浙江省2024年高考物理模擬試卷及答案

國學人一、選擇題I（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四

得分「備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）

1.下列單位屬于國際制基本單位且對應的物理量一定為標量的是（）

A.KB.TC.ND.J

2.2023年9月25口“05后”中國選手余依婷以2分07秒75的絕對優勢，奪得亞運會女子200米個人混

合泳金牌，成為亞運三金.王。下列判斷正確的是（）

A.“200米”指的位移大小B.“2分07秒75”表示時刻

C.全程的平均速度是1.57m/sD.研究余依婷的觸壁動作時不能將她看作質點

3.如圖所示，一個兩端封閉的玻璃管，把質量不相同的鐵片和羽毛放到玻璃管中，玻璃管豎直放置，讓

鐵片和羽毛從玻璃管上方同一位置同時開始下落，觀察它們下落的情況，下列說法正確的是（）

A.羽毛的加速度在增大B.下落過程羽毛機械能守恒

C.鐵片的重力勢能不斷在增大D.羽毛與鐵片之間的距離在增大

4.靜電透鏡被廣泛應用于電子器件中，圖中虛線表示陰極射線示波管的聚焦電場等勢面分布情況，任意

兩個相鄰等勢面間電勢差相等，z軸為該電場的中心軸線。一電子從其左側進入聚焦電場，圖中實線為電

子僅在電場力作用下的運動軌跡，P、Q、R為其軌跡上的三點。下列判斷正確的是（）

A.P點的電勢大于R點的電勢B.P點的電場強度大于R點的電場強度

C.電子在Q點的動能小于在P點的動能D.電子在0點電勢能小于R點的電勢能

1

5.下列關于教材中的四幅插圖說法正確的是()

A.圖甲是顯微鏡下三顆小炭粒的運動位置連線圖，連線表示小炭粒的運動軌跡

B.圖乙是某材料制作的細管豎直插入水中的情景，證明水浸潤該材料

C.圖內是一定質量的理想氣體在不同溫度下的兩條等溫線，則

D.圖丁中一只水域能停在水面上，是浮力作用的結果

6.如圖，質量為m的小球用一輕繩豎直懸吊于0點。現用一光滑的金屬掛鉤向右緩慢拉動輕繩至虛線位

置，在此過程中，下列說法正確的是()

////〃///

O,、、、

、

A,鉤子對繩的作用力始終不變B.掛鉤與。點間的繩子拉力先變大后變小

C.繩子對掛鉤的作用力方向始終水平向左D.鉤子對繩的作用力大小不可能等于1.5mg

7.2024年1月18日01時46分，天舟七號貨運飛船成功對接空間站天和核心艙，變軌情況如圖所示。

空間站軌道可近似看成圓軌道，且距離地面的高度約為390km。下列關于天舟七號的說法正確的是

A.發射速度大于11.2kzn/s

B.從對接軌道變軌到空間站軌道時，速度變大

C.在對接軌道，的運行周期大于空間站的運行周期

D.在空間站軌道運行的速度比赤道上的物體隨地球自轉的線速度小

8.如圖所示，質量為Mg的導體棒長為0.5m,兩端與長為1m的細軟銅絲相連，懸掛在磁感線強度"、

方向豎直向上的勻強磁場中。將兩細軟銅絲接入一恒流源，導體棒中的電流/始終保持不變，導體棒從最

低點由靜止向上擺動，最大擺角為60。，忽略空氣阻力。則()

2

A.導體棒受到的安培力方向豎直向上

B.導體棒中的電流/=20舊/

C.每根銅線所能承受的最大拉力至少為（10g-10）N

D.靜II?向卜探至最大擺角處需要的時間為為s

9.圖甲所示為氫原子的能級圖。?舉處于第4能級的氫原了，會輻射出不同頻率的光，其中只有2種頻

率的光。、匕可以讓圖乙所示光電管的羽極K發生光電效應。圖丙為以〃光單獨照射K時產生的光電流

隨電壓變化的關系圖。下列說法正確的是（）

A.〃光的光子動量比力光的光了?動量大

B.用〃光照射光電管時，逸出光電了?的初動能都比〃光照射時大

C.用同一雙縫干涉裝置進行實驗，。光的干涉條紋間距小于〃光的

D.處于第2能級的氫原了?可以吸收。光的光了?并電離

10.2023年8月，新一?代“人造太陽''中國環流三號首次實現100萬安培等離子體電流卜.的高約束模式運

行，標志著我國在用控核聚變領域達到了國際領先水平。''人造太陽''內部發生的?種核反應，具反應方程

為彳H+；H-4"e+X+17.6MeV,已知的比結合能為Ei，的比結合能為第，的比結合能

為E3,光在真空中的傳播速度為c。下列說法正確的是（）

A.核反應方程中X為、遇

B.聲的結合能為17.6MeV

C.核反應中的質量虧損可表示為二3一（2二+30）

cz

D.；”半衰期為12.46年，現有100個施原子核，經過12.46年后剩下50個僦原子核

11.自動體外除顫儀（AED）可通過產生如圖中所示的脈沖電流終止致命性心律失常，使心臟恢具跳

動。圖乙是某型除顫儀的簡化電路，電源為普通交流電源。某次調試時交流電壓表示數為20V,電容器充

電完畢,開關由力“擲向"2”,放電電流平均值為2.84放電時間約為10-2s,已知電容器電容為20〃F0則

下列判斷正確的是（）

A.升壓變壓器原副線圈的匝數比約為1:50B.電感心越大，脈沖電流峰值越大

C.電容C越小，放電持續時間越長D.脈沖電流作用于不同人體時，電流大小相同

12.斯特潘定律是熱力學中的一個著名定律，其內容為：一個黑體表面單位面積輻射的功率與黑體本身

的熱力學溫度7的四次方成正比，即00=。伊，其中常量。=5.67xl0-8w/（m2,K4）。假定太陽和地球

都可以看成黑體，不考慮大氣層反射、吸收等因素，已知太陽表面平均溫度約為6000K,地球表面平均溫

度約為300K,已知日地距離約為1.5x1011?小試估算太陽半徑（）

A.3.8x107mB.7.5x1077nC.3.8x108mD.7.5x108m

13.某主題公園的湖里安裝了一批圓形線狀光源的彩燈，半徑為上如圖甲所示。該光源水平放置到湖水

下方，光源圓面與液面平行。當彩燈發出紅光時，可在水面正上方觀察到如圖乙所示的紅色亮環，亮環與

中間暗圓的面枳之比為3:1,已知水對紅光的折射率為泰卜.列說法正確的是（）

甲乙

A.此彩燈離水面的垂直距離為號〃

B.彩燈變換發光顏色時，中間暗圓面積保持不變

C.若將彩燈JL移，則亮環面積與中間暗圓面積之比增大

D.將光源再向湖底豎直向下移動，R,會使中間暗圓消失

0

閱卷入二、選擇題II（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個

備選項中至少有一個是符合題目要求的。全部選對的得3分，選對但不全

得分的得2分，有選錯的得。分）

4

14.下列說法正確的是（)

/

:S]N,

甲

A.甲圖為未來人類進行星際航行,若以0.2c的速度航行的飛船向正前方的某一星球發射一束激光，根

據相對論時空觀，該星球上的觀測者測量得到激光的速度為c

B.乙圖為某同學設計的靜電除塵裝置，塵埃被吸附在中間的負極棒上

C.內圖為航天員在“天宮課堂”演示“動量守恒實驗”，小鋼球沿水平方向從右向左撞擊靜止的大鋼球

后，小鋼球運動方向可能與大鋼球不在同一直線.上

D.丁圖為檢驗通電導線周圍是否存在磁場，要使實驗現象明顯，導線應東西方向放置

15.如圖甲所示為超聲波懸浮儀，上方圓柱體發出超聲波，下方圓柱體將接收到的超聲波信號反射回

去。兩列超聲波信號疊加后，會出現振幅幾乎為零的點一節點，泡沫顆粒能在節點處附近保持懸浮狀態，

圖乙為泡沫顆粒之間可以懸浮的最近距離，用刻度尺量得5個顆粒之間的距離如圖中所示。圖內為這兩列

超聲波某時刻的波形圖，P、Q為波源，此時兩列波剛好分別傳到M和M已知聲波傳播的速度為

340m/s。則下列說法正確的是（）

A.泡沫顆粒懸浮時，受到的聲波的作用力豎直向下

B.兩列波疊加穩定后，泡沫顆粒在M點處不可能懸浮

C.該超聲波懸浮儀所發出超聲波的波長約為4.25?nm

D.該超聲波懸浮儀所發出的超聲波信號頻率約為40AHz

閱卷入

-三、非選擇題（本題共5小題，共55分）

得分

16.在“研究自由下落物體的機械能''的實驗中：

（1）圖1所示實驗裝置中，器材安裝擺放使用正確的是.

（2）在正確操作打出多條點跡清晰的紙帶中，應選取相鄰點間距離之差最接近mm的紙帶進

行測量。

（3）如圖2所示，紙帶上標記了七個連續打出的點為計數點1、2....7,并把刻度尺的“0刻度”對準

點“7”。根據紙帶算出打下點“4”時重物的速率必=m/s（結果保留三位有效數字）。

l|llll|llll|llll|llll|llll|llll|llll|lll|llll|llll|llll|

、78910II1：

75\/4321

I'I1I1I1I1II■I'I1I1I1I1I'I"I1I

I2345678910II1213141516

圖2

（4）把打卜.點“7”時重物所在位置選為參考平面，測出紙帶上各點到點“7”之間的距離人算出打卜.各點

7

時的重物速率v,則畫出的:_九圖像是圖3中的

17.在“金屬絲電阻率的測量”的實驗中:

（I）用螺旋測微器測量金屬絲的百徑，某次測量示數如圖1所示，金屬絲直徑d=mma

（2）按圖2所示的電路測量金屬絲的電阻心。小明將單刀雙擲開關分別打到〃處和〃處，通過觀察分

析，發現電壓表示數變化更明顯，由此判斷開關打到（填““、*”）處時進行實驗系統誤差較

小。

（3）小明為了消除系統誤差，他設計用電流計G和電阻箱替代V,電路如圖3所示。實驗繪制出了

七一R錯圖像是如圖4所示直線，斜率為縱截距為人R琳為電阻箱限值讀數，/為A示數，。為G示

數。試求Rx=o

6

h

O

圖4

A.圖甲“探究平拋運動的特點”實驗中，斜槽軌道必須光滑且其末端水平

B.圖乙計算油膜面積時，只數完整的方格數，油酸分子直徑的測量值會偏大

C.圖丙“探究氣體等溫變化的規律”實驗中，注射器必須保持豎直

D.圖丁“測量玻璃的折射率”實驗中，玻璃磚寬度宜大些，大頭針應垂直插在紙面上

19.某款智能手機可以直接顯示手機所處環境的壓強和溫度，某科創小組想利用智能手機的這種功能測

埴一形狀不規則又易溶于水的物體密度，他們自制了“測量筒”，測量筒由上端開口的隔熱性良好且可電加

熱的圓柱形氣缸和橫截面積為S=0.20血2的隔熱輕質活塞組成。具體操作如下：

第一步：如圖甲所示，將手機放入測量筒，放上活塞，手機穩定顯示壓強P]=1.013xl（）5pQ；

第二步：如圖乙所示，在活塞上輕放待測物體，穩定后，手?機顯示壓強P2=1.015X10SPQ：

第三步：如圖丙所示，把待測物體也放入氣缸里，再放上活塞，待手機穩定顯示溫度好=270K時，測

得活塞到汽缸底部島度八=0.50m。然后開啟電熱絲加熱?段時間，待手機穩定顯示溫度7'2=310《時，測

得活塞上升了4九=0.05m。

（封閉的空氣視為理想氣體，忽略?切摩擦，待測物體的體積始終不變，不計電熱絲和手機的體積）。

圖內

（1）第二步中，筒內氣體在放上待測物前后的兩種穩定狀態進行匕較，放上待測物后筒內氣體分子的

平均速率（填“增大”、“減小”、“不變”氣體的內能（填“增加”、“減少”、“不變”）：

7

（2）待測物體的質量；

（3）待測物體的體積o

20.圖甲為某游戲項目模型，由彈性發射裝置P、傾角6=37。長，i=2.75m的固定斜面A8、質量m1=

1kg的表面為四分之一光滑圓弧的滑塊M和質量m2=4kg長度％=2.25m的平板小車等四部分組成。圓弧

CQ的半徑R=lm,最低點C與小車等高。當P把m=1kg的小物塊（視為質點）以%=4m/s速度水平

彈出，恰好由A點沿斜面方向進入斜面，不考慮其運動時通過各連接點間的動能損失。小物塊與A8間的

動摩擦因數a=0.5,忽略小車和M下表面與地面的摩擦。（sin37°=0.6,cos370=0.8）

（1）求水平彈出點離A點的豎直高度E：

（2）若鎖定平板小車，小物塊與小車間的動摩擦因數〃2=06。求小物塊滑上.M時對C點的壓力/及

上滑的最大向度電；

（3）現解除小車鎖定，并在小車上.表面噴涂一種特殊材料（不計噴涂材料的質量），使小物塊與小車間

的動摩擦因數能從右（8端）向左隨距離變化，如圖乙所示。若小物塊仍以%=4m/s速度水平彈出，試

分析小物塊能否通過C點？并說明理白。

21.如圖所示，半徑分別為廣和專的均勻金屬圓盤G、N垂直固定在水平金屬轉軸C。匕圓盤中心位于

轉軸中心線上，其中丁=0.5m,不計轉軸粗細。G為發電盤，處于平行轉軸向右、8=0.57的勻強磁場

中，并通過電刷P和。連接兩間距d=1m的平行金屬導軌，導軌某點處用絕緣材料平滑連接，導軌左側

足夠遠處接有自感系數為2〃的純電感線圈L,導軌水平且處于豎直向下、8=0.57勻強磁場中。N為轉動

盤，所在處無磁場，其上繞有絕緣細線，在外力產作用下，兩圓盤會按圖示方向轉動。質量m=0.5Ag的

金屬桿"放置在絕緣點右側某位置，僅與絕緣點左側導軌間有大小恒定的摩擦阻力f=1N,其余接觸處

均無摩擦。發電盤G接入電路的電阻8=0.5。，不計金屬桿、導線、電刷電阻及接觸電阻，忽略轉動的摩

擦阻力。現保持金屬圓盤按圖示方向以回=32rad/s勻速轉動。

8

絕緣bG

（1）鎖定金屬桿他，求通過他的電流以及外力的大小:

（2）靜止釋放金屬桿而，通過絕緣點時的速度為b=3m/s,求此過程中通過岫的電荷量g和發電盤

G上的發熱量Q：

（3）在（2）問基礎上，金屬桿而通過絕緣點后，求第一次向左運動至最遠處離絕緣點的距離s。

22.如圖甲所示，立方體空間的邊長為心側面為熒光屏，能完全吸收打在屏上的帶電粒子并發

光，三維坐標系坐標原點。位于底面EFG”的中心，Ox||FG,Oy||GH.已知從原點。向xOy平面內各

個方向均勻持續發射速率為火、質量為，入電荷量為+q的粒子。不計粒子重力及粒子間的相互作用。

（1）若在立方體空間內僅存在方向平行于z軸的勻強磁場，沿y軸正方向射出的粒子恰好打在熒光屏上

的，點。求磁場的磁感應強度8和粒子從原點O運動到熒光屏的最短時間/；

若在立方體空間內僅存在z軸負方向的勻強電場E=駕酒和沿），軸正方向的勻強磁場8=

(2)

5qL

877772%

沿工軸正方向射出的粒子，經某位置恰好與射出時速度相同，求此位置的坐標:

（3）若在立方體空間內平行），軸加如圖乙所示的磁場，其中By=^*cos（率t）。同時平行z軸加如圖

9

丙的磁場，其中B,=^sin（祭t）,粒子在磁場中運動時間遠小于磁場變化周期，不計電磁輻射影響。

bqLI

求沿X軸正方向射出的粒子打在熒光屏上落點的痕跡長度。

10

答案解析部分

1.【答案】A

【解析】【解答】A、K是熱力學溫度單位，熱力學溫度單位屬于國際制基本單位，對應的物理量是熱力學

溫度，熱力學溫度是標量，故A正確；

B、T是磁感應強度單位，在國際單位制中屬于導出單位，對應的物理量是磁感應強度，磁感應強度是矢

量，故B錯誤；

C、N是力的單位，在國際單位制中屬于導出單位，對應的物理量是力，力是矢量，故C錯誤；

D、J是功的單位，在國際單位制中屬于導出單位，對應的物理量是功，功是標量，故D錯誤。

故答案為：Ao

【分析】熟練掌握國際制基本單位及其對應的物理量，明確所給單位對應的物理量，再根據矢量和標量的

定義分析。

2.【答案】D

【解析】【解答】A、“200米”指的路程，故A錯誤;

B、“2分07秒75”表示時間間隔，故B錯誤：

C、運動員決賽全程的路程為200m,但位移大小為0,則運動員決賽全程的平均速度大小為零，故C錯

誤：

D、研究余依婷的觸壁動作時不能忽略她的大小，所以不能將她看作質點，故D正確。

故答案為：Do

【分析】路程是指物體運動軌跡的長度，當物體的形狀及尺寸大小對所研究的的問題的影響可以忽略不計

時，物體可視為質點。熟練掌握平均速度和平均速率的頂用。

3.【答案】D

【解析】【解答】A、對于羽毛有

mg-f=ma

由于阻力的變化情況未知，所以羽毛的加速度如何變化也是未知，故A錯誤；

B、由題圖可知，羽毛下落過程中受到阻力的作用，所以下落過程羽毛的機械能不守恒，故B錯誤；

C、鐵片下落過程中，其高度逐漸下降，重力做正功，所以鐵片的重力勢能在減少，故C錯誤；

D、鐵片和羽毛在卜落過程中，阻力對鐵片自身的重力影響較小，因此貼片的加速度大于羽毛的加速度，

兩者的距離逐漸變大，故D正確。

故答案為：Do

【分析】明確鐵片和羽毛在下落過程中的受力情況，再根據牛頓第二定律及運動學規律確定兩者之間加速

度和距離變化情況。熟練掌握重力做功與重力勢能的關系及機械能守恒的條件。

11

4.【答案】B

【解析】【解答】A、電子僅在電場力作用下從P點運動到R點，由于合力方向指向軌跡的內側，電子帶負

電，所受電場力方向與電場強度方向相反，電場力方向與等勢線垂直，可知，電場線方向整體從右指向

左，乂由于沿電場線方向，電勢降低，可知，P點的電勢低于Q點的電勢，故A錯誤：

B、由「任意兩條相鄰等勢線間電勢差相等，則等勢線分布的密集程度能夠表示電場的強弱，P點的等勢

線分布比R點的密集，則P點的電場強度大于在R點的電場強度，故B正確：

CD、結合上述可知，從P至R的運動過程中，電子所受電場力做正功，電子的電勢能減小，電子的動能

謂大，則電子在Q點的動能大于在P點的動能，在Q點電勢能大于R點的電勢能，故CD錯誤。

故答案為：Bo

【分析】根據粒子軌跡的偏轉方向確定粒子的受力方向，再根據粒子的電性確定電場強度的方向，電場線

與等勢線垂直，沿電場線方向，電勢降低，等差等勢面越密集，電場速度越大，電場力做正功，粒子動能

謂大，電勢能減小。

5.【答案】C

【解析】【解答】A、每隔一段時間把觀察到的炭粒的位置記錄下來，然后用直線把這些位置依次連接成折

線，所以布朗運動圖像反映每隔一段時間固體微粒的位置，而不是運動軌跡，故A錯誤：

B、管內的頁面低于管外液面，液體不浸潤管壁，即水與該材料屬于不浸潤，故B錯誤；

C、做一條豎直的等容線，與兩條等溫線的交點分別表示為6、TH口、T2,根據

P1.P2

解得

Ti<T2

故C正確；

D、水有表面張力，所以水電能停在水面上，故D錯誤。

故答案為：Co

【分析】布朗運動圖像反映每隔?段時間固體微粒的位置，熟練掌握浸潤與不浸潤現象的特點。根據玻意

耳定律結合圖像確定兩圖線溫度的高低。熟練掌握液體表面張力的應用。

6.【答案】D

【解析】【解答】ABC、由于緩慢拉動，小球處于動態平衡，即繩子上的拉力與小球的重力大小相等，由

于同?個繩子在金屬掛鉤兩側的拉力相同，都為mg,用?光滑的金屬掛鉤向右緩慢拉動輕繩至虛線位

置，繩子兩側的夾角減小，由平行四邊形定則可知，合力變大，且繩子對鉤子的作用力的合力方向為左下

方，即繩對鉤子的作用逐漸增大，由牛頓第三定律可知，鉤子對繩的作用力變大，故ABC錯誤；

D、鉤子兩側輕繩之間的夾角的最小值為90。，因此此時兩根繩子的合力最大為

12

er

2mgeos2=72mg

即鉤子對繩的作用力大小不可能等于L5mg,故D正確。

故答案為：D。

【分析】緩慢拉動繩子，小球處于動態平衡。同一個繩子兩側的拉力相同，對鉤子與繩子的交接點進行受

力分析，再根據平衡條件及力的合成與分解進行分析。

7.【答案】B

【解析】【解答】A、11.2km/s是第二宇宙速度，即脫離地球束縛的最小發射速度，天舟七號并沒有脫離地

球束縛，可知，其發射速度小于〃.2km/s,故A錯誤；

B、對接軌道相對于空間站軌道是低軌道，由低軌道到高軌道，需要再切點位置加速，即從對接軌道變軌

到空間站軌道時，速度變大，故B正確；

C、根據開普勒第三定律有

田二反

由于對接軌道的半長軸小于空間站軌道的半徑，則在對接軌道上的運行周期小于空間站的運行周期，故C

錯誤；

D、空間站軌道半徑小于地球同步衛星的半徑，根據

Mmv2

Gyr=mT

解得

可知，空間站的速度大于同步衛星的速度，根據

v=a)r

同步衛星與地球自轉角速度相等，可知，同步衛星的速度大于赤道上的物體隨地球自轉的線速度，則天舟

七號在空間站軌道運行的速度比赤道上的物體隨地球自轉的線速度大，故D錯誤。

故答案為：Bo

【分析】第二宇宙速度是脫離地球束縛的最小發射速度，衛星由低軌道進入高軌道，做離心運動，需要點

火加速。同步衛星的周期等于地球的自轉周期。數量掌握開普勒定律及萬有引力定律和牛頓第二定律在天

體運動中的應用。

8.【答案】C

【解析】【解答】AB、由題意可知，當擺角30。時，為圓周的等效最低點，對此時導體棒受力分析

13

通過受力分析知導體棒受到的安培力方向水平向右，根據平衡條件有

mgsin30°=B/dcos30°

解得

2073

I=----5—4

故AB錯誤；

C、導體棒由靜止到等效最低點過程中，由動能定理得

1

-mgj-Zcos30°)+B/d!sin300=2,znv

又有牛頓第二定律得

V2

2FT-(mgcos300+F/dsin30°)=m-j-

代入數據可得、得

Fr=(10\/3-10)/V

故C正確；

D、如果只受重力得單擺周期

27r

T=

qgvio

導體棒運動了半個周期，但是受到水平方向的安培力作用，等效重力加速度不等于g,故靜止向上擺至最

大擺角處需要的時間不等于看S,故D錯誤。

故答案為：Co

【分析】通過導體棒的電流不變，運動過程導體棒始終與磁場方向垂直，則導體棒所受安培力大小和方向

不變。則導體棒在該區域內做圓周運匆，旦受到重力和安培力均為恒力，可將導體棒的運動轉化成”等效

重力場”模型，導體棒運動到最高點的速度為零，則根據對稱性可知，擺角為30。時，導體棒位于圓周的等

效最低點，即此時導體棒所受安培力與重力和合力與豎直方向的夾角為30。。再根據動能定理及牛頓第二

定律進行分析解答。注意單擺的特點及類比應用。

9.【答案】D

14

【解析】【解答】A、由圖可知b光的遏止電壓最大，由

叫=Ek

Ek=hv—WQ

聯立可知b光的頻率大于a光的頻率，即b光的波長小，根據

h

P=A

a光的光子動量比b光的光子動量小，故A錯誤：

B、用b光照射光電管時，逸出光電子的最大初動能比a光照射時大，并不是所有光電子的初動能都大，

故D錯誤；

C、根據

L

Ax=

a

因為b光的波長小，所以b光的干涉條紋間距小，故C錯誤；

D、由題意可知，a光是由氫原子處于n=3能級躍遷到n=l能級釋放，則

E=%一邑=-1.51eV-(-13.6W)=12.09W>3.4eV

故D正確.

故答案為：D。

【分析】熟練掌握光電效應產生的條件及特點。遏止電壓越大，逸出光子的最大初動能越大，光子的頻率

越大，波長越小。當氫原子吸收的光子能量大于該能級氫原子達到電離態所需能量時，氫原子氫原子能被

電離。

10.【答案】C

【解析】【解答】A、根據質量數與電荷數守恒可知X為Jn,故A錯誤；

B、結合能是把原子核拆解成自由核子時所需要的最小能量，而非是核反應中放出的能量17.6MCV,故B

錯誤；

C、核反應放出的能量為

AE=4E3-(2Ei+3E2)

由質能虧損方程

△E=Amc2

解得

―4E匚(2q+3%)

c乙

故c正確；

D、半衰期是大量原子核衰變的統計規律，對少數原子核的衰變不適用，故D錯誤。

故答案為：Co

15

【分析】熟練掌握結合能和比結合能之間的關系。核反應方程質量數與電荷數守恒，結合能是把原子核拆

解成自由核子時所需要的最小能量。半衰期是大量原子核衰變的統計規律。根據質能虧損方程確定核反應

過程虧損的質量。

11.【答案】A

【解析】【解答】A、電容器電容為20葉，根據電容的定義式有

根據電流的定義式有

根據交流電有效值特征有

根據電壓匝數關系有

u2九2

結合題中數據解得

九11

故A正確；

B、電感L越大，對變化電流的阻礙作用越大，則脈沖電流峰值越小，故B錯誤;

C、電容C越小，根據

可知，電容器所帶電荷量越小，則放電持續時間越短，故C錯誤；

D、脈沖電流作用于不同人體時，由于不同人體的電阻不相同，則電流大小不相同，故D錯誤。

故答案為：A。

【分析】根據放電時間確定電容器兩極板的電荷量，再根據電容的定義式確定充電完成后電容器兩極板間

的電壓。電容器兩端的最大電壓等于司線圈電壓的最大值，再結合交變電流有效值與最大值的關系確定原

副線圈電壓的有效值，再結合理想變壓器規律確定線圈的匝數.電感L越大，對變化電流的阻礙作用越

大，脈沖電流峰值越小，不同人體的電阻不相同。

12.【答案】D

【解析】【解答】設太陽半徑為R,太陽單位時間內輻射的總能量為

16

E=aT^4nR2

這些能量分布在以太陽和地球之間的距離a為半徑的球面上，設地球半徑為r,則單位時間內地球吸收的

能量為

7ir2

AE=4^E

由于地球為黑體，則有

AE=E'=aT}-4nr2

聯立可得

R=7.5x108nl

故答案為：Do

【分析】將太陽視為球體，結合題意確定太陽單位時間輻射的總能量與太陽表面積的關系。再將太陽視為

一個“點”，則太陽輻射的能量將形成一個以該"點''為圓心的不斷擴大的能量球體，輻射能量分布在能量球

體的表面上，則地球相當丁?附在該能量球體表面上，注意地球只有部分面積吸收能量，地球吸收的能量全

部轉化為黑體輻射。再結合題意進行解答。

13.【答案】A

【解析】【解答】A、設亮環最外圈的半徑為門，暗圓的半徑為n,由題意有

2

a2

圓環邊緣的光線發生全反射

1

sinC=-

有幾何關系有

sinC=R—r42；

J后+(R—Q)2

結合幾何關系可知，有

17

R一72=「1—R

解得

h=VR

故A正確：

B、當彩燈變換發光顏色時，則水對該光的折射率發生變化，由卜.述分析可知，當折射率發生改變時，則

暗圓的半徑發生變化所以中間暗圓的面積發生變化，故B錯誤：

C、由九何關系可知，有

R—T2

sinf=,二

（/?-r）2

忖+2

整理有

I_h

R—r=sinC------------5-

2Jl-sin2C

若將彩燈上移，即彩燈到水面的高度減小，即h變小，有.卜.述分析可知，即門增加，乂因為

R—r2=—R

所以門減小，即兩者的半徑之比變小，則則亮環面積與中間暗圓面積之比變小，故C錯誤；

D、若使中間暗圓消失，有

解得

所以將發彩光燈項下平移的距離為

故D錯誤。

故答案為：A。

【分析】根據幾何關系確定兩圓的半徑。光環的邊界即為光線恰好發生全反射的臨界點。取光環上的一個

點畫出光線發生的光路圖，再根據幾何關系及全反射條件確定彩燈與水面的垂直距離與亮暗環半徑和彩燈

半徑之間的關系，再結合題意進行分析解答。

14.【答案】A,C

【解析】【解答】A、根據愛因斯坦相對論原理可知，光速不變，即星球上的觀測者測量得到激光的速度為

18

c,故A正確：

B、乙圖中，生埃帶負電，在電場力作用下，被吸附在板狀收集器上，故B錯誤：

C、小鋼球沿水平方向從右向左撞擊靜止的大鋼球，如果不是對心正碰，碰撞后，小鋼球運動方向與大鋼

球不在同一直線上，故C正確；

D、當通電導線南北放置時，根據安培定則，水平方向磁場沿東西方向，磁場與地磁場近似垂直，此時實

驗現象明顯，即檢驗通電導線周圍是否存在磁場時，要使實驗現象明顯，導線應南北方向放置，故D錯

誤。

故答案為：ACo

【分析】根據愛因斯坦相對論原理可知光速不變。塵埃帶負電，在電場力作用下吸附在板狀收集器上。鋼

球半徑不一致，小球之間發生的碰撞為非對心正碰，碰后兩球運動方向不在一條直線上。當導線產生的磁

場與地磁場方向垂直時，實驗效果最明顯，再結合安培定則及地磁場的特點進行分析。

15.【答案】B.D

【解析】【解答】A、泡沫顆粒懸浮時，受到的聲波的作用力與泡沫顆粒受重力平衡，方向豎直向匕故A

錯誤：

B、由FPQ為兩個波源，可知波源振動步調相反，M點與兩個波源的波程差為2.5個波長，為振動加強

點，不是節點，泡沫顆粒不能懸浮在此處，故B正確：

C、兩個振動減弱點之間距離

A17

Ax=2==4.257nm

該超聲波懸浮儀所發出超聲波的波長約為

A=8.5mm

故C錯誤；

D、超聲波信號頻率約為

v340

/=亍=-----------^Hz=40000Hz=40kHz

48.5x10-3

故D正確。

故答案為：BDo

【分析】確定泡沫顆粒的受力情況，懸浮時，泡沫顆粒處于平衡狀態，根據圖丙確定兩波的振動步調關

系，繼而確定兩波在M點疊加后，質點M的振動疊加情況，再結合題意確定M點疊加后是否為節點。熟

練掌握波的疊加原理及振動加強及減弱點的判斷方法。

16.【答案】(1)A

(2)4

19

(3)1.29

（4）D

【解析】【解答】（1）B中重錘離打點計時器太遠，不能打出足夠多的點：C中重錘沒有掛在桌子外面且重

錘離打點計時器太遠：D中重錘沒有掛在桌子外面。

故答案為：A。

（2）相鄰點間距離之差

Ax=gT2x4mm

則在正確操作打出多條點跡清晰的紙帶中，應選取相鄰點間距離之差最接近4mm的紙帶進行測量。

（3）白圖2可知3、5間的距離

%35=12.05-6.90/71771=5.15cm

則打下點“4”時重物的速率

Xoc

=尋=L29m/s

41

（4）把打卜點“7”時重物所在位置選為參考平面，則根據機械能守恒可得

^mv^-mgh=1

mv2

2

則有

11

--

22

可知圖像為下傾的直線。

故答案為：D。

【分析】熟練掌握打點計時器的特點及應用。垂錘應靠近打點計時，為使紙帶能打出足夠多的點，重錘應

位于落到桌子外面。根據中間時刻的該度等于該段時間內的平均諫度確定重物在各計數點的諫度，再根據

機械能守恒定律確定圖像的表達式，繼而確定圖像走勢。

17.【答案】（1）0.50（）

⑶（2）、a

k

【解析】【解答】（1）由圖中的顯示可知，螺旋測微器讀數為

d=0.5mm+0xO.Olrnzn=0.5007717n

（2）旭刀雙擲開關分別打到a處和b處，發現電壓表示數變化更明顯，說明電流表分壓對實驗膨響較

大，應采用電流表外接法，即開關應接a處。

（3）杈據并聯電路兩支路電壓相等可得

，g（Rg+R箭）=（—%）&

20

化簡整理可得

/Rg1

丁+瓦+〃箱

結合圖像中的斜率可得

1

Rx=k

【分析】讀數時注意儀器的分度值及是否需要估讀。熟練掌握通過試觸法判斷電流表內外接法的分析方

法。根據電路圖結合歐姆定律結合串產聯規律確定圖像的函數表達式，再結合圖像進行數據處理

18.【答案】B,D

【解析】【解答】A、在探究平拋運動的特點實驗中，只需要保證小球離開斜槽時的速度相等且水平，斜槽

不需要必須光滑，故A錯誤；

B、計算油膜面積時，只數完整的方格數，油膜的面積測量值偏小，根據

d]

可知，油酸分子直徑的測量值會偏大，故B正確：

C.探究氣體等溫變化的規律，因為封閉氣體對各個面的壓強都相等，注射器無論水平放置還是豎直放

置，都不會影響壓強的測量結果，也不會影響實驗結果，故c錯誤；

D、測量玻璃的折射率時，為了準確確定入射光線和折射光線，玻璃磚寬度宜大些，大頭針應垂直插在紙

面上，故D正確。

故答案為：BD...

【分析】在探究平拋運動的特點實驗中，只需要保證小球離開斜槽時的速度相等且水平。探究氣體等溫變

化的規律，封閉氣體對各個面的壓強都相等，注射糊的放置方式，不會影響實驗結果。測量玻璃的折射率

時，玻璃磚寬度宜大些，大頭針應垂直插在紙面上。

19.【答案】(1)增大；增加

(2)4kg

(3)0.0325m3

【解析】【解答】(I)絕熱條件下，外界對氣體做功，由

AU=W+Q

可知，氣體的內能增加，溫度升高，故氣體分子的平均速率增大

(2)對活塞有

P]S+mg-p2S=0

解得待測物的質量為

m=4kg

21

（3）在對氣體緩慢加熱的過程中，氣體的壓強保持不變，由等壓變化規律可得

2

設待測物的體積為匕可得

V1=hS-V

V2=(h+//i)S-V

代入數據解得

V=0.0325m3

【分析】絕熱狀態，氣體既不吸熱也不放熱。氣體體積減小，外界對氣體做功，再結合熱力學第一定律確

定內能變化情況，氣體溫度升高，內能變大，分子的平均動能增大。穩定時，活塞處于平衡狀態，根據平

衡條件確定待測物質量。根據題意確定氣體體積與待測物和手機及容器體積的關系，再結合理想氣體狀態

方程進行解答。

20.【答案】（I）解.：根據平拋運動規律，在A點有

^=tan370

%

其中

Vy=2gh

解得

hi=0.45m

（2）解：物塊在A點速度

Sm/s

從A到B過程，根據動能定理有

191

77ig/isin370-41mgeos37。'=2mVs~2

解得

vB=6m/s

從B到C過程，根據動能定理有

11

“mg%=2mvc7-2mvB?

解得

vc=3m/s

在圓軌道。點，根據牛頓第二定律有

N-mg=m6K

根據牛頓第三定律可知，小物塊滑上M時對C點的壓力

F=N

解得

F=19N

方向豎直向下。設小物塊滑上M的最大高度時，小物塊與M共速也，由動量守恒守律有

mvc=（m+%）％

由機械能守恒得

5ml哈=（m+g）訪+mgh

?乙2

解得

h2=0.225m

（3）解:物塊從B到C過程，克服摩擦力做功

%+〃4

=一〃3旬21-~~^22=6.5/

若到C點共速，則有

mvB=（in十力"十?n2）v；y

解得

u共=Im/s

則有

11

AE根=5