2024年北師大版選修3物理上冊階段測試試卷174

考試試卷

考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘

學校：姓名：班級：考號：

總分欄

題號—二三四五六總分

得分

評卷人得分

一、選擇題（共9題，共18分）

1、大自然之中存在許多絢麗奪目的晶體，這些晶體不僅美麗，而且由于化學成分和結構各不相同而呈現出千姿

百態：高貴如鉆石，平凡如雪花，都是由無數原子嚴謹而有序地組成。關于晶體與非晶體，正確的說法是（）

A.不具有規則幾何形狀的物體一定不是晶體

B.液晶具有流動性，但其光學性質具有各向異性

C.單晶體和多晶體的物理性質是各向異性的，非晶體是各向同性的

D.天然水晶是晶體，熔化后再凝固的水晶（即石英玻璃）也是晶體

2、下列有關光學現象的說法正確的是（）

A.光從光密介質射入光疏介質，若入射角小于臨界角，則?定發生全反射

B.光從光密介質射入光疏介質，其頻率不變，傳播速度變小

C.通過兩支鉛筆夾成的狹縫觀察R光燈管看到彩色條紋的現象屬于光的衍射現象

D.光在各種介質中的速度相同

3、如圖所示，在xQv坐標系的第I象限中有垂直于紙面向里的勻強磁場，一帶電粒子在％軸上的A點垂直于x

軸射入磁場，第一次入射速度為力且經時間”恰好在。點反向射出磁場，第二次以21，的速度射入，在磁場中

的運動時間為力,則為：立的值為（）

?v/m

XXXX

B

XXXX

XXXX

xx|X

aA

A.1：2

B.1；4

C.2；1

D.Q

4、叵旋加速器的工作原理如圖所示：功和功是兩個中空的半圓金屬盒，它們之間有一定的電勢差.A處的粒子

源產生的a粒子在兩盒之間被電場加速；兩個半圓盒處于垂直于盒面的勻強磁場中.a粒子進入半圓金屬盒內

做勻速圓周運動.若忽略a粒子在電場中的加速時間且不考慮相對論效應，則下列說法正確的是。

接交流電源

A.a粒子在磁場中回轉一周運動的周期越來越小

B.a粒子在磁場中回轉一周運動的周期越來越大

C.僅增大兩盒間的電勢差，a粒子離開加速器時的動能增大

D.僅增大金屬盒的半徑，a粒子離開加速器時的動能增大

5、如圖所示，交流電流表4、Az、A3分別與平行板電容器C、帶鐵芯的線圈L和電阻R串聯后接在同一個交流

電源上；三個電流表各有不同的讀數.下列說法正確的是。

A.增大電源頻率，A3讀數增大

B.增大電源頻率，A2讀數增大

C.抽去線圈中的鐵芯，Az讀數增大

D.增大電容器兩極板之間的距離，餐讀數增大

6、如圖所示，a和b是從A點以相同的速度垂直磁場方向射入勻強磁場的兩個粒子運動的半圓形徑跡，已知兩

個粒子帶電量相同，且；不i-重力的影響，則由此可知（）

A.兩應子均帶正電，質量比

啊1

B.兩粒子均帶負電，質量比==；

叫1

中]

C.兩粒子均帶正電，質量比一i=一

叫4

%1

D.兩荷子均帶負電,質量比廣

7、如圖所示，線圈工的自感系數很大，且其電阻可以忽略不計，Li、L2是兩個完全相同的小燈泡，隨著開關S

閉合卻斷開的過程中，燈L】、L2的亮度變化情況是（燈絲不會斷）（）.

A.S閉合，Li亮度不變，L2亮度逐漸變亮，最后兩燈一樣亮；S斷開，L2立即不亮，Li逐漸變亮

B.S閉合，Li不亮，1_2很亮；S斷開,Li、1"2立即不亮

C.S閉合，L1、L2同時亮，而后L】逐漸熄滅，L2亮度不變；S斷開，L2立即不亮，L]亮一下才熄滅

D.S閉合，L】、L2同時亮，而后L】逐漸熄滅，L2則逐漸變得更亮；S斷開，L2立即不亮，Li亮一下才熄滅

8、下列說法正確的是

A.卓皆喉（T賓尊齪a衰變方程

B.聊av郵平是核聚變反應方程

C.斛J.修求項趣是核裂變反應方程

D.,愀窗；項地T#是核聚變反應方程

9、如圖,一個禮花彈豎直上升到最高點時炸裂成三塊碎片，其中一塊碎片首先沿豎直方向落至地面，另兩塊碎片稍

后一些同時落至地面.則在禮花彈炸裂后的瞬間這三塊碎片的運動方向可能是（）

A.

B.

評卷人得分

二、多選題（共5題，共10分）

10、如圖所示，電源電動勢為E,內阻為r,電壓表V］、V2、V3為理想電壓表，&、角為定值電阻，及為熱敏

電阻（其阻值隨溫度增高而減小），。為電容器，閉合開關S,電容器。中的微粒A恰好靜止。當室溫從2s。升

高到（的過程中，流過電源的電流變化量是\/三只電壓表的示數變化量是a，,和則在此過程中

A.V2示數減小

B.微粒A向上加速運動

C.Q點電勢降低

11、下列說法正確的是（）

A.液體凝固時，分子平均動能一定減小

B.外界對氣體做功時，其內能一定會增大

C.一定質量的氣體，在體積不變時，分子每秒與器壁平均碰撞次數隨溫度降低而減小

E.生產半導體器件時，需要在純凈的半導體材料中摻入其他元素，可以在高溫條件下利用分子的擴散來完成

E.生產半導體器件時，需要在純凈的半導體材料中摻入其他元素，可以在高溫條件下利用分子的擴散來完成

12、如圖所示為小型交流發電機的示意圖，線圈繞垂直于磁場方向的水平軸。。’沿逆時針方向以角速度勻速

轉動.線圈的匝敬為〃、電阻為廣，外接電阻為七A為交流電流表.線圈從圖示位置（線圈平面平行丁磁場方

向）開始轉過5「'時的感應電流為/.下列說法中正確的是.

A.電流表的讀數為0J

B.轉動過程中穿過線圈磁通量的最大值為?

c.線圈轉動一周的過程中，電阻R產生的熱量為

6）

D.從圖示位置開始轉過90°的過程口，通過電阻R的電荷量為二

O

13、一定質量的理想氣體自狀態A經狀態C變化到狀態8。這一過程的V-T圖像表示如圖所示；則（）

A.在過程4c中，外界對氣體做功，內能不變

B.在過程CB中，外界對氣體做功，內能增加

C.在過程4C中，氣體壓強不斷變大

D.在過程CB中，氣體壓強不斷減小

14、某同學設計了一個探究電容器所帶電荷量與電容器兩極板間電壓關系的實驗，實驗電路如圖甲所示，其中

戶為電流傳感器，V為理想電壓表.實驗時，先將開關S1閉合，單刀雙擲開關S2擲向m調節滑動變阻器的滑

動頭到某位置使電容器C充電，當目路穩定后記錄理想電壓表的示數.再迅速將開關S2擲向江使電容器放電。

電流傳感器尸將電容器充、放電過程中的電流數據傳送給計算機，在計算機上可顯示出電流，隨時間，變化的圖

像如圖乙所示。然后改變滑動變阻罌滑動頭的位置；重復上述步驟，記錄多組電流隨時間變化的圖像和電壓表

的示數.對于這個實驗過程和由圖像及數據所得出的結果，下列說法中正確的是（）

乙

A.流過電流傳感器P的充電電流和放電電流方向相同

B.圖乙中的第①段（充電階段）電流曲線與橫軸所圍圖形的面枳表示電容器充電結束時所帶的電荷量

C.電容器所帶電荷量與電容器兩極板間電壓的關系圖象應為一條過原點的傾斜直線

D.電容器充電結束時所帶電荷量與滑動變阻器滑動頭的位置無關

評卷人得分

三、填空題（共7題，共14分）

15、一定量的理想氣體從狀態。開始，經歷ab、be、co三個過程問到原狀態，其p-r圖象如圖所示。—（選

填、〃"b〃或"c"）狀態分子的平均動能最小，b和c兩個狀態中，容器壁單位面積單位時間內受到氣體分子撞擊的

次數（選填"相同"或"不同〃），e過程外界對氣體做的功_（選填“大于"、"小于"或"等于"）氣體放出的

16、在北方寒冷的冬天，有時會出現"多個太陽"的“幻日"奇觀，這時由于空氣中的水蒸氣在大氣里凝結成'了小冰

晶，太陽通過冰晶折射的緣故。如圖所示為太陽光照射到六角冰晶上折射的光路圖，。、b是太陽光中的兩種單

色光，由此可以判斷，冰晶對單色光a的折射率（填“大于”或"小于〃）冰晶對單色光b的折射率，單

色光3在冰晶中的傳播速度比單色光b在冰晶中的傳播速度（填"大'’或”小〃）

17、如圖所示，導線圈A水平放置，條形磁鐵在其正上方，N極向下且向下移近導線圈的過程中，導線圈A中

的感應電流方向是（從上往下看）一，導線圈A所受磁場力的方向是—.

S

N

18、一種海浪發電機的氣室如圖所示。工作時；活塞隨海浪上升或下降，改變氣室中空氣的壓強，從而驅動進

氣閥門和出氣閥門打開或關閉。氣室先后經歷吸入；壓縮和排出空氣的過程，推動出氣口處的裝置發電。氣室

中的空氣可視為理想氣體。

⑴下列對理想氣體的理解，正確的有

A.埋想氣體實際上并不存在；只是一種埋想模型。

B.只要氣體壓強不是很高就可視為理想氣體。

C.一定質量的某種理想氣體的內能與溫度；體積都有關。

D.在任何溫度；任何壓強下；理想氣體都遵循氣體實驗定律。

⑵壓縮過程中，兩個閥門均關閉。若此過程中，氣室中的氣體與外界無熱量交換，內能增加了3.4X104J,則該

氣體的分子平均動能（選填"增大〃”減小〃或“不變〃），活塞對該氣體所做的功（選填“大于〃”小于〃

或，，等于"）3.4X104JO

⑶上述過程中，氣體剛被壓縮時的溫度為27℃,體積為0.224m3,壓強為1個標準大氣壓。已知lmol氣體在1

個標準大氣壓、0℃時的體積為22.4L,阿伏加德羅常數7VA=6.O2X1O2?mol1,則此時氣室中氣體的分子數為。

（計算結果保留一位有效數字）

19、如圖所示是一個單擺做受迫振動時的共振曲線，表示振幅A與驅動力的頻率f的關系，則該單擺的擺長約

為，若增大擺長，共振曲線的"峰”將（填〃向右移動"、"向左移動”或"不移動

20、如圖所示，一彈簧振子在M、N間沿光滑水平桿做簡諧運動，坐標原點0為平衡位置，MN=4cm.從小球

圖中N點時開始計時，到第一次經過。點的時間為0.1s,則小球振動的周期為s,振動方程的表達式為

x=cm；.

、------------"卜

7MoNv

21、位于坐標原點O處的波源產生一個沿x釉正方向傳播的脈沖波，波速v=20m/s.已知t=0時刻波剛好傳播到

A-lOm處，如圖所示.若傳播過程中無能量損失，由圖可知振源只振動了s,再經—s波剛好傳播到x=20m

處，t=0時刻后.r=8m處的質點運動的路程為cm.

評卷人得分

四、作圖題（共3題，共30分）

22、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，內、丁是環形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖

中補畫出電流方向或磁感線方向.

甲

乙

丙

每⑤⑤⑤⑤⑤

T戊己

23、示波管的內部結構如圖所示.如果在偏轉電極xx/、y*之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心.如

果在偏轉電極X%方間和2方間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏卜出現的完整掃描波形

B

24、圖中表示某一時刻的波形圖，己知波速為0.5rn/s,波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷入得分

五、實驗題（共2題，共10分）

25、某實驗小組在“測定金屬電阻率”的實驗過程中，用10分度的游標卡尺測其長度為mm,用螺旋測微

器測其直徑為mm.后正確操作獲得了電流表、電壓表的讀數如圖所示，則它們的讀數他依次是

A、V.

A.待測表頭Gi,內阻門約為300C；量程5.0mA；

B.靈敏電流計G2,內阻/■ZTOOC；量程1.0mA；

C.定值電阻R=1200Q；

D.滑動變阻器母=2。0；

E.滑動變阻器&=20000；

F.電源，電動勢E=3.0V；內阻不計；

H.開關S；導線若干.

（1）在如圖所示的實物圖上將導線補充完整____________:

（2）滑動變阻器應選___________（填寫器材前的字母代號）.開關S閉合前，滑動變阻器的滑片P應滑動至

端（填"a〃或%〃）；

<3）實驗中某次待測表頭Gi的示數如圖所示；應數為mA：

（4）該同學多次移動滑片P,記錄相應的Gi、Gz讀數/1、/2；以/;為縱坐標，/：為橫坐標，作出相應圖線.已

知圖線的斜率4=0.18,則待測表頭內阻「尸Q.

（5）該同學接入電阻R的主要目的是.

評卷人得分

六、解答題（共4題，共16分）

27、如圖所示，T形活塞將絕熱汽缸內的氣體分隔成A、4兩部分，活塞左、右兩側截面積分別為S1、S，活塞

與汽缸兩端的距離均為乙汽缸上有。、氏c?三個小孔與大氣連通，現將〃、b兩孔用細管（容積不計）連接.已

知大氣壓強為po,環境溫度為乙；活塞與缸壁間無摩擦.

_L1

r~I1

⑴若用釘子將活塞固定，然后將缸內氣體緩慢加熱到八；求此時缸內氣體的壓強；

⑵若氣體溫度仍為7b,拔掉釘子，然后改變缸內氣體溫度，發現活塞向右緩慢移動了的距離（活塞移動過程

中不會經過小孔），則氣體溫度升高還是降低？變化了多少？

28、［物理一一選修3-4］

（1）如圖，一個三棱鏡的截面為等腰直角工.\B（/'為直角.此截面所在平面內的光線沿平行于BC邊的方

向射到AB邊，進入棱鏡后直接射到AC邊上，并剛好能發生全反射.該棱鏡材料的折射率為一.（填入正確選

項前的字母）

（2）波源Si和S2振動方向相同，頻率均為4Hz,分別置于均勻介質中上軸上的門\兩點處，0\］山如圖所

示.兩波源產生的簡諧橫波沿1軸相向傳播，波速為為"、.已知兩波源振動的初始相位相同.求：

§1也一

OA

（i）簡諧橫波的波長：

（11）0'間合振動振幅最小的點的位置.

29、如圖，在真空中的整直面內建立直角坐標系xoy,在x軸下方有勻強電場（圖中未畫出），現珞一群帶正電的

初速度均為vO的同種微粒從第一象限的不同位置水平拋出，微粒均能到達原點O,且過原點后均做直線運動.現

在x軸下方沿垂直紙面向里的方向上增加勻強磁場，磁感應強度大小為B.粒子的質量為m,電量為q,不考慮

微粒間的相互作用，重力加速度為g.

y/m

Vo/

O

P、

⑴求拋出點所在曲線對應的函數關系式；

⑵試證明：經磁場偏轉后，所有粒子返回y軸時均通過同一點p,并求出該點的坐標；

（3）若m=0.01kg,q=O.O2C,v0=6ms,B=1T,g=10m/s2,某粒子第一次返回x軸時的坐標為（10,0）,求該粒子拋

出點的坐標.

30、；〃的質量是3.016050U；質子的質量是1.007277U,中子的質量是1.008665U.lu=931.5MeV,求：

（1）寫出一個質子和兩個中子結合為僦核時的核反應方程式。

（2）一個質子和兩個中子結合為笊核時；是吸收還是放出能量？該能量為多少？

（3）僦核的結合能和比結合能各是多少？（結果保留三位有效數字）

參考答案

一、選擇題（共9題，共18分）

1、B

【分析】

【分析】

【詳解】

A.只有單晶體具有天然規則的幾何形狀；多晶體無天然規則的幾何形狀，選項A錯誤；

B.液晶具有流動性；但其光學性質具有各向異性，選項B正確；

C.單晶體的物理性質是各向異性的；多晶體和非晶體是各向同性的，選項C錯誤；

D.天然水晶是晶體；熔化后再凝固的水晶（即石英玻璃）是非晶體，選項D錯誤。

故選B。

2、C

［分析1

【詳解】

A.光從光密介質射入光疏介質；若入射角小于臨界角，則一定不會發生全反射。發生全反射的

條件是，大于等于臨界角，所以A錯誤；

B.光從光密介質射入光疏介質；其頻率不變，由。

可知；折射率越小，傳播速度越大，所以B錯誤；

C.通過兩支鉛筆夾成的狹縫觀察日光燈管看到彩色條紋的現象屬于光的衍射現象；所以C正

確；

D.由。

v=—C

n

可知；光在各種介質中的速度與介質的折射率有關，所以速度是不相同的，所以D錯誤。

故選C。

3、C

【分析】

【詳解】

由于帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動時,洛侖茲力提供向心力從而得到半徑公式

H1V

「一印

時間

只與粒子偏轉的角度有關.由題意當粒子的速度變為2u時，其半徑也變為原來的2倍，則粒子偏

轉9()。后垂直y軸射出。

所以圓心角之比為2:1；故時間之比為2:1,故ABD錯誤，C正確。

故選C。

【點睛】

本題容易出錯的是：粒子運動的周期與粒子的速度無關，所以很容易判斷出時間之比為了1:1,

但沒有考慮到磁場區域只在第I象限，粒子還沒有達x軸時已穿出磁場，所以粒子只偏轉90。。

4、D

【分析】

【詳解】

。粒子在磁場中運動的周期：料一繁與其速度的大小無關，所以a粒子運動的周期不變.故

AB錯誤；由崎?喈得：攀則最大動能為：吟屣淵知最大動能與加速器的半

徑/?、磁感線強度3以及電荷的電量和質量〃?有關，與加速電壓的大小無關；僅增大金屬盒的

半徑，a粒子離開加速器時的動能增大，故C錯誤，D正確.

5、C

【分析】

【詳解】

電阻的電阻值與交流電的頻率無關，所以頻率變大，電路中的電流不變，A3示數不變，故A錯

誤；交流電的頻率變大，線圈的感抗變大，電流減小，所以A2數將減小，故B錯誤；抽去線圈中

的鐵芯，線圈的感抗變小，A?讀數增大，故C正確；增大電容器兩極板之間的距離，電容器的電

容減小，對交流電的阻礙作用增大，所以電流減小，Ai讀數減小.故D錯誤；故選C.

【點睛】

此題考查電容、電感對交變電流的影響，也就是容抗、感抗與交變電流的關系.當交變電流的

頻率變大時，線圈的感抗變大，電容潛的容抗變小.

6、B

【分析】

兩粒子進入磁場后均向下偏轉，可知在A點，均受到向下的洛倫茲力，由左手定則可知，四指所

指的方向與運動方向相反，得知兩個粒子均帶負電；在磁場中由洛倫茲力提供向心力，則有

部雄c'E得”，=也因a、b進入磁場的速度相同，電量也相同,又在同一磁場運動,故

選B.

叫節11

【點睛】該題考查帶電粒子在勻強磁場中的偏轉，帶電粒子在勻強磁場中以垂直于磁場方向運

動，洛倫茲力提供向心力，粒子做勻速圓周運動.根據偏轉方向，利用左手定則來判斷粒子所帶

的電性，根據半徑判斷粒子的質量比.

7、D

【分析】

當S閉合瞬時，兩燈同時獲得電壓，同時發光，隨著線圈L電流的增加，逐漸將L燈短路，L.

逐漸變暗直到熄滅，同時：L2電流逐漸增大；變得更亮；

S斷開瞬時，L2中電流消失，故立即熄滅，而Li中由于電感中產生一個與電流同向的自感電動

勢，故右端為正，電流由燈泡L的右側流入，故Li亮一下逐漸熄滅.故D正確；ABC錯誤；

點睛：對于線圈要抓住雙重特性：當電流不變時，它是電阻不計的導線；當電流變化時，產生

自感電動勢，相當于電源.

8、B

【分析】

【詳解】

〃衰變是自發地進行的，不需其它粒子轟擊，A錯誤；B中的反應為輕核聚變反應方程，B正

確；C中是〃衰變方程，C錯誤；D中的反應方程為原子核人工轉變方程，D錯誤.

9、D

【分析】

禮花彈炸裂的瞬間動量守恒，因炸裂前的總動量為豎直向上的方向，則炸裂后總動量也是豎直向

上，水平方向的總動量為零，因一碎塊沿豎直方向先落地，可知其速度方向豎直向下，則禮花彈

炸裂后的瞬間這三塊碎片的運動方向可能是D,故選D.

二、多選題（共5題，共10分）

10、A:D

【分析】

【詳解】

A.該電路的結構為：％,&串聯在電路上，電壓表Vi測量H兩端電壓，電壓表V：測量&兩端

電壓，電阻外和電容器串聯，穩定時斷路，電壓表V3測量電容器兩端電壓，也測量路端電壓，

當室溫從升高到？TC的過程中，&的阻值減小，總電阻減小，由閉合電路歐姆定律得，

總電流增大，R和內阻上的電壓增大，小兩端電壓減小，V2示數減小；A正確；

B.由于總電流增大：內電壓增大，路端電壓減小，電容器兩端的電壓減小，電場力減小，微粒

向下加速運動，B錯誤；

C.由A分析得R兩端電壓增大

婚幡啕'’麴尸才牝

大于零且減小，所以Q點的電勢小于。且升高；C錯誤；

D.由

境薩扁,熱叫.?出

得

由

得

A3

故

萼前r、暮,或？

D正確。

故選ADo

11、C:D:E

【分析】

【分析】

【詳解】

A.若液體凝固成晶體時；溫度不變，而溫度是分子的平均動能的標志，可知液體凝固時，分子

平均動能可能不變，故A錯誤；

B.做功和熱傳遞都可以改變物體的內能；若外界對氣體做功的同時；氣體放出熱量，其內能不

一定會增大，故B錯誤；

C.根據理想氣體的狀態方程可知；一定質量的氣體，在體積不變時，溫度降低則壓強減小；氣

體的壓強與分子密度以及單位時間內對單位面積上的碰撞次數有關，體枳不變則分子密度不變，

所以溫度降低；壓強降低時，分子每秒與器壁平均碰撞次數減小，故C正確；

D.根據熱力學第二定律可知；空調既能制熱又能制冷，說明在不自發的條件下熱傳遞方向性可

以逆向，故D正確；

E.生產半導體器件時；需要在純凈的半導體材料中摻入其他元素，可以在高溫條件下利用分子

的擴散來完成的，故E正確；

故選CDEo

【點睛】

溫度是分子的平均動能的標志，液體凝固成晶體時，溫度不變；做功和熱傳遞都可以改變物體

的內能；根據壓強的微觀意義分析；不可能把熱從低溫物體傳到高溫物體而不產生其他影響；生

產半導體器件時，可以在高溫條件下利用分子的擴散來完成.

12、A:B

【分析】

【詳解】

A、由題行鼎礴則得感應電流的最大值匕2/rr效值弩t供^則電流表的讀數為A』故

選項A正確；

B、感應電動勢的最大值禺=5遍窕就『蜜黑'嚙乂3斷磁通量的最大值小心聯立解

得就一部?坐褊2故選項B正確；

2

C、線圈轉動一周的過程中，電阻月產生的熱量（）lKr,「八K架也姑故選項C錯

誤；

D、從圖示位置開始轉過5戶的過程中，根據“-/W超浮一等可得通過電阻〃的電荷量

。普聆〃?一當獸劣故選項D錯誤?

13、A:C

【分析】

【詳解】

AC.AC過程中氣體溫度不變，氣體內能不變，氣體體積減小，外界對氣體做功，由理想氣體狀

態方程今一（可知；氣體壓強增大，A正確，C正確；

BD.CB過程氣體溫度升高，氣體內能增加，該過程氣體體積不變，外界對氣體不做功，由理想

氣體狀態方程（可知；氣體壓強增大，B錯誤，D錯誤。

故選ACo

【點

根據圖像所示氣體體積與溫度的變化情況，應用理想氣體狀態方程可以判斷出氣體壓強如何變

化，根據氣體溫度的變化，可以判斷出氣體內能的變化。

14、B:C

【分析】

【詳解】

A.從圖中可知；電容器的左端為正，充電過程中電流從電源正極流向電容正極，放電過程電流

從電容的正極流出，所以充電和放電電流方向不同，故A錯誤；

B.根據公式

Q=It

可得圖乙中的第①段（充電階段）電流曲線與橫軸所圍醫形的面積表示電容器充電結束時所帶的

電荷量；故B正確；

C.因為電容器的電容是恒定不變的，根據電容定義式

變形得

Q=CU

可得到Q是關于U的一次函數；所以電容器充電結束時所帶電荷量隨電容器充電結束:時兩極間

電壓變化的關系圖像應為一條過原點的傾斜直線，故C正確；

D.因為電容器是跟滑動變阻器的左端并聯在一起的，所以電容器的充電結束時的電壓和滑動片

的位置有關，根據公式

「Q

可知電容器充電結束時所帶電荷量與滑動變阻器滑動頭的位置有關；故D錯誤。

故選BCo

三、填空題（共7題，共14分）

15、略

【分析】

【分析】

【詳解】

[1]由圖像可知，。、〃和c三個狀態中。狀態溫度最低；分子平均動能最小。

⑵由圖像可知，歷過程氣體發生等溫變化，氣體內能不變，壓強減小，由玻意耳定律可知，體

積增大，b.C,狀態氣體的分子數密度不同，〃和C?兩個狀態中；容器壁單位面積單位時間內受到

氣體分子撞擊的次數不同。

⑶由圖像可知，CQ過程氣體壓強不變，溫度降低，由蓋呂薩克定律可知，其體積減小，外界對

氣體做功，W>(),氣體溫度降低，內能減少，△〃<(),白熱力學第一定律可知，氣體要放出熱

量，過程CQ中外界對氣體所做的功小于氣體所放熱量

【解析】

。不同小于

16、略

【分析】

【詳解】

[1]單色光。的偏向角小于單色光b的偏向角，所以冰晶對單色光。的折射率小于冰晶對單色光b

的折射率；

⑵由。

7

解得。

【解析】

小于大

17、略

【分析】

【詳解】

第一空；逆時針。

當磁鐵向下移近導線圈的過程中，穿過導線圈A的磁通量增大；在導線圈中要產生感應電流，由

楞次定律可知，導線圈中產生的感應電流要阻礙原磁場的增大，由安培定則可判斷感應電流方向

是(從上往下看)逆時針.

第二空；豎直向下。

當磁鐵在導線圈A正上方向下移近的過程中，導線圈中產生的感應電流要阻礙原磁場的增大，導

線圈4有遠離磁鐵的趨勢，所以導線圈A所受磁場力的方向是豎直向下.

【解析】

逆時針豎直向下

18、略

【分析】

【分析】

【詳解】

(1)[1]AD.理想氣體是指在任何溫度；任何壓強下都遵守氣體實驗定律的氣體；是為了研究方

便而引入的不計本身大小、分子間除碰撞外不計相互作用力，無分子勢能、分子間碰撞為彈性碰

撞的理想模型，故AD正確；

B.實際氣體溫度不太低；壓強不太大時可視為理想氣體；故B錯誤；

C.由于理想氣體不計分子勢能；因此其內阻只與溫度有關，故C錯誤。

故選ADo

(2)[2][3]由于壓縮過程中氣體與外界無熱量交換，氣體內能增加，因此溫度升高，氣體的分子

平均動能增大，根據熱力學第一定律可知

W=^U=3Ax\(^J

(3)[4]設氣體在標準狀況下的體積為Vo,上述過程為等壓過程，有

r_*0

f

氣體物質的量為

由

分子數為

N=M

聯立以上各式并代入數據解得

八，=黎u通工=5x1024

【解析】

①.AD②.增大③.等于④.5X1024

19、略

【分析】

【詳解】

由共振曲線可知：當驅動力頻率f=（）.5Hz時產生共振現象，則單擺的固有頻率為：

f=0.5Hz.9敏能由單擺的周期公式有：簿黜通得：需,霜.崩.

由單擺的頻率公式為："，嗨8得知，當擺長增大時，單擺的固有周期增大，頻率減小，產生

共振的驅動力頻率也減小，共振曲線的“峰”向左移動.

【解析】

1向左移動

20、略

【分析】

【詳解】

如圖，從正向最大位移處開始計時，振動方程的表達式為為：戶Acos而；其中振幅A=2cm；

據題可得：T=4x0.ls=0.4s,則折￥=57trad/s

則振動方程的表達式為為：x=2cos5nrcm.

【解析】

0.42cos5兀/

21、略

【分析】

【詳解】

由圖可知;入=6m,貝IJ入=8m,周期非馬一熟《-斯則由圖可知振源只振動了1/波剛好

傳播到x=20m處還需要的時間：2如t=0時刻后x=8m處的質點只振動了T/2,

則運動的路程為2A=10cm.

【解析】

().3().51()

四、作圖題(共3題，共30分)

22、略

【分析】

【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方

向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確

定螺線管的磁場的方向向右.如圖所示：

戊

【分析】

試題分析：A圖中；在XX，偏轉電極所加的電壓的周期為2T,即在2T的時間內才能完成一次水

平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T,所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎

直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量

與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象.XX彳扁轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描

電壓.

B圖中；在XX，偏轉電極所加的電壓的周期為T,即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的

掃描，同時豎直方向的周期為T,所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一

個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏

轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖.

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的丫丫彳扁轉電壓上加的是待顯示的信號

電壓，XX，偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就

可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象

【解析】

24、略

【分析】

【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后,故尸3.5m位置的原圖中40位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】

五、實驗題（共2題，共10分）

25、略

【分析】

【詳解】

試題分析：游標卡尺讀數為91cm+0.Immx7=91.7mm；螺旋測微器測其直徑為

lmm+0.01mmx6.2=1.062mm.電流表;電壓表的讀數依次是0.42A、2.26V.

考點：游標卡尺及螺旋測微器的讀數；電壓表及電流表的讀數

【解析】

91.7；1.062+0.001；0.42；2.26

26、略

【分析】

【分析】

【詳解】

（1）實物連線如圖:

（2）因為滑動變阻器要接成分壓電路，則應該選擇阻值較小的。；開關5閉合前，滑動變阻器的

滑片產應滑動至。端；

（3）待測表頭Gi的示數為3.00mA；

（4）由歐姆定律可知：.：島=匐陽+喻即之\溪工幻則耳上±二啥心解得3=廠