2022年1月浙江省普通高中學業水平合格性考試生物仿真卷C(考試時間：60分鐘滿分100分)選擇題部分(共60分)一、選擇題(本大題共30小題，每小題2分，共60分。每個小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不給分)1．下列有關糖類和脂質的敘述，錯誤的是（）A．兩類物質共有元素是碳、氫、氧B．淀粉、纖維素和糖元的結構單元都是葡萄糖C．淀粉和油脂都是細胞內的貯能物質D．質量相同的糖類和油脂，糖類貯存能量多【答案】D【分析】1.糖類分為單糖、二糖和多糖，二糖包括麥芽糖、蔗糖、乳糖，麥芽糖是由2分子葡萄糖形成的，蔗糖是由1分子葡萄糖和1分子果糖形成的，乳糖是由1分子葡萄糖和1分子半乳糖形成的；多糖包括淀粉、纖維素和糖原，淀粉是植物細胞的儲能物質，糖原是動物細胞的儲能物質，纖維素是植物細胞壁的組成成分。

2.脂質分為油脂、磷脂和固醇，其中固醇包括膽固醇、性激素和維生素D。與糖類相比，油脂分子中的氫含量多，氧含量少，氧化分解時產生的能量多，因此是良好的儲能物質；磷脂雙分子層構成生物膜的基本骨架；固醇中的膽固醇是動物細胞膜的重要組成成分，也參與脂質在血液中的運輸。【詳解】A、糖類和脂質共有的元素是C、H、O，A正確；B、淀粉、纖維素和糖元都是多糖，基本單位都是葡萄糖，B正確；C、淀粉是植物細胞內的貯能物質，油脂是細胞內的貯能物質，C正確；D、質量相同的糖類和油脂，油脂貯存能量多，D錯誤。故選D。2．下列有關人體細胞分化和癌變的敘述，錯誤的是（）A．細胞的增殖和分化是個體發育的基礎B．體內已經分化的細胞不會脫分化到原來的狀態C．細胞分化與基因有關，細胞癌變與基因無關D．癌細胞是由體內正常細胞轉化而來，具有無限增殖能力【答案】C【分析】1.細胞分化是指在個體發育中，由一個或一種細胞增殖產生的后代，在形態、結構和生理功能上發生穩定性差異的過程；細胞分化具有持久性、穩定性、不可逆性；細胞分化的實質是基因的選擇性表達。

2.癌細胞的特征：能無限增殖；形態結構發生顯著改變；細胞表面物質發生變化。細胞癌變的原因包括內因和外因，外因是各種致癌因子（理致癌因子、化學致癌因子和病毒致癌因子），內因是原癌基因和抑癌基因發生基因突變。【詳解】A、人體個體發育的基礎是細胞增殖和分化，A正確；B、細胞分化具有不可逆性，體內已經分化的細胞不會脫分化到原來的狀態，B正確；C、細胞分化與基因有關，細胞癌變也與基因有關，C錯誤；D、癌細胞是由正常細胞畸形分化形成的，具有無限增殖能力，D正確。故選C。3．同種生物子代與親代的染色體數目保持相對恒定，是由下列哪項決定（）A．有絲分裂 B．減數分裂和受精作用C．減數分裂 D．有絲分裂和受精作用【答案】B【分析】通過有絲分裂可以產生和親代相同的子細胞，通過減數分裂使親代細胞和生殖細胞之間染色體數目減半，再通過生殖細胞的受精作用恢復本物種染色體數目的恒定。【詳解】有絲分裂產生的子細胞染色體數和體細胞相同，減數分裂產生的配子內染色體數目是正常體細胞的一半，雌雄配子隨機結合，經過受精作用形成受精卵，染色體數目又恢復到與正常體細胞相同，從而維持了每種生物前后代體細胞中染色體數目的恒定。因此，減數分裂和受精作用對維持生物體本物種染色體數目的恒定，有著十分重要的意義。故選B。4．下圖表示溶酶體發生過程及其“消化”功能示意圖，下列敘述錯誤的是（）A．b是剛形成的溶酶體，是高爾基體斷裂后形成B．c是內質網，d是衰老的線粒體，e是包裹線粒體的小泡C．溶酶體能合成60多種水解酶，能催化多種有機物的降解D．該示意圖表明不同細胞器在結構和功能上有一定的聯系【答案】C【分析】據圖分析，a是高爾基體，b是高爾基體斷裂后形成的溶酶體，c是內質網，d是線粒體，e是包裹線粒體的小泡，e與b融合后，溶酶體將線粒體水解，據此分析。【詳解】A、b是剛形成的溶酶體，它來源于a高爾基體經出芽形成的囊泡，A正確；B、從細胞器結構上看，c是內質網，d是線粒體，e是包裹線粒體的小泡，B正確；C、溶酶體是消化車間，內含多種水解酶，但酶不是溶酶體合成的，C錯誤；D、據圖可知，該示意圖表明不同細胞器在結構和功能上有一定的聯系，D正確。故選C。5．下列關于需氧呼吸和厭氧呼吸的敘述，正確的是（）A．兩種呼吸類型都可以發生在真核細胞中B．催化兩種呼吸類型各步反應的酶都不同C．需氧呼吸產生二氧化碳，厭氧呼吸不產生二氧化碳D．需氧呼吸發生在線粒體中，厭氧呼吸發生在細胞溶膠中【答案】A【分析】1.需氧呼吸過程：第一階段：在細胞溶膠中，一分子葡萄糖形成兩分子丙酮酸、少量的[H]和少量能量，這一階段不需要氧的參與；第二階段：丙酮酸進入線粒體的基質中，分解為二氧化碳、大量的[H]和少量能量；第三階段：在線粒體的內膜上，[H]和氧氣結合，形成水和大量能量，這一階段需要氧的參與。

2.厭氧呼吸全過程：第一階段：在細胞溶膠中，與需氧呼吸的第一階段完全相同，即一分子的葡萄糖在酶的作用下分解成兩分子的丙酮酸，過程中釋放少量的[H]和少量能量；第二階段：在細胞溶膠中，丙酮酸在不同酶的催化下，分解為酒精和二氧化碳，或者轉化為乳酸，厭氧呼吸第二階段不產生能量。【詳解】A、需氧呼吸和厭氧呼吸都可以發生在真核細胞中，A正確；B、催化需氧呼吸第一階段和厭氧呼吸第一階段的酶是相同的，B錯誤；C、需氧呼吸產生二氧化碳，厭氧呼吸也可能產生二氧化碳，C錯誤；D、真核細胞的需氧呼吸發生在線粒體和細胞溶膠中，厭氧呼吸發生在細胞溶膠中，D錯誤。故選A。【點睛】解答本題的關鍵是識記需氧呼吸和厭氧呼吸的過程，了解每一個階段發生的場所和具體的物質變化，進而結合選項分析答題。6．下列關于高等植物細胞周期的敘述，正確的是（）A．S期進行有關DNA復制和所需的蛋白質合成B．G2期時細胞中已有一對中心體，中心體在分裂前期分開C．后期著絲粒分裂，染色體數和核DNA數都增加一倍D．末期細胞板向四周擴展，形成新細胞壁，把細胞質分裂成兩部分【答案】D【分析】有絲分裂不同時期的特點：（1）間期：進行DNA的復制和有關蛋白質的合成；（2）前期：核膜、核仁逐漸解體消失，出現紡錘體和染色體；（3）中期：染色體形態固定、數目清晰；（4）后期：著絲點分裂，姐妹染色單體分開成為染色體，并均勻地移向兩極；（5）末期：核膜、核仁重建、紡錘體和染色體消失。【詳解】A、G1期和G2期合成相關蛋白質，S期完成DNA的復制，A錯誤；B、高等植物細胞沒有中心體，B錯誤；C、后期核DNA數不會隨著絲粒分裂而加倍，C錯誤；D、末期細胞板向四周擴展，形成新細胞壁把細胞質分裂成兩部分，D正確。故選D。7．圓形豌豆和皺形豌豆雜交，F1都是圓形，F1自交后得到F2中皺形種子有1500粒，請問F2中圓形種子理論上應有（）A．500 B．1500 C．3000 D．4500【答案】D【分析】根據題意分析可知：圓粒豌豆和皺粒豌豆雜交，F1都是圓形，說明圓形對皺形為顯性，遵循基因的分離定律；F1圓形豌豆自交，后代會發生性狀分離，且分離比為3∶1。【詳解】根據以上分析已知，豌豆的圓形對皺形為顯性，假設受一對等位基因A、a控制，則親本圓形豌豆的基因型為AA，皺形豌豆的基因型為aa，子一代圓形豌豆的基因型為Aa；讓子一代Aa自交，子二代基因型及其比例為AA∶Aa∶aa=1∶2∶1，則子二代中圓形∶皺形=3∶1，又因為已知子二代中皺形種子有1500粒，因此圓形種子=1500×3=4500粒。故選D。【點睛】解答本題的關鍵是掌握基因的分離定律及其實質，能夠根據親子代的表現型關系判斷性狀的顯隱性關系，寫出親本的基因型，預測子代的性狀分離比，進而結合題干數據進行相關計算。8．為探究酶具有專一性，某同學設計了如下5組實驗，分別選擇一定的試劑進行檢測，下列方案中最合理的是（）組別①②③④⑤酶蛋白酶蛋白酶淀粉酶淀粉酶淀粉酶反應物蛋白質淀粉蛋白質淀粉麥芽糖A．①和③對比，用雙縮脲試劑檢測B．②和④對比，用碘-碘化鉀溶液檢測C．④和⑤對比，用本尼迪特試劑檢測D．①和④對比，用本尼迪特試劑檢測【答案】B【分析】酶的專一性是指一種酶只能催化一種或一類化學反應；驗證酶的作用具有專一性需要設計對照實驗，而對照實驗的設計應遵循單一變量原則和對照原則。【詳解】A、根據表格分析，①和③組的自變量是酶的種類不同，反應物是蛋白質，但蛋白酶和淀粉酶的成分都是蛋白質，在反應前后不變，用雙縮脲試劑檢測均變成紫色，故檢測不出蛋白質是否被分解了，A錯誤；B、②和④組的自變量是酶的種類不同，反應物是淀粉，可以用碘-碘化鉀溶液檢測淀粉是否被水解，若淀粉被分解，則碘-碘化鉀溶液檢測不出現藍色或藍色變淺，若②變藍，④不變藍或變成淺藍，則說明淀粉酶能水解淀粉，蛋白酶不能水解淀粉，從而證明了酶的專一性，B正確；C、④和⑤組的自變量是底物的種類不同，催化劑是淀粉酶，不管淀粉酶能否催化麥芽糖水解，用本尼迪特試劑檢測都會出現磚紅色沉淀，故不能用本尼迪特試劑檢測實驗結果，C錯誤；D、①和④組的自變量是底物的種類和酶的種類，違背了實驗的單一變量原則，D錯誤。故選B。【點睛】本題考查酶的專一性的實驗設計，理解對照實驗設計應遵循的原則，能利用所學知識分析實驗，判斷實驗設計是否科學合理，這是解題的關鍵。9．在“觀察紫色洋蔥外表皮細胞的質壁分離及質壁分離復原”實驗時，若將某個植物細胞體積大小變化與時間的關系，繪制成了如下曲線圖。下列敘述中正確的是（）A．t1?t2，植物細胞吸水能力逐漸減弱B．t2?t3，植物細胞液濃度等于外界溶液濃度C．t4?t5，細胞液的紫色最深，細胞液濃度最大D．t3?t4，水分子只從細胞外進入細胞內，液泡體積不斷增大【答案】B【分析】“觀察細胞質壁分離和復原實驗”的原理：當細胞液的濃度小于外界溶液的濃度時，細胞失水，由于原生質層比細胞壁的伸縮性大，當細胞不斷失水時，液泡逐漸縮小，原生質層就會與細胞壁逐漸分離開來，既發生了質壁分離。當細胞液的濃度大于外界溶液的濃度時，外界溶液中的水分就透過原生質層進入到細胞液中，液泡逐漸變大，整個原生質層就會慢慢地恢復成原來的狀態，既發生了質壁分離復原。【詳解】A、t1?t2，細胞大小相對值不斷減小，說明細胞在不斷失水，細胞液濃度在逐漸增加，因此植物細胞吸水能力逐漸增強，A錯誤；B、t2?t3，細胞大小相對值保持不變，說明植物細胞液濃度與外界溶液濃度相等，B正確；C、t4?t5，細胞大小相對值最大，此時細胞液的紫色最淺，細胞液濃度最小，C錯誤；D、t3?t4，細胞大小相對值不斷變大，說明植物細胞在不斷的吸收水分，此時水分子從細胞外進入細胞內的數量比從細胞內到細胞外的數量多，液泡體積不斷增大，D錯誤。故選B。【點睛】解答本題的關鍵是掌握質壁分離及其復原實驗的原理，明確細胞外液濃度高于細胞液時，細胞失水，顏色加深，吸水能力增強，注意水分在任何狀態下都會進出活細胞。10．下列關于“模擬孟德爾雜交實驗”活動的相關敘述，錯誤的是（）A．“雌1”和“雄1”大信封中的“黃Y”和“綠y”卡片數，“雄1”可以多于“雌1”B．從“雄1”和“雄2”信封中隨機抽取一張卡片組合在一起模擬非等位基因的自由組合C．從“雌1”“雄1”信封中各隨機抽出1張卡片組合在一起，得到的是F2的基因型D．從“雌1”“雌2”“雄1”“雄2”信封中各隨機抽出的1張卡片組合，組合類型有16種【答案】D【分析】性狀分離比模擬實驗

【詳解】A、“雌1”和“雄1”大信封中的“黃Y”和“綠y”卡片數比例均要滿足1:1的關系，但是“雄1”的卡片數可以大于“雌1”，A正確；B、“雄1”和“雄2”信封中裝有不同的等位基因，因此從“雄1”和“雄2”信封中隨機抽取一張卡片組合在一起模擬非等位基因的自由組合，B正確；C、從“雌1”“雄1”信封中各隨機抽出1張卡片組合，表示個體產生配子的受精作用，得到的是F2的基因型，C正確；D、從“雌1”“雌2”“雄1”“雄2”信封中各隨機抽出的1張卡片組合，這4張卡片的組合類型就是F2的基因型，有9種，D錯誤。故選D。【點睛】11．如圖表示二肽分子的結構，①②③④中含有肽鍵的是()A．① B．② C．③ D．④【答案】C【分析】本題考查氨基酸的結構和二肽的結構，屬于識記范圍。【詳解】①是側鏈基團（R基），②是氨基，④是羧基，③是肽鍵—CO—NH—，故選C。12．下列關于原核生物的敘述，錯誤的是（）A．藍細菌含有光合色素 B．大腸桿菌內有核糖體C．原核細胞沒有成形的細胞核 D．線粒體是原核細胞進行細胞呼吸的場所【答案】D【分析】1、藍細菌是能進行光合作用的自養生物，屬于原核生物。2、大腸桿菌屬于原核生物，細胞中唯一的細胞器是核糖體。3、原核細胞和真核細胞最主要的區別就是原核細胞沒有核膜包被的成型的細胞核。【詳解】A、藍細菌能進行光合作用，具有藻藍素和葉綠素，A正確；B、大腸桿菌是原核生物，原核生物唯一細胞器是核糖體，B正確；C、原核細胞和真核細胞最主要的區別就是原核細胞沒有核膜包被的成型的細胞核，C正確；D、原核細胞不含有線粒體，D錯誤。故選D。13．19世紀50年代形成了比較完備的細胞學說，下列敘述中不屬于細胞學說基本觀點的是（）A．細胞分為真核細胞和原核細胞B．細胞是生物的結構和功能單位C．細胞必定由已存在的細胞產生D．所有生物都由細胞組成【答案】A【分析】細胞學說的主要內容是：1.細胞是一個有機體，一切動植物都由細胞發育而來，并由細胞和細胞產物所組成。2.細胞是一個相對獨立的單位，既有它自己的生命，又對與其他細胞共同組成的整體的生命起作用。3.新細胞可以從老細胞中產生。【詳解】A、細胞學說中沒有將細胞劃分為真核細胞和原核細胞，不屬于細胞學說內容，A正確；B、細胞學說第二點內容可以說明細胞是生物的結構和功能單位，B錯誤；C、新細胞可以從老細胞中產生，屬于細胞學說的內容，C錯誤；D、細胞學說第一點內容可以說明一切動植物都由細胞組成，D錯誤。故選A。14．用普通光學顯微鏡觀察細胞，下列敘述正確的是（）A．高倍鏡下可以觀察到細胞膜是兩條細線B．一個橫紋肌細胞中只能看到一個細胞核C．宜選擇血涂片中細胞不太密集的區域進行觀察D．高倍鏡下無法觀察到花生子葉中被染色的油脂顆粒【答案】C【分析】1、一般情況下，一個細胞中只有一個細胞核，但有的細胞中沒有細胞核（哺乳動物成熟的紅細胞）、有的細胞中有多個核（橫紋肌細胞）。2、光學顯微鏡下觀察到的是顯微結構，只能在電子顯微鏡下觀察到的是亞顯微結構。【詳解】A、高倍鏡下觀察不到細胞膜，需用電子顯微鏡才能觀察到細胞膜，A錯誤；B、人的橫紋肌細胞中有多個細胞核，B錯誤；C、觀察血涂片需選擇細胞不太密集的區域，首先用低倍鏡找到物像，然后將要觀察的物體移到視野的正中央，然后再換用高倍鏡，C正確；D、高倍鏡下可以觀察到花生子葉中被染色的脂肪顆粒，D錯誤。故選C。15．需氧呼吸是一系列的氧化還原反應。在需氧呼吸的第一、二階段都會產生[H]，[H]最終在第三階段被消耗。在此過程中，氧氣的作用是（）A．促進酶的催化作用 B．氧化葡萄糖形成丙酮酸C．與葡萄糖中的碳結合生成CO2 D．在電子傳遞鏈的末端與[H]結合生成水【答案】D【分析】有氧呼吸可以分為三個階段：第一階段：在細胞質的基質中。反應式：1C6H12O6（葡萄糖）→2C3H4O3（丙酮酸）+4[H]+少量能量（2ATP）第二階段：在線粒體基質中進行。反應式：2C3H4O3（丙酮酸）+6H2O→20[H]+6CO2+少量能量（2ATP）第三階段：在線粒體的內膜上，這一階段需要氧的參與，是在線粒體內膜上進行的。反應式：24[H]+6O2→12H2O+大量能量（34ATP）【詳解】A、氧氣不促進酶催化作用，A錯誤；B、葡萄糖形成丙酮酸在有氧呼吸第一階段，不需要氧氣參與，B錯誤；C、二氧化碳形成在有氧呼吸第二階段，不需要氧氣參與，C錯誤；D、有氧呼吸第三階段[H]和氧結合形成水分子，D正確。故選D。16．綠茶是我國重要的茶類之一，基本加工工藝為“攤放→殺青→揉捻→干燥”。其中采用高溫進行殺青的主要目的是（）A．減少茶葉中的水分，利于保存B．破壞茶葉中的葉綠素，保證湯色紅亮C．提高酶活性，產生更多茶多酚等營養成分D．破壞酶的空間結構，保持茶葉色澤和風味【答案】D【分析】綠茶都是以茶樹的芽葉為原料制成，綠茶先經高溫殺青，維持了鮮葉的綠色。綠茶能保持綠色應該與高溫破壞了分解葉綠素的酶有關。【詳解】A、干燥過程是為了減少茶葉中的水分，利于保存，A不符合題意；B、高溫殺青，維持了鮮葉的綠色，所以并不是要破壞葉綠素，B不符合題意；C、高溫破壞了酶的空間結構，使酶失活，C不符合題意；D、高溫殺青破壞了分解葉綠素的酶的空間結構，保持茶葉色澤和風味，D符合題意。故選D。17．20世紀50年代初期，科學家將胡蘿卜根中的細胞取出，放在培養基中培養，最后形成植株。下列敘述錯誤的是（）A．植株形成過程中細胞結構發生差異B．細胞在培養基中的分化不受基因控制C．植株形成過程中需要培養基提供無機鹽D．植株形成過程體現了植物細胞的全能性【答案】B【分析】將胡蘿卜根中的細胞取出，放在培養基中培養，最后形成植株。是植物組織培養的過程，植物組織通過脫分化形成愈傷組織，然后再分化形成根和芽，發育成完整植株的過程。利用的原理為植物細胞具有全能性。植物細胞表現全能性的條件有：①細胞離體和適宜的外界條件（如適宜溫度、適時的光照、pH和無菌環境等）；②一定的營養（無機、有機成分）和植物激素（生長素和細胞分裂素）。【詳解】A、植株形成過程中細胞發生分化，所以其結構結構發生差異，A正確；B、細胞在培養基中的分化是基因選擇性表達的結果，B錯誤；C、通過上述分析，植株形成過程中需要培養基提供無機鹽等營養成分，C正確；D、植物組織培養利用的原理為植物細胞具有全能性，D正確。故選B。18．甲溶液、乙溶液、甲乙混合液中加入不同試劑，檢測結果如下表。溶液雙縮脲試劑碘液本尼迪特試劑甲+--乙-++-甲、乙混合液+++注：“+”顯色，“++”顯色更深；“-”不顯色下列判斷正確的是（）A．甲溶液含有淀粉 B．乙溶液含有還原糖C．混合液不含淀粉 D．混合液含有淀粉酶【答案】D【分析】生物組織中化合物的鑒定：（1）斐林試劑可用于鑒定還原糖，在水浴加熱的條件下，溶液的顏色變化為磚紅色（沉淀）。斐林試劑只能檢驗生物組織中還原糖（如葡萄糖、麥芽糖、果糖）存在與否，而不能鑒定非還原性糖（如淀粉、蔗糖）。（2）蛋白質可與雙縮脲試劑產生紫色反應。（3）淀粉遇碘液變藍。【詳解】A、甲中加入碘液后沒有出現藍色，說明甲中不含淀粉，A錯誤；B、乙加入本尼迪特試劑后無顏色反應，說明其中不含還原糖，B錯誤；C、混合溶液加入碘液后出現藍色，說明其中含有淀粉，C錯誤；D、甲中含有蛋白質，乙中含有淀粉，甲、乙混合后產生還原糖，說明混合溶液中含有淀粉酶，可將淀粉水解為還原糖，D正確。故選D。【點睛】分析表格：甲中加入雙縮脲試劑后出現顏色反應，說明其中含有蛋白質；乙中加入碘液后出現顏色反應，說明其中含有淀粉；甲、乙混合后與三種試劑都有顏色反應，說明混合液中含有蛋白質、淀粉和還原糖。19．某植物葉片中葉綠素含量受到不同環境因素的影響。據圖分析，下列敘述正確的是（）A．本實驗的自變量是葉綠素含量B．遮光處理可減少低溫對葉綠素的影響C．第4組處理前后葉片吸收紅光的量不變D．該植物較適宜在光強度較低環境中生長上【答案】B【分析】實驗中的自變量有光照有無和溫度，因變量為葉綠素含量；將1和4進行對比，發現溫度影響葉綠素含量變化；將3和4對比，發現光照有無影響葉綠素含量。【詳解】A、由圖分析，自變量有溫度和光的有無，葉綠素的含量為因變量，A錯誤；B、將曲線3和4進行對比，同在00C，有光的情況下隨時間增加葉綠素含量減少較多，在暗的情況下葉綠素減少較少，所以遮光處理可減少低溫對葉綠素的影響，B正確；C、葉綠素主要吸收紅光和藍紫光，第4組處理后葉綠素含量減少，紅光吸收減少，C錯誤；D、通過對比發現第1組葉綠素含量最高，所以適宜生長條件是在有光溫度較高（200C）時適宜生長，D錯誤。故選B。20．現有四個實驗裝置，若要驗證綠色開花植物產生O2需要光和驗證O2由綠色植物釋放，則應選用的實驗組合分別是（）A．①②和①③B．②③和①②C．②④和①③D．②③和③④【答案】B【分析】本題是通過實驗驗證綠色植物光合作用的條件和驗證氧氣是否由綠色植物釋放的實驗設計思路，根據實驗目的分析實驗的自變量，然后根據實驗設計的對照原則和單一變量的原則選擇實驗裝置。【詳解】要驗證綠色開花植物產生O2需要光照，實驗的自變量應該是有無光，因此需要選擇裝置②③；驗證O2由綠色植物釋放，自變量為是否具有綠色植物，光照條件是無關變量，因此需要選擇①②裝置。故選B。【點睛】明確實驗目的分析實驗的自變量和無關變量、并對變量進行控制是解答本題的關鍵。21．血細胞的功能范圍非常廣，機體需要持續地制造血細胞來進入循環系統：近日，來自大阪大學的科學家們通過研究發現，一種名為Ragnase-1的分子能調節造血干祖細胞（HSPCs）的更新和分化，所有血細胞都衍生自HSPCs。下列相關分析錯誤的是A．HSPCs能形成各種不同的血細胞，這是細胞分化的結果B．HSPCs的更新是通過有絲分裂而不是減數分裂實現的C．HSPCs能形成所有的血細胞，這體現了HSPCs具有全能性D．Ragnase-1可能是通過調節HSPCs中的某些基因表達來發揮作用的【答案】C【分析】體細胞通過有絲分裂增加細胞數目；細胞的全能性是指已經分化的細胞仍具有發育成完整個體的潛能；由于基因的選擇性表達，同一來源的細胞形成了各種形態、結構和功能不同的細胞。【詳解】A、HSPCs能形成各種不同的血細胞，而血細胞與HSPCs在形態、結構和生理功能上均具有差異，由此可判斷這是細胞分化的結果，A項正確；

BC、根據題干信息可推測，HSPCs的更新是通過有絲分裂來實現的，但由于HSPCs最終沒有生長發育成一個完整的個體，所以不能體現出全能性，B項正確，C項錯誤；

D、由于Ragnase-1分子調節的結果可讓造血干祖細胞（HSPCs）分化出各種血細胞，細胞分化的實質是基因選擇性表達，D項正確。

故選C。【點睛】細胞全能性判斷的標準是：“細胞→個體”。如一個體細胞經植物組織培養形成幼苗，稱為全能性。而將一個細胞培養成葉片不是全能性，因為葉片不是個體。將一個干細胞培養成一個幼小動物可以稱為全能性，而培養成一個跳動的心臟不是全能性。22．在一個自然種群中，如果某一相對性狀是由一對等位基因控制的，且其中一個基因B的頻率為0．70，那么它的等位基因b的頻率為（）A．0．70 B．0．30 C．0．35 D．0．15【答案】B【分析】基因頻率：指在一個種群基因庫中，某個基因占全部等位基因數的比率。【詳解】種群的基因頻率指的是在一個種群基因庫中，某個基因占全部等位基因數的比率，已知B、b是一對等位基因，兩者的基因頻率之和等于1，又因為基因B的頻率為0.70，那么等位基因b的頻率=1-0.70=0.30。B正確。故選B。23．通過測定CO2的交換量，用右圖表示光強和CO2濃度對光合速度的影響。圖中從A至D，哪一點上只有光是限制因子A．A點 B．B點 C．C點 D．D點【答案】D【分析】本題考查光合作用，考查對光合作用影響因素的理解。明確限制因子的含義是解答本題的關鍵，在限制因子條件下，即使增加其他條件，光合速率也不會增加。【詳解】據圖可知，A點時為高CO2濃度，增加光照強度不能提高光合速率，此時的限制因子為溫度；B點、C點時限制因子為二氧化碳濃度或溫度，D點時光照強度較低，光合速率隨光照強度增加而增加，增加CO2濃度不能增加光合速率，此時只有光照強度是光合作用的限制因子，選D。24．如圖為某雌果蠅體細胞染色體示意圖，下列敘述錯誤的是（）A．圖中含有4對同源染色體B．該果蠅的原始生殖細胞中含有8條染色體C．基因型為BbXDXd的個體能產生4種配子，且比例為1∶1∶1∶1D．若該果蠅的一個卵原細胞產生的一個卵細胞的基因型為cXD，則同時產生的第二極體的基因型為CXD、CXd、cXd【答案】D【分析】根據題意和圖示分析可知：圖示為果蠅體細胞染色體示意圖，該果蠅的兩條性染色體是同型的，因此為雌性；該果蠅的基因型為AaBbCcXDXd，其中A和a、B和b這兩對等位基因的遺傳不遵循基因自由組合定律，其他等位基因遵循基因自由組合定律.【詳解】A.分析題圖可知，該果蠅體細胞中含有4對同源染色體，8條染色體，A正確；B.果蠅的原始生殖細胞是一種特殊的體細胞，所以含有8條染色體，B正確；C.基因型為BbXDXd的個體能產生4種配子，基因型分別為BXD、bXD、BXd、bXd，比例為1∶1∶1∶1，C正確；D.若該果蠅的一個卵原細胞產生的一個卵細胞的基因型為cXD，則同時產生的第二極體的基因型為cXD、CXd、CXd，D錯誤。【點睛】注意：一個卵原細胞和一個雌性個體產生的卵細胞（配子）的個數及其比例的區別。25．艾弗里和同事用R型和S型肺炎雙球菌進行實驗，結果如下表。下列說法正確的是（）實驗組號接種菌型加人S型菌物質培養皿長菌情況①R蛋白質R型②R莢膜多糖R型③RDNAR型、S型④RDNA(經DNA酶處理)R型A．實驗①說明S型菌的蛋白質不是轉化因子B．②說明S型菌的莢膜多糖有酶活性C．③和④①說明S型菌的DNA是轉化因子D．①～④說明DNA是主要的遺傳物質【答案】C【分析】肺炎雙球菌轉化實驗包括格里菲斯體內轉化實驗和艾弗里體外轉化實驗，其中格里菲斯體內轉化實驗證明S型細菌中存在某種“轉化因子”，能將R型細菌轉化為S型細菌；艾弗里體外轉化實驗證明DNA是遺傳物質。【詳解】A、單獨①實驗不能說明蛋白質不是轉化因子，A錯誤；B、②實驗加入了莢膜多糖，后代培養未出現S型菌，可以說明莢膜多糖不是轉化因子，而與其酶活性無關，B錯誤；C、③和④實驗中唯一的變量即是否加入DNA酶處理，前者結果既有R型菌，又有S型菌，直接說明DNA可以使R型菌轉化為S型菌；后者結果僅有R型菌，側面說明DNA水解物無法使其轉化，C正確；D、四組實驗僅證明了DNA是遺傳轉化的因子，并未發現其他物質可以起該作用及其所起作用的大小，所以不能說明DNA是主要的遺傳物質，D錯誤。故選C。【點睛】26．下圖表示連續分裂的細胞相鄰的兩個細胞周期，相關敘述錯誤的是A．c、d兩階段都要消耗ATPB．b+c可表示一個完整的細胞周期C．核遺傳物質的平均分配發生在d段D．DNA的復制及有關蛋白質的合成發生在a段【答案】B【分析】a、c為分裂間期，b、d為分裂期。【詳解】c為分裂間期和d為分裂期均需要消耗ATP，A正確；a+b和c+d均可以表示一個細胞周期，B錯誤；核物質在末期均分到兩個子細胞中，d為分裂期包含末期，C正確；a是間期，主要進行DNA的復制和有關蛋白質的合成，D正確。故選B。【點睛】易錯點：細胞周期中，分裂間期在前，分裂期在后，圖中b+c不能表示一個細胞周期。27．如圖為生物遺傳信息傳遞與表達過程的示意圖，數字表示過程。下列有關敘述正確的是（）A．參與①②過程的酶相同 B．②③過程中的堿基配對方式相同C．圖示②生理過程中會產生水 D．圖示③生理過程共需要64種tRNA【答案】C【分析】據圖分析，①表示DNA的復制，形成兩個子代DNA分子；②表示轉錄，形成單鏈的RNA；③表示翻譯，形成多肽鏈。【詳解】A、參與①②過程的酶不相同，A錯誤；B、②轉錄、③翻譯過程中的堿基配對方式不完全相同，B錯誤；C、圖示②轉錄過程中，RNA合成過程形成磷酸二酯鍵會產生水，C正確；D、圖示③翻譯生理過程共需要61種tRNA，D錯誤。故選C。【點睛】本題結合圖解，考查遺傳信息的轉錄過程，要求考生識記DNA分子的轉錄過程、場所、條件及產物等基礎知識，能準確判斷圖中各過程的名稱，再結合所學的知識準確判斷各選項。28．用32P和35S標記的噬菌體分別侵染細菌，經短時間保溫后，用攪拌機攪拌，然后離心得到上清液和沉淀物，檢測上清液和沉淀物中35S和32P的放射性。據圖判斷下列敘述錯誤的是A．圖2中用35S、32P分別標記噬菌體的蛋白質、DNA，標記元素所在部位分別對應于圖1中的④、①B．圖2中的⑦⑧分別代表攪拌、離心過程，其中⑦的目的是使吸附在細菌上的噬菌體與細菌分離C．35S標記的噬菌體侵染實驗中，攪拌時間過短，沉淀物的放射性會顯著升高D．35S標記的噬菌體侵染實驗中，保溫時間過長，上清液的放射性會顯著升高【答案】D【分析】圖一中：①是磷酸，②是五碳糖，③是含氮堿基，④R基，⑤肽鍵。圖二中：⑥噬菌體侵染細菌，⑦攪拌，⑧離心。【詳解】A、圖2中用35S、32P分別標記噬菌體的蛋白質的R基即④、DNA的磷酸即①，A正確；B、圖2中的⑦⑧分別代表攪拌、離心過程，其中⑦攪拌的目的是使吸附在細菌上的噬菌體與細菌分離，B正確；C、35S標記的噬菌體侵染實驗中，攪拌時間過短，會導致部分蛋白質外殼隨著細菌出現在沉淀物中，導致沉淀物的放射性會顯著升高，C正確；D、保溫的目的是讓噬菌體充分侵染大腸桿菌，35S標記的蛋白質外殼未進入細菌體內，離心后分布于上清液中，保溫時間過長不影響上清液的放射性，D錯誤。故選D。29．下列有關現代生物進化理論的敘述，錯誤的是（）A．地理隔離是產生新物種的標志B．突變和基因重組為生物進化提供了原材料C．生物進化的實質是種群的基因頻率發生改變D．自然選擇決定生物進化的方向【答案】A【分析】現代生物進化理論的主要內容是：種群是生物進化的基本單位；突變和基因重組產生進化的原材料；自然選擇使種群的基因頻率發生定向改變，導致生物朝著一定的方向不斷進化；隔離是新物種形成的必要條件，新物種形成的標志是產生生殖隔離。【詳解】A、生殖隔離是產生新物種的標志，A錯誤；B、突變和基因重組都是隨機的、不定向的，只是為生物進化提供了原材料，B正確；C、D、在自然選擇的作用下，具有有利變異的個體有更多的機會產生后代，種群中相應的基因頻率會不斷提高，而具有不利變異的個體留下后代的機會少，種群中相應的基因頻率會下降，因此，生物進化的實質是種群的基因頻率發生改變，導致生物朝著一定的方向不斷進化，自然選擇決定生物進化的方向，C、D正確。故選A。30．在某嚴格自花傳粉的二倍體植物中，發現甲、乙兩類矮生突變體（如圖所示），矮化植株無A基因，矮化程度與a基因的數量呈正相關。假設甲乙產生的各類型配子和后代都能成活，且成活率相同。下列敘述錯誤的是A．甲類變異屬于基因突變，乙類變異屬于基因突變和染色體的結構變異B．乙減數分裂產生2種花粉，在第一次分裂前期，某個四分體中帶有4個a基因C．乙的自交后代有3種矮化類型D．甲與乙雜交后代出現兩種表現型，比例為2：1【答案】D【分析】據圖可知，甲類突變體是同源染色體上的A基因均突變為a，乙類突變體中，含a的染色體片段轉移到了另一條同源染色體上。減數分裂過程中，同源染色體可以正常分離。【詳解】A、A基因與a基因屬于等位基因，甲類變異屬于基因突變，乙類變異是在甲類變異的基礎上發生了染色體結構變異，A正確；B、乙減數分裂產生不含a和含有2個a的2種花粉，且二者比例為1∶1，在第一次分裂前期，復制后聯會的一對同源染色體構成一個四分體，某個四分體中的一條染色體上含有4條染色單體，含有4個a基因，B正確；C、矮化程度與a基因的數量呈正相關，乙的自交后代有不含a、含有2個a和含有4個a的3種矮化類型，C正確；D、甲減數分裂產生含有個1a的配子，甲與乙雜交后代含有1個a或3個a，兩種表現型的比例為1：1，D錯誤。故選D。非選擇題部分二、非選擇題(本大題共5小題，共40分)31（9分）．甲圖表示某種動物某一器官中細胞分裂（包含有絲分裂和減數分裂）示意圖像，乙圖表示1條染色體上DNA含量在細胞分裂過程中的變化。據圖回答以下問題：（1）圖甲細胞③屬于_______分裂，細胞中有______個四分體，核DNA分子有________個；表示減數第二次分裂中期的是細胞_________。（2）形成CD段變化的原因是_________；圖甲細胞②與圖乙______段對應，細胞⑨與圖乙_____段對應。（3）該動物為________性（雌或雄）動物，判斷的依據是圖甲中_______________。【答案】減數28④著絲粒分裂BCDE雄細胞⑧中同源染色體分離時細胞質均等分裂。【分析】根據題意和圖示分析可知：甲圖中細胞①-⑩分別處于減數第一次分裂四分體時期、有絲分裂中期、減數一次分裂中期、減數二次分裂中期、有絲分裂后期、有絲分裂后期、有絲分裂末期、減數一次分裂后期、減數二次分裂后期、減數二次分裂前期。乙圖表示每條染色體上DNA含量變化，AB段表示DNA復制，BC段每條染色體上含2個DNA，DE段表示每條染色體上有1個DNA，據此分析。【詳解】（1）圖甲細胞③正在發生同源染色體分離，屬于減數分裂，細胞中有2個四分體，此時核DNA分子有8個；圖中表示減數第二次分裂中期的是細胞④。（2）乙圖中CD段變化的原因是著絲粒分裂；圖甲細胞②處于有絲分裂中期，此時每條染色體上有2個DNA，對應圖乙BC段，細胞⑨處于減數第二次分裂后期，與圖乙DE段對應。（3）細胞⑧處于減數第一次分裂后期，⑧中同源染色體分離時細胞質均等分裂，故可知該動物為雄性。【點睛】本題考查有絲分裂和減數分裂的相關知識，意在考查學生的識圖能力和判斷能力。32（10分）．現有4個純合南瓜品種，其中2個品種的果形表現為圓形（圓形甲和圓形乙），1個表現為扁盤形，1個表現為長形。用這4個南瓜品種做了以下3個實驗，結果如下：實驗1：圓形甲×圓形乙，F1全為扁盤形，F2中扁盤形︰圓形︰長形=9︰6︰1實驗2：扁盤形×長形，F1全為扁盤形，F2中扁盤形︰圓形︰長形=9︰6︰1實驗3：實驗1中F1和實驗2的長形雜交，后代中扁盤形︰圓形︰長形=1︰2︰1綜合上述實驗結果，請回答：（1）南瓜的花分為雌花和雄花，做雜交實驗時可以省去_________操作。（2）南瓜果形的遺傳受_________對等位基因控制，且遵循_________定律。（3）若果形由一對等位基因控制用A、a表示，若由兩對等位基因控制用A、a和B、b表示，以此類推，則扁盤形南瓜的基因型有_________種，圓形甲的基因型是_________，長形的基因型是_________。（4）寫出實驗3的遺傳圖解________。【答案】人工去雄2基因的自由組合4AAbb或aaBBaabbP：扁盤形長形AaBb↓aabbF1：AaBbAabbaaBbaabb扁盤形圓形圓形長形1：1：1：1【分析】分析實驗現象：實驗1和實驗2中F2的分離比9：6：1是9：3：3：1的變式，由此可知，南瓜果形的遺傳受2對等位基因控制，且遵循基因的自由組合定律，假設果形由兩對等位基因控制用A、a和B、b表示，則扁盤形基因型為A_B_，即有AABB、AABb、AaBB、AaBb，長形基因型為aabb，圓形基因型為A_bb和aaB_，即AAbb、Aabb、aaBB、aaBb。【詳解】（1）南瓜的花分為雌花和雄花，做雜交實驗時可以省去人工去雄的操作。（2）由分析可知，南瓜果形的遺傳受2對等位基因控制，且遵循基因的自由組合定律。（3）若果形由一對等位基因控制用A、a表示，若由兩對等位基因控制用A、a和B、b表示，由分析可知，扁盤形南瓜的基因型有4種，圓形甲是純合子，則基因型是AAbb或aaBB，長形的基因型是aabb。（4）實驗1中F1的基因型為AaBb，長形的基因型為aabb，雜交后的遺傳圖解為P：扁盤形長形AaBb↓aabbF1：AaBbAabbaaBbaabb扁盤形圓形圓形長形1：1：1：1【點睛】本題考查了基因自由組合定律的應用，難度中等，屬于考綱理解、應用層次，解答本題的關鍵是根據F2代果形比例判斷扁盤形、圓形和長形果實的基因型。33（10分）．在建國70周年之際，“雜交水稻之父”袁隆平院士被授予“共和國勛章”榮譽稱號，以表彰他對解決人類糧食問題作出的重要貢獻。下圖甲是水稻晴朗夏日一天中光合作用速率的變化，圖乙是幼嫩水稻葉與成熟水稻葉的色素比較。回答下列問題：（1）水稻高產的重要基礎之一是光合作用產物的大量積累。與光合作用速率有關的外部因素有________等。（寫出2種因素即可）。（2）光合作用速率的檢測指標可以是________。14:00時光合作用速率降低的原因可能是________。（3）水稻在成熟過程中，葉片逐漸轉黃，有人認為是成熟過程中合成了大量類胡蘿卜素，掩蓋了原有的綠色，也有人不這么認為。他們進行了研究，結果如圖乙所示。①在研磨葉片時，需加入95%的乙醇。乙醇的作用是________。②色素分離實驗時，將劃有濾液細線（色素量足夠）的濾紙條放入________液中，經過10分鐘后觀察。若未觀察到分離的色素帶，可能原因是________。③根據結果分析，葉片轉黃的原因是________。（4）科學家目前還在研究可在鹽堿地中種植的海水稻。普通水稻在鹽堿地中難以存活的原因之一是鹽堿地中鹽濃度過高導致________，植株枯萎。【答案】光強度、二氧化碳濃度、溫度、水二氧化碳的吸收速率或氧氣的產生速率光照過強，葉面溫度過高，為減少水分散失氣孔關閉，導致葉肉細胞可利用的二氧化碳減少溶解色素層析濾