屆高三三月聯合測評物理滿分分。考試用時分鐘。注意事項：置。選擇題的作答：每小題選出答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑。寫在試卷、草稿紙和答題卡上的非答題區域均無效。答題卡上的非答題區域均無效。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并上交。一、選擇題：本題共小題，每小題4分，共分。在每小題給出的四個選項中，第題只有一項符合題目要求，第題有多項符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。1.科學家用作為發電能源為火星車供電，中的元素是87.7程為，同時釋放射線。下列說法正確的是（）A.是B.射線電離作用很強C.100個經過87.7年，剩下50個D.的比結合能大于的比結合能【答案】A【解析】【詳解】A．由反應過程滿足質量數守恒和電荷數守恒可知是，故A正確；B．射線穿透能力很強，但電離作用很弱，故B錯誤；C．半衰期是大量原子核衰變的統計規律，對少量原子核不適用，故C錯誤；D．反應后的產物比反應前的更穩定，所以的比結合能小于的比結合能，故D錯誤。故選A。2.2024年6月25第1頁/共19頁面上升、交會對接與樣品轉移、環月等待、月地轉移以及再入回收等階段。關于以上階段，下列說法正確的是（）A.月面上升階段，上升器的起飛速度至少需要達到B上升器與軌返組合體交會對接后，運動周期將會增大C.軌返組合體進入月地轉移時，速度不會超過D.返回器采用半彈道跳躍式再入大氣層方式返回，這一過程機械能守恒【答案】C【解析】【詳解】A．第一宇宙速度是衛星在地球發射的最小速度，也是衛星繞地球做圓周運動的最大環繞速度。月面上升階段，上升器要脫離月球，其起飛速度至少要達到月球上的第一宇宙速度，并不是地球上的第一宇宙速度，選項A錯誤；B．上升器與軌返組合體交會對接后，組合體軌道半徑不變，故運動周期不變，選項B錯誤；C月球軌道向地球運動，其速度不能超過，否則會脫離地球引力范圍，無法回到地球，選項C正確；D機械能不守恒，選項D錯誤。故選C。3.電動汽車充電樁接在電壓原、副線圈的匝數比為。某汽車充電時，充電功率為，下列說法正確的是（）A.副線圈電流的頻率是B.副線圈電壓有效值為C.原線圈電流的有效值為D.僅增加原線圈的匝數，可以增大充電功率【答案】B【解析】【詳解】A．由原線圈電壓表達式第2頁/共19頁知交流電的頻率理想變壓器不改變交流電的頻率，所以副線圈中電流的頻率也為，選項錯誤；B．原線圈電壓有效值由理想變壓器電壓比公式副線圈上電壓有效值為選項正確；C．已知充電功率副線圈電壓有效值根據解得副線圈電流由理想變壓器電流比公式解得原線圈電流選項C錯誤；D．根據理想變壓器電壓比公式增加原線圈匝數，副線圈電壓會減小，次級功率減小，則充電功率會減小，選項D錯誤。故選B。4.一簡諧橫波沿軸傳播，在時刻的波形如圖所示，介質中有橫坐標和的兩質點，其中質點的振動方程為，下列說法正確的是（）第3頁/共19頁A.該波沿軸正方向傳播B.該波的波速為C.時，回到平衡位置D.從到通過的路程為【答案】D【解析】【詳解】A．已知質點的振動方程為，在時刻，質點沿軸正方向振動。根據“上下坡法”，可知該波沿軸負方向傳播，A錯誤；B解得，B錯誤；C．波沿軸負方向傳播，時刻，質點在平衡位置，所以點未回到平衡位置，C錯誤；D．從到，質點通過的路程D正確。故選D。5.如圖所示，一塊玻璃磚緊貼豎直光屏放置，一束單色光由空氣射向玻璃磚上的A點，在屏上得到B、C兩個光點，D點是玻璃磚上表面與光屏的交點。已知玻璃磚的厚度為，光線與玻璃磚面成角，，所有光線均在同一豎直平面內傳播。則玻璃磚的折射率是（）第4頁/共19頁A.B.C.D.【答案】A【解析】【詳解】為經玻璃磚上表面的反射光，與平行且相等，，所以則光在A點的折射角解得即故選A。6.如圖所示，某同學用大拇指和食指捏著豎直倒置的圓柱形玻璃杯在空中處于靜止狀態。已知兩手指與玻璃杯的動摩擦因數相同，且最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。下列說法正確的是（）第5頁/共19頁A.手指與玻璃杯的動摩擦因數必須大于1B.拇指所受的摩擦力等于玻璃杯的重力C.增加拇指與杯的彈力，食指所受的摩擦力大小不變D.增加食指與杯的彈力，拇指所受的摩擦力大小不變【答案】A【解析】【詳解】A．對玻璃杯受力，如圖所示由平衡條件知，且兩個摩擦力都恰好達到最大靜摩擦力時，則有聯立解得，A正確；B．由平衡條件，拇指所受的摩擦力大于玻璃杯的重力，B錯誤；C．增加拇指與杯的彈力，食指所受的摩擦力變大，C錯誤；D．增加食指與杯的彈力，拇指所受的摩擦力變大，D錯誤。故選A。7.如圖所示，半徑為的金屬細圓環水平放置，在圓環的中心豎直放置一細金屬桿。一電阻為的導體棒一端套在軸的磁場中，式中為大于零的常量，r為場點到點的距離。細金屬桿與圓環用導線連接，不計細金屬桿、圓環及導線的電阻。當導體棒沿順時針方向（俯視）以角速度勻速轉動時，下列說法正確的是（）第6頁/共19頁A.導體棒中電流的方向為B.導體棒受到的安培力沿順時針方向（俯視）C.導體棒中電流的大小為D.感應電動勢的大小為【答案】D【解析】【詳解】A．金屬棒沿順時針勻速轉動時，由右手定則，金屬棒中的電流方向為，A錯誤；BB錯誤；CD．設每一極端小段的金屬棒產生的感應電動勢大小為，則有則整根金屬棒的感應電動勢的大小為金屬棒中電流的大小C錯誤，D正確。故選D。8.滑雪時運動員受到的空氣阻力大小滿足k正比于迎風面積（即垂直于運動方向上的投影面橇與雪面間的動摩擦因數恒定。當運動員沿一定傾角的賽道下滑時，運動員的（）A.速度越大，加速度越大B.速度越大，加速度越小C.質量越大，加速度越大D.質量越大，加速度越小【答案】BC【解析】第7頁/共19頁【詳解】AB．令為常數，空氣阻力大小滿足，令為常數，則運動員的質量根據牛頓第二定律有解得可知，速度越大，加速度越大，故A正確，B錯誤；CD．結合上述可知，質量越大，越大，加速度越大，故C正確，D錯誤。故選AC。9.、絕緣桿與的中垂線重合，是絕緣桿上的兩點，構成一個正方形。電荷量為，質量為的小球（可視為點電荷）套在絕緣桿上自點無初速釋放，小球由點向右運動的過程中，下列說法正確的是（）A.小球的加速度先增大后減小B.小球的速度先增大后減小C.若移走電荷，仍由點無初速度釋放帶電小球，則桿對小球的作用力先增大后減小D.若移走電荷，仍由點無初速度釋放帶電小球，則桿對小球的作用力先減小后增大【答案】BC【解析】AO點的電場強度為零，再向右，先增大，后減小，根據牛頓第二定律則有可知小球的加速度大小變化先增大后減小，再增大，再減小，A錯誤；第8頁/共19頁B．根據等量同種電荷中垂線上電場的分布特點可知，小球從C到O點電場力做正功，動能增大，小球的速度增大，從O向右運動的過程中，電場力做負功，動能減小，小球的速度減小，故小球由C點向右運動的過程中，速度先增大后減小，正確；C，小球豎直方向上受力球的作用力先增大后減小，正確；D．移走，小球豎直方向上受力與的大小關系未知，則桿對小球的作用力大小無法判斷，錯誤。故選BC。10.小球a和小球b在同一高度分別以速度和反向、大小不變，水平方向速度方向和大小均不變，小球a從拋出到第一次落地過程中，兩小球的軌跡的交點（7個交點）分布如圖所示，其中兩小球剛好在位置2小球a運動的時間為，水平位移為L。下列說法正確的是（）A.兩小球將在位置3再次相遇B.小球運動到位置5經歷的時間為C.兩小球軌跡交點的位置中，相鄰偶數位置間的水平距離為D.兩小球軌跡交點的位置中，相鄰奇數位置間的水平距離為【答案】BD【解析】【詳解】A．位置位置3，初速度大小不同，水平方向勻速運動時間不同，在位置2，就不會在位置3再次相遇，選項A錯誤；BD．由題意可知如圖所示。第9頁/共19頁小球從、小球從，相同，水平方向上小球從、小球從，相同，水平方向上小球從、小球從，相同，水平方向上易得又，所以，又，所以選項BD正確；C．小球從、小球從，相同，水平方向上小球從、小球從，相同，水平方向上小球從、小球從，相同，水平方向上易得所以又所以選項C錯誤。故選BD。二、非選擇題：本題共5小題，共分。為了測量木塊和長木板之間的動摩擦因數，某同學設計了實驗，步驟如下：i.用電子秤分別稱出木塊（含遮光片）的質量和重物的質量；ii.如圖（a）所示，將長木板固定在水平桌面上，A和B用跨過輕小定滑輪的輕繩相連，調節滑輪，使其與第10頁/共19頁間的輕繩水平；iii.用游標卡尺測量遮光片的寬度為，用刻度尺遮光片與光電門之間的距離為；IV.由靜止釋放，記錄遮光片通過光電門的時間（遮光片通過光電門時V.保持A、B質量不變，改變，多次實驗記錄數據，并作出如圖（b）所示的圖像。回答下列問題：（1）小車通過光電門時的速度大小___________（用和（2b塊和木板間的動摩擦因數___________（用、、、、（32（選填“偏大”“偏小”或“不變”【答案】（1）（2）（3）偏大【解析】【小問1詳解】小車通過光電門時的速度大小【小問2詳解】由運動規律第11頁/共19頁得圖線斜率所以由牛頓第二定律可得【小問3詳解】設空氣阻力、繩與滑輪間的摩擦力為，由牛頓第二定律得所以求出的動摩擦因數偏大。12.為了測量電阻阻值，某同學設計了如下實驗：（1）先用多用電表的歐姆“10”擋位測量待測電阻，發現指針偏轉角很大，應改用歐姆___________擋（選填“”或“”a）所示，則___________。（2）為精確測量出該電阻阻值，他設計如圖（b）實驗電路，實驗器材如下：A.電源（電壓約為9V，內阻不計）B.待測電阻C.電流表（量程為，內阻約為）第12頁/共19頁D.電流表（量程為，內阻約為）E.電阻箱（阻值范圍）F.保護電阻G.開關1個、導線若干①按照圖（b）連接好電路，位置Ｘ應接入電流表___________（選填“”或“”接另一個電流表；②調節電阻箱，閉合開關，記錄兩個電流表的讀數分別、及的阻值；③多次調節電阻箱，測量并記錄多組數據；④利用圖像處理實驗數據，得到如圖（c）所示的圖線；⑤由圖中數據可知，___________，位置處的電流表的內阻___________（結果均保留2【答案】（1）①.②.（2）①.②.10③.4.0【解析】【小問1詳解】[1][2]用多用電表的歐姆“”擋位測量待測電阻，發現指針偏轉角很大，說明倍率檔偏大，應改用低倍率擋“”擋測量；表盤讀數，則電阻；【小問2詳解】[1]由，Y表的量程應比X表的大，所以Y表應選，X表應選；[2][3]由電路可知第13頁/共19頁得由圖線知直線斜率所以截距所以4.0Ω13.如圖所示，柱形絕熱汽缸放置在水平面上，汽缸深度，汽缸口有固定卡槽。用質量、橫截面積閉良好，不計活塞與汽缸壁間的摩擦、活塞及卡槽的厚度，重力加速度大小，求（1）溫度為時的封閉氣體壓強；（2）溫度為時的封閉氣體壓強。【答案】（1）（2）【解析】【小問1詳解】初始時，活塞受力平衡，則有解得小問2詳解】第14頁/共19頁活塞達到卡槽前壓強恒為，氣體等壓變化，根據蓋-呂薩克定律可得解得活塞達到卡槽后體積不變，根據查理定律則有解得14.垂直于紙面向外勻強磁場。一質量為、電荷量為的帶正電的粒子，從軸上P點沿軸正方向以速度軸上點時速度方向與軸正方向的夾角點的坐標為（L，0（1）P點的縱坐標；（2）勻強磁場磁感應強度的大小；（3）粒子從點出發第一次回到點所用的時間。【答案】（1）（2）（3）【解析】【小問1詳解】第15頁/共19頁粒子在電場中做類平拋運動，從點運動到點的時間為。沿軸正方向做勻速直線運動，有沿軸負方向做勻加速直線運動，有由題意解得【小問2詳解】粒子在第四、三象限做勻速圓周運動，在第二象限做類斜拋運動，剛好能回到點。由對稱性可知，粒子在磁場中做圓周運動的半徑由牛頓第二定律解得【小問3詳解】粒子在第四、三象限做勻速圓周運動的時間為，則有粒子在第二象限從點到點的運動的時間與粒子在第一象限運動的時間相等。有解得15.如圖所示，足夠長的固定斜面與一光滑水平面平滑連接，在水平面上距斜面足夠遠處有一豎直擋板。第16頁/共19頁某時刻，質量為的物塊以的速度向右運動，質量為的物塊以的速度沿斜面向下滑行。已知