高二物理試題答案一、單項選擇題：1、解析：B2、解析：A3、解析：C4、解析：A5、解析：B6、解析：D7、解析：C8、解析：AB9、解析：ABC10、解析：ACD二、非選擇題：（本大題共5小題，共60分）11、（12分）解析：(1)根據題意，設Q剛接觸P時速度為v，Q自由下落時，有v2＝2gH可得v＝eq\r(2gH)設Q與P發生碰撞后速度為v′，取豎直向下為正方向，由動量守恒定律得mv＝2mv′則得v′＝eq\f(\r(2gH),2)。(2)根據題意可知，Q接觸P后發生碰撞后一起做勻減速運動，設加速度大小為a，由運動學公式v2－v02＝2ax可得v′2＝2aeq\f(mg,k)解得a＝eq\f(kH,4m)設新型智能材料對P的阻力為F，對P、Q整體，由牛頓第二定律得k(eq\f(mg,k)＋d)＋F－2mg＝2ma解得F＝mg＋k(eq\f(H,2)－d)。(3)根據題意可知，Q下移距離d過程中，碰撞結束時，智能材料對P阻力的大小F0＝mg＋eq\f(kH,2)下移距離d時F＝mg＋k(eq\f(H,2)－d)智能材料阻力做功W＝－eq\f(F0＋F,2)d聯立解得W＝eq\f(1,2)kd(d－H)－mgd。答案：(1)eq\f(\r(2gH),2)(2)mg＋k(eq\f(H,2)－d)(3)eq\f(1,2)kd(d－H)－mgd12、（12分）答案：(1)x＝2sin(100πt－eq\f(π,2))cm(2)－1.414cm(3)34cm2cm13、（12分）答案：(2)③2.25(3)eq\f(d2,d1)1.51(4)稍小一些14、（12分）解析：(1)帶正電粒子從S點(－l，－l)由靜止釋放，則在電場中做勻加速直線運動，從(0，－l)位置進入磁場區域運動，恰好過x軸上P點(l，0)、可知在磁場中做圓周運動的半徑r＝l根據qvB＝meq\f(v2,r)可得v＝eq\f(qlB,m)則在電場中qEl＝eq\f(1,2)mv2可得E＝eq\f(B2ql,2m)。(2)粒子在電場中加速的時間t1＝eq\f(2l,v)＝eq\f(2m,qB)粒子第1次到達y軸正半軸時，在磁場中運動半周，則運動時間t2＝eq\f(T,2)＝eq\f(πm,qB)則總時間t＝eq\f(（π＋2）m,qB)。(3)粒子從(－l，0)位置進入第三象限的電場，則當粒子第3次過y軸時l＝eq\f(1,2)eq\f(qE,m)t′2，y＝vt′解得y＝2l即粒子第3次過y軸時的坐標(0，－2l)。答案：(1)eq\f(B2ql,2m)(2)eq\f(（π＋2）m,qB)(3)(0，－2l)15、（12分）解析：(1)根據題意可知，小球下滑過程中受到的洛倫茲力方向垂直斜面向上，根據左手定則可知小球帶正電荷。(2)當小球剛下滑至分界線時，對斜面的壓力恰好為零，然后小球繼續向下運動，在左側區域當壓力再次為零時，速度達到最大值，則有qvmeq\f(B,2)＝mgcosθ解得vm＝eq\f(2mgcosθ,qB)。(3)當小球剛下滑至分界線時，對斜面的壓力恰好為零，設此時速度為v，則有qvB＝mgcosθ，解得v＝eq\f(mgcosθ,qB)小球下滑的過程中，由牛頓第二定律得mgsinθ＝ma解得a＝gsinθ由運動學規律可得2aL＝vm2－v2聯立解得L＝eq\f(3m2gcos