2024-2025學年安徽省滁州市高三（第一次）質量監測物理試卷（2月）一、單選題：本大題共8小題，共32分。1.轉動動能是物體動能的一種形式，它是指物體繞某一軸旋轉所具有的能量，轉動動能的公式為Ek=12Jω2，其中A.kg?m2 B.kg?m?s-1 C.2.如圖所示為真空中兩點電荷A、B形成的電場中的一簇電場線，該電場線關于圖中虛線對稱，O點為兩電荷連線的中點，M、N為兩電荷連線的中垂線上的兩點，且OM=ON。下列說法正確的是(

)

A.A、B可能帶等量異種電荷

B.M、N兩點的電場強度均為零

C.M、N兩點的電勢相等

D.同一試探電荷在M、N兩點處所受電場力相同3.2024年9月19日，我國在西昌衛星發射中心成功發射第59顆、第60顆北斗導航衛星，該組衛星屬中圓地球軌道(MEO)衛星，運行軌道離地高度大約為22000千米。2024年10月30日，神舟十八號航天員乘組順利打開“家門”，歡迎遠道而來的神舟十九號航天員乘組入駐中國空間站，完成中國航天史上第5次“太空會師”，中國空間站在離地400～450千米的高度上繞地球做勻速圓周運動。下列說法正確的是(

)A.MEO衛星運行的線速度大于空間站運行的線速度

B.MEO衛星運行的角速度大于地球自轉的角速度C.MEO衛星運行的線速度大于地球的第一宇宙速度

D.空間站中的宇航員不受地球的引力作用4.如圖所示，質量為1kg的物塊靜止在光滑水平地面上，在水平向右的恒力F=4N的作用下開始運動，依次通過A、B、C、D四個位置。已知AB=3m、CD=15m，且通過AB段和CD段的時間均為1s，則通過BC段的時間為(

)

A.1s B.2s C.3s D.4s5.如圖所示，固定在豎直平面內半徑均為1m的兩金屬圓環平行正對，相距為3m，圓環的電阻不計。導體棒ab搭在兩環的最低點，接入電路的電阻為0.5Ω。用導線將一阻值為1Ω的電阻R與兩圓環相連，理想交流電壓表V接在電阻R兩端。整個空間存在磁感應強度大小為B=1T、方向豎直向下的勻強磁場。若導體棒ab在外力作用下以6r/min的轉速繞兩圓環的中心軸O1O2緊貼圓環勻速轉動，則導體棒ab在運動過程中，電壓表的示數為(

)A.2π2V B.22π36.乒乓球運動深受廣大群眾喜愛。如圖所示，球網固定在球臺的中央，運動員在球臺邊緣中點M處正上方高為h處將乒乓球水平發出，乒乓球反彈后擦著掠過球網并落在對方球臺邊緣中點N處。已知乒乓球落到臺面上反彈前后水平分速度不變，豎直分速度大小不變、方向相反，不考慮兵乓球的旋轉和空氣阻力，則球網的高度為(

)

A.12h B.35h C.7.如圖所示，輕桿的一端用鉸鏈固定于豎直墻壁上的B點，另一端固定一個輕質小滑輪C。繞過滑輪的輕繩一端固定在墻上的A點，另一端掛一質量為m的物塊，物塊處于靜止狀態。若不計一切摩擦，則下列說法正確的是(

)

A.將A點豎直向上緩慢移動少許后，桿對滑輪的作用力增大

B.將A點豎直向下緩慢移動少許后，桿對滑輪的作用力大小不變

C.將A點沿著墻壁豎直向上緩慢移動時，輕桿BC保持不動

D.將A點沿著墻壁豎直向下緩慢移動時，輕桿BC繞著B點逆時針轉動8.如圖甲所示，一長直U型金屬導軌在水平面內固定放置，導軌間距為L，電阻不計，在導軌的左端接有一個阻值為R的電阻。質量為m的金屬棒ab垂直導軌放置，與導軌之間的動摩擦因數為μ，接入電路中的電阻為R。整個空間存在磁感應強度大小為B、方向豎直向上的勻強磁場。在t=0時刻，對金屬棒施加一個水平拉力F，F隨時間變化的圖像如圖乙所示，金屬棒運動過程中與導軌接觸良好。在t=2t0時刻金屬棒的速度達到最大值。已知重力加速度為g，假設最大靜摩擦力的大小等于滑動摩擦力。下列說法正確的是(

)

A.金屬棒的最大速度為0.5μmgRB2L2

B.在0～2t0時間內摩擦力的沖量大小為2μmgt0

C.在0～2二、多選題：本大題共2小題，共8分。9.如圖所示，一光滑圓環固定在豎直平面內，A、C兩點為豎直直徑的兩個端點，B點與圓心O等高，一質量為m的小球套在圓環上。某時刻小球從靜止開始由圓環上的A點經B點自由下滑。已知重力加速度為g，則小球從A點下滑到C點的過程中(

)

A.先處于超重狀態后處于失重狀態

B.對圓環的作用力的最大值為5mg

C.對圓環的作用力最小時，小球所在處的半徑與OA的夾角θ滿足cosθ=23

D.對圓環的作用力最小時，小球所在處的半徑與OA的夾角10.如圖所示，半徑為R、質量為m的14圓槽AB靜止在水平地面上，底端B點的切線水平。一質量為3m的小球甲靜止在圓槽右側的水平地面上，其左側連有一輕質彈簧，彈簧左端到圓槽底端B點的距離為R。現將質量為m的小球乙(可視為質點)從圓槽頂端的A點由靜止釋放。已知重力加速度為g，不計一切摩擦，則下列說法正確的是(

)

A.在球乙下滑過程中，圓槽與球乙組成的系統動量不守恒

B.球乙剛與彈簧接觸時，與圓槽底端B點相距3R

C.彈簧彈性勢能的最大值為316mgR

D.三、實驗題：本大題共2小題，共18分。11.某實驗小組用如圖甲所示裝置驗證牛頓第二定律。細繩通過定滑輪連接兩個小桶A和B，在A桶中放有若干個質量相同的鉤碼，在B桶中盛有一定量的細沙，打點計時器固定在鐵架臺上，所用交流電的頻率為50Hz，已知重力加速度為g。按下列步驟進行實驗：①給B桶一豎直向下的速度，通過不斷調整B中細沙的質量，直到打出的紙帶點跡均勻，此時兩桶及所有鉤碼和桶內沙子的總質量為M;②從A桶中取一個鉤碼放入B桶，釋放B桶，打點計時器打出一條紙帶;③重復步驟②的操作，得到多條紙帶。(1)某次實驗獲得如圖乙所示的紙帶，相鄰計數點間均有4個點未畫出，則桶的加速度大小為

m/s2，打下第6個計數點時桶的速度大小為

m/s。((2)實驗小組測得多組數據，以加速度a為縱坐標，B桶中鉤碼的質量m為橫坐標，得到如圖丙所示的圖像，圖像的斜率為k。若牛頓第二定律成立，則M=

(用k、g表示)。12.實驗室有一多用電表長時間未使用，某實驗小組對該多用電表的功能進行檢測：①調節指針定位螺絲，使多用電表的指針指在左端的零刻度線上;②將選擇開關分別旋轉至直流100mA擋和直流10V擋，并使用標準電流表和電壓表對這兩個擋位進行校對，發現能正常使用;③為測試歐姆擋是否能正常使用，實驗小組使用電阻箱對歐姆擋進行檢測。將多用電表的選擇開關調到歐姆擋×10擋位，將紅黑表筆短接，調節歐姆調零旋鈕，使指針指向0Ω處。該實驗小組繼續進行以下探究：(1)將開關、電阻箱、毫安表(內阻為RA=1Ω)串聯后接到多用電表的紅黑表筆兩端，如圖甲所示。則與毫安表的負接線柱連接的是

(選擇“紅”或“黑”(2)調節電阻箱阻值為R=65Ω后，閉合開關，此時多用電表指針如圖乙所示，則歐姆表讀數為

Ω，歐姆表×10擋位的內阻為

Ω。(3)在步驟(2)中，毫安表的指針如圖丙所示，其讀數為

mA，則多用電表歐姆擋內部電源的電動勢為

V。四、計算題：本大題共3小題，共30分。13.一個士兵坐在皮劃艇上，他連同裝備和皮劃艇的總質量為M=201kg，這個士兵用自動步槍在10s時間內沿水平方向連續射出了100發子彈，每顆子彈質量m=10g。若子彈離開槍口時相對地面的速度都是v0=800m/s(1)連續射擊后皮劃艇的速度大小v;(2)連續射擊時槍所受到的平均反沖作用力大小F。14.如圖所示，一帶正電小球(可視為質點)塞在一個豎直絕緣的透明圓管中，讓圓管從距地面高為h=1.25m處由靜止開始下落，圓管與地面第一次碰撞后，立即在空間加上方向豎直向上、大小E=1×103V/m的勻強電場，一段時間后圓管與地面發生第二次碰撞。圓管在運動過程中始終保持豎直，小球未從管中掉出。已知圓管與地面碰撞前后速度大小不變，碰撞時間極短，圓管的質量M=1kg，小球的質量m=2kg，小球所帶的電荷量q=3×10-2C，小球與圓管之間的滑動摩擦力大小為Ff=10N(1)求圓管第一次與地面碰撞時的速度大小v(2)求圓管第二次與地面碰撞時的速度大小v(3)要使小球在第二次與地面碰撞前不從管中掉出，求管的最小長度L。15.如圖甲所示的坐標系中x<0區域有沿y軸負方向的勻強電場，x>0區域有垂直紙面的勻強磁場，磁感應強度的大小和方向隨時間變化的關系如圖乙所示，取垂直紙面向里為磁感應強度的正方向，圖中B0=1T。一足夠大的熒光屏垂直于x軸放置并可沿x軸水平移動?，F有一質量m=2×10-12kg，電量q=+3×10-9C的帶電粒子從電場中的P點沿平行x軸方向以初速度v0=3003m/s射入電場，然后從坐標原點O進入磁場。已知P點到x軸的距離為0.15m(1)勻強電場的場強大小E;(2)粒子在磁場中運動時到x軸的最遠距離d;(3)若要使帶電粒子垂直打在熒光屏上，熒光屏在x軸上可能位置的坐標?！緟⒖即鸢浮?.【答案】A

【解析】由Ek=12Jω2可得J=2Ek2ω2.【答案】C

【解析】【分析】

電場線是從正電荷或者無窮遠出發出，到負電荷或無窮遠處為止，電場線只是形象描述電場的假想曲線，電場線密集的地方電場強度大，沿電場線方向電勢降低。

常見電場的電場線分布及等勢面的分布要求我們能熟練掌握，并要注意沿電場線的方向電勢是降低的，同時注意等量異號電荷形成電場的對稱性，加強基礎知識的學習，掌握住電場線的特點，即可解決本題。

【解答】

AB.根據電場線的特點，從正電荷出發到負電荷終止可以判斷，A、B是兩個等量同種正電荷，故AB錯誤；

C.根據對稱性可知，M、N兩點處的電勢相等，故C正確；

D.同一試探電荷在M、N兩點處場強大小相等方向相反，所受電場力大小相等，方向一定相反，故D錯誤。

故選C。3.【答案】B

【解析】A.設地球的質量為M，人造衛星做勻速圓周運動的半徑；為r，根據萬有引力提供向心力有GMmr2=mv2r，解得v=GMr；由于MEO衛星運行的軌道半徑大于空間站運行的軌道半徑，所以MEO衛星運行的線速度小于空間站運行的線速度，故A錯誤；

B.由GMmr2=mω2r可得：ω=GMr3；地球同步衛星的高度約為36000km大于MEO衛星的高度，所以MEO衛星運行的角速度大于地球自轉的角速度，故B正確；

4.【答案】B

【解析】由題意可知，小物塊從靜止開始做勻加速直線運動，a=Fm=4m/s2，設物塊經過A點時的速度為v1，由物塊由A到B過程有：xAB=v1t+12at2，代入相關數據可得：v1=1m/s，故物塊到達B點時的速度v2=v1+at=5m/s，

設物塊經過C點時的速度為v3，由物塊由5.【答案】D

【解析】導體棒在金屬圓環上運動時，設導體棒與圓心連線與豎直方向夾角為θ，則導體棒切割磁感線產生的電動勢為E=

BLvcosθ，峰值為Em=BLv，其中v=2πnr，n=6r/min=0.1r/s，有效值為E=Em2

6.【答案】D

【解析】解：設球臺長為2L，球網高度為H，兵乓球初速度為v0；

乒乓球整個運動過程中兩次達到最高點，對于第一次落到臺面上，為第一次平拋運動，將從臺面上反彈后又落回臺面這一過程視為在最高點分別向左和右平拋的過程，所以乒乓球的運動過程拆分成了三次平拋運動，由于拋出的高度相同，所以從拋出到落回臺面的時間都滿足：h=12gt02；

在水平方向上每一次平拋運動都滿足：v0t0=x；

由于乒乓球反彈后速度大小不變，所以三次平拋運動的水平速度大小一樣，所以水平位移相等，均為x=2L3，球網位于臺面中間位置，所以第一次反彈到球網處的水平距離為L3；

若將乒乓球反彈到最高點逆過程看作平拋運動，則從最高點到下落到高球網處的距離為2L3-L3=L3，令時間為t，

則v0t=L3

7.【答案】D

【解析】AC.由于繩子的拉力與重力大小相等，由平衡條件得知，輕桿的支持力N與T、G的合力大小相等、方向相反，則輕桿必在T、G的角平分線上，當將A點沿墻稍上移一些，系統又處于靜止狀態時，根據幾何關系，輕桿與豎直墻壁間的夾角增大；以滑輪C為研究對象，分析受力情況，系統處于靜止狀態時，滑輪的合力為零，則繩子的拉力T和輕桿的支持力N的合力與重力G大小相等、方向相反，作出力的合成圖如圖：

而輕桿的支持力N大小等于T、G的合力大小，T與G的夾角增大，則知N減小，輕桿BC會繞著B點順時針轉動，故AC錯誤；

BD.將A點沿著墻壁豎直向下緩慢移動時，為了使滑輪處于平衡狀態，輕桿會繞著B點逆時針轉動，兩段繩子的夾角減小，T、G的合力大小增大，桿對滑輪的作用力大小增大，故B錯誤，D正確。8.【答案】C

【解析】A、對金屬棒，達到最大速度時有：BIL=F-μmg，又因為I=BLv2R，F=1，5μmg，故最大速度v=μmgRB2L2，A選項錯誤；

B、由圖像可知，t=t02時刻，F=μmg，故0-t02時間內，物體受到靜摩擦力作用，大小等于F，故在0～2t0時間內摩擦力的沖量大小I=μmg?3t02+0.5μmg+μmg2×t02=158μmgt0，B9.【答案】BC

【解析】設圓環半徑為R；

A.小球從A點靜止開始下滑，在A到B過程中，加速度方向有向下的分量，小球處于失重狀態，到達C點前一段時間，加速度豎直分量向上，小球超重狀態，故A錯誤；

B.小球下滑到C點時，速度最大，對圓環的作用力的最大；

根據機械能守恒定律：12mvC2=mg?2R

又N-mg=mvC2R；

聯立解得：N=5mg

根據牛頓第三定律，小球對圓環的作用力與圓環對小球的支持力大小相等，所以小球對圓環的作用力最大值為5mg，故B正確；

CD.設小球所在處半徑與OA的夾角為θ，根據機械能守恒定律12mv2=mgR(1-cosθ)

10.【答案】ABD

【解析】A、小球1在圓槽上運動時，系統在豎直方向上動量不守恒，A正確;

B、小球1從圓槽的A點到B點的過程中，設小球1滑到B點的速度為v0，取水平向右為正，小球1與圓槽在水平方向動量守恒：0=mv0-mv，機械能守恒：mgR=12mv02+12mv2，則v0=v=gR;設小球1到B點的過程時水平向右移動的距離為x1，圓槽向左運動的距離為x2，兩物體水平方向的相對位移為R，因此：mx1-mx2=0，x1+x2=R，x1=12R，x2=12R；此時圓槽的B點與彈簧之間新的距離L=x2+R=32R;

小球1從11.【答案】0.8200.8052gk【解析】(1)根據打點計時器測加速度的原理可得：a=(x6+x5+x4)-(x3+x2+x1)9T2=(84.6+76.4+68.1)-(60.0+51.7+43.6)12.【答案】紅10099508.25

【解析】解：(1)紅表筆與歐姆表內電源負極相連，根據“紅進黑出”可知，需要將毫安表負接線柱與紅表筆相連。

(2)由圖乙可知：歐姆表讀數為10×10Ω=100Ω；此時從萬用表直流電流擋來看，指針指在滿偏電流的

15Ig

處，根據閉合電路歐姆定律E=兩式聯立可得，R中(3)毫安表的量程為100mA，分度值為2mA，示數50mA；根據閉合電