上海市浦東新區四校2024-2025學年生物高二下期末監測試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、選擇題：（共6小題，每小題6分，共36分。每小題只有一個選項符合題目要求）1．某家系的遺傳系譜圖及部分個體基因型如圖所示，A1、A2、A3是位于X染色體上的等位基因。下列推斷正確的是A．II—2基因型為XA1XA2的概率是1/4B．III—1基因型為XA1Y的概率是1/4C．III—2基因型為XA1XA2的概率是1/8D．IV—1基因型為XA1XA1概率是1/82．人體內的殺傷T細胞（Te）依賴于細胞膜表面所具有的糖蛋白CD8的識別，能直接攻擊和殺傷其他細胞；人體內輔助T細胞（Th），能直接刺激已經結合了抗原的T細胞和B細胞的增殖。下列敘述錯誤的是A．Te和Th均是在免疫器官中發生、生長和成熟B．Te清除癌細胞，體現了免疫系統的監控與清除功能C．Te和Th中編碼CD8的基因均正常表達，發揮免疫功能D．Th既參與了人體的細胞免疫，也參與了人體的體液免疫3．將新鮮胡蘿卜切成粗細相同的5cm長條，隨機平均分為a、b、c、d、e、f組，取上述6組細條分別放在濃度不同的甘露醇溶液中，4h后測定每條胡蘿卜條的長度，統計結果如圖所示。下列有關分析不正確的是()A．實驗后，a組細胞的吸水量比b組多B．實驗后，c組細胞的細胞液濃度大于d組C．實驗后，f組細胞的細胞液滲透壓大于e組D．該實驗不設空白對照，a～f組之間相互對照4．為了研究溫度對某種酶活性的影響，設置甲乙丙三個實驗組，各組溫度條件不同，其他條件相同且適宜，測定各組在不同反應時間內的產物濃度，結果如圖。以下分析正確的是A．在t時刻之后，甲組曲線不再上升，是由于受到酶數量的限制B．在t時刻降低丙組溫度，將使丙組酶的活性提高，曲線上升C．若甲組溫度小于乙組溫度，則酶的最適溫度不可能大于乙組溫度D．若甲組溫度大于乙組溫度，則酶的最適溫度不可能大于甲組溫度5．下圖表示某類酶作用的模型，這個模型能解釋A．酶的高效性 B．酶的專一性C．酶的催化作用需適宜pH D．酶的催化作用需適宜的溫度6．當內環境的穩態遭到破壞時，必將引起A．細胞代謝紊亂B．血漿pH下降C．機體代謝加快D．細胞發生癌變二、綜合題：本大題共4小題7．（9分）請分析回答下列關于培育轉基因小鼠的問題。（1）PCR技術利用了__________原理解決了打開DNA雙鏈的問題，從一種Taq細菌中分離到________，解決了DNA聚合酶失活的新問題。（2）利用PCR技術從基因文庫中提取目的基因時，首先要根據目的基因的核苷酸序列設計并合成出____。在第__________輪開始出現目的基因片段。（3）獲取小鼠受精卵時，將雌鼠注射促性腺激素的目的是____________。然后從雌鼠__________中取出卵子，在一定條件下培養成熟；并從雄鼠附睪中取出精子，在一定條件下培養一段時間，目的是________。（4）將外源基因導入小鼠受精卵后，外源基因會隨機插入到小鼠受精卵DNA中。這種受精卵有的可發育成轉基因小鼠，有的卻死亡。請分析因外源基因插入導致受精卵死亡的最可能原因__________________。8．（10分）蟲草中的超氧化物歧化酶(SOD)具有抗衰老作用，研究人員培育了能合成SOD的轉基因酵母菌。回答下列問題：注:HindⅢ和ApaLⅠ是兩種限制酶,箭頭表示酶的切割位置。（1）將圖中的重組DNA分子用HinⅢ和ApaLⅠ完全酶切后,可得到____種DNA片段。圖示的表達載體存在氨芐青霉素抗性基因，不能導入用于食品生產的酵母菌中,據圖分析，可用______（填限制酶的種類）切除該抗性基因的部分片段使其失效，再用_________酶使表達載體重新連接起來。（2）作為受體細胞的酵母菌缺失URA3基因，必須在含有尿嘧啶的培養基中才能存活，因此，圖示表達載體上的URA3基因可作為________供鑒定和選擇，為了篩選出成功導入表達載體的酵母菌，所使用的培養基______(填“需要”或“不需要”)添加尿嘧啶。（3）目的基因進入受體細胞內，并且在受體細胞內維持穩定和表達的過程，稱為______。為了確定受體細胞中SOD基因是否轉錄,可用標記的__________作探針進行分子雜交檢測，分子雜交的原理是___________________。（4）利用蛋白質工程獲得活性更高的SOD時,需根據所設計蛋白質的結構推測其_____________序列,最終確定相對應的脫氧核苷酸序列并經____________獲得所需的基因。9．（10分）青蒿素是從黃花蒿莖葉中提取的抗瘧疾藥物。通過組織培養獲得青蒿素的途徑如圖所示。請回答下列問題。（1）外植體在接種前通常可用體積分數為________的酒精進行消毒。（2）分化培養基一般不用2，4-D，原因是________________。（3）為了得到高產細胞系，通常利用酶在________________（填“蒸餾水”或“一定濃度的甘露醇溶液”）中去除細胞壁獲得原生質體，原因是_________________。（4）對_______________進行誘變處理，更容易發生基因突變，通過個體篩選可培育出青蒿素高產植株。與從植株提取青蒿素相比，細胞產物的工廠化生產的優點有______________________（回答2點）。10．（10分）圖甲表示某綠色盆栽植物細胞內的物質轉化過程，①②③④表示相關過程．圖乙表示將該綠色盆栽植物置于密閉容器內暗處理后，測得容器內CO2和O2濃度相等（氣體含量相對值為1）。在天氣晴朗時的早6時將其移至陽光下，日落后移到暗室中繼續測量兩種氣體的相對含量，變化情況如圖乙所示．結合所學知識，請回答下列問題：（1）圖甲中表示呼吸作用過程的是________，物質Y分解的場所是_________．若光照突然停止而其他條件不變，則短時間內葉綠體中C5的含量__________、C3的含量__________（填增加、不變、減少）。（2）圖乙中該植物18時的有機物積累量_______________________（填>、=、<），20時的有機物積累量，該植物20時以后的呼吸方式為____________________。（3）圖乙中光合作用強度與呼吸作用強度相等的時刻是_____________，假設密閉玻璃罩內植株所有進行光合作用的細胞的光合作用強度一致，那么，在該時刻該植株的一個進行光合作用的細胞中物質X的產生速率____________________（填>、=、<）物質Y的產生速率。11．（15分）某動物（性別決定為XY型）的有角和無角受等位基因A和a控制；長翅和短翅受等位基因B和b、D和d控制，當B和D基因同時存在時個體表現為長翅，其他情況下個體均表現為短翅。這三對等位基因所在染色體情況未知，回答下列問題：（1）有角雌性個體與無角雄性個體交配，若F1中有角雌性：有角雄性：無角雌性：無角雄性=1：1：1：1，則由此推測兩親本的基因型有哪些可能？___________；若F1中雄性均有角，雌性均無角，且F1雌雄個體再交配，所得F2雄性中有角：無角=3:1、F2雌性中無角：有角=3：1，則由此推測兩親本的基因型為_________。（2）假設等位基因D和d位于X染色體上且等位基因B和b、D和d遵循自由組合定律基因型為_______的兩長翅親本交配，F1雄性中長翅：短翅=3：5，F1雌性中長翅：短翅=___________。（3）若等位基因A和a位于常染色體上，等位基因B和b位于X染色體上，等位基因D和d位于X和Y染色體上，則由該三對基因所構成的基因型共有___________種。

參考答案一、選擇題：（共6小題，每小題6分，共36分。每小題只有一個選項符合題目要求）1、D【解析】

分析圖示：A1、A2、A3是位于X染色體上的等位基因，已知Ⅰ-1的基因型為XA1Y，Ⅰ-2的基因型為XA2XA3，則他們所生子女的基因型為XA1XA2、XA1XA3、XA2Y、XA3Y。【詳解】A、I—1與I—2基因型是XA1Y、XA2XA3，后代II—2有兩種基因型：XA1XA2、XA1XA3，可能性各是1/2，A錯誤；B、II—2基因型為1/2XA1XA2、1/2XA1XA3，Ⅲ-1的X染色體來自II—2，III—1基因型為XA1Y的概率是1/2，B錯誤；C、II—3基因型為1/2XA1XA2、1/2XA1XA3，II—4基因型XA2Y，III—2基因型有1/2XA1XA2、1/4XA2XA2、1/4XA3XA2，C錯誤；D、III—1基因型為1/2XA1Y，III—2基因型有1/2XA1XA2，后代IV—1是女性，基因型為XA1XA1概率是1/2×1/2×1/2=1/8，D正確。故選D。2、C【解析】Te和Th均屬于免疫細胞，均是在免疫器官中發生、生長和成熟，A正確；T細胞（Te）依賴于細胞膜表面所具有的糖蛋白CD8的識別，能直接攻擊和清除癌細胞，體現了免疫系統的監控與清除功能，B正確；糖蛋白CD8位于Te細胞膜表面，而Th細胞膜表面沒有CD8，因此Te中編碼CD8的基因正常表達并發揮免疫功能，但Th中編碼CD8的基因沒有表達，C錯誤；人體內輔助T細胞（Th），能直接刺激已經結合了抗原的T細胞和B細胞的增殖，說明Th既參與了人體的細胞免疫，也參與了人體的體液免疫，D正確。3、B【解析】

新鮮馬鈴薯條5cm，如果長度變小，說明外界溶液濃度高，細胞失水；長度增加，說明外界溶液濃度低，細胞吸水；長度不變，說明是外界溶液和細胞液是等濃度溶液，細胞吸水和失水處于動態平衡。【詳解】A、實驗后，a組長度變長，說明細胞吸水，細胞液濃度變低；b組長度不變，說明細胞吸水和失水處于動態平衡，細胞液濃度不變，因此a組細胞的吸水量比b組多，A正確；B、實驗后，c組長度變小，說明細胞失水；d組長度變小，說明細胞失水，從圖中可知d組的長度小于a組，說明d組失水較a組多；因此c組細胞的細胞液濃度小于d組，B錯誤；C、根據以上分析可知，實驗后f組的細胞長度最小，所以其滲透壓最高，故f組細胞的細胞液滲透壓大于e組，C正確；D、該實驗不設空白對照，a～f組之間相互對照，D正確。故選B。本題難度不大，屬于考綱中理解層次的要求，考查了質壁分離的條件，考生要能夠從曲線中看出細胞液的等滲溶液，在低濃度溶液中吸收膨脹，高濃度溶液中失水發生質壁分離。4、C【解析】在t時刻之后，甲組曲線不再上升，是由于受到底物數量的限制，A錯誤；丙組產物濃度達不到平衡點，說明高溫使酶變性失活，在t時刻降低丙組溫度，不能使酶的活性提高，B錯誤；甲組比乙組提前達到平衡點，說明甲組更接近最適溫度，若甲組溫度小于乙組溫度，則酶的最適溫度不可能大于乙組溫度，C正確；甲組比乙組提前達到平衡點，說明甲組更接近最適溫度，若甲組溫度大于乙組溫度，則酶的最適溫度可能大于甲組溫度，D錯誤．5、B【解析】

酶是活細胞產生的具有生物催化能力的有機物，大多數是蛋白質，少數是RNA；酶的催化具有高效性（酶的催化效率遠遠高于無機催化劑）、專一性（一種酶只能催化一種或一類化學反應的進行）、需要適宜的溫度和pH值（在最適條件下，酶的催化活性是最高的，低溫可以抑制酶的活性，隨著溫度升高，酶的活性可以逐漸恢復，高溫、過酸、過堿可以使酶的空間結構發生改變，使酶永久性的失活），據此分析解答。【詳解】B.分析題圖，A在反應前后數量和性質不變，A是酶，A只能催化D的反應，對B和C不起作用，說明酶只能催化一種或一類化學反應，即酶具有專一性．故B正確。ACD.由于本題模型與酶的高效性和催化需要適宜的溫度和PH無關，所以ACD錯誤。正確識別圖示酶的專一性模型含義是判斷本題的關鍵。6、A【解析】

關于“內環境穩態的調節”應掌握以下幾點：（1）實質：各種成分和體內滲透壓、溫度、pH等理化特性呈現動態平衡的過程；（2）定義：在神經系統和體液的調節下，通過各個器官、系統的協調活動，共同維持內環境相對穩定的狀態；（3）調節機制：神經-體液-免疫調節網絡；（4）生理意義：是機體進行正常生命活動的必要條件。【詳解】內環境穩態是機體進行正常生命活動的必要條件，因此當內環境穩態遭到破壞時，必然會引起細胞代謝紊亂，A正確；當內環境的穩態遭到破壞時，不一定導致血漿pH下降，B錯誤；內環境穩態是機體進行正常生命活動的必要條件，因此當內環境穩態遭到破壞時，可能導致機體代謝加快，也可能導致代謝減慢，C錯誤；內環境穩態遭到破壞時，不一定會引起細胞發生癌變，D錯誤。本題考查內環境穩態的相關知識，要求考生識記內環境穩態的概念、調節機制、生理意義等基礎知識，能準確判斷各選項，屬于考綱識記層次的考查。二、綜合題：本大題共4小題7、DNA的熱變性熱穩定的DNA聚合酶（或Taq酶）兩種引物三促進排卵（或超數排卵）輸卵管使精子獲能外源基因的插入使受精卵內生命活動必需的某些基因不能正常表達【解析】試題分析：基因工程的基本步驟包括目的基因的獲取、構建基因表達載體、將目的基因導入受體細胞、目的基因的檢測與鑒定。PCR全稱為聚合酶鏈式反應，是一項在生物體外復制特定DNA的核酸合成技術，其原理是DNA雙鏈復制；PCR技術的過程包括：①高溫變性：DNA解旋過程（PCR擴增中雙鏈DNA解開不需要解旋酶，高溫條件下氫鍵可自動解開）；②低溫復性：引物結合到互補鏈DNA上；③中溫延伸：合成子鏈。（1）PCR技術利用了DNA的熱變性原理解決了打開DNA雙鏈的問題；從一種Taq細菌中分離到熱穩定的DNA聚合酶，解決了DNA聚合酶失活的新問題。（2）利用PCR技術從基因文庫中提取目的基因時，首先要要有一段已知目的基因的核苷酸序以便合成一對引物；PCR技術中，第三輪開始出現目的基因片段。（3）對雌鼠注射促性腺激素的目的是促使其超數排卵；受精作用使用的是處于減數第二次分裂中期的次級卵母細胞，因此應該從輸卵管取卵；從雄鼠附睪中取出精子需要在一定條件下培養一段時間，以便精子的獲能。（4）外源基因插入導致受精卵死亡的最可能原因是外源基因的插入使受精卵內生命活動必需的某些基因不能正常表達。8、3ApaLⅠDNA連接標記基因不需要轉化SOD基因堿基互補配對氨基酸基因修飾【解析】

分析題圖可知，圖中基因表達載體中的目的基因是外源PSSOD基因，氨芐青霉素抗性基因是標記基因；該基因表達載體中存在HindIII的一個酶切位點，存在ApaLI的兩個酶切位點，因此用兩種酶同時切割環狀質粒，會得到3種不同的DNA片段。【詳解】（1）根據以上分析已知，圖中的重組DNA分子中存在HindIII的一個酶切位點，存在ApaLI的兩個酶切位點，因此用兩種酶同時切割環狀質粒，會得到3種不同的DNA片段。根據題意分析，圖示的表達載體存在氨芐青霉素抗性基因，不能導入用于食品生產的酵母菌中，因此可以利用ApaLⅠ切除該抗性基因的部分片段使其失效，再用DNA連接酶使表達載體重新連接起來。（2）根據題意分析，已知作為受體細胞的酵母菌缺失URA3基因，必須在含有尿嘧啶的培養基中才能存活，因此圖示表達載體上的URA3基因可作為標記基因，供鑒定和選擇；由于導入的表達載體的酵母菌中含有URA3基因，而普通酵母菌中不含有URA3基因，因此為了篩選出成功導人表達載體的酵母菌，所使用的培養基不需要添加尿嘧啶。（3）目的基因進入受體細胞內，并且在受體細胞內維持穩定和表達的過程稱為轉化。為了確定受體細胞中SOD基因是否轉錄出相應的RNA，可用標記的SOD基因作探針進行分子雜交檢測，其原理是堿基互補配對。（4）利用蛋白質工程獲得活性更高的PSSOD時，需根據所設計蛋白質的結構推測其氨基酸序列，最終確定相對應的脫氧核苷酸序列并經基因修飾獲得所需的基因。解答本題的關鍵是識記限制酶的作用特點和結果、標記基因的功能，掌握蛋白質工程的一般過程和方法，再結合題干信息準確解答。9、70%2，4-D趨向于抑制植物形態的發生，一般不用于分化培養基一定濃度的甘露醇溶液獲得的原生質體在蒸餾水中會吸水漲破（獲得的原生質體要在一定濃度的甘露醇溶液中才能維持形態）愈傷組織產量高、產物純度高、降低生產成本【解析】

圖示為通過組織培養獲得青蒿素的兩條途徑：一是通過植物組織培養技術獲得脫毒苗，再從莖葉中獲得相應的產物；二是采用植物細胞培養技術獲得大量細胞，進而獲得細胞產物。【詳解】(1)在接種前對外植體進行消毒，通常用體積分數為70%的酒精。(2)在分化培養上培養的目的是將愈傷組織誘導出試管苗。由于2，4-D趨向于抑制植物形態的發生，所以一般2，4-D不用于分化培養基。(3)植物原生質體獲得的方法是：在0.5～0.6mol/L的甘露醇溶液環境（較高滲透壓）下用纖維素酶和果膠酶混合液處理實驗材料，將細胞壁消化除去，獲得球形的原生質體。這是因為獲得的原生質體在蒸餾水中會吸水漲破，而在一定濃度的甘露醇溶液中才能維持其形態。(4)愈傷組織是經過脫分化形成，其細胞分化程度低、分裂能力強，容易受到培養條件和外界壓力的影響而產生突變，所以對愈傷組織進行誘變處理，更容易發生基因突變。與從植株提取青蒿素相比，細胞產物的工廠化生產的優點有：產量高、產物純度高、降低生產成本。解答此題的關鍵是識記并理解植物組織培養的具體過程及其應用。在此基礎上，以圖示中的“箭頭指向和文字信息”為切入點，結合題意對各問題情境進行分析解答。10、①②線粒體基質或細胞質基質減少增加>有氧呼吸與無氧呼吸8時、17時>【解析】

據圖分析：圖甲中，①表示細胞呼吸的第一階段，②表示有氧呼吸的第二階段或酒精途徑無氧呼吸的第二階段，③表示暗反應階段的二氧化碳的固定過程，④表示暗反應中三碳化合物的還原過程，X表示三碳化合物，Y表示丙酮酸。圖乙中，兩條曲線在20時前沿水平虛線上下對稱，說明裝置內只有有氧呼吸和光合作用，20時后不對稱且釋放的二氧化碳量大于有氧呼吸消耗的氧氣量，說明植物除進行有氧呼吸外還進行無氧呼吸。【詳解】（1）根據以上分析已知，圖甲中代表呼吸作用的是①②，物質Y表示表示丙酮酸，其在線粒體基質（有氧呼吸第二階段）或細胞質基質（無氧呼吸第二階段）被分解；若光照突然停止而其他條件不變，則光反應停止，[H]和ATP的生成受阻，三碳化合物的還原減慢，而短時間內二氧化碳與五碳化合物生成三碳化合物的過程基本不變，所以短時間內三碳化合物的含量增加、五碳化合物的含量降低。（2）據圖分析，圖乙中該植物18時的二氧化碳含量低于20時的，所以其18時的有機物積累量大于20時的有機物積累量。根據以上分析已知，20時后該植物除進行有氧呼吸外還進行無氧呼吸。（3）密閉容器內植物的光合作用與呼吸作用的曲線中，曲線的拐點表示光合速率與呼吸速率相等，即圖乙中的8時和17時。由于此時只有綠色細胞能夠進行光合作用，而植物體內還有許多細胞不能進行光合作用卻還有進行呼吸作用消耗有機物，所以該植株的一個進行光合作用的細胞中物質X（三碳化合物）的產生速率大于物質Y（丙酮酸）的產生速率。解答本題的關鍵是掌握光合作用和呼吸作用的詳細過程，準確判斷圖甲中各個數字代表的過程的名稱和各個字母代表的物質的名稱，并能夠利用所學知識分析圖2曲線圖中不同時間段內可以進行的代謝類型。11、Aa、aa，XAXa、XaY或XAXa、XaYaAA、aaBbXDXd、