廣西桂林市2024-2025學年物理高二下期末達標檢測模擬試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖甲所示是一種速度傳感器的工作原理圖，在這個系統中B為一個能發射超聲波的固定小盒子，工作時小盒子B向被測物體發出短暫的超聲波脈沖，脈沖被運動的物體反射后又被B盒接收，從B盒發射超聲波開始計時，經時間t0再次發射超聲波脈沖，圖乙是連續兩次發射的超聲波的位移-時間圖象，則下列說法正確的是（）A．超聲波的速度為B．超聲波的速度為C．物體的平均速度為D．物體的平均速度為2、如圖，直角三角形金屬框abc放置在勻強磁場中，磁感應強度大小為B，方向平行于ab邊向上．當金屬框繞ab邊以角速度ω逆時針轉動時，a、b、c三點的電勢分別為Ua、Ub、Uc．已知bc邊的長度為l．下列判斷正確的是（）A．Ua＞Uc，金屬框中無電流B．Ub＞Uc，金屬框中電流方向沿a﹣b﹣c﹣aC．Ubc=﹣Bl2ω，金屬框中無電流D．Ubc=Bl2ω，金屬框中電流方向沿a﹣c﹣b﹣a3、下列說法正確的是A．布朗運動是懸浮在液體中固體顆粒的分子無規則運動的反映B．攝氏溫度和熱力學溫度都可能取負值C．知道某物質的摩爾質量和密度可求出阿伏加德羅常數D．內能不同的物體，它們分子熱運動的平均動能可能相同4、下列說法中正確的是（?）A．相對論只適用于慣性參考系B．電磁波與機械波一樣都有衍射、干涉現象、所以它們沒有本質的區別C．沿著一個特定方向傳播的光叫偏振光D．光的反射現象和折射現象不能說明光是不是橫波5、圖示為由子與質子構成的氫原子的能級示意圖。已知氫原子躍遷遵循玻爾原子理論，則對于一個處于能級的氫原子，下列說法正確的是（）A．最多會放出4種不同頻率的光子B．不可能放出能量為的光子C．可能放出能量為的光子D．可能放出能量為的光子6、如圖，三個速度大小不同的同種帶電粒子沿同一方向從圖示長方形區域的勻強磁場邊緣射入，當它們從下邊緣飛出時相對入射方向的偏角分別為90°、60°、30°，則它們在磁場中運動時間之比分別為()A．1：1：1 B．1：2：3 C．3：2：1 D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，水平地面上有一半徑為R的半圓形凹槽，半徑OA水平，半徑OB與半徑OC垂直，OC與水平方向的夾角．現將小球（視為質點）從A點以某一速度水平拋出后恰好落到B點；若將該小球從A點以另一速度水平拋出，結果恰好落到C點，以O點所在的水平面為參考平面，則下列說法正確的是（）A．小球先后兩次被拋出的速度大小之比為B．小球剛到達B點時的動能與剛到達C點時的動能之比為17：39C．小球到達B點前的加速度與到達C點前的加速度大小之比為D．小球剛達B點時的機械能與剛到達C點時的機械能之比為1：278、下列說法正確的是（）A．液體中懸浮的微粒越大，布朗運動越顯著B．當分子力表現為引力時，分子勢能隨分子間距離的增大而增大C．第二類永動機不可能制成，因為它違反能量守恒定律D．一定質量的理想氣體，當它的壓強、體積都增大時，其內能一定增加E.因為液體表面層分子分布比內部稀疏，因此液體表面有收縮趨勢9、如圖所示，質量均為M的物塊A、B疊放在光滑水平桌面上，質量為m的物塊C用跨過輕質光滑定滑輪的輕繩與B連接，且輕繩與桌面平行，A、B之間的動摩擦因數為μ，設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度大小為g，下列說法正確的是（）A．物塊A運動的最大加速度為μgB．輕繩對定滑輪的作用力為2C．若物塊A、B未發生相對滑動，物塊A受到的摩擦力為MmgD．要使物塊A、B發生相對滑動，應滿足關系m>10、如圖所示，空間某處存在豎直向下的勻強電場和垂直紙面向里的勻強磁場，一個帶負電的金屬小球從M點水平射入場區，經一段時間運動到N點，關于小球由M到N的運動，下列說法正確的是()A．小球可能做勻變速運動 B．小球一定做變加速運動C．小球動能可能不變 D．小球機械能守恒三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示的電路圖是利用半偏法測量一塊電流計G(量程300μA，內阻100Ω到200Ω之間)的內阻Rg現有器材如下：A．直流電源(輸出電壓12V)B．電阻箱(999.9Ω)C．滑動變阻器(500Ω)D．電位器(5kΩ)E.電位器(50kΩ)①電阻器R2選用________，電阻器R1選用②為了測定電流計G的內阻，在接通電路前，先把電阻器R1、的阻值調到最大。然后操作步驟依次是________(填選項前的字母)，最后記錄R2的阻值.A．閉合KB．閉合KC．調節R1D．調節R1E.調節R2F.調節R2③若電流計半偏時，R2的阻值為120.0Ω，則電流計內阻Rg的測量值為_________Ω，由于存在系統誤差，該測量值________電流計內阻的真實值(填“大于”或“小于”)。造成這種誤差的原因是________________________________________。12．（12分）某同學用如圖甲所示裝置驗證動量守恒定律。主要實驗步驟如下：(ⅰ)將斜槽固定在水平桌面上，調整末端切線水平；(ⅱ)將白紙固定在水平地面上，白紙上面放上復寫紙；(ⅲ)用重錘線確定斜槽末端在水平地面上的投影點O；(ⅳ)讓小球A緊貼定位卡由靜止釋放，記錄小球的落地點，重復多次，確定落點的中心位置Q；(ⅴ)將小球B放在斜槽末端，讓小球A緊貼定位卡由靜止釋放，記錄兩小球的落地點，重復多次，確定A、B兩小球落點的中心位置P、R；(ⅵ)用刻度尺測量P、Q、R距O點的距離x1、x2、x3；(ⅶ)用天平測量小球A、B質量m1、m2；(ⅷ)分析數據，驗證等式m1x2=m1x1+m2x3是否成立，從而驗證動量守恒定律。請回答下列問題(1)步驟(ⅴ)與步驟(ⅳ)中定位卡的位置應_____________；(2)步驟(ⅶ)用天平測得A的質量為17.0g。測量小球B的質量時將小球B放在天平的__盤，__盤放上一個5g砝碼，游碼如圖乙位置時天平平衡；(3)如圖丙是步驟(ⅵ)的示意圖。該同學為完成步驟(ⅷ)設計了下列表格，并進行了部分填寫，請將其補充完整①_______②_________③___________。物理量碰前碰后m/gm1＝17.0m1＝17.0m2＝①x/cmx2＝50.35x1＝②x3＝74.75mx/g·cmm1x2＝855.95m1x1+m2x3=③四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，一個內壁光滑的汽缸豎直放置，內有兩個重力均為30N的密閉活塞，將缸內理想氣體分成I、II兩部分，其中活塞A導熱，活塞B及側壁均絕熱．初狀態整個裝置靜止不動并且處于平衡狀態，I、II兩部分氣體的高度均為，溫度都是300K，設外界大氣壓強為保持不變．活塞橫截面積為S，且．現保持環境溫度、外界大氣壓強不變，通過汽缸的導熱底面給II氣體加熱，同時在活塞A上逐漸添加細砂，若在活塞A下降的高度，并且II氣體的高度仍為時兩部分氣體重新處于平衡，試求所添加細砂的重力大小和重新處于平衡時II氣體的溫度．14．（16分）如圖所示，在直角坐標系x0y平面的一、四個象限內各有一個邊長為L的正方向區域，二三像限區域內各有一個高L，寬2L的勻強磁場，其中在第二象限內有垂直坐標平面向外的勻強磁場，第一、三、四象限內有垂直坐標平面向內的勻強磁場，各磁場的磁感應強度大小均相等，第一象限的x<L，L<y<2L的區域內，有沿y軸正方向的勻強電場．現有一質量為四電荷量為q的帶負電粒子從坐標(L，3L/2)處以初速度沿x軸負方向射入電場，射出電場時通過坐標(0，L)點，不計粒子重力．(1)求電場強度大小E；(2)為使粒子進入磁場后途經坐標原點0到達坐標(-L，0)點，求勻強磁場的磁感應強度大小B；(3)求第(2)問中粒子從進入磁場到坐標(-L，0)點所用的時間．15．（12分）如圖，光滑水平面上靜止質量m1=1.0kg、長L=0.3m的木板，木板右端有質量m2=1.0kg的小滑塊，在滑塊正上方的0點用長r=0.4m的輕質細繩懸掛質量m=0.5kg的小球。將小球向右上方拉至細繩與整直方向成θ=60o的位置由靜止釋放，小球擺到最低點與滑塊發生正碰并被反彈，碰撞時間極短，碰撞前后瞬間細繩對小球的拉力減小了4.8N，最終小滑塊恰好不會從木板上滑下。不計空氣阻力、滑塊、小球均可視為質點，重力加速度g取(1)小球碰前、碰后瞬間的速度大小；(2)小滑塊與木板之間的動摩擦因數。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

A.由圖可知：超聲波通過位移為x2時，所用時間為，則超聲波的速度為，A錯誤；B.由乙圖可知，超聲波在時間內通過位移為x1，則超聲波的速度為，故B錯誤；CD.由題：物體通過的位移為x2-x1時，所用時間為物體的平均速度為．故D錯誤，C正確．2、C【解析】試題分析：因為當金屬框繞軸轉運時，穿過線圈abc的磁通量始終為0，故線圈中無感應電流產生，選項BD錯誤；但對于bc與ac邊而言，由于bc邊切割磁感線，故bc邊會產生感應電動勢，由右手定則可知，c點的電勢要大于b點的電勢，故Ubc是負值，且大小等于Bl×=Bl2ω，故選項C正確；對于導體ac而言，由右手定則可知，c點的電勢大于a點的電勢，故選項A錯誤，所以選項C是正確的．考點：導合格切割磁感線產生感應電動勢．【名師點睛】該題既可以通過法拉第電磁感應定律得出線圈abc的感應電流情況，又可以通過對bc邊和ac邊的研究，看它們切割磁感線時產生感應電動勢的大小，判斷導線端點的電勢大小情況．3、D【解析】

A．布朗運動是固體微粒的無規則運動是由液體分子撞擊形成的，反應了液體分子的無規則運動，故A錯誤；B．攝氏溫度可能取負值，但是熱力學零度是低溫的極限，則熱力學溫度不可以取負值，選項B錯誤；C．知道某物質的摩爾質量和一個分子的質量可求出阿伏加德羅常數，選項C錯誤；D．內能不同的物體，它們的溫度可能相同，即它們分子熱運動的平均動能可能相同，選項D正確；故選D.4、D【解析】

A.狹義相對論只適用于慣性系，而廣義相對論則適用于包括非慣性系在內的一切參考系，故A錯誤；B.電磁波和機械波都屬于波，故都能發生干涉和衍射現象，但二者產生的機理不同，故B錯誤；C.質點振動方向與傳播方向垂直的光叫偏振光，故C錯誤；D.反射現象和折射現象不能說明波是不是橫波，偏振現象可以說明波是橫波，故D正確。故選：D5、D【解析】

A．一個處于能級的氫原子最多會放出3種不同頻率的光子，故A錯誤；B．根據，從n=4能級向n=2能級躍遷放出光子的能量為故B項錯誤；C．根據，從n=4能級向n=3能級躍遷放出光子的能量為從n=3能級向n=2能級躍遷放出光子的能量為所以不可能放出能量為158.1eV的光子，故C項錯誤；D．根據，從n=3能級向n=1能級躍遷放出光子的能量為故D項正確。6、C【解析】

粒子在磁場中運動的周期的公式為，由此可知，粒子的運動的時間與粒子的速度的大小無關，所以粒子在磁場中的周期相同，由粒子的運動的軌跡可知，三種速度的粒子的偏轉角分別為90°、60°、30°，所以偏轉角為90°的粒子的運動的時間為，偏轉角為60°的粒子的運動的時間為，偏轉角為30°的粒子的運動的時間為；所以有，C正確；故選C．帶電粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動解題一般程序是：1、畫軌跡：確定圓心，幾何方法求半徑并畫出軌跡；2、找聯系：軌跡半徑與磁感應強度、速度聯系；偏轉角度與運動時間相聯系，時間與周期聯系．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】

A．小球做平拋運動，第一次有：，R-Rcos53°=vBtB，聯立解得小球被拋出時的速度：；第二次有：，R+Rcos37°=vCtC，聯立解得小球被拋出時的速度：，時間之比為：，小球先后兩次被拋出的速度大小之比，故A錯誤；B、根據動能定理可得，小球剛到達B點時的動能與剛到達C點時的動能之比為，故B正確；C、小球做平拋運動，加速度為g，小球到達B點前的加速度與到達C點前的加速度大小為，故C錯誤；D、小球做平拋運動，只受重力作用，機械能守恒，拋出點的機械能等于落地點的機械能，小球剛達B點時的機械能與剛到達C點時的機械能之比為，故D正確。故選BD．小球做平拋運動，在豎直方向上，做自由落體運動，在水平方向上，做勻速直線運動，根據運動的合成與分解求解．8、BDE【解析】

A．溫度越高，液體中懸浮的微粒越小，布朗運動越顯著，故A錯誤B．當分子表現為引力時，分子之間的距離增大，則需要克服分子力做功，分子勢能隨分子間距離的增大而增大，故B正確；C．第二永動機并未違反能量的轉化與守恒，而是違反了熱力學第二定律，故C錯誤；D．一定質量的理想氣體，當壓強、體積都增大時，根據可知氣體的溫度一定升高，則分子總動能一定增大，因理想氣體分子勢能不計，故氣體內能一定增加；故D正確；E．因液體分子表面層分子分布比內部稀疏，故分子間作用力表現為引力，液體表面有收縮趨勢，故E正確；故選BDE．9、AD【解析】A受到的最大合外力為μMg，則A的最大加速度：a=μMgM=μg，故A正確；C要向下做加速運動，C處于失重狀態，繩子的拉力：T＜mg，輕繩對定滑輪的作用力：N=T2+T2=2T＜2mg，故B錯誤；若物塊A、B未發生相對滑動，A、B、C三者加速的大小相等，由牛頓第二定律得：mg=（2M+m）a，對A：f=Ma，解得：f=Mmg2M+m，故C錯誤；當A的加速度恰好為μg時A、B發生相對滑動，以A、B、C系統為研究對象，由牛頓第二定律得：mg=（M+M+m）μg，解得：m=點睛：本題考查了求加速度、摩擦力等問題，正確選擇研究對象、應用牛頓第二定律可以解題；應用整體法與隔離法是解題的關鍵．10、BC【解析】

小球從M到N，在豎直方向上發生了偏轉，所以受到的豎直向下的洛倫茲力，并且速度方向變化，則洛倫茲力方向變化，所以合力方向變化，故不可能做勻變速運動，一定做變加速運動，A錯誤B正確；若電場力和重力等大反向，則過程中電場力和重力做功之和為零，而洛倫茲力不做功，所以小球的動能可能不變，重力勢能減小，這種情況下機械能不守恒，若以電場力和重力不等大反向，則有電場力做功，所以機械能也不守恒，故小球的機械能不守恒，C正確D錯誤．帶電粒子在復合場中運動問題的分析思路1．正確的受力分析除重力、彈力和摩擦力外，要特別注意電場力和磁場力的分析．2．正確分析物體的運動狀態找出物體的速度、位置及其變化特點，分析運動過程．如果出現臨界狀態，要分析臨界條件帶電粒子在復合場中做什么運動，取決于帶電粒子的受力情況．（1）當粒子在復合場內所受合力為零時，做勻速直線運動（如速度選擇器）．（2）當帶電粒子所受的重力與電場力等值反向，洛倫茲力提供向心力時，帶電粒子在垂直于磁場的平面內做勻速圓周運動．（3）當帶電粒子所受的合力是變力，且與初速度方向不在一條直線上時，粒子做非勻變速曲線運動，這時粒子的運動軌跡既不是圓弧，也不是拋物線，由于帶電粒子可能連續通過幾個情況不同的復合場區，因此粒子的運動情況也發生相應的變化，其運動過程也可能由幾種不同的運動階段所組成．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①B，E；②ACBE；③120.0，小于，見解析【解析】

①根據實驗原理可知，R2要選擇電阻箱，故選B；要使得電流計G調節到滿偏，則R=EIg②根據實驗的原理可知，實驗步驟依次是：ACBE；③由上一問可知，Rg=R2=120.0Ω；R2與電流計并聯后，電路總電阻變小，干路電流I變大，I>Ig，電流計電流I計=12Ig，則R2電流I2>12Ig，所以R2<R12、(1)保持不變(2)左右(3)①5.8g②24.50③850.05【解析】

第一空.為了保證小球A滾到斜槽底端時速度相同，則步驟(ⅴ)與步驟(ⅳ)中定位卡的位置應保持不變；第二空.根據天平的使用規則，測量小球B的質量時將小球B放在天平的左盤；第三空.根據天平的使用規則,應該在右盤放上一個5g砝碼；第四空.天平讀出m2=5.8g；第五空.由刻度尺讀出，碰后x1=24.50cm；第六空.m1x1+m2x3=17.0×24.50+5.8×74.75=850.05g·cm四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、90N600K【解析】

對I氣體，由玻意耳定律有：，其中：解得：，對II氣體，由查理定律有：，其中：，解得II氣體的溫度．對于Ⅰ氣體，作等溫變化，根據玻意耳定律求出所添加細砂的重力大小；對于Ⅱ氣體，作等容變化，根據查理定律求出重新處于平衡時Ⅱ氣體的溫度．14、（1）（2）n=1、2、3......（3）【解析】本題考查帶電粒子在組合場中的運動，需畫出粒子在磁場中的可能軌跡再結合物理公式求解．(1)帶電粒子在電場中做類平拋運動有：，，聯立解得：(2)粒子進入磁場時，速度方向與y軸負方向夾角的正切值=l速度大小設x為每次偏轉圓弧對應的弦長，