肥東凱悅中學2021-2022學年度第一學期高二年級第三次自主檢測物理試題卷測試時間：90分鐘滿分：100分第I卷（選擇題）一、選擇題（每題4分，共40分，1-6為單選，7-10為多選）1.如圖所示為兩等量正點電荷的電場線，為兩點電荷連線的中點，A為連線中垂線上的一點，下列判斷正確的是（）

A.A點的電場強度比點大B.A點的電勢比點的電勢高C.同一正試探電荷在點和A點電勢能相等D.將一正試探電荷從點移動到A點，電場力不做功【1題答案】【答案】A【解析】【詳解】A．電場線的疏密表示電場強度的相對大小，根據圖像可知，A點的電場強度比點大，A正確；B．沿著電場線方向電勢降低，故A點的電勢比點的電勢低，B錯誤；C．由于A點的電勢比點的電勢低，同一正試探電荷在點和A點電勢能不相等，C錯誤；D．由于A點的電勢比點的電勢低，將一正試探電荷從點移動到A點，電場力做正功，D錯誤，故選A。2.在下圖各電場中，A、B兩點電場強度相同的是（）A. B.C. D.【2題答案】【答案】C【解析】【詳解】A．A、B是離點電荷等距的兩點，處于同一等勢面上，電勢相同，場強大小相等，但方向不同，則電場強度不同，故A錯誤；B．根據點電荷場強公式可知，A點的場強大于B點的場強，故B錯誤；C．平行金屬板內部是勻強電場，A、B兩點的電場強度相同，故C正確；D．圖中A、B兩點電場線方向不同，疏密程度也不同，兩點場強不同，故D錯誤。故選C。3.如圖所示的四個電場的電場線，其中A和C圖中小圓圈表示一個點電荷，A圖中虛線是一個圓，B圖中幾條直線間距相等互相平行。則在圖中M、N兩點電場強度不相同且電勢相同的是（）A. B.C D.【3題答案】【答案】A【解析】【詳解】A．根據點電荷電場強度及電勢分布規律可知，M、N兩點電場強度大小相同，但方向不同，且M、N位于同一等勢面上，故A符合題意；B．由題意可知M、N處在勻強電場中，所以M、N兩點電場強度相同，根據沿電場線方向電勢降低可知M點電勢高于N點電勢，故B不符合題意；C．根據點電荷電場強度及電勢分布規律可知，M、N兩點電場強度方向相同，但大小不同，且M點電勢低于N點電勢，故C不符合題意；D．由題圖可知，M附近電場線比N點附近電場線稀疏，所以M點電場強度比N點電場強度小（或根據二者電場線方向不同直接判斷電場強度不同），且M點電勢高于N點電勢，故D不符合題意。故選A。4.如圖所示，電場中有A、B兩點，則下列說法中正確是（）A.電勢，場強B.電勢，場強C.將電荷從A點移到B點電場力做了負功D.將電荷分別放在A、B兩點時具有的電勢能【4題答案】【答案】A【解析】【詳解】AB．電場線越密地方電場強度越大，所以場強EA＜EB沿著電場線電勢降低，所以電勢故B錯誤，A正確；C．將+q電荷從A點移動到B點所受電場力和與位移方向夾角小于，電場力做正功，故C錯誤；

D．對負電荷來說，電勢越高電勢能越小，因為A點電勢大于B點電勢，所以EPA＜EPB故D錯誤。故選A。5.給平行板電容器充電，斷開電源后A極板帶正電，B極板帶負電。板間一帶電小球C用絕緣細線懸掛，如圖所示，小球靜止時與豎直方向的夾角為，則下列說法錯誤的是（）

A.若將B極板向右平移稍許，電容器的電容將減小B.若將B極板向下平移稍許，A、B兩板間電勢差將增大C.若將B極板向上平移稍許，夾角將變大D.輕輕將細線剪斷，小球將做斜拋運動【5題答案】【答案】D【解析】【分析】【詳解】A．若將B極板向右平移稍許，則d增大，根據可知電容器的電容將減小。故A正確，與題意不符；B．若將B極板向下平移稍許，則正對面積減小，根據可知電容器的電容將減小，依題意可知電容器的電荷量不變，有公式分析得知A、B兩板間電勢差將增大。故B正確，與題意不符；C．根據上一選項分析，當A、B兩板間電勢差將增大時，根據公式，F=qE可得小球所受電場力增大，夾角將變大。故C正確，與題意不符；D．輕輕將細線剪斷，小球將沿重力與電場力的合力方向做初速度為零的勻加速直線運動。故D錯誤，與題意相符。故選D。6.如圖所示，實線表示一簇關于x軸對稱的等勢面，在軸上有A、B兩點，則（）A.A點場強小于B點場強B.A點場強方向指向x軸負方向C.A點場強大于B點場強D.A點電勢低于B點電勢【6題答案】【答案】A【解析】【詳解】AC．電場線與等勢面垂直，等差等勢面越密的地方，電場強度越大，由圖可知，B點電場強度較大，故A正確，C錯誤；B．電場線與等勢面垂直并且由電勢高的等勢面指向電勢低的等勢面，故A點場強方向指向x軸正方向，故B錯誤；D．沿著電場線的方向電勢降低，故A點電勢高于B點電勢，故D錯誤。故選A。7.空間有一電場，各點電勢隨位置的變化情況如圖所示（圖像關于原點對稱），下列說法正確的是（）A.點的電場強度一定為零B.與點的電場強度相同C.將負電荷從移到電荷的電勢能增大D.和兩點在同一等勢面上【7題答案】【答案】BC【解析】【詳解】A．φ-x圖象的斜率大小等于電場強度，由幾何知識可知O點場強不為零，故A錯誤；B．沿著電場線方向，電勢是降低的，則有-x1與x1點的斜率相同，則電場強度相同，故B正確；C．電勢的定義式為故電勢能為Ep=qφ將負電荷從-x1移到x1電荷的電勢能由負值變為正值，電荷的電勢能增大，故C正確；D．-x1和x1兩點電勢不相等，故一定不在同一等勢面上，故D錯誤。故選BC。8.如圖所示，有兩個量程的電壓表，當使用a、b兩個端點時，電壓表量程為0～2V；當使用a、c兩個端點時，電壓表量程為0～10V。已知表頭的內阻為，滿偏電流為5mA，則電阻、的阻值分別是（）A. B. C. D.【8題答案】【答案】AD【解析】【詳解】當接ab時和表頭串聯，是量程較小的電壓表，為2V，根據歐姆定律可知當接ac時、和表頭串聯，是量程較大的電壓表，為10V，根據歐姆定律可得故選AD。9.如圖所示，電源電動勢為E，內阻為r。電路中的R2、R3分別為總阻值一定的滑動變阻器，R0為定值電阻，R1為光敏電阻（其電阻隨光照強度增大而減小）。當開關S閉合時，電容器中一帶電微粒恰好處于靜止狀態。下列說法中正確的是（）

A.在只逐漸增大光照強度的過程中，電阻R0消耗的電功率變大，電源消耗的總功率變大B.只調節電阻R3的滑動端P2向上端移動的過程中，R1消耗的功率變大，電阻R3中有向上的電流C.只調節電阻R2的滑動端P1向上端移動的過程中，電壓表示數變大，帶電微粒向上運動D.若斷開開關S，電容器所帶電荷量變小，帶電微粒向上運動【9題答案】【答案】A【解析】【詳解】A．在只逐漸增大光照強度的過程中，光敏電阻阻值減小，則通過電阻R0的電流增大；根據熱功率公式P=I2R可知電阻R0消耗的電功率變大，故A正確；B．只調節電阻R3的滑動端P2向上端移動的過程中，電路總電阻不變，則電源輸出電流不變，R1消耗的功率不變，電容器兩端電壓不變，電阻R3中沒有電流，故B錯誤；C．只調節電阻R2的滑動端P1向上端移動的過程中，R2接入電路的電阻不變，電源輸出電流不變，電源路端電壓不變，電壓表示數不變；電容器兩端電壓減小，電容器放電，帶電微粒所受電場力減小，微粒向下運動，故C錯誤；D．若斷開開關S，電容器放電，電容器所帶電荷量變少，電容器兩端電壓減小，帶電微粒所受電場力減小，帶電微粒向下運動，選項D錯誤。故選A。10.如圖所示，真空中M、N點處固定有兩等量異種點電荷，其連線的中點為O，實線是連線的中垂線，A、B、C分別是連線和中垂線上的點，其中A、B分別是MO和ON的中點，CO=2AO，則（）A.A點和C點電場強度方向相反B.C、O兩點電場強度大小之比為：1C.由A到B的過程中，帶負電的試探電荷受到的靜電力先減小后增大DA點電勢比C點電勢高【10題答案】【答案】CD【解析】詳解】A．A點和C點電場強度方向均水平向右，故A錯誤；B．設，則，，由場強疊加知C點電場強度為O點電場強度為可得C、O兩點電場強度大小之比為故B錯誤；C．由等量異種電荷電場線分布規律知，兩電荷連線上場強先減小后增大，O點位置場強最小，因此帶負電的試探電荷受到的靜電力先減小后增大，故C正確；D．A點電勢高于O點電勢，而O點與C點電勢相等，因此A點電勢比C點電勢高，故D正確。故選CD。第II卷（非選擇題）二、實驗題（每空2分，共24分）11.（1）讀出圖中游標卡尺（20等分）和螺旋測微器的讀數：圖a的讀數為______cm，圖b讀數為______mm；（2）某同學測量一只未知阻值的電阻。他先用多用電表進行測量，按照正確的步驟操作后，測量的結果如圖甲所示。請你讀出其阻值大小為______Ω。為了使測量的結果更準確，該同學應將選擇開關打到______（填“×100”或“×1”）擋重新測量；（3）如圖所示的是用伏安法測電阻的部分電路，當開關S分別接通a和b時，若電壓表的讀數有較大變化，說明電阻R的值______（填“較大”或“較小”，下同）；若電流表讀數有較大變化，說明電阻R的值______。【11題答案】【答案】①.10.335②.3.372③.1000④.×100⑤.較小⑥.較大【解析】【詳解】（1）[1][2]游標卡尺主尺讀數為10.30cm，副尺第7格對齊，則讀數為10.30cm+7×0.005cm=10.335cm螺旋測微器讀數為3mm+37.2×0.01mm=3.372mm（2）[3][4]檔位為×10，指針所對示數為100，則所測阻值為R測=10×100Ω=1000Ω為使測量結果更準確，應使指針打在歐姆表中線左右區域，中線對應刻度為15，則可知應將檔位調至×100。（3）[5][6]若電壓表的讀數有較大變化，說明電流表分壓較多，由串聯分壓可知，電阻R阻值與電流表接近，則電阻R阻值較小；若電流表讀數有較大變化，說明電壓表分流較多，則說明電阻R與電壓表阻值接近，則電阻R阻值較大。12.利用電流表和電壓表測定一節干電池的電動勢和內阻，要求盡量減小實驗誤差。（1）應該選擇的實驗電路是題圖中的___________（填“甲”或“乙”）。現有開關和導線若干，以及以下器材：A.電流表（0-0.6A）B.電流表（0-3A）C.電壓表（0-15V）D.電壓表（0-3V）E.滑動變阻器（0-10Ω）F.滑動變阻器（0-500Ω）（2）實驗中電流表應選用___________；電壓表應選用___________；滑動變阻器應選用___________。（均填相應器材前的字母）（3）根據實驗數據作出U-I圖像如圖所示，該電池的電動勢E=___________V，內阻r=___________Ω。（結果均保留三位有效數字）【12題答案】【答案】①.甲②.A③.D④.E⑤.1.45⑥.1.30【解析】【分析】【詳解】(1)[1]如果用甲電路，誤差來源于電壓表的分流，如果用乙電路，誤差來源于電流表的分壓，而電流表的阻值與電源內阻相近，電壓表的內阻遠大于滑動變阻器的電阻，所以選擇甲電路誤差更小。(2)[2]電源電動勢為1.5V，所以選擇量程為0-3V的電壓表。[3]為使電流表有較大角度的偏轉，應選擇最大阻值較小的滑動變阻器。[4]電路中最小電流為則選擇量程為0-0.6A的電流表。(3)[5]該電池的電動勢為圖線的縱軸截距，即1.45V。[6]內阻為圖線的斜率絕對值，即三、解答題13.如圖所示的電路中，電源電動勢，內阻，電阻，當開關S斷開時，電流表的示數為1.5A，電壓表的示數為3.0V，試求：(1)電阻R1和R3的阻值；(2)開關S閉合后，R2上消耗的電功率。

【13題答案】【答案】(1)，；(2)【解析】【詳解】(1)S斷開時，由歐姆定律得又由求得(2)S閉合時，、并聯電阻回路總電流電壓表示數為上消耗的功率14.一束質量為m的電子從靜止開始經加速電壓U1加速后，以水平速度射入水平放置的兩平行金屬板中間，如圖所示，金屬板長為l，兩板距離為d，豎直放置的熒光屏距金屬板右端為L。若在兩金屬板間加直流電壓U2時，光點偏離中線打在熒光屏上的P點，已知電子帶電量為e，不計重力，求：（1）電子進入偏轉電場時的速度v0；（2）電子離開偏共電場時速度偏轉角的正切值tan；（3）OP的長度。【14題答案】【答案】（1）；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）電子經U1的電場加速后，由動能定理可得解得（2）電子以的速度進入U2的電場并偏轉聯立解得（3）在垂直于板面方向偏移的距離為電子離開電場后在垂直于板面方向偏移的距離為所以15.如圖所示，在水平地面MN上方存在范圍足夠大的豎直向上的勻強電場E，E=1×104V/m，水平面上豎直放置一絕緣軌道ABCD，AB部分為粗糙直軌道，且與水平方向夾角為37°，BCD為光滑圓軌道，與AB在B點處相切，軌道與地面相切于C點，D點處切線沿水平方向，圓軌道半徑R=0.5m，現將一質量為m=1kg的帶電物塊（大小忽略不計）從斜面上P點（圖中未標出）靜止釋放，物塊與AB軌道間動摩擦因數