2024-2025學年安徽省縣中聯盟高一（下）聯考物理試卷（5月）E一、單選題：本大題共8小題，共32分。1.關于相對論時空觀與牛頓力學的局限性，下列說法正確的是(

)A.當物體的運動速度遠小于光速時，經典力學是適用的

B.經典力學認為時間和空間與物體及其運動有關系

C.相對論時空觀適用于宏觀物體、低速運動問題，不適用于高速運動的問題

D.相對論時空觀認為時間和空間是獨立于物體及其運動而存在的2.歷史上，一種觀點認為應該用物理量mv2來量度運動的“強弱”，“力”可以通過動能表示為F=ΔEkA.速度變化量越大，物體的動能就越大

B.物體的速度變化量越大，物體的動能變化量就越大

C.合外力對物體做的功越多，物體的動能變化量就越大

D.物體的速度變化越大，所受合力就越大3.2025年安徽中考體育考試選考項目有擲實心球，若不計空氣阻力，實心球投擲之后做的是斜拋運動，下列有關說法正確的是(

)

A.實心球投擲之后做的是變加速曲線運動

B.實心球被拋出后可以看成是兩個方向上的直線運動的合運動

C.實心球出手的初速度越大，測試的成績一定越好

D.實心球出手(已離開手)時，受到的合力方向跟出手速度方向相同4.關于天體運動、行星運動的三大定律，下列說法正確的是(

)A.八大行星中離太陽最近的水星比離太陽最遠的海王星圍繞太陽轉一周的時間長

B.開普勒行星運動定律不僅適用于行星繞太陽的運動，也適用于衛星繞行星的運動

C.伽利略用“月-地檢驗”證實了地球繞太陽運動是因為受到來自太陽的引力

D.開普勒第三定律a3T2=k中，圍繞同一中心天體運行的所有行星(5.如圖所示，一物體在外力F(如圖甲所示)作用下運動的v?t圖像(如圖乙所示)為余弦曲線，下列判斷正確的是(

)

A.在0～t2時間內外力一直做正功，在t1～t2時間內外力的功率逐漸減小

B.在0～t2時間內外力一直做正功，在t1～t2時間內外力的功率先增大后減小6.宇宙中存在一些離其他恒星較遠的、由三顆星組成的三星系統，通常可忽略其他星體對它們的引力作用.如圖所示，三顆星始終位于同一直線上，兩顆環繞星(質量相等)圍繞中央星在同一半徑為R的圓形軌道上運行，中央星的質量是每顆環繞星質量的2倍.引力常量為G，環繞星繞中央星做勻速圓周運動的周期為T，則每顆環繞星的質量為(

)

A.4π2R33GT2 7.如圖所示，水平圓盤上放有小鐵碗A(可視為質點)，將圓盤在水平面內由靜止開始繞過圓盤中心O的軸轉動，逐漸增大圓盤的角速度，質量為0.1kg的小鐵碗從圓盤的邊緣飛出，經過0.2s落地，落地點距飛出點在地面投影點的距離為80cm.A.0.2J B.0.4J C.0.8J8.如圖所示，質量為m=0.2kg的小物塊放在足夠長的水平面上，用水平細線(不計粗細)緊繞在半徑為R=0.5m的薄壁圓筒上，t=0時刻，圓筒在電動機帶動下由靜止開始繞豎直中心軸轉動，圓筒角速度隨時間變化的關系式為ω=1?A.小物塊的速度隨時間的變化滿足v=2t

B.物體做勻加速直線運動的加速度大小為2.5m/s2

C.二、多選題：本大題共2小題，共8分。9.如圖所示，一位跳高運動員質量為62kg、身高為1.82m，在某次背越式跳高中跳過2.36m高的橫桿而平落在墊子上，落墊時運動員的重心離地高度為66cm.重力加速度g取10mA.運動員上升到最高點的過程中重力勢能大約增加899J

B.運動員上升到最高點的過程中重力勢能大約減少1798J

C.運動員下降階段重力做功大約為1054J

D.運動員下降階段重力做功大約為527J10.如圖所示，人造地球衛星M、N(可看作質點)繞地球的運動可視為勻速圓周運動，衛星N為地球同步軌道衛星.C是緯度為α的地球表面上一點，若某時刻C、M、N與地球自轉軸在同一平面內，其中O、C、M在一條直線上，且∠OMN=A.衛星M的向心加速度小于地球表面上C點的向心加速度

B.地球表面上C點做勻速圓周運動的圓心與衛星M做勻速圓周運動的圓心不同

C.衛星M與衛星N的周期之比為cos3α

D.衛星M與衛星三、實驗題：本大題共2小題，共18分。11.圖甲是“探究平拋運動的特點”的實驗裝置圖.(1)(單選)在安裝實驗裝置的過程中，應對實驗裝置反復調節，直到斜槽M末端切線必須是水平的，這樣做的目的是

A.保證小球飛出時，速度既不太大，也不太小B.保證小球飛出時，初速度水平C.保證小球在空中運動的時間每次都相等D.保證小球運動的軌道是一條拋物線(2)實驗中正確記錄了小球的軌跡，得到如圖乙所示的方格紙中a、b、c、d四個位置，測得小格的邊長為L，小球經過相鄰兩點的時間間隔為T，則小球通過b點時的豎直分速度大小為

，小球從斜槽M末端Q點運動到a點經歷的時間為

12.某同學用如圖甲所示的裝置探究向心力跟角速度的關系.滑塊套在光滑水平桿上，隨桿一起繞豎直桿做勻速圓周運動，力傳感器通過一細繩連接滑塊，用來測量向心力F的大小.滑塊上固定一遮光片，圖示位置滑塊正上方有一光電門固定在鐵架臺的橫桿上.滑塊每經過光電門一次，通過力傳感器和光電門就同時獲得一組向心力F和角速度ω的數據.

(1)(單選)本實驗采用的科學方法是

A.控制變量法B.等效替代法C.理想實驗法D.建立物理模型法(2)為探究向心力跟角速度的關系，實驗中需要保持滑塊的質量和轉動的

(3)已知滑塊旋轉半徑為R，旋轉過程中每次遮光片經過光電門時的遮光時間為Δt，滑塊上固定的遮光片寬度為d，則角速度(4)在探究向心力跟角速度ω的關系時，選用質量適當的滑塊和長度適當的細線，多次改變豎直桿轉速，記錄多組力和計算出的對應角速度，用圖像法來處理數據，畫出了如圖乙所示的圖像，該圖線是一條過原點的直線，則圖像橫坐標表示的物理量可能是

(A.ωB.ωC.1D.1ω四、計算題：本大題共3小題，共30分。13.如圖所示，把小車放在傾角θ=30°固定光滑的斜面上，用輕繩跨過定滑輪使之與盛有沙子的小桶相連，不計滑輪質量及摩擦，已知小桶與沙子的總質量為m，小車的質量為3m，重力加速度大小為g，不計空氣阻力，小車從靜止釋放后，小車離底端足夠遠，小桶始終未觸及滑輪.在小桶豎直上升H的過程中，求：(1)(2)小車的最大速度及小車的最大動能14.近日，中國第41次南極科學考察活動圓滿落下帷幕，備受矚目的“雪龍”號從南極出發經赤道返回上海.某同學設想，在考察船“雪龍號”上做一些簡單的實驗，來測定引力常量：當“雪龍號”停泊在赤道時，用彈簧測力計測量一個鉤碼的重力，記下彈簧測力計的讀數F1，當“雪龍號”到達南極后，仍用彈簧測力計測量同一個鉤碼的重力，記下彈簧測力計的讀數F2.地球自轉的周期為T，地球的平均密度為ρ，圓周率為π，不考慮地球兩極與赤道半徑差異.(1)(2)若已知地球的半徑為R015.如圖所示，傾角為30°的斜面AB與水平面BE在B點平滑連接，半徑為R的豎直光滑圓軌道與水平面在C點平滑連接，一質量為m的小物塊(可看成質點)P從A點由靜止釋放，P沿斜面下滑并從C點進入圓軌道，恰好能通過軌道最高點D，再次運動到C點后進入水平面，小物塊離開E點后做平拋運動，落在半徑為22R的四分之一光滑圓弧軌道MN上，E點為該軌道的圓心.已知B、C間光滑，小物塊P與斜面間的動摩擦因數μ1=36，小物塊P與水平面C、E間的動摩擦因數μ2=1(1)A點距水平面(2)小物塊P對圓軌道最低點C(3)小物塊P運動到E點時的速度大小和剛落到MN圓弧上時的動能.答案和解析1.【答案】A

【解析】當物體的運動速度遠小于光速時，相對論和經典力學的結論相差不大，故經典力學是適用的，選項A正確;

相對論時空觀認為時間和空間與物體及其運動有關系，選項B錯誤;

經典力學只適用于宏觀物體、低速運動問題，不適用于高速運動的問題，選項C錯誤;

經典力學認為時間和空間是獨立于物體及其運動而存在的，選項D錯誤.2.【答案】C

【解析】速度變化量大，速度不一定大，根據Ek=12mv2可知物體的動能不一定大，故A錯誤；

動能定理W合=△Ek，故C3.【答案】B

【解析】實心球以與水平方向成一定角度的初速度拋出，在重力作用下做勻變速曲線運動，選項A錯誤;

斜拋運動只在豎直方向受重力，故將速度分解到水平和豎直方向后，可以看作水平方向上的勻速和豎直方向上的勻變速運動，故任何斜拋運動都可以看成是兩個方向上的直線運動的合運動，選項B正確;

實心球投擲之后做的是斜拋運動，其成績的好壞為水平位移，即x=v0cosθ?2v04.【答案】B

【解析】所有行星的軌道的半長軸的三次方跟公轉周期的二次方的比值都相等，其表達式為a3T2=k.則知離太陽較近的行星，圍繞太陽轉一周的時間短，離太陽較遠的行星，圍繞太陽轉一周的時間長，選項A錯誤;

開普勒行星運動定律也適用于其他天體，例如月球、衛星繞地球的運動，選項B正確;

牛頓用“月-地檢驗”證實了萬有引力定律的普適性，牛頓認為行星繞太陽運動是因為受到太陽的引力作用，引力大小與行星到太陽的距離的二次方成反比，選項C錯誤;

開普勒第三定律a5.【答案】D

【解析】由動能定理知0～t2時間內，動能增量為0，即外力做功為0，外力先做負功后做正功;t1時刻F最大，v=0，F的功率為0，t2時刻F=06.【答案】D

【解析】設每顆環繞星的質量為m，則中央星的質量為2m，

對任一環繞星，有Gm2(2R)27.【答案】C

【解析】解：小物體飛出后做平拋運動，其水平位移x=80×10?2m，由平拋運動規律有

v=xt

代入數據解得v=4m/s8.【答案】D

【解析】A、圓筒角速度隨時間變化的關系式為ω=1?t，圓筒邊緣線速度與物塊前進速度大小相同v=Rω，小物塊的速度隨時間的變化滿足v=0.5t，故A錯誤;

B、物體做勻加速直線運動a=△v△t=0.5m/s2，故B9.【答案】AC

【解析】運動員上升到最高點，重心升高的距離為h1=2.36m?1.822m=1.45m，克服重力做功W1=m10.【答案】BC

【解析】因為∠OMN=90°，所以ON>OM，即N衛星勻速圓周運動半徑大于M衛星半徑，由GM地mr2=mω2r，得ω=GM地r3，知ωN<ωM，又ωC=ωN，所以ωC<ωM，由rC<rM，a=ω2r11.【答案】(1)B；(【解析】(1)平拋運動初速度的大小不是由斜槽末端是否水平決定的，而是由小球釋放點到斜槽水平端的豎直高度決定的，選項A錯誤;

研究平拋物體的運動，旨在弄清物體在水平和豎直兩個方向上怎樣運動，必須保證小球拋出時速度是水平的，并非要研究小球在空中運動的時間，選項B正確，C錯誤;

無論小球飛出的初速度是水平的還是傾斜的，其運動軌跡都是一條拋物線，選項D錯誤。

(2)根據勻變速直線運動中間時刻的瞬時速度等于該段過程的平均速度，則有小球經b點時的豎直分速度大小為vby=△h△t=2L+3L2T=5L12.【答案】(1(2(3)

(

【解析】(1故選A；(2(3)每次遮光片經過光電門時的遮光時間為

Δt

，滑塊上固定的遮光片寬度為d根據

v=ωR

，可得角速度為(4)根據可知

F?ω2

圖像是過原點的直線，可知圖乙中橫坐標表示的物理量可能是

ω213.【答案】解：(1)系統做加速運動，隔離分析小車可知3mgsin30°?FT