…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬教版選修三物理下冊階段測試試卷426考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、2020年10月11日零時起，全國鐵路將實施今年第四季度列車運行圖。新運行圖實施后，寶蘭高鐵首次開通了寶雞到烏魯木齊的直達動車。將來寶雞人游覽大美新疆，既可以選擇直達動車，也可以選擇普通列車，這些出行方式的選擇體現了哪種邏輯關系（）A.“與”邏輯B.“或”邏輯C.“非”邏輯D.“與非”邏輯2、如圖所示為一定質量的理想氣體狀態變化過程的p－t圖像，直線ab通過坐標原點，Va、Vb表示在狀態a、b的氣體體積；則根據圖像可以判定（）

A.Va=VbB.Va>VbC.Va<VbD.無法判斷3、下列說法錯誤的是（）A.“油膜法”估測分子大小實驗中，可將純油酸直接滴入淺盤的水面上B.溫度升高，分子熱運動的平均動能一定增大，但并非所有分子的速率都增大C.摩爾質量為M（kg/mol），密度（kg/m3）的1m3的銅所含原子數為（阿伏伽德羅常數為NA）D.由于液體表面分子間距離大于液體內部分子間的距離，液面分子間表現為引力，所以液體表面具有收縮的趨勢4、一定量的理想氣體從狀態a開始，經歷等溫或等壓過程ab、bc、cd、da回到原狀態，其p-T圖像如圖所示，其中對角線ac的延長線過原點O。下列判斷正確的是（）

A.氣體在a、c兩狀態的體積相等B.氣體在狀態a時的內能小于它在狀態c時的內能C.在過程cd中氣體向外界放出的熱量大于外界對氣體做的功D.在過程da中氣體從外界吸收的熱量小于氣體對外界做的功5、把一段阻值為R的均勻金屬導線截為長度相等的兩段，再將這兩段導線并聯，并聯后總電阻為（）A.B.C.D.6、如圖所示；讓光沿著半圓形玻璃磚的半徑射到它的平直的邊上，在這個邊與空氣的界面上會發生反射和折射．逐漸增大入射角，觀察反射光線和折射光線的變化．關于該實驗現象，下列說法正確的是（）

A.反射光線和折射光線都沿順時針方向轉動B.反射光線和折射光線轉過的角度相同C.在還未發生全反射過程中，反射光越來越強D.最終反射光完全消失7、一束復色可見光射到置于空氣中的平板玻璃上，穿過玻璃后從下表面射出，變為a、b兩束平行單色光；如圖所示，對于兩束單色光來說（）

A.a、b兩種光通過同樣的雙縫干涉實驗裝置時，a光的條紋寬度更寬B.在玻璃中傳播速度a光比b光小，光子能量a光比b光大，在玻璃中的a光波長比b光波長短C.a光能使某種金屬產生光電效應，則b光一定不能使該種金屬產生光電效應D.若逐漸增大復色可見光在平板玻璃上表面的入射角，則a光首先會在平板玻璃下表面發生全反射現象8、矩形導線框abcd放在勻強磁場中，磁感線方向與線圈平面垂直，磁感強度B隨時間變化的圖象如圖所示．時刻，磁感應強度的方向垂直于紙面向里，在時間內，線框的ab邊所受安培力隨時間變化的圖像（力的方向規定以向左為正方向）；可能是下圖中的（）

A.B.C.D.9、在家庭電路中，空調機要比電風扇費電多了，則下列說法正確的是（）A.空調機兩端的電壓大B.電風扇兩端的電壓大C.空調機和電風扇兩端的電壓一樣大D.無法確定兩者的電壓關系評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)10、如圖所示，理想變壓器的原線圈連接一只理想交流電流表，副線圈匝數可以通過滑動觸頭Q來調節，在副線圈兩端連接了定值電阻和滑動變阻器R，P為滑動變阻器的滑動觸頭。在原線圈上加一電壓為U的正弦交流電；則。

A.保持Q的位置不動，將P向下滑動時，電流表讀數變小B.保持Q的位置不動，將P向下滑動時，電流表讀數變大C.保持P的位置不動，將Q向上滑動時，兩端電壓變小D.保持P的位置不動，將Q向上滑動時，變壓器輸入功率變大11、一只電爐的電阻絲和一臺電動機線圈電阻相同，都為R。設通過它們的電流相同（電動機正常運轉），則在相同的時間內（）A.電爐和電動機產生的電熱相等B.電動機消耗的功率大于電爐消耗的功率C.電爐兩端電壓大于電動機兩端電壓D.電爐和電動機兩端電壓相等12、電流天平可以用來測量勻強磁場的磁感應強度的大小．如圖甲所示，測量前天平已調至平衡，測量時，在左邊托盤中放入質量為m的砝碼，右邊托盤中不放砝碼，將一個質量為m0、匝數為n、下邊長為l的矩形線圈掛在右邊托盤的底部，再將此矩形線圈的下部分放在待測磁場中．線圈的兩頭連在如圖乙所示的電路中，不計連接導線對線圈的作用力，電源電動勢為E，內阻為r.開關S閉合后，調節可變電阻至R1時，天平正好平衡，此時電壓表讀數為U.已知m0>m，取重力加速度為g；則()

A.矩形線圈中電流的方向為逆時針方向B.矩形線圈的電阻R＝r－R1C.勻強磁場的磁感應強度的大小B＝D.若僅將磁場反向，在左盤中再添加質量為2m0－m的砝碼可使天平重新平衡13、1930年勞倫斯制成了世界上第一臺回旋加速器，其原理如圖所示，兩個銅質D形盒與交流電源相連，置于勻強磁場中，其間留有空隙，粒子從A點開始沿虛線運動．下列說法正確的有

A.粒子運動周期和交流電的周期相等B.只增大D形盒的半徑，粒子從加速器中出來時的速度將增大C.只增大電壓U，粒子從加速器中出來時的速度將增大D.加速完質子后，不改變交流電的周期和磁感應強度，可以直接用來加速氦原子核質量是質子的4倍，電荷是質子的2倍14、半導體中參與導電的電流載體稱為載流子．N型導體的載流子是電子；P型半導體的載流子是帶正電的“空穴”.一塊厚度為d；底面邊長為l的長方體半導體樣品置于方向如圖所示、磁感應強度大小為B的勻強磁場中，當半導體樣品通以考向如圖所示、大小為I的恒定電流時，樣品上、下表面出現恒定電勢差U，且上表面帶正電、下表面帶負電.設半導體樣品中每個載流子帶電荷量為q，半導體樣品中載流子的密度（單位體積內載流子的個數）用n表示，則下列關于樣品材料類型和其中載流子密度n的大小的判斷正確的是（）

A.是N型半導體B.是P型半導體C.n=D.n=15、對于一定質量的理想氣體，下列說法正確的是（）A.溫度升高，所有分子運動速率都變大B.溫度升高，分子平均動能變大C.氣體分子無論在什么溫度下，其分子速率都呈現“中間多、兩頭少”的分布特點E.外界對氣體做功，氣體的溫度可能降低E.外界對氣體做功，氣體的溫度可能降低16、對于一定質量的理想氣體，當它們的壓強和體積發生變化時，以下說法正確的有()A.壓強和體積都增大時，其分子平均動能不可能不變B.壓強和體積都增大時，其分子平均動能有可能減小C.壓強增大，體積減小時，其分子平均動能一定不變D.壓強減小，體積增大時，其分子平均動能可能增大評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)17、如圖所示，用波長為λ的光照射逸出功為W的極板，則發生光電效應的光電子最大動能為_______，已知普朗克常量為h，光速為c；若將此入射光的頻率增大，則極板逸出功________（選填“增大”；“減小”或“不變”）．

18、關于飽和汽與飽和汽壓，氣體和液體之間的動態平衡是指汽化和液化同時進行的過程，且進行的速率__________，一定溫度下的飽和汽壓與體積__________．19、基本邏輯電路——門電路中所謂“門”，就是一種開關，在一定條件下它允許信號通過；如果條件不滿足，信號就被阻擋在“門”外。如圖所示的電路是用來說明“______”邏輯關系的電路。（選填“與”、“非’’或者“或”）20、如圖所示，將半徑R的自行車輪架空，原地轉動起來后測試制動。當制動片以大小N的力壓在車輪上，車輪轉過圓心角θ后停止。這一過程機械能轉為_________能。若知道制動片和車制動片輪之間動摩擦因數可估算車輪在剎車前的動能是_________。

21、勞倫斯制成了世界上第一臺回旋加速器，其原理如圖所示．這臺加速器由兩個銅質D形盒構成，其間留有空隙．若D形盒的半徑為R，所加交變電壓的頻率為f，要加速質量為m，電荷量的粒子，則所加磁場的磁感應強度為___________，帶電粒子離開加速器時能獲得的最大動能__________．22、如圖所示，水平桌面上有一質量為m的銅質矩形線圈abcd，當一豎直放置的條形磁鐵的S極從線圈正上方快速靠近線圈時，流過ab邊的電流方向為___________；若線圈始終不動，線圈受到的支持力FN與自身重力間的關系是FN__________mg（選填“＞”、“＜”或“＝”）。23、如圖所示，真空中有一對相距為d的平行金屬板A和B，兩板間電勢差為U，兩板間的電場為勻強電場．若一個質量為m、電荷量為q的粒子，僅在靜電力的作用下由靜止開始從A板向B板做勻加速直線運動并到達B板，則粒子在運動過程中加速度大小a=________，粒子到達B板時的速度大小v=________．

24、如圖所示，小球A的質量為mA=5kg，動量大小為PA=4kg.m/s，小球A沿著光滑水平面向右運動，與靜止的B球發生彈性碰撞，碰后A的動量大小變為PA'=1kg·m/s，方向仍然向右．則由此可知碰撞后小球B的動量大小為______kg·m/s，小球B的質量為____kg.

評卷人得分四、作圖題(共3題，共9分)25、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

26、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現的完整掃描波形圖．

27、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共1題，共10分)28、某研究性學習小組欲用如圖所示的電路，測定一節干電池的電動勢和內阻．因電池的內阻較小，為了防止在調節滑動變阻器時造成短路，電路中用一個定值電阻R0起保護作用．除電池；開關和導線外；可供選用的實驗器材還有：

電流表：A（量程0～0．6A；內阻約為0．1Ω）；（量程0～3A，內阻約為0．05Ω）；

電壓表：V（量程0～3V；內阻約6kΩ）；

定值電阻：R0（阻值1Ω）；（阻值10Ω）；

滑動變阻器：R（阻值范圍0～10Ω；額定電流2A)；（阻值范圍0～1kΩ、額定電流1A)

①為了調節方便，測量準確，實驗中應選用電流表的量程為____，定值電阻R0的阻值為____；滑動變阻器的阻值范圍為____．

②按正確的器材連接好實驗電路后，接通開關，改變滑動變阻器的阻值R，讀出對應的電流表的示數I和電壓表的示數U，并作記錄．某同學記錄的實驗數據如下表所示，試根據這些數據在圖中畫出U－I圖線______．

。

1

2

3

4

5

6

I/A

0.10

0.15

0.20

0.25

0.30

0.40

U/V

1.32

1.25

1.18

1.18

1.04

0.90

③由圖線得到被測電池的電動勢E=______V，內阻r=_______Ω（結果保留三位有效數字）．

④用該實驗電路測出的電動勢值E測___實際值；內阻r測____實際值．（選填“＞”；“＜”或“＝”）

⑤引起該實驗系統誤差的主要原因是___．

A．由于電壓表和電流表讀數不準確引起誤差。

B．由于電流表的分壓作用造成電壓表讀數總比變阻器和保護電阻的電壓大。

C．由于電壓表的分流作用造成電流表讀數總是比電源實際電流小。

D．保護電阻R0的使用評卷人得分六、解答題(共4題，共20分)29、間距為的平行金屬導軌由傾斜和水平導軌平滑連接而成，導軌上端通過開關S連接一電容為C的電容器，如圖所示。傾角為的導軌處于大小為B、方向垂直導軌平面向上的勻強磁場區間Ⅰ中，在水平導軌無磁場區靜止放置金屬桿cd，在桿右側存在大小也為B、方向垂直導軌平面向上的勻強磁場區間II，區間長度足夠長。當S斷開時，金屬桿ab從傾斜導軌上端釋放進入磁場區間I達到勻速后進入水平軌道，在無磁場區與桿cd碰撞，桿ab與cd粘合成并聯雙桿（未產生形變），并滑進磁場區間II，同時開關S接通（S接通前電容器不帶電）。在運動過程中，桿ab、cd以及并聯雙桿始終與導軌接觸良好，且與導軌垂直。已知桿ab和cd質量均為m；電阻均為R，不計導軌電阻和阻力，忽略磁場邊界效應，求：

（1）桿ab在傾斜導軌上達到勻速運動時的速度

（2）桿碰撞后粘合為并聯雙桿時的運動速度

（3）并聯雙桿進入磁場區間II后最終達到穩定運動的速度30、如圖所示為質譜儀的工作原理示意圖，它由速度選擇器和有邊界的偏轉磁場構成．速度選擇器由兩塊水平放置的金屬極板構成，兩金屬極板間的距離為d，上極板與電源正極相連，下極板與電源負極相連；板間勻強磁場的磁感應強度為B1，方向垂直紙面向里．偏轉磁場為勻強磁場，磁感應強度的大小為B2，方向垂直紙面向外．當兩金屬極板間的電勢差為U時，一束帶電粒子從狹縫O1射入，沿水平方向通過速度選擇器，從磁場邊界上的O2點垂直磁場方向射入偏轉磁場，經歷半個圓周打在照相底片上的A點，測得O2和A點之間的距離為L．粒子所受重力及粒子間的相互作用均可忽略．

（1）求金屬極板間的電場強度大小E；

（2）求帶電粒子從速度選擇器射出時的速度大小v；

（3）另一束不同的帶電粒子，也從狹縫O1射入，保持其他條件不變，粒子最終仍能打在照相底片上的A點．比較這兩束粒子，說明它們具有哪些共同特征，并闡述理由．31、如圖所示，一根長L=3m的光滑絕緣細直桿MN，豎直固定在場強為E=1.6×105N/C，與水平方向成θ＝300角的傾斜向上的勻強電場中，桿的下端M固定一個帶電小球A，電荷量Q＝+5×10－6C；另一帶電小球B穿在桿上可自由滑動，電荷量q＝+2.0×10一6C，質量m＝2.0×10一2kg，現將小球B從桿的上端N由靜止釋放（靜電力常量k＝9.0×109N·m2／C2，取g=10m/s2）

（l）小球B開始運動時的加速度為多大？

（2）小球B從N端運動到速度最大時；勻強電場對小球B做了多少功？

（3）小球B從N端運動到距M端的高度h2＝1.0m時，速度為v＝1.5m/s；求此過程中小球A對小球B的庫侖力所做的功？

32、如圖所示，下端裝有閥門的U形玻璃管，粗細均勻，豎直放置，右側開口，左側封閉，管中一段足夠長的水銀柱使得左管中封閉有一段長為20cm的空氣柱，左、右兩管中的水銀柱液面高度差為10cm，已知大氣壓強為p0＝75cmHg，管內氣體溫度為t＝27℃；閥門s關閉.

(1)要使左右兩管中水銀液面相平；應使左管氣體的溫度降低為多少？（保留一位小數）

(2)若通過打開閥門使管中的水銀緩慢流出，則當兩管中水銀液面相平時，U形管中水銀柱的總長度減少了多少？（保留一位小數）參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B【分析】【分析】

【詳解】

由題意可知；從寶雞到烏魯木齊可以乘坐到達動車，也可以選擇普通列車，故是或的關系，故B正確，ACD錯誤。

故選B。2、B【分析】【分析】

【詳解】

如圖所示，pa與pb為等容線，斜率越小說明體積越大，故可判斷Va>Vb。

故選B。

3、A【分析】【詳解】

A．為形成單分子油膜；應將油酸酒精溶液滴入淺盤的水面上，A錯誤；

B．溫度是分子平均動能的標志；溫度升高分子的平均動能增大，分子熱運動加劇，但個別分子的速率可能還會減小，B正確；

C．1m3銅所含有的原子數

C正確；

D．由于液體表面分子間距離大于液體內部分子間的距離；液面分子間表現為引力，所以液體表面具有收縮的趨勢，D正確。

本題選擇錯誤的，故選A。4、A【分析】【分析】

【詳解】

A．由ac的延長線過原點O知，直線Oca為一條等容線，氣體在a、c兩狀態的體積相等；A正確；

B．理想氣體的內能由其溫度決定，a狀態時溫度較高，故在狀態a時的內能大于在狀態c時的內能；B錯誤；

C．過程cd是等溫變化；氣體內能不變，由理想氣體狀態方程可知，壓強增大，體積減小，外界對氣體做功，由熱力學第一定律知，氣體對外放出的熱量等于外界對氣體做的功，C錯誤；

D．過程da氣體溫度升高；內能增大，由理想氣體狀態方程可知，溫度升高，體積變大，氣體對外做功，故從外界吸收的熱量應大于氣體對外界做的功，D錯誤。

故選A。5、A【分析】【詳解】

將金屬絲截為長度相等的兩段再并聯后，導體長度減半，截面積加倍，則由電阻定律可知，電阻值變為原來的即為故A正確，BCD錯誤。

故選A6、C【分析】A；逐漸增大入射角；反射光線沿逆時針方向轉動，折射光線沿順時針方向轉動，故A錯誤；

B；根據折射定律可知；反射光線和折射光線轉過的角度不相同，故B錯誤；

CD、入射角增大，則反射光線OB的強度增強，折射光線OC的強度減弱，最終折射光完全消失，故C正確，D錯誤；

故選C．7、B【分析】【詳解】

A．光線經過玻璃兩次折射后，出射光線與入射光線平行，a、b兩束單色光是平行光束，由圖看出，玻璃對a束單色光折射率較大，則a的頻率較大，波長較小，根據

可知，在同一個雙縫干涉實驗儀上作實驗時，b光的干涉條紋間距較大；故A錯誤；

B．由于玻璃對a束單色光折射率較大，則a的頻率較大，根據

則a光在玻璃中傳播的速度較小；結合

可知光的波長比光的波長短，根據光子能量公式

知a光光子能量比b光大；故B正確；

C．a光頻率較大，則根據光電效應的規律可知，a光能使某種金屬產生光電效應，則b光不一定能使該種金屬產生光電效應；故C錯誤；

D．因第二次的折射角等于第一次的入射角；小于臨界角，所以第二次不會發生全反射，故D錯誤。

故選B。8、D【分析】【詳解】

A．時刻，磁感應強度的方向垂直線框平面向里，在0到1s內，穿過線框的磁通量變小，由楞次定律可得，感應電流方向是順時針，再由左手定則可得線框的ab邊的安培力水平向左，為正，由于磁通量是均勻變化的，所以產生的感應電動勢恒定，即產生的感應電流恒定，根據（B均勻減小、I和L恒定不變）可知F均勻減小；A錯誤；

C．在1s到2s內，磁感應強度的方向垂直線框平面向外，穿過線框的磁通量變大，由楞次定律可得，感應電流方向是順時針，再由左手定則可得線框的ab邊的安培力水平向右，為負，由于磁通量是均勻變化的，所以產生的感應電動勢恒定，即產生的感應電流恒定，根據（B均勻增大、I和L恒定不變）可知F均勻增大；C錯誤；

BD．在2s到3s內，磁感應強度的方向垂直線框平面向外，穿過線框的磁通量變小，由楞次定律可得，感應電流方向是逆時針，再由左手定則可得線框的ab邊的安培力水平向左，為正，由于磁通量是均勻變化的，所以產生的感應電動勢恒定，即產生的感應電流恒定，根據（B均勻減小、I和L恒定不變）可知F均勻減小，B錯誤D正確．9、C【分析】家用電器之間都是并聯的，根據并聯電路電壓的特點可知，空調機和電風扇兩端的電壓一樣大，故選C正確，ABD錯誤。二、多選題(共7題，共14分)10、B:D【分析】【詳解】

AB.保持Q的位置不動，將P向下滑動時，變壓器輸出電壓不變，R減小，變壓器的輸出電流增大，匝數比不變，則變壓器輸出電流增大；故A錯，B正確；

CD.保持P的位置不動，將Q向上滑動時，變壓器輸出電壓增大，則R0兩端電壓變大，變壓器輸出功率變大，則變壓器輸入功率變大，故C錯，D正確；11、A:B【分析】【分析】

【詳解】

A．電爐電路和電動機電路焦耳定律都適用；根據焦耳定律。

電爐和電動機的電阻相同；電流相同，則在相同的時間內電爐和電動機產生的電熱相等，故A正確；

B．電動機消耗的電能一部分轉化為內能；另一部分轉化為機械能，電爐消耗的電能全部轉化為內能，而相等時間內它們產生的熱量相等，則在相同的時間內，電動機消耗的電能大于電爐消耗的電能，電動機消耗的功率大于電爐消耗的功率，故B正確；

CD．設電流為I；則電爐兩端電壓。

電動機兩端電壓所以即電動機兩端電壓大于電爐兩端電壓，故CD錯誤。

故選AB。12、A:C【分析】【詳解】

A；對矩形線圈受力分析可知所受安培力向上；再由左手定則可知矩形線圈中電流的方向為逆時針方向，故A正確；

B、根據閉合電路歐姆定律可得解得矩形線圈的電阻故B錯誤；

C、根據平衡條件可得而解得勻強磁場的磁感應強度的大小故C正確；

D、開始線圈所受安培力的方向向上，僅將磁場反向，則安培力方向反向，變為豎直向下，相當于右邊多了兩倍的安培力大小，所以需要在左邊加砝碼，添加質量為的砝碼可使天平重新平衡；故D錯誤；

故選AC．

【點睛】天平平衡后，僅將磁場反向時，安培力方向反向，則右邊相當于多了或少了兩倍的安培力大小．13、A:B【分析】【詳解】

根據加速器的原理可知，粒子在磁場中運動的周期與粒子在狹縫中運動的時間之和與電場變化的周期是相同的，故A正確；設D形盒的半徑為R，當離子圓周運動的半徑等于R時，獲得的動能最大，則由可得：則最大動能可見最大動能與加速電壓無關，增大D形盒的半徑可增加離子從回旋加速器中獲得的最大動能．故B正確，C錯誤；離子在D形盒運動過程中受到的洛倫茲力提供向心力得：可得周期公式可知如果加速質子后，要接著加速氦核必須將加速電源的頻率調整為原來的故D錯誤．所以AB正確，CD錯誤．14、B:D【分析】【詳解】

若載流子為電子，則可判斷電子受向上的洛倫茲力而向上表面運動，故上表面帶負電.現在上表面帶正電，故此材料為P型半導體，選項B正確.根據且載流子所受洛倫茲力與電場力平衡，即解得選項D正確.15、B:C:E【分析】：A；分子運動是雜亂無章的；溫度升高，并不是所有分子運動的速率都增大，故A錯誤．

B；溫度是分子平均動能的標志；溫度升高，分子平均動能變大，故B正確．

C；氣體分子無論在什么溫度下；根據統計規律知道氣體的分子速率都呈現“中間多、兩頭少”的分布特點，故C正確．

D、根據氣態方程=c知；溫度升高，氣體的壓強不一定增大，還與氣體的體積是否變化有關，故D錯誤．

E；外界對氣體做功；若氣體放熱，而且放熱更多，由熱力學第一定律可知氣體的內能減小，溫度降低，故E正確．

故選BCE16、A:D【分析】【詳解】

AB、對于一定質量的氣體，壓強和體積都增大時，根據理想氣體狀態方程溫度一定升高，故分子熱運動的平均動能一定增加，故選項A正確，B錯誤；

C、對于一定質量的氣體，壓強增大，體積減小時，根據理想氣體狀態方程溫度可能改變，故分子熱運動的平均動能可能改變，故選項C錯誤；

D、對于一定質量的氣體，壓強減小，體積增大時，根據理想氣體狀態方程溫度可能增大，故分子熱運動的平均動能可能增大，故選項D正確．三、填空題(共8題，共16分)17、略

【分析】【詳解】

逸出功是金屬本身的屬性，與外界因素無關，故極板的逸出功不變．【解析】不變18、略

【分析】由動態平衡的概念可知，汽化與液化的速率相等，一定溫度下飽和汽壓與體積無關.【解析】相等無關19、略

【分析】【分析】

【詳解】

圖中兩個開關串聯，只有都閉合時，燈L才能亮，所以該邏輯關系為“與”邏輯關系。【解析】與20、略

【分析】【詳解】

[1]當制動片制動時；車輪要克服摩擦力做功，把機械能轉化為內能。

[2]車輪轉過的路程

由動能定理得

聯立解得【解析】①.內能②.21、略

【分析】【分析】

【詳解】

粒子在加速器中運動的頻率等于所加交變電壓的頻率為f，則解得所加磁場的磁感應強度為當粒子的運動半徑等于D型盒的半徑R時，粒子的動能最大，此時且解得【解析】22、略

【分析】【詳解】

[1][2]當條形磁鐵靠近線圈時，向上穿過線圈的磁通量增加，根據楞次定律判斷出線圈中產生的感應電流方向為順時針方向；若線圈始終不動，根據楞次定律可知，線圈受到排斥力作用，則線圈受到的支持力FN大于線圈的重力。【解析】順時針方向＞23、略

【分析】【詳解】

粒子從靜止開始運動，只受電場力，有：U=Ed；F=qE；

聯立解得：

根據速度位移關系公式，有：v2=2ad

解得：

點睛：本題電荷在電場中加速問題，求解速度通常有兩種思路：一是動能定理；二是牛頓第二定律與運動學公式結合．【解析】24、略

【分析】【詳解】

以向右為正方向，根據動量守恒定律得：解得：由機械能守恒定律得：代入數據解得：．【解析】33四、作圖題(共3題，共9分)25、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】26、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象【解析】27、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共1題，共10分)28、略

【分析】【詳解】

（1）由于電源是一節干電池（1.5V）；估算電流時；考慮到干電池的內阻一般幾Ω左右，加上保護電阻，最大電流在0.5A左右，所以選量程為0.6A的電流表；由于電池內阻很小，所以保護電阻不宜太大，否則會使得電流表；電壓表取值范圍小，造成的誤差大，故選1Ω；滑動變阻器的最大阻值一般比電池內阻大幾倍就好了，取0～10Ω能很好地控制電路中的電流和電壓，若取0～100Ω會出現開始幾乎不變最后突然變化的現象；

（2）畫出的