…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵教滬科版高三物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、關于磁場的方向，下列敘述中不正確的是（）A.磁感線上每一點的切線方向B.小磁針北極受力的方向C.小磁針靜止時北極所指的方向D.磁鐵內部N極到S極的方向2、如圖所示，一個小球沿豎直固定的光滑圓形軌道的內側做圓周運動，圓形軌道的半徑為R，小球可看作質點，則關于小球的運動情況，下列說法正確的是A.小球的加速度方向總指向圓心B.小球線速度的大小總大于或等于C.小球轉動一周的過程中，外力做功之和不為0D.小球轉動一周的過程中，外力做功之和等于03、【題文】在如圖所示的電路中,電壓U恒定不變,所有電阻的阻值都是R,此時帶電粒子P靜止在平行板電容器之間,當開關S接通時,帶電粒子P將()

A.向下做加速運動B.向上做加速運動C.仍然保持靜止狀態D.都有可能4、【題文】有一靜電場；其電勢隨x坐標的改變而改變，變化的圖線如圖所示。若將一帶負電粒子（重力不計）從坐標原點O由靜止釋放，粒子沿x軸運動，電場中P；Q兩點的坐標分別為1mm、4mm。則下列說法正確的是（）

A.粒子經過P點和Q點加速度大小相等、方向相反B.粒子經過P點與Q點時，動能相等C.粒子經過P點與Q點時，電場力做功的功率相等D.粒子在P點的電勢能為正值5、如右圖所示是研究電和磁知識的三個重要實驗；下列說法中正確的是（）

A.根據甲實驗的原理可制成電動機B.根據乙實驗的原理可制成電磁鐵C.根據丙實驗的原理可制成發電機D.根據甲、丙兩個實驗的原理都可制成電磁鐵6、關于點電荷和電場線，下列說法中正確的是(

)

A.點電荷和電場線都不是真實存在的B.點電荷是理想模型，而電場線不是理想模型C.點電荷和電場線可以等效替代它們各自描述的對象D.電場線上任一點的切線方向與點電荷在該點所受電場力的方向相同7、（2016?滄州模擬）一質量為1kg物體放在粗糙程度相同的水平面上，受到水平拉力的作用，由靜止開始沿直線運動，物體的加速度a和速度的倒數的關系如圖所示．不計空氣阻力，取重力加速度g=10m/s2，則（）A.物體與水平面之間的動摩擦因數為0.3B.物體速度為2m/s時，加速度大小為1.5m/s2C.物體速度為1～4m/s的過程中，拉力的功率恒為4WD.物體勻加速運動的時間為s8、（2016?安徽三模）如圖所示，一圓環在豎直光滑的桿上，桿的直徑比環的內徑略小，圓環通過輕彈簧與放在地面上的物塊相連，開始時彈簧處于原長，由靜止釋放圓環，到圓環向下的速度達到最大的過程中（此過程物塊一直保持靜止）（）A.圓環受到的合力在減小B.桿對圓環的作用力在減小C.地面對物塊的摩擦力在減小D.地面對物塊的支持力在減小評卷人得分二、填空題(共7題，共14分)9、彈簧的彈力與其形變量是遵循胡克定律的．其實橡皮筋也像彈簧一樣，在彈性限度內伸長量x與彈力F成正比，即F=kx，其中k是一個比例系數，類似于彈簧的勁度系數，k的值與橡皮筋未受到拉力時的長度L、橫截面積S有關．理論與實驗都表明k=；其中Y是由材料決定的常數，材料力學中稱之為楊氏模量．

①物理公式能夠反映物理量的單位關系，則在國際單位中，楊氏模量Y的單位應該是____

A．NB．MC．N/mD．N/m2

②有一段橫截面是圓形的橡皮筋，用螺旋測微器測量它的直徑如圖1所示，則讀數為____mm．

③通過實驗測得該橡皮筋的一些數據，并做出了外力F與伸長量x之間的關系圖象如圖2所示．圖象中圖線發生彎曲的原因是____．

10、（2012秋?沈河區校級期中）如圖所示，兩根平行金屬導軌固定在水平桌面上，兩導軌間的距離L．有隨時間變化的勻強磁場垂直于桌面，已知磁感應強度B與時間t的關系為B=Kt．在t=0時刻，一金屬桿緊靠在導軌的端點P、Q，在外力作用下，桿以恒定的加速度a從靜止開始向導軌的另一端滑動，在滑動過程中保持與導軌垂直，則在t時刻閉合回路的感應電動勢的大小為____（用K、L、a、t表示）11、“中新網湛江海安一月七日電（記者王辛莉）瓊州海峽天塹變通途，百年夢想今成真．今天上午九點十五分，運載著火車車箱的粵海鐵一號緩緩駛離廣東湛江海安碼頭，經過約四十五分鐘的瓊州海峽海平穩的海上行駛，粵海鐵一號于十時進入海南島?？谀细鄹鄢兀畷r十分到達港口停泊位．”這里九點十五分是____，四十五分鐘是____（填“時間”或“時刻”）．12、（2008春?浦東新區期末）如圖所示，是一橫波的波形圖象．由圖可知，該波傳播的過程中．一個周期里質點通過的路程是____m，若波的傳播速度為是2m/s，則質點作一次全振動所用的時間為____s．13、（2014春?西山區校級期中）如圖為一交變電流的圖象，則該交變電流的有效值為____．若把該交流電通過一阻值為R的定值電阻，則一個周期內電阻R上產生的熱量為____．14、在某種人工核聚變反應中，一個氘核（H）與一個氚（H）核發生反應，兩個生物之一為氦核（He．下表中列出了部分粒子的質量（1u相當于931.5MeV的能量）

。粒子名稱氘核氚核質子氦核電子中子質量/u2.01363.01521.00734.00150.00051.0087①寫出該核聚變的該反應方程____；

②計算發生一次核反應釋放的能量（以MeV為單位，結果保留三位有效數字）．15、（2014秋?邵陽縣校級期末）如圖所示，已知合力大小為F，一個分力與合力之間的夾角θ=30°，則另一個分力的大小最小值為____．評卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)16、普通驗電器能直接檢測物體帶有何種性質的電荷．____．（判斷對錯）17、晶體的分子（或原子、離子）排列是有規則的．____．（判斷對錯）18、在磁場中，粒子的比荷之比與軌道半徑之比成反比____（判斷對錯）19、電源電動勢反映了電源內部非靜電力做功的本領．____．（判斷對錯）20、物體的瞬時速度總為零，則平均速度一定為零．____．（判斷對錯）21、一定質量的理想氣體內能的大小只與溫度有關____（判斷對錯）評卷人得分四、計算題(共2題，共18分)22、勻強磁場的磁感應強度為B，方向豎直向上，在磁場中有一個總電阻為R、每邊長為L的正方形金屬框abcd，其中ab、cd邊質量均為m，其它兩邊質量不計，cd邊裝有固定的水平軸．現將金屬框從水平位置無初速釋放，如圖所示，若不計一切摩擦，金屬框經時間t剛好到達豎直面位置a′b′cd．

（1）ab邊到達最低位置時感應電流的方向；

（2）求在時間t內流過金屬框的電荷量；

（3）若在時間t內金屬框產生的焦耳熱為Q，求ab邊在最低位置時受的磁場力多大？23、下列說法中正確的是______

A．溫度相同的氫氣和氮氣；氫氣分子比氨氣分子的平均速率大。

B．由阿伏加德羅常數；氣體的摩爾質量和氣體的密度；可以估算出理想氣體分子間的平均距離。

C．當理想氣體的體積增加時；氣體的內能一定增大。

D．將碳素墨水滴入清水中；觀察到布朗運動是碳分子的無規則運動。

E．容器內一定質量的理想氣體體積不變，溫度升高，則單位時間內撞擊容器壁的分子數增加．評卷人得分五、實驗探究題(共3題，共9分)24、某實驗小組用如圖所示的裝置做“驗證力的平行四邊形定則”實驗。

壟脵

下面關于此實驗的說法；不正確的一項是______

A.如圖甲，用兩支彈簧測力計把橡皮條的一端拉到O

點時，兩支彈簧測力計之間的夾角必須取90鈭?

以便算出合力的大小。

B.再用一支彈簧測力計拉橡皮條時(

如圖乙)

必須保證仍把橡皮條的一端拉到O

點。

C.實驗中；彈簧測力計必須保持與木板平行，讀數時視線要正視彈簧測力計的刻度。

D.拉橡皮條的細線要稍長一些；用以標記細線方向的兩點距離要遠些。

壟脷

圖丙是某同學得到的實驗結果；其中______(

選填“F

”或“F鈥?

”)

表示的是用一支彈簧測力計拉橡皮條時的結果。

25、某課外興趣小組欲測定一新型臺金材料的電阻率；他們選擇由該材料制成的電阻絲，進行了下列操作。

(1)

用多用電表粗測該電阻絲的電阻：

壟脵

旋轉選擇開關；使其對準歐姆擋的“隆脕lk

”擋；

壟脷

將兩表筆短接；調節表盤上的旋鈕______(

填圖甲中字母“S

”或“T

”).

使指針對準刻度盤上歐姆擋的零刻度，而后斷開兩表筆；

壟脹

將兩表筆分別接到被測電阻絲的兩端，發現多用表的指針位置如圖甲中b

指針所示；隨后斷開兩。

表筆；

壟脺

旋轉選擇開關；使其對準歐姆擋的“隆脕100

”擋，重新歐姆調零后，再將兩表筆分別連接到被測電阻絲的兩端進行測量，結果多用電表的指針位置如圖甲中a

指針所示，則被測電阻絲的阻值為______婁賂

壟脻

旋轉選擇開關；使其對準“OFF

”擋，并拔出兩表筆。

(2)

若該興趣小組想用伏安法較準確地測定該電阻絲的阻值；實驗室可供選用的器材有：

A.電壓表V1(

量程為3V

內阻約為3k婁賂)

B.電壓表V2(

量程為15V

內阻約為15k婁賂)

C.電流表A1(

量程為3mA

內阻約為20婁賂)

D.電流表A2(

量程為10mA

內阻約為7婁賂)

E.滑動變阻器R(

最大阻值為10婁賂)

F.電源E(

電動勢為4.5V

內阻約為0.5婁賂)

G.開關S

導線若干。

壟脵

要使電流表和電壓表的示數都能達到滿偏的三分之一以上；在所提供的電流表中就選用______，電壓表就選用______；(

填器材前的字母)

壟脷

在虛線方框乙中畫出測定該電阻絲的實驗電路圖；并對選用的器材進行標注。

(3)

若測得電阻絲的長度為L

直徑為d

和阻值為R

則該新型材料的電阻率婁脩=

______。26、用如圖甲實驗裝置驗證m1m2

組成的系統機械能守恒。m2

從高處由靜止開始下落，m1

上拖著的紙帶打出一系列的點，對紙帶上的點進行測量，即可驗證機械能守恒定律。圖乙給出的是實驗中獲取的一條紙帶：0

是打下的第一個點，每相鄰兩計數點間還有4

個打下的點(

圖中未標出)

計數點間的距離如圖所示。已知m1=50gm2=150g

則(

計算結果保留兩位有效數字)

(1)(1)在紙帶上打下計數點55時的速度v=v=________m/sm/s

(2)(2)在計數點0隆蘆50隆蘆5過程中系統動能的增量婁隴E婁隴Ek==________JJ為了簡化計算，設g=9.8m/sg=9.8m/s2，則系統勢能的減少量婁隴E婁隴Ep==________JJ

(3)(3)實驗結果顯示婁隴E婁隴Ep>婁隴E>婁隴Ek，那么造成這一現象的主要原因是________________________________________________________。(4)(4)在本實驗中，若某同學作出了12vv2鈭?h-h圖像，如圖丙，hh為從起點量起的長度，則據此得到當地的重力加速度g=g=________m/sm/s2。參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【分析】磁感線的引入是為了形象地描述磁場的特點；規定磁感線上每一點的切線方向與磁場的方向相同，磁感線的疏密表示磁場的強弱；

由磁場的方向來的規定：小磁針靜止時北極所指的方向，或小磁針的北極受力的方向；磁場的方向在磁鐵的內部為S極到N極的方向，磁鐵的外部是N極到S極的方向．【解析】【解答】解：A；規定磁感線上每一點的切線方向與磁場的方向相同．故A正確；

B；C、磁場的方向的規定：小磁針靜止時北極所指的方向；或小磁針的北極受力的方向，B正確，C正確。

D；磁場的方向在磁鐵的內部為S極到N極的方向；磁鐵的外部是N極到S極的方向．故D錯誤；

本題選擇不正確的，故選：D2、B|D【分析】試題分析：小球的線速度大小和方向時刻改變，做變加速圓周運動，沿切向加速度不為零，所以A錯誤；最高點的最小速度為所以小球的線速度的大小總大于或等于故B正確；小球轉動一周的過程中，根據動能定理，動能變化為零，則外力做功為零．故C錯誤D正確本題選錯誤的，故選BD．考點：【解析】【答案】3、A【分析】【解析】

試題分析：帶電粒子靜止在電容器之間時當閉合S后，由于電路中增加了一個并聯支路，即總電流增大，路端電壓減小，所以串聯在干路上的電阻兩端電壓增大，故并聯電路兩端電壓減小，即電容器兩端電壓減小，所以電場力減小，故粒子向下做加速運動，A正確。當閉合S后，由于電路中增加了一個并聯支路，即總電流增大，路端電壓減小，所以串聯在干路上的電阻兩端電壓增大，故并聯電路兩端電壓減小，即電容器兩端電壓減小，所以電場力減小。

考點：牛頓第二定律。

點評：本題考查了力電綜合題，關鍵是通過電路中相關物理量的變化判斷電容器兩端電壓的變化，【解析】【答案】A4、B【分析】【解析】

試題分析：根據順著電場線方向電勢降低可知，0-2mm內，電場線沿x軸負方向，粒子所受的電場力方向沿x軸正方向；在2-6mm內電場線沿x軸正方向，粒子所受的電場力方向沿x負方向做減速運動，加速度沿x軸負方向；因為φ-x圖象的斜率大小等于場強E．則知P點的場強大于Q點的場強，則粒子在P點的加速度大于在Q點的加速度，加速度方向相反．故A錯誤；粒子經過P點與Q點時，電勢相等，則其電勢能相等，由能量守恒知動能相等．故B正確；粒子經過P點與Q點時，速率相等，但電場力不同，則根據功率公式P=Fv，可知電場力做功的功率不等．故C錯誤；在P點，根據電勢能公式Ep=qφ，因為q＜0，φ＞0，所以Ep＜0．故D錯誤。

考點：電勢與電勢能；電場強度?！窘馕觥俊敬鸢浮緽5、B【分析】【分析】本題考查電學中三個電磁關系的實驗；應從其原理和現象中【分析】

（1）甲實驗中通電后小磁針發生偏轉；能證明通電導體在其周圍產生磁場我們利用這個原理造出了電磁鐵。

（2）乙實驗將導線放在磁場中；觀察通電后導體發生了運動，即通電導體在磁場中受到力的作用；我們造出了電動機。

（3）丙實驗將導線和電流表相連；發現導體運動時電流表內部產生電流，即閉合電路中的一部分導體在磁場做切割磁感線運動時產生感應電流；這是發電機的原理圖。

A；根據乙實驗的原理可制成電動機；故A錯誤；

B；電磁鐵的原理就是通電的導體能產生磁場；故B正確；

C；根據丙實驗的原理可制成發電機；故C錯誤；

D；根據以上分析可知乙、丙兩個實驗不能制成電磁鐵；故D錯誤。

故選B。

【點評】這三個實驗是人對電磁關系研究的三個里程碑，應重點掌握。6、A【分析】解：A

點電荷和電場線都不是真實存在的；故A正確；

B；當兩個帶電體的形狀和大小對相互作用力的影響可忽略時；這時把兩個帶電體簡化為點電荷，不會產生較大的誤差，只會使問題簡化，故這兩個帶電體可看成點電荷，點電荷是理想模型，而電場線實際不存在，根本不是模型，故B錯誤；

C；點電荷可以等效替代它們各自描述的對象；而電場線是假想的，不能等效替代所描述的對象，故C錯誤；

D；電場線上任一點的切線方向；與正點電荷在該點所受電場力的方向相同，與負點電荷的方向相反，故D錯誤；

故選：A

．

物理學上把本身的線度比相互之間的距離小得多的帶電體簡化為一個點；叫做點電荷.

同一個電荷能否看作點電荷，不僅和帶電體本身有關，還取決于問題的性質和精度的要求，即需要具體問題具體分析．

電場線是人們為了形象地描述電場而引入的線；電場線的方向是正電荷所受電場力的方向；而正負電荷所受的電場力的方向相反；電場線的切線方向即為場強的方向，故任意兩條電場線都不會相交；電場線的疏密代表電場的強弱，故電場線越密的地方場強越強．

如果在研究的問題中；帶電體的形狀；大小以及電荷分布可以忽略不計，即可將它看作是一個幾何點，則這樣的帶電體就是點電荷.

一個實際的帶電體能否看作點電荷，不僅和帶電體本身有關，還取決于問題的性質和精度的要求，即需要具體問題具體分析．

記住電場線的特點即可順利解出此題，故要在理解的基礎上牢記基本概念．【解析】A

7、C【分析】【分析】觀察圖象可知物體速度為0～1m/s過程中做加速度為3m/s2的勻加速直線運動，在速度為1～4m/s過程中，拉力以恒定的功率拉動物體，由牛頓第二定律列式，，從圖中代入數據，求出功率P和摩擦力力f；再利用摩擦力f=μFN，求出動摩擦因數；將速度為1.5m/s代入關系式，求出此時的加速度．根據勻變速直線運動的速度與時間關系求出物體做勻加速運動的時間【解析】【解答】解：由圖象可知物體速度為0～1m/s過程中做加速度為3m/s2的勻加速直線運動，在速度為1～4m/s過程中，拉力以恒定的功率拉動物體，由牛頓第二定律有：

從圖中代入數據可得：P-f=0

P-f=3

解得：P=4W；f=1N，故C正確；

又f=μmg；解得物體與水平面之間的動摩擦因數μ=0.1，故A錯誤；

將P=4W，f=1N，m=1kg，v=2m/s代入

可得a=1m/s2，即物體速度為2m/s時，加速度大小為1m/s2；故B錯誤；

從圖象可知物體速度為0～1m/s過程中做加速度為3m/s2的勻加速直線運動，勻加速的時間為：；故D錯誤；

故選：C．8、A【分析】【分析】對圓環分析可知，圓環從靜止到速度最大的過程中，速度不斷增大，加速度不斷減小，當加速度為零時，速度最大，環在向下運動的過程中，彈簧的長度不斷減小，彈力不斷增大，對環水平方向研究判斷桿對圓環的作用力的變化，對整體研究，地面對物塊的摩擦力與桿對環的作用力等大反向，據此分析地面對物塊的摩擦力的變化，再對整體豎直方向進行研究得出地面對物塊的支持力的變化情況．【解析】【解答】解：A；圓環從靜止到速度最大的過程中；速度不斷增大，加速度不斷減小，所受合力不斷減小，故A正確；

B；由于環在向下運動的過程中；彈簧的長度不斷減小，彈力不斷增大，彈力沿水平方向的分力不斷增大，對環水平方向研究可知，桿對圓環的作用力不斷增大，故B錯誤；

C；對整體研究；地面對物塊的摩擦力與桿對環的作用力等大反向，因此地面對物塊的摩擦力不斷增大，故C錯誤；

D；對系統整體研究可知；由于環沿豎直方向的加速度不斷減小，因此豎直方向的失重量不斷減小，物塊對地面的壓力不斷增大，地面對物塊的支持力不斷增大，故D錯誤．

故選：A二、填空題(共7題，共14分)9、D2.543橡皮筋受力超出其彈性限度，不再遵循伸長量x與彈力F成正比的規律【分析】【分析】根據表達式k=推導出Y的單位．根據圖象中的直線部分由胡克定律求出勁度系數，圖象彎曲說明胡克定律不再符合，則說明橡皮盤超過了彈性限度．【解析】【解答】解：①由k=可知，Y==；

故Y的單位為：N?m/m2?m=N/m2；

故D正確；ABC錯誤．

故選：D．

②螺旋測微器固定部分讀數2.5mm；轉動部分讀數為：4.3，故讀數為：2.5+4.3×0.01=2.543mm

③當橡皮筋受力超出其彈性限度時；不再遵循伸長量x與彈力F成正比的規律；

故答案為：①D②2.541～2.545

③橡皮筋受力超出其彈性限度，不再遵循伸長量x與彈力F成正比的規律10、kaLt2【分析】【分析】由速度公式求出速度，由E=BLv與法拉第電磁感應定律求出感應電動勢．【解析】【解答】解：桿在t時刻的速度：v=at；

動生電動勢：E1=BLv=kaLt2；

由法拉第電磁感應定律得：

感生電動勢：E2===kaLt2；

則回路中的感應電動勢：E=E1+E2=kaLt2；

故答案為：kaLt2．11、時刻時間【分析】【分析】時間是指時間的長度，在時間軸上對應一段距離，時刻是指時間點，在時間軸上對應的是一個點，在難以區分是時間還是時刻時，可以通過時間軸來進行區分．【解析】【解答】解：由題意可知；這里九點十五分是時刻，而四十五分鐘是時間間隔，是時間；

故答案為：時刻，時間．12、0.60.2【分析】【分析】簡諧波傳播過程中；振動質點在一個周期內通過的路程是四個振幅．

由圖讀出波長，由波速公式v=求出該波的周期，即為質點振動的周期，也就是質點作一次全振動所用的時間．【解析】【解答】解：一個周期里質點通過的路程是S=4A=4×15cm=0.6m

由圖讀出波長λ=0.4m，由波速公式v=得該波的周期T==s=0.2s；則質點作一次全振動所用的時間為0.2s．

故答案為：0.6，0.2．13、I0I02?R?T【分析】【分析】根據圖象可讀出該交流電的周期和最大值；然后根據有效值的定義，列式求解．

根據焦耳定律Q=I2Rt求解一個周期內電阻R上產生的熱量．【解析】【解答】解：將該電流加在一個阻值為R的電阻上；設周期為T，則根據有效值的定義得：

（）2R+I02?R?=I2RT

解得，電流的有效值為：I=I0．

若把該交流電通過一阻值為R的定值電阻，根據焦耳定律Q=I2Rt得。

一個周期內電阻R上產生的熱量為Q=I02?R?T．

故答案為：I0，I02?R?T．14、H+H→He+n【分析】【分析】根據核反應方程質量數和核電荷數守恒列出熱核反應方程．應用質能方程△E=△mc2求解發生一次核反應釋放的能量．【解析】【解答】解：①根據核反應方程質量數和核電荷數守恒得：H+H→He+n；

②：一次核反應方程的質量虧損為：△m=mP+mD-mα-m中=2.0136+3.0152-4.0015-1.0087u=0.0186u

發生一次核反應釋放的核能為：△E=0.0186u×931.5MeV/u=17.3MeV

故答案為：①H+H→He+n；②發生一次核反應釋放的能量17.3MeV．15、【分析】【分析】已知合力和兩個分力的方向，分解具有唯一性，根據平行四邊形定則作圖分解即可．【解析】【解答】解：合力大小為F，力F和一個分力F1的方向的夾角為θ；根據平行四邊形定則作圖，如圖所示：

可知，另一個分力的最小值為：F2=Fsinθ=．

故答案為：．三、判斷題(共6題，共12分)16、×【分析】【分析】驗電器使用時是讓金屬桿上的金屬箔帶上同種電荷，然后同種電荷會相互排斥從而驗證物體是否帶電的．【解析】【解答】解：驗電器是利用同種電荷相互排斥的原理制成的；故驗電器張開的角度越大，說明帶電體所帶的電荷越多，不能直接判斷電荷的正負，只可以定性表物體帶電量的多少．

故答案為：×17、√【分析】【分析】晶體的分子（或原子、離子）排列是有規則的．晶體是具有一定的規則外形和各向異性．【解析】【解答】解：根據晶體的結構的特點可知；晶體的分子（或原子；離子）排列是有規則的．所以該說法是正確的．

故答案為：√18、√【分析】【分析】粒子在磁場中，由洛倫茲力提供向心力，故在磁場中做勻速圓周運動，寫出牛頓第二定律的方程，導出粒子的半徑公式即可做出判定．【解析】【解答】解：粒子在磁場中，由洛倫茲力提供向心力，故在磁場中做勻速圓周運動；由洛倫茲力提供向心力，有qvB=m，解得r=；粒子的比荷之比與軌道半徑之比成反比．

故答案為：√19、√【分析】【分析】電源是通過非靜電力做功將其他形式的能轉化為電能的裝置，電源電動勢反映了電源內部非靜電力做功的本領．【解析】【解答】解：電源是通過非靜電力做功將其他形式的能轉化為電能的裝置；電源電動勢反映了電源內部非靜電力做功的本領．故此說法正確．

故答案為：√20、√【分析】【分析】平均速度表示物在某一段時間或某一過程內的運動情況；而瞬時速度只能表示物體在某一瞬時或某一位置時的速度．平均速度與位移與時間的比值求解．【解析】【解答】解：因瞬時速度為0；則物體不動，無位移，則平均速度為0

故答案為：√21、√【分析】【分析】一定質量的理想氣體的內能只與溫度有關，溫度越高，內能越大．【解析】【解答】解：物態的內能與物體的物質的量；溫度、體積以及物態有關．對一定質量的理想氣體；物質的量一定，物態一定，而氣體分子之間的作用力可以忽略不計，所以一定質量的理想氣體內能的大小只與溫度有關．

故答案為：√四、計算題(共2題，共18分)22、略

【分析】

（1）根據右手定則判斷產生的感應電流方向．

（2）根據法拉第電磁感應定律；歐姆定律和電量公式求解電荷量．

（3）正方形金屬框的重力勢能轉化為動能和金屬框中產生的焦耳熱；根據能量轉化和守恒定律求出速度大?。鶕ɡ陔姶鸥袘汕蟪龈袘妱觿?，再求出感應電流，可求出安培力．

本題是電磁感應、電路的綜合，關鍵要掌握右手定則、法拉第電磁感應定律和能量守恒定律，感應電荷量的表達式q=是常用的經驗公式，要能熟練推導．【解析】解：（1）根據右手定則判斷可知：ab邊到達最低位置時感應電流的方向由a′到b′．

（2）由△φ=BS-0=BL2

整理得：在時間t內流過金屬框的電荷量為：

（3）由能的轉化與守恒定律得：

又由感應電動勢為E=BυL，瞬時電流的大小為ab邊所受安培力的大小為F=BIL

整理得：

答：

（1）ab邊到達最低位置時感應電流的方向由a′到b′；

（2）在時間t內流過金屬框的電荷量為

（3）若在時間t內金屬框產生的焦耳熱為Q，ab邊在最低位置時受的磁場力為．23、略

【分析】解：A；溫度相同的氫氣和氮氣；分子的平均動能相同，但氫氣分子質量比氨氣分子質量小，則氫氣分子平均速率比氨氣分子的平均速率大，故A正確；

B；由氣體的摩爾質量和氣體的密度之比可求出氣體的摩爾體積；摩爾體積與阿伏加德羅常數之比等于每個氣體分子占據的空間大小，由此可以估算出理想氣體分子間的平均距離，故B正確；

C；改變內能的方式有做功和熱傳遞；當理想氣體的體積增加時，若同時氣體放出熱量，氣體的內能減少，故C錯誤；

D；布朗運動是固體顆粒的運動；并不是碳分子的運動，間接反映了液體分子的無規則運動，故D錯誤；

E；容器內一定質量的理想氣體體積不變；溫度升高，平均動能增大，則單位時間內撞擊容器壁的分子數增加，故E正確；

故答案為：ABE．

溫度是分子平均動能的標志．布朗運動是固體顆粒的運動；改變內能的方式有做功和熱傳遞，內能與溫度；質量和狀態等元素有關．

本題考查了布朗運動的實質，改變內能的方式和理想氣體狀態方程等知識點，注意布朗運動不是分子運動．【解析】ABE五、實驗探究題(共3題，共9分)24、略

【分析】解：壟脵A

在實驗中兩個分力的夾角大小適當；在作圖時有利于減小誤差即可，并非要求兩個分力F1F2

間的夾角一定為某一定值，故A錯誤；

B；再用一支彈簧測力計拉橡皮條時；因為實驗運用等效代替的方法，所以必須保證仍把橡皮條的一端也拉到O

點，故B正確；

C；實驗中；為了減小誤差，彈簧測力計必須保持與木板平行，讀數時視線要正視彈簧測力計的刻度，故C正確；

D；為了減小誤差；拉橡皮條的細線要稍長一些，用以標記細線方向的兩點距離要遠些，故D正確；

本題選錯誤的。

故選：A

壟脷

實驗測的彈力方向沿繩子方向；即圖中的AO

方向，由于誤差的存在，作圖法得到的合力與實驗值有一定的差別，即作圖得出的合力方向與AO

方向有一定的夾角，故F鈥?

表示的是用一支彈簧測力計拉橡皮條時的結果。

故答案為：壟脵A壟脷F鈥?

為了減小實驗誤差；事先彈簧秤要進行調零，兩根細線夾角要適當，標記方向的點要遠離O

點，用測力計拉細繩套時，拉力應沿彈簧的軸線，且與水平板平行。在實驗中F

和F隆盲

分別由平行四邊形定則及實驗得出，明確理論值和實驗值的區別即可正確解答；

本實驗關鍵理解實驗原理，根據實驗原理分析實驗步驟中有無遺漏或缺陷，因此掌握實驗原理是解決實驗問題的關鍵?！窘馕觥緼F鈥?

25、略

【分析】解：(1)

使用歐姆檔測電阻；先要歐姆調零，即先把紅黑表筆短接，所以要選擇T

旋鈕。