…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年新世紀版必修二物理下冊月考試卷58考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、硬盤是電腦主要的存儲媒介，信息以字節的形式存儲在硬盤的磁道和扇區上，家用臺式電腦上的硬磁盤的磁道和扇區如圖所示。若某臺計算機上的硬盤共有個磁道（即個不同半徑的同心圓），每個磁道分成個扇區，每個扇區可以記錄個字節。電動機使磁盤以的角速度勻速轉動；磁頭在讀寫數據時是不動的，磁盤每轉一圈，磁頭沿半徑方向跳動一個磁道。則（）

A.磁頭在內圈磁道與外圈磁道上運動的線速度相同B.硬盤的轉速為C.一個扇區通過磁頭所用時間約為D.不計磁頭轉移磁道的時間，計算機內最多可以從一個硬盤面上讀取個字節2、如圖所示，在風力推動下，風葉帶動發電機發電，M、N為同一個葉片上的兩點；下列說法中正確的是。

A.M點的線速度等于N點的線速度B.M點的角速度小于N點的角速度C.M點的向心加速度小于N點的向心加速度D.M點的周期大于N點的周期3、下圖為同一軌道平面上的幾個人造地球衛星A；B、C；某一時刻恰好在同一直線上，則（）

A.向心加速度aA>aB>aCB.根據可知vA<vB<vCC.根據萬有引力定律，有FA>FB>FCD.均運動一周，C先回到原點4、如圖所示，從傾角為=30°的足夠長的斜面頂端P以水平速度v0拋出一小球，落在斜面上Q點，小球落在斜面上的速度與斜面的夾角為則（）

A.等于60°B.落在Q點處的速度為2v0C.若初速度變為2v0，小球的水平位移變為原來的2倍D.若初速度變為2v0，PQ間距一定為原來間距的4倍5、宇航員在某一星球距離表面高度處，初速度沿水平方向拋出一個小球，經過時間后小球落到該星球表面，已知該星球的半徑為（），引力常量為則該星球的質量為（）A.B.C.D.6、2020年11月24日，“嫦娥五號”成功發射開啟了我國首次外天體采樣返回之旅，嫦娥五號探測器由軌道器、返回器、著陸器、上升器四部分組成，在環月飛行后，著陸器和上升器組合體將與軌道器和返回器組合體分離，軌道器攜帶返回器留軌運行，著陸器承載上升器擇機在月球正面最大的月海風暴洋北部呂姆克山區域軟著陸，開展月面自動采樣等工作，采樣目標是采集約2公斤月壤并送回地球。如圖所示，關閉動力的宇宙飛船在月球引力作用下沿地一月轉移軌道向月球靠近，并于A處進入環月圓軌道。已知在環月圓軌道運行過程中軌道半徑為r，運行周期為T，萬有弓|力常量為G，月球的半徑為R；下列說法正確的是（）

A.發射嫦娥五號時，發射速度要大于第二宇宙速度B.關閉動力的宇宙飛船在月球引力作用下沿地一月轉移軌道向月球靠近過程中，宇宙飛船的機械能增加C.月球的質量D.著陸器承載上升器在月球正面軟著陸的落地瞬間上升器處于失重狀態7、我國繞月探測工程的預先研究和工程實施已取得重要進展。設地球、月球的質量分別為m1、m2，半徑分別為R1、R2，人造地球衛星的第一宇宙速度為v，對應的環繞周期為T；則環繞月球表面附近圓軌道飛行的探測器的速度和周期分別為。

A．Ｂ．

C．D．A.B.BC.評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)8、假設首批探險者到達火星后，將一個重物從距地面附近高為h的位置釋放，物體經過時間t落到地面。已知火星的半徑為R，萬有引力常量為G，不計大氣阻力，根據以上條件可以求出（）A.火星表面的重力加速度gB.火星的質量MC.火星近地衛星的發射速度D.火星上同步衛星的高度9、有一種雜技表演叫“飛車走壁”，由雜技演員駕駛摩托車沿圓臺形表演臺的側壁高速行駛，做勻速圓周運動。如圖所示，圖中虛線表示摩托車的行駛軌跡，軌跡離地面的高度為h；下列說法中正確的是（）

A.h越高，摩托車對側壁的壓力將越大B.h越高，摩托車做圓周運動的線速度將越大C.h越高，摩托車做圓周運動的周期將越大D.h越高，摩托車做圓周運動的向心力將越大10、天花板下懸掛的輕質光滑小圓環P可繞過懸掛點的豎直軸無摩擦地旋轉。一根輕繩穿過P，兩端分別連接質量為m1和m2的小球A、B（m1≠m2）。設兩球同時做如圖所示的圓錐擺運動；且在任意時刻兩球均在同一水平面內，則（）

A.兩球運動的周期相等B.兩球的向心加速度大小相等C.球B到P的距離之比等于m2∶m1D.球B到P的距離之比等于m1∶m211、行星圍繞太陽公轉的橢圓軌道如圖所示；由開普勒定律可知（）

A.太陽處于此橢圓的一個焦點上B.行星在此橢圓軌道上運動的速度大小不變C.若行星的公轉周期為T，則開普勒第三定律中的常量K與行星無關D.若行星的公轉周期為T，則開普勒第三定律中的常量K與行星有關12、冥王星與其附近的另一星體卡戎可視為雙星系統，質量比約為同時繞它們連線上某點O做勻速圓周運動。由此可知，冥王星繞O點運動的（）A.軌道半徑約為卡戎的B.角速度大小約為卡戎的7倍C.線速度大小約為卡戎的D.向心力大小約為卡戎的7倍13、一足夠長斜面固定在水平地面上，傾角為30°，質量為2kg的物體從斜面的底端沖上斜面，取地面為重力勢能零點，物體的動能E1隨上升的高度h的變化關系如圖所示，重力加速度g取10m/s2；不計空氣阻力，由上述信息和圖中數據可得（）

A.上升2m過程中，機械能減小20JB.上升2m過程中，機械能減小60JC.物體所受摩擦力大小為5ND.物體與斜面間的滑動摩擦因數為0.2514、如圖，飛機距離水平地面的高度為H，在水平方向以速度v0勻速飛行，到達山坡底端正上方時釋放一箱質量為m的救援物資，救援物資打在山坡上的A點，A點的高度為h。不考慮空氣阻力的影響；則（）

A.這箱物資在空中飛行的時間為B.這箱物資落到A點時的動能增量為mg（H-h）C.A點距山坡底端的水平距離為D.山坡的傾角θ滿足15、如圖甲所示，傾角為的傳送帶在電動機帶動下沿順時針方向勻速轉動，將一質量為的木箱（可視為質點）輕放到傳送帶底端A，木箱運動的速度隨時間變化的圖像如圖乙所示，時木箱到達傳送帶上端B。重力加速度g取10m/s2，則（）

A.木箱與傳送帶之間的動摩擦因數為0.8B.全過程中，摩擦生熱為960JC.全過程中，摩擦力對木箱做功320JD.全過程中，電動機多消耗的電能為1240J16、如圖所示，從傾角為θ的足夠長的斜面P點以速度v0水平拋出一個小球，落在斜面上某處Q點，小球落在斜面上的速度與斜面的夾角為α，若把初速度變為2v0；則（）

A.小球在空中運動的時間不變B.夾角α將變大C.PQ間距一定大于原來間距的3倍D.夾角α與初速度大小無關評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)17、如圖a完整的質量分布均勻的圓盤形飛輪與電動機總質量為M，之后由于在一次操作中不慎將飛輪上距離軸心r處削去一小塊質量為m的小金屬塊如圖b，若使飛輪繼續按照額定角速度ω勻速轉動，缺口所在處的向心加速度a向=__________當缺口轉至軸心正上方時求該裝置對地面的壓力大小為__________。

18、英國天文學家哈雷計算了1531年、1607年和1682年出現的三顆彗星的軌道，他大膽預言這三顆彗星是同一顆星，周期約為______，并預言了這顆彗星再次回歸的時間.1759年3月這顆彗星如期通過了______點，它最近一次回歸是1986年，它的下次回歸將在______年左右．19、在高鐵站過安檢的時候，旅客把行李箱輕輕平躺放在以勻速運動的傳送帶上，行李箱重為5kg，先勻加速再勻速通過X射線檢查通道，如果傳送帶上摩擦痕跡的長度為4mm，重力加速度g取不計下垂皮條對行李箱的影響，則行李箱與傳送帶之間的動摩擦因數為_________，因運送此行李箱，電動機多消耗的電能為___________J。

20、如圖，跳臺滑雪運動員經過一段加速滑行后從O點水平飛出，經過3.0s落到斜坡上的A點。已知O點是斜坡的起點，斜坡與水平面的夾角θ=37°，運動員的質量m=50kg.不計空氣阻力。（g取10m/s2）求：A點與O點的距離為________，運動員離開斜面的最大距離為________.

21、一小球做平拋運動的閃光照片的一部分，圖中背景方格的邊長均為5cm，如果取那么：

（1）閃光頻率是________

（2）小球在B點的速度大小為___________22、如圖所示是某種變速自行車齒輪傳動結構示意圖，它靠變換齒輪組合來改變行駛速度擋。圖中A輪有48齒，B輪有42齒，C輪有18齒，D輪有12齒，那么該車可變換________種不同擋位，當A與D輪組合時，兩輪的角速度之比________。

23、工人師傅常利用斜面把重物搬運到汽車上。如圖所示汽車車廂底板高度斜面長度現用的拉力F沿斜面把重為的物體勻速拉到車上，則該斜面的機械效率是______，在搬運重物過程中，重物受到的摩擦力是___________N。

24、如圖所示，某滑雪愛好者連滑雪板總質量為從傾角為長的滑雪道頂端A開始做勻加速下滑。經滑到滑道中間點B時速度為滑雪愛好者從A運動到B重力做功的平均功率為____W，經過B點時重力做功的瞬時功率為_______W。（g取）

25、用30N的拉力F在水平面上拉車用時2s，阻力是重力的0.1倍，車質量為2kg,已知拉力和水平方向夾角是．則車的加速度為（），拉力F對車做功為________J，拉力的平均功率為________W，阻力做功為（），拉力在2S末的瞬時功率為（）。評卷人得分四、作圖題(共4題，共16分)26、如圖所示，在一內壁光滑環狀管道位于豎直面內，其管道口徑很小，環半徑為R（比管道的口徑大得多）。一小球直徑略小于管道口徑，可視為質點。此時小球滑到達管道的頂端，速度大小為重力加速度為g。請作出小球的受力示意圖。

27、圖甲為拋出的石子在空中運動的部分軌跡，圖乙是水平面上一小鋼球在磁鐵作用下的部分運動軌跡．請畫出物體在A、B、C、D四點的受力方向和速度方向．（不計空氣阻力）

28、一個物體在光滑水平面上運動，其速度方向如圖中的v所示。從A點開始，它受到向前但偏右（觀察者沿著物體前進的方向看，下同）的合力。到達B點時，這個合力的方向突然變得與前進方向相同。達到C點時，合力的方向又突然改為向前但偏左。物體最終到達D點。請你大致畫出物體由A至D的運動軌跡，并標出B點、C點和D點。

29、在圖的實驗中，假設從某時刻（）開始，紅蠟塊在玻璃管內每1s上升的距離都是10與此同時，玻璃管向右沿水平方向勻加速平移，每1s內的位移依次是4122028在圖所示的坐標系中，y表示蠟塊在豎直方向的位移，x表示蠟塊隨玻璃管通過的水平位移，時蠟塊位于坐標原點。請在圖中標出t等于1s；2s、3s、4s時蠟塊的位置；并用平滑曲線描繪蠟塊的軌跡。

評卷人得分五、實驗題(共2題，共18分)30、用DIS研究機械能守恒定律的實驗裝置如圖，如表是某同學某次的實驗數據，實驗中系統默認D、C、B、A各點高度分別為0、0.050、0.100、0.150，A點速度為0。D、C、B三點速度由光電門傳感器測得。分析如表中實驗數據。

(1)從B到C到D；機械能逐漸減小，其原因是_______

(2)表中A點的機械能數據明顯偏小,其原因是擺錘釋放器釋放點______A點(選填“高于”、“低于”)31、某同學利用手機的連拍照相功能研究平拋運動。實驗步驟如下：

（a）用刻度尺測出每塊磚的高度d和長度L。

（b）將小球平行于豎直墻面水平向右拋出，利用連拍照相功能拍攝不同時刻小球位置，得到小球的運動軌跡如圖所示。不計小球所受阻力，重力加速度為g。

（1）O點______（填“是”或“不是”）拋出點；

（2）小球平拋的水平初速度______；

（3）小球在位置B的豎直分速度大小______。參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【詳解】

A．磁頭在內圈磁道與外圈磁道同軸傳動，角速度相同，由

可知磁頭在內圈磁道的線速度小于外圈磁道上運動的線速度；故A錯誤；

B．硬盤的轉速為

故B錯誤；

C．磁頭轉動的周期為

一個扇區通過磁頭所用時間約為

故C正確；

D．不計磁頭轉移磁道的時間，計算機內最多可以從一個硬盤面上讀取的字節為

故D錯誤。

故選C。2、C【分析】【詳解】

ABD．由于M、N兩點的轉動的角速度相等，則周期相等，M點轉動的半徑小，根據v=rω知，M點的線速度小于N點的線速度；故ABD錯誤．

C．M、N的角速度相等，M點的轉動半徑小，根據a=rω2知，M點的向心加速度小于N點的加速度，故C正確．3、A【分析】【詳解】

A．衛星繞地球做勻速圓周運動，根據萬有引力提供向心力，列出等式

其中M為地球質量，r為軌道半徑，所以向心加速度

A正確；

B．根據

中距離r的變化去判斷速度大小關系是錯誤的，因為隨著距離r的變化，g也在改變，研究衛星繞地球做勻速圓周運動，根據萬有引力提供向心力，列出等式

其中M為地球質量，r為軌道半徑，所以

B錯誤；

C．根據萬有引力定律知

由于不知道人造星球衛星A、B、C的質量關系，所以衛星A、B、C與地球的引力無法比較；C錯誤；

D．研究衛星繞地球做勻速圓周運動，根據萬有引力提供向心力，列出等式

其中M為地球質量，r為軌道半徑，所以所以均運動一周后，A先回到原地點；D錯誤。

故選A。

【點睛】

研究衛星繞地球做勻速圓周運動，根據萬有引力提供向心力，列出等式表示出所要比較的物理量即可解題。4、D【分析】【分析】

【詳解】

A．速度與水平方向的夾角的正切值為

故A錯誤；

B．落在Q點處的速度為

可得

B錯誤；

C．由題意知斜面足夠長，則當初速度變為時，小球不會落到地面，根據得小球在空中運動的時間為

因為初速度變為原來的2倍，則小球運動的時間變為原來的2倍，根據可知球的水平位移變為原來的4倍；故C錯誤；

D．PQ的間距為

初速度變為原來的2倍，則PQ的間距變為原來的4倍；故D正確；

故選D。5、A【分析】【詳解】

設該星球表面的重力加速度為小球在星球表面做平拋運動，有

設該星球的質量為在星球表面有

聯立解得：該星球的質量

故A項正確，BCD三項錯誤。6、C【分析】【詳解】

A．嫦娥五號發射速度小于第二宇宙速度；故A錯誤；

B．關閉動力的宇宙飛船在月球引力作用下沿地一月轉移軌道向月球靠近過程中；宇宙飛船的機械能不變，故B錯誤；

C．對宇宙飛船，根據萬有引力提供向心力

得

根據空間站的軌道半徑為r，周期為T，萬有引力常量為G可計算出月球的質量M；故C正確；

D．著陸器承載上升器在月球正面軟著陸的落地瞬間上升器處于超重狀態；故D錯誤。

故選C。7、A二、多選題(共9題，共18分)8、A:B:C【分析】【詳解】

A．根據自由落體運動的規律

解得

故A正確；

B．根據

得星球的質量

故B正確；

C．設火星近地衛星的發射速度為v，根據萬有引力提供向心力得

解得

故C正確；

D．由于不知道火星的自轉周期，所以無法求解火星上同步衛星的高度，故D錯誤。

故選ABC。9、B:C【分析】【詳解】

A．摩托車做勻速圓周運動，合外力完全提供向心力，所以小球在豎直方向上受力平衡

可知側壁對摩托車的支持力與高度無關；根據牛頓第三定律可知摩托車對側壁的壓力不變，A錯誤；

B．根據牛頓第二定律可知

解得

高度越大，越大；摩托車運動的線速度越大，B正確；

C．根據牛頓第二定律可知

解得

高度越大，越大；摩托車運動的周期越大，C正確；

D．摩托車的向心力大小為大小不變，D錯誤。

故選BC。10、A:C【分析】【詳解】

A．對其中一個小球受力分析，其受到重力和繩的拉力FT，繩的拉力在豎直方向的分力與重力平衡，設輕繩與豎直方向的夾角為θ，則有

拉力在水平方向上的分力提供向心力，設該小球到P的距離為l，則有

解得周期為

因為任意時刻兩球均在同一水平面內；故兩球運動的周期相等，選項A正確；

CD．連接兩球的繩的張力FT相等，由于向心力為

故m與l成反比，即

選項C正確；D錯誤；

B．又小球的向心加速度

θ不同；故向心加速度大小不相等，選項B錯誤。

故選AC。11、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．第一定律的內容為∶所有行星分別沿不同大小的橢圓軌道繞太陽運動；太陽處于橢圓的一個焦點上，故A正確；

B．第二定律∶對每一個行星而言；太陽行星的連線在相同時間內掃過的面積相等。行星在此橢圓軌道上運動的速度大小不斷變化，故B錯誤；

CD．若行星的公轉周期為T，則

常量K與行星無關；與中心體有關，故C正確，D錯誤。

故選AC。12、A:C【分析】【詳解】

D．設冥王星的質量為軌道半徑為卡戎星的質量為軌道半徑為二者距離為L，根據

可知，冥王星繞O點運動的向心力大小等于卡戎星的向心力大?。还蔇錯誤；

B．冥王星和卡戎星周期和角速度是相等的；故B錯誤；

A．根據

依題意

可得

故A正確；

C．根據

可得

故C正確。

故選AC。13、A:C【分析】【詳解】

AB．由圖可知，物體上升2m過程中，動能減小量為60J，重力勢能增加量為

因此機械能減小了20J；故A正確，B錯誤；

C．物體上升2m過程中，沿斜面方向對的位移為

又因為物體克服摩擦力做功，機械能減小，則摩擦力大小為

故C正確；

D．對物體受力分析，垂直斜面方向分力為

又因為

聯立得

故D錯誤。

故選AC。14、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．這箱物資在空中飛行的時間由

則

故A錯誤；

B．只有重力做功，所以動能的增量等于重力做的功，則有

故B正確；

C．A點距山坡底端的水平距離為

則

故C正確；

D．山坡的傾角θ滿足

故D錯誤。

故選BC。15、A:D【分析】【詳解】

A．有圖乙可知，木箱在內做勻加速運動，加速度為

對木箱，由牛頓第二定律有

解得

故A正確；

B．由圖乙可知，傳送帶的速度為

則在內，傳送帶的位移為

在內，木箱的位移為

則全過程中，木箱與傳送帶的相對位移為

則全過程中，摩擦生熱為

故B錯誤；

C．設傳送帶對木箱做的功為由圖乙可知，木箱從底端運動到頂端的位移為

對木箱，由動能定理有

解得

故C錯誤；

D．由能量守恒定律可知，木箱從A到B的過程中，電動機消耗的電能等于物塊獲得的重力勢能、動能以及因摩擦而產生的熱能之和，即

解得

故D正確。

故選AD。16、C:D【分析】【詳解】

A.小球做平拋運動，小球落在斜面上時有

可得：

則當初速度變為原來的2倍時；小球在空中的運動時間變為原來的2倍.故A錯誤.

BD.小球落在斜面上的速度與水平方向夾角的正切值

可知速度方向與水平方向夾角正切值是位移與水平方向夾角正切值的2倍．因為位移與水平方向夾角θ不變，則速度與水平方向夾角不變，所以兩個角度之差，即α不變；與初速度無關.故B錯誤，D正確.

C.根據

知，初速度變為原來的2倍，則水平位移變為原來的4倍，則PQ間距變為原來的4倍.故C正確.三、填空題(共9題，共18分)17、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]缺口所在處的向心加速度a向=

無缺口時，對地面壓力為Mg，存在缺口時，缺口轉至軸心正上方，該裝置對地面的壓力大小為【解析】18、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】76年近日206119、略

【分析】【詳解】

[1]物體加速到與傳送帶共同速度時傳送帶上摩擦痕跡的長度為s=4mm，據動能定理可得

代入數據解得

[2]因放上行李箱，電動機多消耗的電能等于摩擦產熱與行李箱獲得的動能之和【解析】0.50.220、略

【分析】【詳解】

[1]根據位移公式

A點與O點的距離為

[2]水平方向

垂直于斜面方向

運動員離開斜面的最大距離為

解得【解析】75m9m21、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]在豎直方向上有。

△h=gT2其中△h=（5-3）×5=10cm；代入求得。

T=0.1s則。

（2）[2]水平方向。

x=v0t其中x=3L=0.15m，t=T=0.1s；故。

v0=1.5m/s則。

【解析】102.522、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]該車共有兩個前齒輪和兩個后齒輪；一個前齒輪和一個后齒輪組合成一個擋位，所以共有4種擋位；

[2]前齒輪的齒數與轉動圈數的乘積等于后齒輪的齒數與轉動圈數的乘積，即

所以【解析】41:423、略

【分析】【詳解】

[1]拉力做功為

克服重力做功為

該斜面的機械效率