…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙科版高二物理下冊月考試卷219考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、對于電感和電容對電流的影響；下列描述正確的是（）

A.電感對電流的影響可概括為“通直流；阻交流”

B.電容對電流的影響可概括為“通直流；阻交流”

C.電感對交流的影響可概括為“通高頻；阻低頻”

D.電容對交流的影響可概括為“通高頻；阻低頻”

2、油罐車后面都有一條拖地的鐵鏈，其作用是（）A.向外界散熱B.做為油罐車的標志C.發出響聲，提醒其他車輛和行人的注意D.與大地構成導體，避免由靜電造成危害3、下列計時數據表示時刻的是(

)

A.中午1130

B.從家到學校大約走30

分鐘C.課間休息10

分鐘D.考試用時100

分鐘4、關于雙縫干涉條紋，以下說法中不正確的是()A.用同一單色光做雙縫干涉實驗，能觀察到明、暗相間的單色條紋B.用同一單色光經雙縫干涉后的明條紋距兩縫的距離之差為該單色光波長的整數倍C.用同一單色光經雙縫干涉后的明條紋距兩縫的距離之差一定為該單色光波長的奇數倍D.用同一單色光經雙縫干涉后的暗條紋距兩縫的距離之差一定為該單色光半波長的奇數倍5、一交變電壓的表達式為婁脤=1002sin(100婁脨t)V

由此表達式可知()

A.用交流電壓表測該電壓其示數為1002V

B.該交變電壓的周期為0.01s

C.將該電壓加在100婁賂

的電阻兩端，電阻消耗的電功率為50W

D.t=1400s

時，該交流電壓的即時值為100V

6、如圖所示，大小可以忽略不計的帶有同種電荷的小球A

和B

相互排斥，靜止時絕緣細線與豎直方向的夾角分別為婁脕

和婁脗

且婁脕<婁脗

兩小球在同一水平線上，由此可知(

)

A.B

球受到的庫侖力較大，電荷量較大B.B

球的質量較大C.B

球受到的拉力較大D.兩球接觸后，再處于靜止狀態時，懸線的偏角婁脕隆盲婁脗隆盲

仍滿足婁脕隆盲<婁脗隆盲

7、如圖所示，固定在絕緣水平面上的光滑平行金屬導軌，間距為L，右端接有阻值為R的電阻，空間存在方向豎直向上、磁感應強度為B的勻強磁場．質量為m、電阻為2R的導體棒ab與固定絕緣彈簧相連，放在導軌上，并與導軌接觸良好．初始時刻，彈簧恰處于自然長度．給導體棒水平向右的初速度v0，導體棒往復運動一段時間后靜止，不計導軌電阻，則下列說法中正確的是（）A.導體棒每次向右運動的過程中受到的安培力均逐漸減小B.導體棒速度為v0時其兩端的電壓為BLv0C.導體棒開始運動后速度第一次為零時，彈簧的彈性勢能為mv02D.在金屬棒整個運動過程中，電阻R上產生的焦耳熱為mv02評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)8、下列哪組共點力作用在一個物體上，可以使物體保持平衡？（）A.3N，4N，10NB.2N，3N，5NC.10N，10N，10ND.2N，3N，4N9、如圖所示，真空中等量同種正點電荷放置在MN

兩點，在MN

的連線上有對稱點acMN

連線的中垂線上有對稱點bd

則下列說法正確的是

A.正電荷+q

在c

點電勢能大于在a

點電勢能。

B.正電荷+q

在c

點電勢能小于在a

點電勢能。

C.在MN

連線的中垂線上，O

點電勢最高。

D.負電荷鈭?q

從d

點靜止釋放，在它從d

點運動到b

點的過程中，加速度可能先減小再增大10、如圖所示，MN

右側有一正三角形勻強磁場區域(

邊緣磁場忽略不計)

上邊界與MN

垂直。現有一與磁場邊界完全相同的三角形導體框，從MN

左側垂直于MN

勻速向右運動。導體框穿過磁場過程中所受安培力F

的大小以及感應電流i

隨時間變化的圖像正確的是(

取逆時針電流為正)

()A.B.C.D.11、如圖(

甲)

所示；一物塊在粗糙斜面上，在平行斜面向上的外力F

作用下，斜面和物塊始終處于靜止狀態，當F

按圖(

乙)

所示規律變化時，關于物塊與斜面間摩擦力的大小變化的說法中正確的是()

A.一定增大B.可能一直減小C.可能先減小后增大D.可能一直增大12、圖中實線是一簇未標明方向的由點電荷產生的電場線，虛線是某帶電粒子通過該電場區域時的運動軌跡，ab

是軌跡上的兩點，若帶電粒子在運動過程中只受到電場力作用，根據此圖以下說法正確的是(

)

A.可以判斷帶電粒子所帶電荷的正、負B.可以知道帶電粒子在ab

兩點的受力方向C.可以判斷帶電粒子在ab

兩點的電勢的高低D.可以判斷帶電粒子的加速度在a

點比在b

點大13、某地的地磁場磁感應強度的豎直分量方向向下，大小為4.5×10-5T．一靈敏電壓表連接兩塊金屬板，兩塊金屬板緊靠當地入海河段兩岸插入海水中，河寬100m，該河段漲潮和落潮時有海水（視為導體）流過，設落潮時，海水自西向東流，流速為2m/s．下列說法正確的是（）A.電壓表記錄的電壓為5mVB.電壓表記錄的電壓為9mVC.河南岸的金屬板電勢較高D.河北岸的金屬板電勢較高評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)14、帶電量為q的粒子，自靜止起經電壓U加速進入磁感應強度為B的勻強磁場中做半徑為r的圓周運動，如不計粒子的重力，該粒子的速率為，粒子運動的周期為。15、有一個電流計，內阻30歐，滿偏電流1毫安．要把它改裝成3伏的伏特表，需要______（填串聯、并聯）______歐的電阻．16、如圖所示，一個彈簧振子沿軸在B、C間做簡諧運動，O為平衡位置，當振子從B點向O點運動經過P點時振子的位移為____，振子的回復為____，振子速度為____，振子的加速度為____（填“正”“負”或“零”）17、如圖所示為某電場的部分電場線，試比較A、B兩點場強：EA______EB

18、如圖所示，彈簧秤下掛一條形磁鐵，其中條形磁鐵N極的一部分位于未通電的螺線管內，若將a接電源正極，b接負極，彈簧秤示數____________．(增大或減小)評卷人得分四、判斷題(共4題，共28分)19、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）20、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）21、處于靜電平衡狀態的導體內部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）22、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

評卷人得分五、實驗題(共4題，共24分)23、（10分）為了測量一節干電池的電動勢和內電阻，實驗室準備了下列器材供選用：A．待測干電池一節B．直流電流表（量程0~0.6~3A，0.6A檔內阻約為0.1Ω，3A檔內阻約為0.02Ω）C．直流電壓表（量程0~3~15V，3V內阻約為5kΩ，15V檔內阻約為25kΩ）D．滑動變阻器（阻值范圍為0~15Ω）E．滑動變阻器（阻值范圍為0~1000Ω）F．開關，導線若干（1）為了盡可能減少誤差，其中滑動變阻器選____（填代號）．（2）請在圖（甲）中進行實物連線。（3）根據實驗記錄，畫出的U—I圖線如圖（乙）所示，從中可求出待測干電池的電動勢為____V，內電阻為____Ω．24、(1)用多用電表的電阻擋測量阻值約幾十千歐的電阻Rx，以下給出的是可能的實驗操作步驟，其中S為選擇開關，P為電阻擋調零旋鈕。把你認為正確步驟前的字母按合理的順序填寫在下面的橫線上。a．將兩表筆短接，調節P使指針對準刻度盤上電阻擋的0刻度，斷開兩表筆b．將兩表筆分別連接到被測電阻的兩端，讀出Rx的阻值后，斷開兩表筆c．旋轉S使其尖端對準電阻擋×1kd．旋轉S使其尖端對準電阻擋×100e．旋轉S使其尖端對準交流500V擋，并拔出兩表筆________________________________________________________________________。根據如圖所示指針位置，此被測電阻的阻值約為________Ω。(2)下述關于用多用電表電阻擋測電阻的說法中正確的是________。A．測量電阻時，如果指針偏轉過大，應將選擇開關S撥至倍率較大的擋位，重新調零后測量B．測量電阻時，如果紅、黑表筆分別插在負、正插孔，則會影響測量結果C．測量電路中的某個電阻，應該把該電阻與電路斷開D．測量阻值不同的電阻時，都必須重新調零25、在做測定金屬電阻率的實驗中，某同學先通過游標卡尺和螺旋測微器分別測量一薄的金屬圓片的直徑和厚度如下圖所示，則游標卡尺所示金屬圓片直徑的測量值為________mm，螺旋測微器所示金屬圓片厚度的測量值為________mm。26、下表列出了一些材料制成的長1m、橫截面積為1mm2的導線在20℃時的電阻值．。導線銀銅鋁鎢鐵錳銅合金鎳鉻合金電阻R/Ω0.0160.0170.0270.0520.0960.441.1根據表中數據回答：（1）假如讓你架設一小條家庭輸電線路，在鋁線和鐵線之間，你應選用______；（2）假如要選用一根金屬絲來做滑動變阻器的電阻絲，在鐵絲和錳銅絲之間，你應選用___________。評卷人得分六、實驗探究題(共1題，共8分)27、在測定一節干電池的電動勢和內電阻的實驗中；備有下列器材：

A.待測的干電池(

電動勢約為1.5V

內電阻小于1.0婁賂)

B.電流表A1(

量程0鈭?3mA

內阻Rg1=10婁賂)

C.電流表A2(

量程0鈭?0.6A

內阻Rg2=0.1婁賂)

D.滑動變阻器1(0鈭?20婁賂,10A)

E.滑動變阻器R2(0鈭?200婁賂,lA)

F.定值電阻0(990婁賂)

G.開關和導線若干。

(1)

某同學發現上述器材中雖然沒有電壓表，但給出了兩個電流表，于是他設計了如圖甲所示的(a)(b)

兩個參考實驗電路；其中合理的是______圖所示的電路；在該電路中，為了操作方便且能準確地進行測量，滑動變阻器應選______(

填寫器材前的字母代號)

．

(2)

圖乙為該同學根據(1)

中選出的合理的實驗電路，利用測出的數據繪出的I1鈭?I2

圖線(I1

為電流表A1

的示數，I2

為電流表A2

的示數，且I2

的數值遠大于I1

的數值)

則由圖線可得被測電池的電動勢E=

______V

內阻r=

______婁賂.(

結果保留小數點后2

位)

(3)

所測得電池的電動勢E虜芒

______電動勢的真實值E脮忙.(

填“大于”、“小于”或者“等于”)

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、A|D【分析】

A；電感對電流的影響是：通直流、阻交流；因為直流通過線圈時不產生感應電動勢；對電流沒有阻礙作用．而交流通過線圈時，產生感應電動勢，對電流有阻礙作用．故A正確．

B；電容對電流的影響可概括為“隔直流、阻交流”；因為電容器兩板間有電介質或真空．故B錯誤．

C；感抗與交流的頻率成正比；則電感對交流的影響可概括為“通低頻、阻高頻”．故C錯誤．

D；容抗與交流的頻率成反比；則電容對交流的影響可概括為“通高頻、阻低頻”，故D正確．

故選AD

【解析】【答案】電感的特性是：通直流；阻交流；通高頻、阻低頻．電容的特性是：隔直流、阻交流；通高頻、阻低頻．

2、D【分析】解：油罐車上的搭地鐵鏈是為了把產生的靜電導走；屬于靜電的防止，故D正確，ABC錯誤．

故選：D

油罐車上的搭地鐵鏈是為了把產生的靜電導走；屬于靜電的防止．

該題考查是關于靜電的防止與應用，要求同學們熟練掌握靜電的防止與應用的具體實例．【解析】【答案】D3、A【分析】解：A

中午11

：30

放學；是放學的時刻；故A正確；

B；從家到學校大約走30

分鐘；是一段時間；故B錯誤；

C；10

分鐘是休息經歷的時間；故C錯誤；

D；100

分鐘是考試的時間；故D錯誤；

故選：A

．

理解時間間隔和時刻的區別；時間間隔是指時間的長度，在時間軸上對應一段距離，時刻是指時間點，在時間軸上對應的是一個點．

只要掌握了時刻在時間軸上對應的是一點，而時間間隔在時間軸上對應的是一段，即可順利解決此類題目．【解析】A

4、C【分析】【分析】用單色光做雙縫干涉實驗時，若光程差為波長的整數倍，故此處為亮條紋，光程差為半個波長的奇數倍，則為暗條紋。

“用單色光做雙縫干涉實驗時，若光程差為波長的整數倍，故此處為亮條紋，光程差為半個波長的奇數倍，則為暗條紋”也是我們必須要掌握的內容。【解答】頻率或波長相同，相差恒定的兩列波疊加，使某些區域的振動加強，某些域的振動減弱，并且振動加強和振動減弱的區域互相間隔，形成穩定的干涉圖樣，當光程差為：婁脛=r婁脛=r22鈭?r-r11=n婁脣(n=0,1,2)=n婁脣(n=0,1,2)時為亮條紋，當光程差為：婁脛=r2鈭?r1=2n+12婁脣(n=0,1,2)時為暗條紋，則：A.用同一單色光做雙縫干涉實驗，能觀察到明、暗相間的單色條紋，故A正確；BC.

用同一單色光經雙縫干涉后的明條紋距兩縫的距離之差為該單色光波長的整數倍，故B正確，C錯誤；D.用同一單色光經雙縫干涉后的暗條紋距兩縫的距離之差一定為該單色光半波長的奇數倍，故D正確。故選C。【解析】C

5、D【分析】解：A

電壓表顯示的是有效值；有效值為：

U=Um2=10022=100V

故A錯誤；

B、婁脴=100婁脨

周期T=2婁脨蠅=0.02s

故B錯誤；

C、由P=U2R=(100)2100=100W

故C錯誤；

D、把t=1400s

代入表達式u=1002sin(100婁脨t)V

得：u=100V

故D正確；

故選D

根據電壓表達式中各物理量的含義去分析周期；有效值瞬時值；由功率公式計算消耗的電功率．

本題考查了交流電瞬時值的表達式，要在掌握各物理量含義的基礎上逐項分析．【解析】D

6、D【分析】解：A

根據牛頓第三定律得：A

球對B

球的庫侖力等于B

球對A

球的庫侖力；無論兩球電荷量是否相等所受庫倫力都相等，故無法比較哪個電荷量較大，故A錯誤；

對小球受力分析；根據平衡條件有：

B；對小球AB

受力分析；根據平衡條件有：

mAg=F驢芒tan偽

mBg=F驢芒tan尾

因婁脕<婁脗

所以mA>mB

故B錯誤．

C；根據平衡條件有：

F脌-A=F驢芒sin偽

F脌-B=F驢芒sin尾

因婁脕<婁脗

所以B

球受的拉力較小，故C錯誤．

D；兩球接觸后；再靜止下來，兩絕緣細線與豎直方向的夾角變為婁脕隆盲婁脗隆盲

對小球AB

受力分析；根據平衡條件有：

tan婁脕隆盲=F隆盲驢芒mAg

tan婁脗隆盲=F隆盲驢芒mBg

因為mA>mB

所以婁脕隆盲<婁脗隆盲.

故D正確．

故選：D

．

根據根據牛頓第三定律得：A

球對B

球的庫侖力等于B

球對A

球的庫侖力．

對小球受力分析；根據平衡條件和相似三角形表示出兩個球的重力和拉力，進行比較．

本題在解答過程中，物體的平衡條件成為關鍵內容，因此分析物體的受力，對力進行分解合成就成了必須的步驟，有利于學生將力學知識與電學知識相結合．【解析】D

7、D【分析】【分析】

根據彈簧彈力和安培力的大小關系；判斷出導體棒的運動規律，分析安培力的大小變化；根據切割產生的感應電動勢公式求出電動勢，結合閉合電路歐姆定律求出導體棒兩端的電壓；根據能量守恒分析導體棒速度為零時彈簧的彈性勢能；根據能量守恒得出整個回路產生的熱量，從而得出電阻R上產生的熱量。

對于電磁感應問題研究思路常常有兩條：一條從力的角度；重點是分析安培力作用下導體棒的平衡問題，根據平衡條件列出方程；另一條是能量，分析涉及電磁感應現象中的能量轉化問題，根據動能定理；功能關系等列方程求解。

【解答】

A.導體棒向右運動過程中；當彈簧處于壓縮時，彈力大于安培力，向右加速，安培力增大，故A錯誤；

B.當導體棒速度為v0時，感應電動勢E=BLv0，ab棒兩端的電壓等于電阻R兩端的電壓，則U=故B錯誤；

C.導體棒第一次向右運動過程中，當速度為零時，根據能量守恒知，故C錯誤；

D.根據能量守恒，在整個過程中，回路中產生的熱量Q=則電阻R上產生的熱量故D正確。

故選D。【解析】D二、多選題(共6題，共12分)8、BCD【分析】解：A；3N和4N的合力范圍為[1N；7N]，10N不在合力范圍之內，則三個力合力不可能為零，物體不能平衡．故A錯誤；

B；2N和3N的合力范圍為[1N；5N]，5N在合力范圍之內，則三個力合力能為零，物體能平衡．故B正確；

C；10N和10N的合力范圍為[0N；20N]，10N在合力范圍之內，則三個力合力可能為零，物體能平衡．故C正確；

D；2N和3N的合力范圍為[1N；5N]，4N在合力范圍之內，則三個力合力可能為零，物體能平衡．故D正確．

故選：BCD．

根據|F1+F2|≥F≥|F1-F2|先求出前兩個力的合力范圍；如果第三個力在這兩個力的范圍內，則三力平衡，合力為零．若不在兩個力的合力范圍內，則合力不能為零，不能保持平衡．

三力平衡的條件為三個力中任意兩個力與第三個力等值、反向、共線，故先合成任意兩個力，再與第三個力合成，即看任意兩個力的合力范圍是否包括第三力的值．【解析】【答案】BCD9、CD【分析】【分析】本題根據等量同種電荷周圍電場分布情況，分析ac

兩點電勢高低，判斷電勢能的大小；知道在兩點電荷連線的中垂線上從O

向上和向下電場線方向相反；ac

兩點關于中垂線對稱，電勢相等，電荷在這兩點的電勢能相等；分析負電荷的受力情況，判斷其運動情況。本題的關鍵要掌握等量同種點電荷電場線的分布情況，抓住對稱性進行分析，注意D

選項有幾種可能性，要根據電場線的分布情況判斷。【解答】AB.

根據電場線的分布情況和對稱性可知，ac

兩點的電勢相等，則正電荷+q

在a

點電勢能一定等于在c

點電勢能，故AB錯誤；C.沿電場線方向電勢降低，在MN

連線的中垂線上，電場線從O

點向外，所以O

點電勢最高，故C正確；D.由對稱性知O

點的場強為零，電荷鈭?q

從d

點靜止釋放，在它從d

點運動到b

點的過程中，場強可能選減小再增大，所受的電場力先減小后增大，所以加速度可能先減小再增大，故D正確。故選CD。【解析】CD

10、BC【分析】【分析】由右手定則判斷出電流方向，由安培定則判斷出安培力的方向，由數學知識寫出有效長度與時間的關系式，由E=BLvI=ERF=BIL

分別寫出線框進入和離開磁場時電流、安培力與時間的表達式從而得出結論。本題考查電磁感應定律的綜合應用，線框運動時的有效長度是本題的關鍵。【解答】設正三角形的邊長為a

勻速運動的速度為v

線框進入磁場的過程，根據右手定則可知，電流方向為逆時針，即為正方向，線框所受的安培力方向向左，t

時刻線框有效切割長度L=vt隆隴tan婁脠=3vt

產生的感應電動勢E=BLv=3Bv2t

感應電流的大小i=ER=3Bv2Rti隆脴t

根據安培力公式F=BIL=B2L2vR=3B2v3t2RF鈭?t

圖線是開口向上的拋物線，同理，線框離開磁場的過程，回路中磁通量減小，產生的感應電流為順時針，方向為負方向，安培力方向向左，此過程線框有效切割長度L=(a鈭?vt)tan60?=3(a鈭?vt)

產生的感應電流大小為i=BLvR=3Bv(a鈭?vt)R

根據安培力公式F=BIL=B2L2vR=3B2v(a鈭?vt)2RF鈭?t

圖線是開口向上的拋物線，分析可知AD錯誤，BC正確。故選BC。【解析】BC

11、CD【分析】【分析】對物體受力分析，受重力、支持力、拉力和靜摩擦力；結合平衡條件列式分析即可。本題關鍵分拉力的最大值大于重力的下滑分力和拉力的最大值小于重力的下滑分力兩種情況討論，要根據共點力平衡條件列方程。【解答】對物體受力分析，受重力、支持力、拉力和靜摩擦力；壟脵

若拉力的最大值大于重力的下滑分力，靜摩擦力沿著斜面向下，則：F鈭?f鈭?mgsin婁脠=0

故拉力減小后，靜摩擦力先減小后反向增加；壟脷

若拉力的最大值小于重力的下滑分力，靜摩擦力沿著斜面向上，則：F+f鈭?mgsin婁脠=0

故拉力減小后，靜摩擦力一直增加，故CD正確，AB錯誤。故選CD。【解析】CD

12、BD【分析】解：AB

由圖，粒子的運動軌跡向左彎曲，說明粒子在ab

兩點受到的電場力沿電場線向左；由于電場線方向不明，無法確定粒子的電性和產生該電場的點電荷的電性.

故A錯誤，B正確．

C；由于不知道電場的方向；故無法判斷電勢的高低，故C錯誤。

D；根據電場線的疏密表示電場強度的大小；可判斷出a

點場強的大，從而判斷帶電粒子在a

點的電場力大，再根據牛頓第二定律可判斷出粒子在a

點加速度較大，故D正確．

故選：BD

先由粒子的運動軌跡；判斷粒子所受電場力的大體方向，即粒子受到的電場力大體向左，電場線方向不明，無法判斷粒子的電性和電勢的高低.

根據受力和運動方向判斷出電場力做功，即可判斷出電勢能的變化。

本題是電場中粒子的軌跡問題，首先要能根據軌跡的彎曲方向判斷粒子受力方向，再結合電場線的密度，分析電場力的大小．【解析】BD

13、BD【分析】解：A；B、海水自西向東流切割地磁場的磁感線；產生的感應電動勢大小為：

E=BLv=4.5×10-5×100m×2=9mV

則電壓表記錄的電壓為9mV．故A錯誤；B正確．

C；D、地磁場磁感應強度的豎直分量方向向下；落潮時，海水自西向東流，相當于導體切割磁感線，由右手定則判斷可知，感應電動勢的方向由河南岸指向北岸，則河北岸的金屬板電勢較高．故C錯誤，D正確．

故選：BD

落潮時；海水自西向東流，相當于導體切割磁感線，有效切割的長度等于河寬100m，由右手定則判斷電勢高低，由E=BLv求解感應電動勢，得到電壓表的示數等于感應電動勢大小．

本題運用等效思維，根據右手定則判斷感應電動勢的方向，由E=BLv求感應電動勢，考查運用物理知識處理實際問題的能力．【解析】【答案】BD三、填空題(共5題，共10分)14、略

【分析】【解析】【答案】____________15、略

【分析】解：把電流計改裝成電壓表；需要串聯一個分壓電阻；

串聯電阻的阻值：R=-Rg=-30=2970Ω；

故答案為：串聯；2970．

把電流計改裝成電壓表需要串聯一個分壓電阻；由串聯電路特點與歐姆定律可以求出串聯電阻阻值．

本題考查了把電流計改裝成電壓表，知道電壓表的改裝原理、應用串聯電路特點與歐姆定律即可正確解題．【解析】串聯；297016、略

【分析】【解析】試題分析：從B點向P點運動時在x軸負方向，所以位移為負，根據可得位移方向和回復力方向相反，故回復力指向正方向，此過程振子向x軸正方向運動，所以速度為正，加速度方向和回復力方向相同，所以為正考點：考查了簡諧振動特點【解析】【答案】負正正正17、略

【分析】解：電場線疏密表示場強的大小，由題目中圖可知，A點的電場線比B點的電場線疏，則EA＜EB．

故答案為：＜．

電場線的疏密表示場強的強弱；根據電場線的疏密比較場強的大小，從而即可求解．

解決本題的關鍵掌握電場線的性質，知道電場線越密的地方，場強越強，越疏的地方，場強越弱．【解析】＜18、略

【分析】解：當螺線管將a接電源正極，b接負極時；線圈中產生磁場，由安培定則判斷得知，螺線管內部磁場方向向上，上端相當于N極，對磁鐵產生向上的斥力，所以彈簧秤示數減小．

故答案為：減小．【解析】減小四、判斷題(共4題，共28分)19、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大小．

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大小；電勢差與零電勢點的選取無關；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質，與試探電荷無關．20、A【分析】【解答】解：根據電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．21、B【分析】【解答】解：根據靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現靜電感應現象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內部出現感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．22、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據公式E=k求出點電荷在A點處產生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．五、實驗題(共4題，共24分)23、略

【分析】【解析】試題分析：若選擇E，則電流太小，不利于讀數及測量，所以選擇D。測量電源電動勢和內阻，關鍵是得到路端電壓和干路電流，所以使物體容易連接。根據U-I圖像，利用閉合電路歐姆即U=E-Ir可知，電源電動勢為1.35V，內阻即直線斜率求出即可，r=0.5Ω考點：測量電源電動勢和內阻的方法【解析】【答案】（1）滑動變阻器應選D（2）實物連線如圖（3）1.35V；0.5Ω24、略

【分析】【解析】試題分析：(1)多用電表每次換擋時都要進行調零，在多用電表讀數時，注意檔位為×1k，指針指在了30的位置，所以電阻值為30×1k=30kΩ(2)測量電阻時，如果指針偏轉過大，應將選擇開關S撥至倍率較小的擋位，重新調零后測量，A