…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵教新版必修3物理上冊月考試卷943考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，一導體球A帶有正電荷，當只有它存在時，它在空間P點產生的電場強度的大小為EA。在A球球心與P點連線上放一帶負電的點電荷B，當只有它存在時，它在空間P點產生的電場強度大小為EB。當A、B同時存在時，根據電場強度疊加原理，P點的電場強度大小應為（）。

A.EBB.EA+EBC.|EA-EB|D.以上說法都不對2、如圖所示，兩塊很大的平行金屬板M、N水平正對放置，連在恒定電壓的電源上（極板移動過程U不變），兩板間有一帶電微粒以速度v0沿直線運動，當微粒運動到P點時；迅速將N板下移一小段距離。則此后微粒的運動情況可能是（）

A.沿軌跡①做曲線運動B.方向改變沿軌跡②做直線運動C.方向不變沿軌跡③做直線運動D.沿軌跡④做曲線運動3、如圖所示，將一只滿偏電流為100mA、內阻為40Ω的表頭改裝成測電流、電壓兩用的電表，已知R1=10Ω，R2=92Ω。下列說法正確的是（）

A.接Oa端是電流表，量程為600mAB.接Ob端是電壓表，量程為50VC.接Oa端是電流表，量程為400mAD.接Ob端是電壓表，量程為5V4、如圖所示的電路；電介質板與被測量的物體A相連，當電介質向左或向右移動時，通過相關參量的變化可以將A定位。開始單刀雙擲開關接1，然后將單刀雙擲開關接2.則下列說法正確的是（）

A.開關接1時，x增大，平行板電容器的電荷量增大B.開關接1時，x增大，電路中的電流沿順時針方向C.開關接2時，x減小，靜電計的指針偏角減小D.開關接2時，x減小，平行板間的電場強度不變5、如圖所示，勻強電場場強為1.0×103N/C，ab＝dc＝4cm，bc＝ad＝3cm；則下述計算結果正確的是。

A.ab之間的電勢差為4000VB.ad之間的電勢差為50VC.將q＝－5×10－3C的點電荷沿矩形路徑abcda移動一周，靜電力做功不為零D.將q＝－5×10－3C的點電荷沿abc或adc從a移到c靜電力做功都是－0.20J6、如圖（甲）所示的電路中，將滑動變阻器的滑動片由a端向b端移動，用兩個電表分別測量電壓和電流，得到部分關系圖像如圖（乙）所示；則（）

A.電源的電動勢為9VB.滑動變阻器的總阻值為C.當電壓表示數為5.0V時，電源效率不是最高D.當電壓表示數為5.0V時，消耗的總功率最大7、物理中“定義式”告訴我們被定義的物理量的物理意義是什么，以及可以怎樣測量和計算該物理量。其中比值定義式中，被定義的物理量與定義式中的幾個物理量無關，而由另外的因素決定。下列選項中不屬于比值定義式的是（）A.加速度B.磁感應強度C.萬有引力D.電容評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)8、如圖所示，在豎直放置的平行金屬板AB之間加上恒定電壓U，A、B兩板的中央留有小孔O1、O2，在B板的右側有平行于極板的勻強電場E，電場范圍足夠大，感光板MN垂直于電場方向放置，第一次從小孔O1處從靜止釋放一個質子第二次從小孔O1處從靜止釋放一個粒子關于這兩個粒子在電場中運動的判斷正確的是（）

A.質子和粒子打到感光板上時的速度之比為2:1B.質子和粒子在電場中運動的時間相同C.質子和粒子打到感光板上時的動能之比為1:2D.質子和粒子在電場中運動的軌跡重疊在一起9、下列說法中正確的是（）。A.只要有電荷存在，電荷周圍就一定存在著電場B.電場是一種物質，它與其他物質一樣，是不依賴我們的感覺而客觀存在的C.電荷間的相互作用是通過電場而產生的，電場最基本的特性是對處在它里面的電荷有力的作用D.以上說法都不正確10、如圖所示，水平放置的兩半圓形金屬極板由絕緣轉軸連接，下極板固定，上極板可以繞過圓心且垂直于半圓面的軸轉動，也可上下平移，起初兩極板邊緣對齊，上極板通過開關S與電源正極相連，下極板接地后與電源負極相連，初始時開關S閉合，板間有一帶電粒子P恰好處于靜止狀態；忽略邊緣效應；則關于兩極板組成的電容器下列說法正確的是（）

A.保持板間距不變，電容器電容與上極板轉過的角度成反比B.若只將上極板轉過角，則電容器所帶電荷量減小C.若將上極板轉過角，則電容器兩極板連線中點處的電勢變小D.斷開開關S，只將板間距變為原來的二倍，則帶電粒子仍處于靜止狀態11、如圖所示，在等量異種電荷連線的中垂線上取A、B、C、D四點，B、D兩點關于O點對稱；則關于各點場強的關系，下列說法中正確的是（）

A.EA>EB，EB=EDB.EA＜EB，EA＜ECC.EA＜EB＜EC，EB=EDD.可能EA=EC＜EB，EB=ED12、電荷量為Q1和Q2的兩點電荷分別固定在x軸上的O、C兩點，規定無窮遠處電勢為零，x軸上各點電勢隨x的變化關系如圖所示．則。

A.Q1的電荷量小于Q2的電荷量B.G點處電場強度的方向沿x軸負方向C.將一帶負電的試探電荷自G點靜止釋放，僅在電場力作用下一定能到達D點D.將一帶負電的試探電荷從D點移到J點，電場力先做正功后做負功13、微信運動步數的測量是通過手機內電容式加速度傳感器實現的。其原理如圖所示，R為定值電阻，M和N為電容器兩極板，M極板固定在手機上，N極板兩端與固定在手機上的兩輕彈簧連接。當手機的加速度變化時，N極板只能按圖中標識的“前后”方向運動。手機運動時下列說法正確的是（）

A.勻速運動時，電阻R中有電流B.由向前勻速突然減速時，電容器所帶電荷量增加C.由靜止突然向前加速時，電流由b向a流過電流表D.保持向后的勻加速運動時，之間的電場強度持續減小14、如圖甲所示，絕緣、光滑水平面上方，有水平向右的勻強電場，電場強度大小為E。在水平面右端固定一輕彈簧，一帶電物塊（可視為質點）質量為m，電量為+q，將帶電物塊由靜止釋放，以物塊出發點為坐標原點，水平向右為x軸正方向，建立坐標系，物塊動能Ek與它通過的距離x之間的關系如圖乙，其中坐標x1處為彈簧原長位置，O~x1段為直線，坐標x2處動能最大，坐標x4處動能為零。下列說法正確的是（）

A.彈簧的勁度系數為B.從坐標x1處到坐標x4處，物塊所受力的合力先增加后減小C.從坐標x1處到坐標x3處彈簧彈性勢能增加了D.從坐標x1處到坐標x2處，彈簧彈性勢能增加量的大小等于電勢能減少量的大小15、豎直平面內有一勻強電場，如圖所示，其電場線（方向未知）與水平方向成30°角，圖中與電場線垂直，在同一水平線上，且現從電場中的點沿水平方向拋出一質量為電荷量為的可視為質點的物體，經時間物體恰好經過點。已知物體在兩點的速率相等，重力加速度為則下列說法正確的是（）

A.電場線的方向垂直斜向下B.該勻強電場的場強C.物體由運動到的過程中電場力做功的值為D.兩點在豎直方向的高度差為16、金屬導電是一個典型的導電模型，值得深入研究。一金屬直導線電阻率為若其兩端加電壓，自由電子將在靜電力作用下定向加速，但電子加速運動很短時間就會與晶格碰撞而發生散射，緊接著又定向加速，這個周而復始的過程可簡化為電子以速度沿導線方向勻速運動。我們將導線中電流與導線橫截面積的比值定義為電流密度，其大小用表示，可以“精細”描述導線中各點電流的強弱。設該導線內電場強度為單位體積內有個自由電子，電子電荷量為電子在導線中定向運動時受到的平均阻力為則下列表達式正確的是（）A.B.C.D.評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)17、閉合電路中電源的電動勢為12V，外電壓10V，當有2C的電量通過時，該電路的能量轉化情況是：非靜電力做功把_________J的其他形式能量轉化為電能，電源自身消耗了____J的電能。18、A、B為電場中的兩點，如果把q=2×10-7C的正電荷從A點移到B點，電場力所做正功為8×10-6J，那么q的電勢能減少了________J，A、B兩點的電勢差為________V。19、在同一直線上依次有A、B、C三點，且BC=2AB，在A點固定一帶負電的點電荷，在B點引入電量為的試探電荷，其所受電場力為．將該試探電荷移去后，B的場強為_____，C點場強為_____．如果要使B點的場強為零，可能在C點放一個電量是A點處點電荷電量的_____倍的_____電荷．20、如圖所示，匝數為N、半徑為的圓形線圈內有勻強磁場，勻強磁場在半徑為的圓形區域內，勻強磁場的磁感應強度垂直于線圈平面。通過該線圈的磁通量為_________。

21、在磁感強度為的均勻磁場中作一半徑為r的半球面S，S邊線所在平面的法線方向單位矢量與的夾角為，則通過半球面S的磁通量（取彎面向外為正）為_______。

22、在電場中A點放一個電量的電荷，受到電場力大小為則該力的方向跟A點電場強度的方向相__________，A點電場強度大小為__________如果在A點放一個的電荷，它受到的電場力大小為__________N，方向跟A點電力線的方向相__________，如果拿走電荷則A點電場強度大小為__________23、如圖所示，在平行金屬帶電極板MN電場中將電荷量為-4×10-6C的點電荷從A點移到M板，電場力做負功8×10-4J，把該點電荷從A點移到N板，電場力做正功為4×10-4J；N板接地．則。

（1）A點的電勢=________________

（2）UMN等于__________24、焦耳定律。

（1）內容：電流通過導體產生的熱量跟________成正比，跟導體的_____及_____成正比。

（2）表達式：Q＝______。25、如圖，逆時針環形電流外有一被擴張的軟金屬彈簧圈，當其由環形電流外側收縮到內側虛線位置過程中，彈簧圈內的磁通量大小變化情況為__________；彈簧圈所受安培力的方向沿半徑_____________。

評卷人得分四、作圖題(共2題，共14分)26、如圖所示是某電場中的電場線，請畫出點a點的場強方向和電荷-q在b點所受電場力的方向。

27、試畫出點電荷、等量異種點電荷、等量同種點電荷及勻強電場的電場線。評卷人得分五、實驗題(共4題，共32分)28、圖中電源E（電動勢為內阻較小）、電壓表V（量程內阻），（量程內阻約）。

（1）用如圖所示的電路粗測時，S閉合前，滑動變阻器的滑片P應置于___________。

A．最左端B．最右端C．正中間。

（2）圖中，當的示數為時，V的示數為則的真實值最接近___________。

A．B．C．D．

（3）如下圖為某同學用電流表和電壓表測量電阻的部分實驗電路圖。在某次測量中，電壓表的示數為10.0V，電流表的示數為0.50A，根據測量數據可計算出電阻Rx=_____Ω。若僅考慮電壓表內阻的影響，實驗中電流表的測量值_______（選填“大于”或“小于”）通過電阻Rx的電流。

29、在“測定金屬絲的電阻率”的實驗中，用螺旋測微器測量金屬絲直徑d時的刻度如圖所示，用米尺測出金屬絲的長度L，金屬絲的電阻大約為5Ω，用伏安法測出金屬絲的電阻R，然后由ρ＝R算出該金屬絲的電阻率．

(1)從圖中可以讀出該金屬絲的直徑d＝________mm.

(2)為了測量該金屬絲的電阻，實驗小組取來兩節干電池，如圖1所示，將金屬絲拉直后兩端固定在帶有刻度的絕緣底座兩端的接線柱上，底座的中間有一個可沿金屬絲滑動的金屬觸頭P，觸頭上固定了接線柱，按下P時；觸頭才與金屬絲接觸，觸頭的位置可以從刻度尺上讀出．實驗采用的電路原理圖如圖2所示．請根據該原理圖，用筆畫線代替導線將實物圖3連接成實驗電路_______．

(3)閉合開關后，滑動變阻器觸頭調至一合適位置后不動，多次改變P的位置，得到幾組U、I、L的數據，用R＝計算出相應的電阻值后作出L-R圖線如圖4所示．取圖線上兩個點間數據之差ΔL和ΔR，若金屬絲直徑為d，則該金屬絲的電阻率ρ＝________.30、某實驗小組想組裝一個雙量程（）的電壓表；提供的器材如下：

A.電流表G：滿偏電流為內阻未知；

B．干電池E：電動勢為內阻未知；

C．滑動變阻器最大阻值約為額定電流為

D．滑動變阻器最大阻值約為額定電流為

E．電阻箱

F.定值電阻額定電流為

G.開關兩個；導線若干。

(1)若用圖示電路測量電流表G的電阻，則滑動變阻器R應選用___________（選填“C”或“D”）。

(2)將開關都斷開，連接好實物圖，將滑動變阻器的滑片P調到___________（選填“a”或“b”）端。接通開關調節滑動變阻器使電流表G的指針示數為保持滑動變阻器的阻值不變，閉合開關調節電阻箱的阻值為時電流表G的指針示數為則電流表G的內阻測量值為___________該方法所測出的電流表的內阻___________（選填“大于”“等于”“小于”）真實值。

(3)在虛線框中畫出雙量程電壓表的電路原理圖，并標明所選的器材和改裝電壓表對應的量程_______；若忽略(2)中電流表G內阻的測量誤差，其中應取值為___________

31、如圖所示是一種測量磁感應強度的實驗方案．虛線框內存在一個與紙面垂直的勻強磁場。D為位于紙面內的型金屬框，E為直流電源，R為電阻箱；A為電流表，S為開關，此外還有細沙；天平、刻度尺和若干輕質導線。

（1）用筆畫線代替導線，在圖中畫線完成實驗電路圖______。

（2）補充完成下列實驗步驟。

①按照實驗電路圖連接電路。

②保持開關S斷開，在托盤內加入適量細沙，使D處于靜止狀態，然后用天平稱出細沙質量

③閉合開關S，調節電阻R的值使電流大小適當，在托盤內重新加入適量細沙，使D重新處于靜止狀態，然后讀出電流表的示數I，并用天平測量此時細沙的質量

④用刻度尺測量__________。（寫物理量及其符號）

（3）用測量的物理量和重力加速度g表示磁感應強度B的大小，則__________。

（4）若電流順時針方向通過D，則判定磁感應強度方向的具體方法為__________。評卷人得分六、解答題(共1題，共6分)32、如圖所示，一質量為m，電荷量為q的帶正電荷小球（可視為質點）從y軸上的A點以初速度v0（未知）水平拋出，兩長為L的平行金屬板M。N傾斜放置且水平方向間的夾角為帶電小球恰好能垂直M板從其中心小孔B進入兩板間（sin37°=0.6；cos37°=0.8）

（1）試求帶電小球在y軸上的拋出點A的坐標以及小球拋出時的初速度v0；

（2）若該平行金屬板M、N間有如圖所示的勻強電場，且勻強電場的電場強度大小與小球質量之間的關系滿足試計算兩平行板M、N之間的垂直距離d至少為多少時才能保證小球不打在N板上。

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、D【分析】【詳解】

A、B同時存在時，P點的場強是A在P點形成的場強和B在P點形成的場強的矢量和；由于B的存在，改變了A球上電荷的分布，靠近B的一面電荷密度較大，所以A；B、C錯誤，D正確。

故選D。

【點睛】

根據點電荷形成的電場的場強公式，當兩個電荷同時存在時，改變了A球上的電荷分布，所以小球A在P點的場強不再等于EA。2、D【分析】【分析】

【詳解】

物體最開始做直線運動，說明其所受重力和電場力大小相等，方向相反，當將N板下移一小段距離時，有

可知當d增大時，C是減小的，由

可知，當C減小，U不變時，Q是減小的，且有

再根據

可推出F是減小的；所以物體所受重力會大于電場力，物體會沿軌跡④做曲線運動。

故選D。3、B【分析】【詳解】

AC．接Oa端，R1分流，所以是電流表，量程為

AC錯誤；

BD．接Ob端，R2分壓，所以是電壓表，量程為U=IgRg＋IR2=50V

B正確；D錯誤。

故選B。4、C【分析】【詳解】

A．開關接1時，平行板間的電壓不變，x增大，電介質常數減小，由公式

可知電容器的電容減小，又由

知平行板電容器的電荷量減小；A錯誤；

B．電容器放電；由電路圖可知,電路中的電流沿逆時針方向，B錯誤；

C．開關接2時，電容器所帶的電荷量保持不變，x減小，電容器的電容增大，由公式

可知兩極板的電勢差減小；則靜電計的指針偏轉角度減小，C正確；

D．由

可知平行板間的電場強度減小；D錯誤。

故選C。5、D【分析】【詳解】

A．之間的電勢差為：

故A錯誤；

B．由圖看出，在同一等勢面上，電勢相等，則有：

故B錯誤；

C．將的點電荷沿矩形路徑移動一周；電場力不做功，故C錯誤；

D．將的點電荷沿或從移動到電場力做功相等，電場力做功為：

故D正確。6、A【分析】【詳解】

將圖甲所示電路等效為如圖所示電路，滑動變阻器的滑動片P左側部分電阻為右側部分電阻為兩部分為并聯關系，滑動片P由a端向b端移動過程，由零逐漸增大，逐漸減小到零。

B．當時，并聯部分的電阻最大，電壓表示數最大，由圖乙可知此時電壓表示數為電流表示數即流過的電流由歐姆定律得

因則滑動變阻器的總阻值為

故B錯誤；

A．當時，流過的電流相等，則干路電流

由圖乙可知：則

則有

可得

則干路電流為

由閉合電路歐姆定律得

代入數據得

解得E=9V

故A正確；

C.電源效率

當電壓表示數為5.0V時，由B選項的分析可知此時并聯部分的電阻最大，外電路總電阻最大，則路端電壓U最大；故電源效率最大，故C錯誤；

D.將等效作為電源內阻，則等效電源內阻

此時等效電源的輸出功率等于滑動變阻器的總功率，當接入電路的電阻即并聯部分的電阻等于時其功率最大。當電壓表示數為5.0V時，由B選項的分析可知

則接入電路的電阻為

可知消耗的總功率并不是最大；故D錯誤。

故選A。7、C【分析】【詳解】

“比值定義法"是用“比值”定義物理量的一種方法，其中的“比值”必須能表達出某種“屬性”，且該“比值”與表示“分子”與“分母”的物理量無關，即若表示的分子或分母即使為零，所定義的物理量仍然存在，由于公式

中滿足“比值定義”的含義，它們均屬于比值定義法；而

不屬于比值定義式。

故選C。二、多選題(共9題，共18分)8、C:D【分析】【詳解】

A．從開始運動到打到板上質子的速度為v1，α粒子速度為v2，根據動能定理

化簡得

質子的比荷為α粒子的比荷為代入上式得

故A錯誤；

B．設粒子在加速電場中加速時間為t1，加速位移為x1，在偏轉電場中時間為t2，偏轉位移為y，則加速電場有

在偏轉電場中有

由于質子和α粒子的加速位移和偏轉位移相同，但是不同；所以運動時間不同，故B錯誤；

C．從開始運動到打到板上根據動能定理有

解得

故C正確；

D．帶電粒子進入偏轉電場時根據動能定理可得

進入偏轉電場后電勢差為U2，偏轉的位移為y，有

速度的偏轉角正切值為tanθ，有

偏轉位移y與速度的偏轉角正切值tanθ與帶電粒子無關；因此運動軌跡是一條，故D正確。

故選CD。9、A:B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．電場是電荷或變化磁場周圍空間里存在的一種特殊物質；只要有電荷，就一定有電場，故A正確；

B．電場這種物質與通常的實物不同；它不是由分子原子所組成，但它是不依賴于我們的感覺而客觀存在的，故B正確；

C．電荷間的相互作用是通過電場而產生的；電場最基本的特性是對處在它里面的電荷有力的作用；故C正確；

D．因ABC正確；故D錯誤。

故選ABC。10、B:D【分析】【詳解】

A．電容器的電容

由表達式可知電容器的電容與上極板轉過的角度成負線性關系；而不是成反比，選項A錯誤；

B．若將上極板轉過30°；正對面積減小，電容器的電容也變小，由于電壓不變，因此電容器所帶電荷量減小，選項B正確；

C．若將上極板轉過60°，正對面積變小，但電容器兩板間勻強電場的電場強度

不變；則電容器兩極板連線中點處的電勢不變，選項C錯誤；

D．斷開開關S，若將板間距變為原來的二倍，電容器的電容變為原來的由于電容器的電荷量不變，電容器兩板間勻強電場的電場強度

因此場強不變；帶電粒子所受電場力不變，仍處于靜止狀態，選項D正確。

故選BD。11、B:C【分析】【詳解】

據等量異種電荷的電場特點，中垂線上各點的場強關于電荷連線對稱，中點場強最大，向兩側場強逐漸減小，場強方向垂直于中垂線；由于B、D兩點關于O點對稱，所以B、D兩點的場強相同，且C點、B點、A點的場強逐漸減小EA<EB<EC，EB＝ED

A．應滿足EA<EB，EB＝ED；故A錯誤；

B．可推得EA＜EB，EA＜EC；故B正確；

C．各點場強滿足EA＜EB＜EC，EB=ED；故C正確；

D．結論與分析不符；故D錯誤。

故選BC。12、B:D【分析】【詳解】

A項：圖像斜率表示場強大小，由圖可知在H點的場強為零，即Q1和Q2兩電荷在H的合場強為零，由公式可知，Q1的電荷量大于Q2的電荷量；故A錯誤；

B項：由圖知B點的電勢為零；由于沿著電場線電勢降低，所以在B點邊場強方向沿x軸正方向，在B點右邊場強方向沿x軸負方向，故B正確；

C項：由在G點場強方向沿x軸向左；負電荷所受電場力向右，所以負電荷沿x軸向右運，故C錯誤；

D項：由圖像可知從D點到J點電勢先升高再降低，負電荷的電勢能先減小后增大，電場力先做正功后做負功，故D正確．13、B:C【分析】【詳解】

A．勻速運動時加速度為0；電容C不變，線路中無電流，故A錯誤。

B．由向前勻速突然減速時，由于慣性N板向前移動d減小，由故C增大，Q增大；故B正確。

C．由靜止突然向前加速時，由于慣性N板向后移，d增大、C減小、Q減小，故有放電電流，電流b向a；故C正確。

D．保持向后的勻加速運動時，加速度a不變，d不變，故之間的電場強度E不變；故D錯誤。

故選BC。14、A:C【分析】【詳解】

A．由動能定理可知，物體做勻加速直線運動，則

在處物體動能最大，此時物體加速度為零，則

即

解得

故A正確；

B．從坐標x1處到坐標x4處，在處

所以階段

變大，則變小，而從到對應

變大，變大；所以合力先減小后增大，故B錯誤；

C．從坐標x1處到坐標x3處，彈簧彈性勢能變大，而電場力做功全部轉化為彈簧的彈性勢能，即有

故C正確；

D．從坐標x1處到坐標x2處；彈性勢能增加；動能增加，電場力做正功，電勢能減小，可知彈簧彈性勢能增加量和動能的增加量之和大小等于電勢能減少量的大小，故D錯誤。

故選AC。15、A:B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．物體在兩點的速率相等，則物體在兩點的動能相等，由于重力做正功，則電場力做負功，又物體帶正電，所以電場線的方向垂直斜向下；A正確；

B．對物體由運動到的過程，由動能定理可得

由于

解得

B正確；

D．將電場力分解為沿水平方向和豎直方向的分力，則豎直方向上的分力大小為

則物體在豎直方向上受的合力大小為

由牛頓第二定律可知，豎直方向上的分加速度大小為

則物體由運動到的過程中下落的高度為

D正確；

C．由幾何關系可知，物體由運動到的過程中沿電場線方向的位移大小為

電場力做功的值為

C錯誤。

故選ABD。16、B:C【分析】【詳解】

AB．電流的微觀表達式

電流密度為

A錯誤；B正確；

C．由

而

所以

C正確；

D．由題意知，電子在導線中的運動簡化為勻速運動，則

D錯誤。

故選BC。三、填空題(共9題，共18分)17、略

【分析】【詳解】

[1]在電源內部，根據公式

非靜電力將24J的其它形式的能轉化為電能。

[2]靜電力做功

故靜電力把20J的電能轉化為其他形式的能量，則電源消耗的電能【解析】24418、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由于正電荷從A點移到B點電場力做正功，導致電荷的電勢能減少。則電場力做多少功，電勢能就減少多少，即為8×10-6J；

[2]A、B兩點電勢差。

【解析】8×10-6J19、略

【分析】【詳解】

由荷電場強度公式知，B點的場強為：根據點電荷電場強度公式得，C點的場強為而帶正電的小球在B點場強為：又則要使B點的場強為零，可在C點放一個帶負電的點電荷，設其帶電量為使其在B點的電場強度與A點點電荷在B點的電場強度的大小相等，方向相反，因BC=2AB，則有：解得：【解析】500N/C4負20、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]勻強磁場的磁感應強度垂直于線圈平面則通過該線圈的磁通量【解析】21、略

【分析】【詳解】

[1]磁通量通過半球面的有效面積為圖中底面圓的面積，取彎面向外為正，則

所以通過半球面S的磁通量【解析】22、略

【分析】【詳解】

[1]負電荷所受的電場力方向與場強方向相反，所以該力的方向跟A點電場強度的方向相反；

[2]A點電場強度大小為

[3]如果在A點放一個的電荷，它受到的電場力大小為

[4]正電荷受的電場力方向與場強方向相同；

[5]電場強度只與電場本身有關，與有無檢驗電荷無關，所以拿走電荷則A點電場強度大小仍為300N/C。【解析】反300同30023、略

【分析】【分析】

【詳解】

AN間的電勢差：又：UAN=φA-φN，φN=0，則A點的電勢：φA=-100V，則．【解析】-100V-300V24、略

【分析】【詳解】

略【解析】①.電流的二次方②.電阻③.通電時間④.I2Rt25、略

【分析】【詳解】

[1]奧斯特實驗表明電流周圍存在磁場；磁場強度的大小與電流的距離有關，距離越近，磁場強度越大，故軟金屬彈簧圈由環形電流外側收縮到內側虛線位置過程中磁通量大小變化情況為先變大后變小；

[2]彈簧圈p所受安培力的方向可根據左手定則判別，故為沿半徑向外。【解析】先變大后變小向外四、作圖題(共2題，共14分)26、略

【分析】【詳解】

電場線上每一點的切線方向即為該點的電場強度方向；負電荷受電場力的方向與場強方向相反，如圖所示。

【解析】27、略

【分析】【詳解】

根據電荷屬性；點電荷；等量異種點電荷、等量同種點電荷及勻強電場的電場線如下所示。

【解析】五、實驗題(共4題，共32分)28、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]S閉合前，滑動變阻器的滑片P應置于最左端，這樣閉合的瞬間，Rx上的電壓為零；然后移動滑片，電壓逐漸增大。

故選A。

（2）[2]根據歐姆定律得。

故選B。

（3）[3]根據歐姆定律得。

[4]由于電流表是測量的是通過電壓表和電阻并聯后的總電流，由于電壓表的分流，致使流實驗中電流表的測量值大于通過電阻Rx的電流。【解析】AB20.0大于29、略

【分析】【詳解】

(1)[1