2025屆光山縣一高、二高二模聯(lián)考高三物理試題注意事項(xiàng)∶本試卷滿分100分，考試時(shí)間為75分鐘。答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、考號(hào)填寫在答題卡上；考試結(jié)束，將答題卡交回。一、單項(xiàng)選擇題（本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。）1.一質(zhì)點(diǎn)做直線運(yùn)動(dòng)的關(guān)系圖像如圖所示，則該質(zhì)點(diǎn)的關(guān)系圖像可大致表示為選項(xiàng)圖中的（）A. B.C. D.【答案】B【解析】【詳解】由v－t關(guān)系圖像可知，物體開始沿正方向做勻減速直線運(yùn)動(dòng)到零，然后反向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，x－t關(guān)系圖線切線斜率表示瞬時(shí)速度，可知瞬時(shí)速度先減小后反向增大，另外反向運(yùn)動(dòng)時(shí)加速度大于原來的加速度，所以運(yùn)動(dòng)相同距離所用時(shí)間短。故選B。2.2021年5月18日，中國(guó)空間站天和核心艙進(jìn)入軌道，其軌道可視為圓軌道，繞地球運(yùn)行的周期約為90分鐘，至今為止，多艘神舟號(hào)飛船都成功對(duì)接天和核心艙；2024年4月25日，神舟十八號(hào)載人飛船成功對(duì)接天和核心艙，若對(duì)接前后天和核心艙軌道不變。下列說法正確的是（）A.空間站內(nèi)的宇航員在軌觀看“蘇炳添以9秒83的成績(jī)闖入東京奧運(yùn)會(huì)百米決賽”的比賽時(shí)間段內(nèi)飛行路程可能超過79kmB.空間站在軌道上運(yùn)行的速率大于地球靜止衛(wèi)星運(yùn)行的速率C對(duì)接成功后，空間站由于質(zhì)量增大，運(yùn)行周期變大D.對(duì)接成功后，空間站由于質(zhì)量增大，運(yùn)行加速度變大【答案】B【解析】【詳解】AB．空間站圍繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由萬有引力定律和牛頓第二定律可得解得空間站的周期為90min，小于地球靜止衛(wèi)星，可知其軌道半徑小于靜止衛(wèi)星半徑，所以其運(yùn)行速率大于靜止衛(wèi)星運(yùn)行速率；同時(shí)可知其運(yùn)行速率小于地球第一宇宙速度，即7.9km/s，在10s內(nèi)的時(shí)間，衛(wèi)星運(yùn)動(dòng)的路程小于79km，故A錯(cuò)誤，B正確；CD．對(duì)接成功后，由可知加速度和知運(yùn)行周期都與空間站質(zhì)量無關(guān)，故周期不變，加速度不變，故CD錯(cuò)誤。故選B。3.智能手機(jī)安裝軟件后，可利用手機(jī)上的傳感器測(cè)量手機(jī)運(yùn)動(dòng)的加速度，帶塑膠軟殼的手機(jī)從一定高度由靜止釋放，落到地面上，手機(jī)傳感器記錄了手機(jī)運(yùn)動(dòng)的加速度a隨時(shí)間t變化的關(guān)系如圖所示，為當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣取Ｏ铝姓f法正確的是（）A.釋放時(shí)，手機(jī)離地面的高度為B.手機(jī)第一次與地面碰撞的作用時(shí)間為C.手機(jī)第一次與地面碰撞中所受最大彈力為自身重力的10倍D.0至?xí)r間內(nèi)圖線與橫坐標(biāo)圍成的面積中，時(shí)間軸下方與上方的面積大小相等【答案】D【解析】【詳解】A．由圖可知，時(shí)刻手機(jī)開始接觸地面，則內(nèi)做自由落體運(yùn)動(dòng)，釋放時(shí)，手機(jī)離地面的高度為故A錯(cuò)誤；B．由圖可知，時(shí)刻手機(jī)開始接觸地面，時(shí)刻手機(jī)開始離開地面，則手機(jī)第一次與地面碰撞的作用時(shí)間為，故B錯(cuò)誤；C．由圖可知，時(shí)刻手機(jī)的加速度最大，且方向豎直向上，根據(jù)牛頓第二定律可得可得手機(jī)第一次與地面碰撞中所受最大彈力為自身重力的11倍，故C錯(cuò)誤；D．由圖可知，時(shí)刻手機(jī)的加速度最大，此時(shí)手機(jī)受到地面的彈力最大，手機(jī)處于最低點(diǎn)，手機(jī)的速度為零，則時(shí)間內(nèi)手機(jī)的速度變化量為零，根據(jù)圖像與橫軸圍成的面積表示速度變化量，可知0至內(nèi)圖線與橫坐標(biāo)圍成的面積中，時(shí)間軸下方與上方的面積大小相等，故D正確。故選D。4.水上滑翔傘是一項(xiàng)很受青年人喜愛的水上活動(dòng)。如圖1所示，滑翔傘由專門的游艇牽引，穩(wěn)定時(shí)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，游客可以在空中體驗(yàn)迎風(fēng)飛翔的感覺。為了研究這一情境中的受力問題，可以將懸掛座椅的結(jié)點(diǎn)作為研究對(duì)象，簡(jiǎn)化為如圖2所示的模型，結(jié)點(diǎn)受到牽引繩、滑翔傘和座椅施加的三個(gè)作用力F1、F2和F3，其中F1斜向左下方，F(xiàn)2斜向右上方。若滑翔傘在水平方向受到的空氣阻力與水平速度成正比，在豎直方向上受到的空氣作用力保持不變。當(dāng)提高游艇速度，穩(wěn)定時(shí)則（）A.F2可能等于F3B.F1一定變小C.當(dāng)速度增大到一定程度，人的腳尖可以觸及海面D.F2和F3的合力方向可能沿水平向右【答案】C【解析】【詳解】A．結(jié)點(diǎn)受到三個(gè)力的作用處于平衡狀態(tài)，則三個(gè)力的合力為零，所以F1和F3的合力大小一定等于F2的大小，又由于兩個(gè)力的夾角為銳角時(shí)，合力大于任意一個(gè)分力，則F2一定大于F3，故A錯(cuò)誤；B．將力F2和F3沿水平方向與豎直方向分解，如圖設(shè)F1和F2與豎直方向的夾角分別為α、β，則因當(dāng)速度變大時(shí)，空氣阻力變大，即F2的水平分量F2x變大，豎直分量不變，則F2變大，β變大，F(xiàn)1也一定變大，故B錯(cuò)誤；C．人的腳尖觸及海面時(shí)，F(xiàn)1方向水平向左，結(jié)點(diǎn)在三力作用下仍能保持平衡，所以，人的腳尖可以接觸海面，故C正確；D．結(jié)點(diǎn)受到三個(gè)力的作用處于平衡狀態(tài)，則三個(gè)力的合力為零，所以F2和F3的合力大小一定等于F1的大小，方向與F1相反，方向一定不能沿水平方向向右，故D錯(cuò)誤。故選C。5.在2023年9月21日的“天宮課堂”上，航天員給同學(xué)們解答了與太空垃圾相關(guān)的問題。假設(shè)在空間站觀察到如圖所示的太空垃圾P、Q、M、N（P、Q、M、N均無動(dòng)力運(yùn)行，軌道所在空間存在稀薄氣體），假設(shè)空間站和太空垃圾均繞地球做順時(shí)針方向的運(yùn)動(dòng)，空間站的軌道高度不變。則最可能對(duì)空間站造成損害的是（）AP B.Q C.M D.N【答案】A【解析】【詳解】太空垃圾無動(dòng)力運(yùn)行，由于軌道空間存在稀薄氣體，所以太空垃圾的軌道會(huì)逐漸減低，根據(jù)可得所以太空垃圾P、N的周期大于空間站，在軌道降低過程中，P最有可能對(duì)空間站造成損害，N會(huì)在空間站的后方。故選A。6.在如圖所示的電路中，輸入端接在電壓恒定的正弦交流電源上，電流表、電壓表均為理想表，、為定值電阻，為滑動(dòng)變阻器，開關(guān)S開始接在1端，則下列判斷正確的是（）A.僅將滑動(dòng)變阻器的滑片P向下移，電流表的示數(shù)和電壓表的示數(shù)均變小B.僅將滑動(dòng)變阻器的滑片P向上移，電流表的示數(shù)和電壓表的示數(shù)均變大C.將開關(guān)S由1合向2，電流表的示數(shù)變小，電源輸出的功率變小D.將開關(guān)S由1合向2，電流表的示數(shù)變大，電壓表的示數(shù)變小【答案】C【解析】【詳解】AB．設(shè)原線圈中電流表的示數(shù)為I，變壓器匝數(shù)比為k，則當(dāng)滑片P向下移時(shí)，接入電阻增大，根據(jù)歐姆定律，副線圈電流減小，所以原線圈電路中電流表的示數(shù)變小，根據(jù)可知原線圈中電壓U1變大，故副線圈的電壓U2變大，即電壓表的示數(shù)變大；同理，可知當(dāng)滑片P向上移，接入電阻減小，根據(jù)歐姆定律，副線圈電流增大，所以原線圈電路中電流表的示數(shù)變大，原線圈中的電壓U1變小，故副線圈的電壓U2變小，即電壓表的示數(shù)變小，故AB錯(cuò)誤；CD．根據(jù)電壓匝數(shù)關(guān)系有將開關(guān)S由1合向2，原線圈匝數(shù)增大，則副線圈兩端電壓減小，電壓表的示數(shù)變小，根據(jù)歐姆定律，副線圈電流減小，所以原線圈電路中電流表的示數(shù)變小，電源輸出的功率變小，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。7.斜向上發(fā)射的炮彈在最高點(diǎn)爆炸（爆炸時(shí)間極短）成質(zhì)量均為m的兩塊碎片，其中一塊碎片沿原路返回。已知炮彈爆炸時(shí)距地面的高度為H，炮彈爆炸前的動(dòng)能為E，重力加速度大小為g，不計(jì)空氣阻力和火藥的質(zhì)量，則兩塊碎片落地點(diǎn)間的距離為（）A. B. C. D.【答案】D【解析】【詳解】火箭炸裂的過程水平方向動(dòng)量守恒，設(shè)火箭炸裂前的速度大小為v，則得設(shè)炸裂后瞬間另一塊碎片的速度大小為v1，有解得根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律有得兩塊碎片落地點(diǎn)之間的距離故D。二、多項(xiàng)選擇題（本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有兩個(gè)或兩個(gè)以上選項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。）8.如圖所示，足夠長(zhǎng)、光滑、電阻不計(jì)的金屬導(dǎo)軌PQ、MN水平平行放置在絕緣水平面上，左端接有一定值電阻R，在垂直導(dǎo)軌分界線ab、cd間有豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，在分界線cd、ef右側(cè)區(qū)域有豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，且。一金屬棒以初速度進(jìn)入磁場(chǎng)，經(jīng)過cd、ef處時(shí)的速度分別為，，金屬棒從ab至cd過程，回路產(chǎn)生的焦耳熱為，通過電阻R的電荷量為，金屬棒位移為，經(jīng)歷的時(shí)間為；金屬棒從cd至ef過程，回路產(chǎn)生的焦耳熱為，通過電阻R的電荷量為，金屬棒的位移為，經(jīng)歷的時(shí)間為。金屬棒始終與導(dǎo)軌垂直，則（）A. B. C. D.【答案】AC【解析】【詳解】A．設(shè)金屬棒質(zhì)量為m，從ab到cd過程，有從cd到ef過程，有整理有故A項(xiàng)正確；B．設(shè)導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)，金屬棒從ab至cd過程，由動(dòng)量定理有又因?yàn)樗哉碛袕腸d到ef過程，同理可得整理有故B項(xiàng)錯(cuò)誤；C．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律有又因?yàn)椋哉碛姓碛泄蔆項(xiàng)正確；D．若金屬棒在兩階段做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，則有，解得金屬棒受安培力并不是恒力，即金屬棒不是做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，其該比值并不成立，故D項(xiàng)錯(cuò)誤。故選AC。9.如圖所示，在半徑為R、圓心為O的圓形區(qū)域內(nèi)有方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，從圓上某點(diǎn)A射入一質(zhì)量為m，帶電量為的粒子以速度v射入磁場(chǎng)區(qū)域，射入時(shí)的粒子與AO之間的夾角為，不計(jì)粒子重力，則（）A.若粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)半徑為R，則粒子射出磁場(chǎng)時(shí)的速度偏轉(zhuǎn)角為B.若粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)半徑為R，則粒子射出磁場(chǎng)時(shí)的速度偏轉(zhuǎn)角為C.若僅增大粒子速度v，則粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間變短D.若粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)半徑小于R，僅增大角度θ，則粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間變短【答案】AC【解析】【詳解】AB．根據(jù)磁聚焦的知識(shí)可知，若粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)半徑為R，粒子射出時(shí)的速度方向一定與OA垂直，所以速度偏轉(zhuǎn)角為，故A正確，B錯(cuò)誤；C．僅增大粒子的速度v，粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖甲所示由圖甲可知，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的圓心角α變小，根據(jù)可知，時(shí)間變短，故C正確；D．若粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑小于R，僅增大角度θ，則由圖乙可知，粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間變長(zhǎng)，故D錯(cuò)誤。故選AC。10.如圖所示，xOy平面為光滑水平桌面，在x軸上固定了一個(gè)圓弧擋板，擋板圓弧所在平面與水平桌面共面。為其圓心，其半徑。質(zhì)量為0.1kg的小球在y軸上的初速度大小為v0。小球受到大小不變、方向沿-y方向的恒定合外力作用。已知小球在碰到擋板前的最小速度為4m/s，恒力的大小為1N。小球視為質(zhì)點(diǎn)，，cos37°=0.8。下列說法正確的是（）A.小球在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中機(jī)械能守恒B.在小球擊中擋板前，小球速度大小變?yōu)?m/s時(shí)，速度方向和x軸正方向的夾角為C.若小球在速度最小時(shí)恰好經(jīng)過，則小球擊中擋板前瞬間的動(dòng)能為2.6JD.若v0大小方向可以改變，小球的初始位置可沿y方向上下移動(dòng)，圓弧擋板可沿x方向左右移動(dòng)，總保證小球每次水平通過點(diǎn)，則擊中擋板時(shí)小球的最小動(dòng)能為【答案】BCD【解析】【詳解】A．小球在-y方向上受到恒定合外力的大小為1N，小球在水平桌面上做類斜拋運(yùn)動(dòng)，小球在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中除重力外有其它力做功，機(jī)械能不守恒，故A錯(cuò)誤；B．小球在碰到擋板前的最小速度時(shí)，小球到達(dá)y軸的坐標(biāo)最大，在y軸方向的速度為0，小球在x軸方向的速度為小球在x軸方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)在小球擊中擋板前，小球速度大小變?yōu)?m/s時(shí)，速度方向和x軸正方向的夾角為，則解得故B正確；C．若小球在速度最小時(shí)恰好經(jīng)過，則小球從點(diǎn)做類平拋運(yùn)動(dòng)，在x軸方向在y軸方向上小球擊中擋板時(shí)解得，小球從點(diǎn)到擋板由動(dòng)能定理得解得小球擊中擋板前瞬間的動(dòng)能為故C正確；D．小球水平通過點(diǎn)擊中擋板，則小球從點(diǎn)做類平拋運(yùn)動(dòng)，小球擊中擋板時(shí)，，擊中擋板時(shí)小球的動(dòng)能為當(dāng)時(shí)擊中擋板時(shí)小球的動(dòng)能最小，為故D正確。故選BCD。三、非選擇題（共54分。）11.某物理興趣小組利用如甲所示的裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)。在足夠大的水平平臺(tái)上的A點(diǎn)放置一個(gè)光電門，水平平臺(tái)上A點(diǎn)右側(cè)摩擦很小，可忽略不計(jì)，左側(cè)為粗糙水平面，當(dāng)?shù)刂亓铀俣却笮間，采用的實(shí)驗(yàn)步驟如下：①在小滑塊a上固定一個(gè)寬度為d的窄擋光片﹔②用天平分別測(cè)出小滑塊a（含擋光片）和小球b的質(zhì)量、；③a和b間用細(xì)線連接，中間夾一被壓縮了的輕彈簧，靜止放置在平臺(tái)上；④細(xì)線燒斷后，a、b瞬間被彈開，向相反方向運(yùn)動(dòng)；⑤記錄滑塊a通過光電門時(shí)擋光片的遮光時(shí)間t；⑥滑塊α最終停在C點(diǎn)（圖中未畫出），用刻度尺測(cè)出AC之間的距離；⑦小球b從平臺(tái)邊緣飛出后，落在水平地面的B點(diǎn)，用刻度尺測(cè)出平臺(tái)距水平地面的高度h及平臺(tái)邊緣鉛垂線與B點(diǎn)之間的水平距離；⑧改變彈簧壓縮量，進(jìn)行多次測(cè)量。（1）a球經(jīng)過光電門的速度為：___________（用上述實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)字母表示）。（2）該實(shí)驗(yàn)要驗(yàn)證“動(dòng)量守恒定律”，則只需驗(yàn)證等式___________成立即可。（用上述實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)字母表示）（3）改變彈簧壓縮量，多次測(cè)量后，該實(shí)驗(yàn)小組得到與的關(guān)系圖像如圖乙所示，圖線的斜率為k，則平臺(tái)上A點(diǎn)左側(cè)與滑塊a之間的動(dòng)摩擦因數(shù)大小為___________。（用上述實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)字母表示）【答案】①.②.③.【解析】【分析】【詳解】（1）[1]燒斷細(xì)線后，a向左運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過光電門，根據(jù)速度公式可知，a經(jīng)過光電門的速度（2）[2]b離開平臺(tái)后做平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可得解得若動(dòng)量守恒，設(shè)向右為正，則有即（3）[3]對(duì)物體a由光電門向左運(yùn)動(dòng)過程分析，則有經(jīng)過光電門的速度由牛頓第二定律可得聯(lián)立可得則由圖像可知解得12.智能手機(jī)大都配有氣壓傳感器，當(dāng)傳感器所處環(huán)境氣壓變化時(shí)，其電阻也隨之發(fā)生變化。某實(shí)驗(yàn)小組在室溫下用伏安法探究某氣壓傳感器阻值Rx隨氣壓p變化的規(guī)律，如下表所示。實(shí)驗(yàn)使用了如下器材中的一部分：A．氣壓傳感器B．直流電源，電動(dòng)勢(shì)9V，內(nèi)阻不計(jì)C．電流表A1，量程為0~60mA，內(nèi)阻不計(jì)D．電流表A2，量程為0~600mA，內(nèi)阻不計(jì)E．電壓表V，量程為0~3V，內(nèi)阻為3kΩF．定值電阻R1＝6kΩG．滑動(dòng)變阻器R1最大電阻值約為20ΩH．開關(guān)S與導(dǎo)線若干p(×105Pa)0.850.900.951.001.051.10Rx(Ω)482420361300238180（1）實(shí)驗(yàn)小組使用了圖甲實(shí)驗(yàn)電路原理圖，某次測(cè)量時(shí)，電壓表示數(shù)如圖乙所示，電壓表示數(shù)為__________V；（2）根據(jù)表格的數(shù)據(jù)，實(shí)驗(yàn)小組所選的電流表為________（選填“A1”或“A2”）；（3）當(dāng)氣壓傳感器所處環(huán)境氣壓為p時(shí)，閉合開關(guān)S，測(cè)得兩個(gè)電表的讀數(shù)分別為U和I，則氣壓傳感器的阻值Rx＝________（用U和I表示）；（4）若電壓表的實(shí)際內(nèi)阻小于3kΩ，則測(cè)得的氣壓傳感器的阻值與實(shí)際值相比________（選填“偏大”“偏小”或“不變”）。【答案】①.2.50②.A1③.④.偏小【解析】【詳解】（1）[1]電壓表量程為3V，由圖所示讀數(shù)為2.50V。（2）[2]根據(jù)表格的數(shù)據(jù)，當(dāng)氣壓傳感器兩端電壓為電源電壓時(shí)，Rx取最小值時(shí)得到的電流為50mA，故實(shí)驗(yàn)小組所選的電流表應(yīng)為A1。（3）[3]當(dāng)氣壓傳感器所處環(huán)境氣壓為p時(shí)，由代入數(shù)據(jù)整理得（4）[4]由得由于電壓表的實(shí)際內(nèi)阻小于3kΩ，實(shí)際計(jì)算代入的是3kΩ，則測(cè)得的氣壓傳感器的阻值與實(shí)際值相比要偏小一些。13.如圖甲所示，潛水鐘是運(yùn)送潛水員下潛、休息、接回水面的一種運(yùn)載工具，可使?jié)撍畣T在水下長(zhǎng)時(shí)間作業(yè)。它的原理就像一只倒扣在水中的、下端開口的圓柱形桶，桶內(nèi)始終保持一定量的空氣，可供潛水員呼吸。某個(gè)潛水鐘可簡(jiǎn)化為高度d=8m開口向下的薄壁圓柱形桶，如圖乙所示。工作時(shí)，水面上的船將潛水鐘從水面上方開口向下吊放至水下一定深度處，此時(shí)潛水鐘內(nèi)氣柱高度h=2m。忽略潛水鐘內(nèi)氣體溫度的變化和水密度隨深度的變化。已知水的密度，重力加速度g取，大氣壓強(qiáng)。（1）求此時(shí)潛水鐘的上底面距水面的深度H；（2）現(xiàn)保持潛水鐘位置不變，通過船上的氣泵將空氣壓入潛水鐘內(nèi)，將潛水鐘內(nèi)的水全部排出，求壓入空氣的質(zhì)量與潛水鐘內(nèi)原來氣體質(zhì)量的比值k。【答案】（1）28m；（2）3.6【解析】【詳解】（1）設(shè)潛水鐘的橫截面積為S，放入水下后潛水鐘內(nèi)氣體的壓強(qiáng)為p1，則由玻意耳定律得解得H=28m（2）設(shè)潛水鐘的體積為V0，水全部排出后氣體的壓強(qiáng)為p2這些氣體在其壓強(qiáng)為p0時(shí)的體積為V3，需壓入壓強(qiáng)為p0的氣體體積為。由玻意耳定律而解得壓入空氣的質(zhì)量與潛水鐘內(nèi)原來氣體質(zhì)量的比值14.如圖所示，光滑的輕滑輪可以繞垂直于紙面的光滑固定水平軸O轉(zhuǎn)動(dòng)、輪上繞有輕質(zhì)柔軟細(xì)線，線的一端系一質(zhì)量為的重物，另一端系一質(zhì)量為m，電阻為r的金屬桿。在豎直平面內(nèi)有間距為L(zhǎng)的足夠長(zhǎng)的平行金屬導(dǎo)軌，在之間連接有阻值為R的電阻，其余電阻不計(jì)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為的勻強(qiáng)磁場(chǎng)與導(dǎo)軌平面垂直。開始時(shí)金屬桿置于貼近導(dǎo)軌下端處，將重物由靜止釋放，當(dāng)重物下降h時(shí)恰好達(dá)到穩(wěn)定速度而勻速下降。運(yùn)動(dòng)過程中金屬桿始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，忽略所有摩擦，重力加速度為g。求：（1）重物勻速下降的速度v；（2）重物從釋放到下降h的過程中，電阻R中產(chǎn)生的焦耳熱；（3）若將重物下降h時(shí)的時(shí)刻記作，從此時(shí)刻起，磁感應(yīng)強(qiáng)度逐漸減小，若此后金屬桿中恰好不產(chǎn)生感應(yīng)電流，則磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t怎樣變化（寫出B與t的關(guān)系式）。【答案】（1）；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）重物勻速下降時(shí)，金屬桿勻速上升，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為由閉合電路歐姆定律得，回路中電流金屬桿所受的安培力為重物與金屬桿系統(tǒng)受力平衡聯(lián)立解得（2）重物從釋放到下降h的過程中，由