考查了二次函數綜合，一次函數與幾何綜合，解直角三角形，相似三角形的性質與判定，勾股定理等等，解（2）的關鍵在于確定什么情形下有最小值，解（3）的關鍵在于利用分類討論的思想求解即可．13．（2025·廣東廣州·一模）在平面直角坐標系中，二次函數的圖象與軸交于兩點，點在點的左側．(1)當時，求點和點的坐標；(2)已知點的坐標是，過點作軸的垂線，垂足為點，若二次函數的圖象與線段只有一個交點，求的取值范圍；(3)直線與二次函數的圖象交于兩點，點的坐標是，點是軸上方的拋物線上的一個動點，過點作軸，交軸于點，交直線于點，過點作于點，直線交軸于點，若，設點的橫坐標是，求的最大值．【答案】(1)，(2)(3)【知識點】相似三角形的判定與性質綜合、其他問題(二次函數綜合)【分析】（1）將代入即可直接得解；（2）令，解得或，由，得，然后分類討論求解即可；（3）先求出直線的解析式為，可得，設點P的橫坐標為點t，則，，證即可得解．【詳解】（1）解：把代入中得：，令，則，解得或，點在點的左側，∴，；（2）解：二次函數，當時，，解得或，當又∵，∴，∴二次函數的圖象經過定點，∵，∴，當時，，由圖象可知，若拋物線與線段有且只有一個交點時，①當且時，不等式組無解，舍去；②當且時，解得，又∵，所以；③當且時，符合．綜上，；（3）解：直線與二次函數的圖象交于．把代入，解得．拋物線的解析式為，，，將、代入，得：，解得．直線的解析式為，設直線與軸交于點．則，∴，∵，∴，點是軸上方的拋物線上一個動點，設點的橫坐標為點，，，，，，，軸，，，∴，即，∴，，，當時，有最大值為．【點睛】本題主要考查了二次函數與坐標軸交點、二次函數與直線交點問題、相似三角形的判定和性質等內容，熟練掌握相關知識是解題的關鍵．14．（2025·廣東廣州·一模）在平面直角坐標系中，將函數（為常數）的圖象記為，點的坐標為．(1)當點在圖象上時，試解答以下問題：①求函數的解析式；②將拋物線在的那部分函數圖象沿直線翻折得到新的函數圖象，翻折前后的兩部分合記為圖象，若函數與圖象至少有三個交點，求的取值范圍；(2)當時，將點向左平移2個單位長度得到點，連結，以為邊向上方作矩形，使．當圖象與矩形只有兩個公共點時，求的取值范圍．【答案】(1)①；②(2)【知識點】y=ax2+bx+c的圖象與性質、特殊四邊形(二次函數綜合)、待定系數法求二次函數解析式、求拋物線與x軸的交點坐標【分析】（1）①將代入，利用待定系數法即可求解；②，當時，，解得或，作出圖象，如圖，由軸對稱可知，圖象最高點的函數值為1，此時或2，可知直線與圖象有兩個交點，直線與圖象有三個交點，由此可得答案；（2）由題意可得，，，圖象的頂點坐標在直線上，分情況：當在線段上時，當在重合時，當在點左側，且點在圖象下方時，當在點左側，且點在圖象上及下方時，結合圖形即可求得答案．【詳解】（1）解：①將代入，得，解得，∴函數的解析式為；②，當時，，解得或，將拋物線在的那部分函數圖象沿直線翻折得到新的函數圖象，翻折前后的兩部分合記為圖象，如圖，由軸對稱可知，圖象最高點的函數值為1，此時或2，∴直線與圖象有兩個交點，直線與圖象有三個交點；∵函數與圖象至少有三個交點，∴；（2）∵點的坐標為，將點向左平移2個單位長度得到點，連結，以為邊向上方作矩形，使，∴，，，∵，∴則圖象的頂點坐標在直線上，當在線段上時，，即，此時，圖象與矩形有三個公共點，不符合題意；當在重合時，，即，此時，圖象與矩形有兩個公共點，符合題意；當在點左側，且點在圖象下方時，，即，此時，圖象與矩形有兩個公共點，符合題意；當在點左側，且點在圖象上及下方時，，即，此時，圖象與矩形最多只有一個公共點，不符合題意；綜上，圖象與矩形有兩個公共點，的取值范圍為．【點睛】本題考查的是二次函數的圖像與性質，特別是考查了含參數的二次函數的最值，以及含參數的二次函數圖像與幾何圖形的交點個數問題，利用二次函數圖像解不等式問題，掌握數型結合是解題的核心關鍵．15．（2025·廣東廣州·一模）已知拋物線與拋物線相交于點．(1)求出p的值；(2)設點在拋物線上，點在拋物線上．①當時，求n的取值范圍；②當M，A，N三點共線時，求m的值．【答案】(1)(2)①；②【知識點】y=ax2+bx+c的圖象與性質、待定系數法求二次函數解析式、求一次函數解析式【分析】題目主要考查二次函數的性質，待定系數法確定函數解析式，理解題意，綜合運用這些知識點是解題關鍵．（1）根據待定系數法代入即可得出結果；（2）由（1）得，將點M代入得，且；①根據題意得出，然后代入函數解析式確定，再由二次函數的性質即可得出n的取值范圍；②根據題意得出，再利用一次函數的待定系數法及三點共線得出方程求解即可．【詳解】（1）解：將點代入，得，解得：；（2）由（1）得，∵點在拋物線上，∴，∴；①∵，，∴，∵點在拋物線上，∴，整理得：，當時，或，當時，，當時，，∵，∴；②∵，∴，∵，，∴設直線的函數解析式為：，代入得：，解得，∵，∴；設直線的函數解析式為：，代入得：，解得，即，∵M，A，N三點共線，∴，解得：．16．（2025·廣東廣州·模擬預測）已知拋物線與軸交于點，，頂點為．(1)求的取值范圍及頂點的坐標；(2)若的面積為8，①當時，拋物線與直線能有兩個公共點，求的取值范圍；②點為軸上一點，當最大時，求此時的值．【答案】(1)，頂點的坐標為(2)①；②【知識點】求角的正弦值、拋物線與x軸的交點問題、y=ax2+bx+c的圖象與性質、已知直線和圓的位置關系求半徑的取值【分析】（1）由拋物線軸有2個交點可得，求出的取值范圍，再利用二次函數的頂點式求出頂點的坐標即可；（2）①令，表示出的長，再利用三角形的面積公式求出的值，得出拋物線的解析式為，根據直線得出恒過定點，再分和兩種情況討論的取值范圍即可求解；②先求出點的坐標和的長，作的外接圓，過點作軸于點，連接、、，利用外接圓的性質得出圓心在拋物線的對稱軸上，即點到軸的距離為3，再利用直線與圓的位置關系得出，再利用圓周角定理證出，分析得到當最大時，有最大值，再利用正弦的定義求出的最大值即可求解．【詳解】（1）解：由題意得，，解得：，，頂點的坐標為．綜上所述，的取值范圍為，頂點的坐標為．（2）解：①由（1）得，，令，則，解得：，，的面積為8，，解得：，拋物線；直線，當時，，直線經過定點，當時，直線，聯立，解得：或，拋物線與直線的交點為和，當時，拋物線與直線能有兩個公共點，即符合題意；當時，則，直線中的隨增大而增大，由圖象可得，此時拋物線與直線有兩個交點，一個在點的下方，另一個在點的上方，又當時，拋物線與直線能有兩個公共點，；綜上所述，的取值范圍為．②由①中的結論得，拋物線，拋物線的對稱軸為，令，則，解得：，，設點在點的左側，則，，，如圖，作的外接圓，過點作軸于點，連接、、，，點在的垂直平分線上，即拋物線的對稱軸上，點到軸的距離為3，點在軸上，與軸至少有1個交點，的半徑點到軸的距離，即，軸，，，，又，當最大時，也最大，即有最大值，在中，，，，，的最大值為，此時最大，當最大時，．【點睛】本題考查了二次函數的圖象與性質、二次函數與一元二次方程、三角形外接圓的性質、銳角三角函數的定義，熟練掌握相關知識點，運用數形結合的思想解決問題是解題的關鍵．本題屬于函數綜合題，需要較強的數形結合能力，適合有能力解決難題的學生．17．（2025·廣東深圳·一模）已知二次函數．(1)若函數圖象經過點，解決下列問題：①求該二次函數的表達式；②若將平面內一點向左平移個單位，到達圖象上的點；若將點向右平移個單位，則到達圖象上的點，求點坐標．(2)設點，是該函數圖象上的兩點，若，求證：．【答案】(1)①；②(2)見解析【知識點】y=ax2+bx+c的圖象與性質、待定系數法求二次函數解析式、配方法的應用【分析】本題主要考查了待定系數法、二次函數圖像的性質、配方法的應用等知識點，掌握二次函數圖像的性質成為解題的關鍵．（1）①直接將代入求得a即可解得；②先根據平移表示出B、C兩點的坐標，然后根據二次函數圖像的對稱性和二次函數的性質即可解答；（2）由可得，則有，，再用表示出可得，然后運用配方法解答即可．【詳解】（1）解：①將代入可得，解得：，∴該二次函數的表達式為；②∵將平面內一點向左平移個單位，則與圖象上的點重合；若將點A向右平移個單位，則與圖象上的點重合，∴，∵，∴拋物線的對稱軸為：，∴，解得：，把代入，得，即．（2）證明：∵設點，是該函數圖象上的兩點，∴∴，，∴，∵，∴，即．18．（2024·廣東廣州·二模）在平面直角坐標系中，設直線的解析式為：（、為常數且），當直線與一條曲線有且只有一個公共點時，我們稱直線與這條曲線“相切”，這個公共點叫做“切點”．(1)求直線與雙曲線的切點坐標；(2)已知一次函數，二次函數，是否存在二次函數，其圖象經過點，使得直線與，都相切于同一點？若存在，求出的解析式；若不存在，請說明理由；(3)在（2）的條件下，拋物線的頂點坐標為，點為軸上一點．在平面內存在點，使，且這樣的點有且只有一個，則點的坐標為______．【答案】(1)(2)(3)【知識點】求一次函數解析式、已知兩點坐標求兩點距離、其他問題(二次函數綜合)、一次函數與反比例函數的交點問題【分析】（1）聯立直線和雙曲線的解析式得到關于的一元二次方程，解方程求出的值，即可求解；（2）聯立直線與得到關于的一元二次方程，解方程求出的值，求出切點的坐標，求出拋物線的表達式為：，聯立直線與得到關于的一元二次方程，根據方程有唯一解，得出根的判別式，據此列出關于的一元二次方程，求出的值，即可得出拋物線的解析式；（3）先求出點的坐標，判斷出點是與軸的切點，過點作軸交于點，確定的中點，連接，求出的中點的坐標和點的坐標，待定系數法求出直線的解析式，據此設點，則點，根據兩點間的距離公式列出方程，求出的值，即可求解．【詳解】（1）解：聯立，得：，整理得：，解得：，當時，，則切點坐標為：．（2）解：存在，理由：∵與相切，聯立，得，整理得：解得：，當時，，則切點為：；∵直線與，都相切于同一點，即與的切點在圖象上，將、代入拋物線表達式得：，解得：，則拋物線的表達式為：，∵與相切，聯立，得，整理得：，則該一元二次方程有唯一解，即，整理得：解得：，故拋物線的表達式為：．（3）解：由（2）知，拋物線的表達式為：，則頂點的坐標為，在平面內存在點，使，即點、、在同一個上，又∵點為軸上一點，且這樣的點有且只有一個，故點是與軸的切點，如圖：過點作軸交于點，確定的中點，連接，∵，，故中點的坐標為，的坐標為，設直線的解析式為，將，代入得：，解得：，即直線的表達式為：，則點在直線上，故設點，則點，則，∵，，∴，解得：，（舍去）故點故答案為：．【點睛】本題考查了一次函數與反比例函數的交點問題，二次函數的綜合應用，圓周角定理，待定系數法求一次函數解析式，兩點間的距離公式等，確定出點所在的位置是解題的關鍵．19．（2024·廣東廣州·二模）已知拋物線與x軸交于兩點，且A在B的左邊，與y軸交于點C．(1)求c的值；(2)若點P在拋物線上，且，求點P的坐標；(3)拋物線的對稱軸與x軸交于D點，點Q為x軸下方的拋物線上任意一點，直線與拋物線的對稱軸分別交于E，F