…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科版必修2物理上冊月考試卷338考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，甲、乙兩物體與水平面間的動摩擦因數相同，它們的質量相等，對物體甲用力F1推，對物體乙用力F2拉，兩種情況下，力與水平方向所成夾角相等，物體都做勻速運動，經過相同的位移，則F1和F2大小關系、F1對物體功W1和F2對物體做功W2關系應滿足（）

A.F1＝F2B.F1<F2C.W1＝W2D.W1>W22、如圖所示，表面光滑的固定斜面頂端安裝一個定滑輪，小物塊A、B用輕繩連接并跨過定滑輪(不計滑輪的質量和一切摩擦)．初始時刻，用手按住物塊B使A、B處于靜止狀態．松手后A下落、B沿斜面上滑．則從松手到物塊A著地前的瞬間()

A.由于繩子的拉力做功，所以以A,B為系統機械能不守恒B.輕繩對物塊B做的功等于物塊B的機械能增加量C.物塊A的重力勢能的減少量等于物塊A和B的動能增加量D.物塊A的機械能與物塊B的重力勢能之和是增加的3、據報道；尹某在小區內不幸被樓上拋落的酒瓶砸傷左腳。辦案民警分析監控可描繪出酒瓶落在尹某腳面時速度與水平地面所成角度，隨后民警又測量出尹某所在位置與樓房的水平距離。假設酒瓶飛出窗口的速度是水平的，若已知每層樓房高度，不計空氣阻力，當地重力加速度已知，則通過以上信息能估算出（）

①酒瓶落至尹某腳面時的速度。

②酒瓶從飛出至落地所用時間。

③酒瓶對腳面的平均作用力。

④酒瓶是從第幾層樓房拋出的。

A.①②③B.①②④C.②③④D.①③④4、二維運動傳感器設計原理如圖甲所示，通過兩個接收器，計算機可以記錄各個時刻運動物體A的位置坐標。計算機可以根據位置坐標，分別繪出物體A的水平分速度大小（用水平虛線表示）和豎直分速度大小（用傾斜實線表示）隨時間變化的圖像；如圖乙所示。根據題中信息，下列說法錯誤的是（??）

A.可以看出物體A在豎直方向的分運動是勻加速運動B.可以看出物體A在水平方向的分運動是勻速運動C.可以求出物體A在豎直方向的加速度的大小D.無法求出物體A做平拋運動初速度的大小5、關于力和運動的關系，下列說法中正確的是（）A.做曲線運動的物體的合力一定是變化的B.兩個互成角度的勻變速直線運動的合運動一定是直線運動C.物體做曲線運動，其速度一定在改變D.做平拋運動的物體在相等的時間內速度變化量是不同的6、下列說法正確的是（）A.重力勢能為0的物體不能對外做功B.動能為0的物體不能對外做功C.重力勢能的計算需要確定參考平面D.重力做功的計算需要確定參考平面7、關于靜止在地球表面（兩極除外）隨地球自轉的物體，下列說法正確的是（）A.物體所受重力等于地球對它的萬有引力B.物體的加速度方向可能不指向地球中心C.物體所受合外力等于地球對它的萬有引力D.物體在地球表面不同處角速度可能不同評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)8、如圖所示，質量為2kg的物體沿傾角為的固定斜面減速上滑，減速的加速度大小為7m/s2，重力加速度g取10m/s2；上滑2m時速度仍沿斜面向上。在此過程中（）

A.物體的重力勢能增加40JB.物體的動能減少28JC.物體的機械能減少20JD.系統的內能增加8J9、2013年12月11日，“嫦娥三號”從距月面高度為100km的環月圓軌道Ⅰ上的P點實施變軌，進入近月點為15km的橢圓軌道Ⅱ，由近月點Q成功落月；如圖所示，關于“嫦娥三號”說法正確的是（）

A.沿軌道Ⅱ運行的周期大于沿軌道Ⅰ運行的周期B.沿軌道Ⅰ運動至P點時，需制動減速才能進入軌道ⅡC.沿軌道Ⅱ運行時，在P點的加速度小于在Q點的加速度D.在軌道Ⅱ上由P點運行到Q點的過程，速度逐漸減小10、如圖，質量為m的滑塊從傾角為30°的固定斜面上無初速地釋放后勻加速下滑，加速度a＝取出發位置水平面為參考平面，能正確描述滑塊的速率v，動能Ek，勢能Ep，機械能E，時間t，位移s關系的是()

A.B.C.D.11、如圖所示，可視為質點的小球套在光滑的豎直桿上，一根不可伸長的細繩繞過滑輪連接小球，已知小球重力為2N，電動機從A端以的速度沿水平方向勻速拉繩；繩子始終處于拉直狀態。某一時刻，連接小球的繩子與豎直方向的夾角為60°，對此時小球速度及繩子拉力的判斷正確的是（）

A.小球的速度為B.小球的速度為C.繩子的拉力等于4ND.繩子的拉力大于4N12、一質點沿螺旋線自外向內運動，如圖所示，已知其走過的弧長s與時間t的一次方成正比；則關于該質點的運動，下列說法正確的是（）

A.質點運動的線速度越來越大B.質點運動的向心力越來越大C.質點運動的角速度越來越大D.質點所受的合外力不變13、C919國產大飛機將于近日進行商業首飛，若C919某次起飛離地速度為v0，離地一段時間內水平方向速度不變，豎直方向升力（豎直方向升力為空氣對飛機作用力在豎直方向合力）保持不變，飛機水平位移為x時離地高度為y，已知起飛階段C919質量為m且保持不變，重力加速度為下列說法正確的是（）

A.起飛階段飛機豎直方向升力為B.起飛階段飛機豎直方向升力為C.自起飛至離地高度為y的過程中，豎直升力對飛機做功為D.自起飛至離地高度為y的過程中，飛機機械能的增加量為14、如圖所示，長為l的輕繩的一端固定在點O上，另一端系一小球．球剛好在豎直平面內做完整的圓周運動．當小球運動到最低點時，速度大小為v，所受拉力大小為F．不計空氣阻力；則。

A.v=B.v=C.F=5mgD.F=6mg評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)15、某人用繩子通過定滑輪拉物體A，A穿在光滑的豎直桿上．人以速度v0勻速地向下拉繩，當物體A到達如圖所示位置時，繩與豎直桿的夾角為θ，則物體A的運動速度是__________．

16、如圖所示，光滑水平面上的物體在水平恒力F的作用下向前運動了一段距離l，速度由v1增加到v2.試推導出力F對物體做功的表達式。

17、角速度。

（1）定義：連接物體與圓心的半徑轉過的______與轉過這一______所用時間的______叫作角速度，公式：ω＝

（2）意義：描述做圓周運動的物體繞圓心______的快慢。

（3）單位：弧度每秒，符號是______，在運算中角速度的單位可以寫為______。

（4）勻速圓周運動是角速度______的運動。18、在高鐵站過安檢的時候，旅客把行李箱輕輕平躺放在以勻速運動的傳送帶上，行李箱重為5kg，先勻加速再勻速通過X射線檢查通道，如果傳送帶上摩擦痕跡的長度為4mm，重力加速度g取不計下垂皮條對行李箱的影響，則行李箱與傳送帶之間的動摩擦因數為_________，因運送此行李箱，電動機多消耗的電能為___________J。

19、如圖所示，輕繩的一端固定在O點，另一端系一質量為m的小鋼球。現將小鋼球拉至A點，使輕繩水平，靜止釋放小鋼球，小剛球在豎直面內沿圓弧運動，先后經過B、C兩點，C為運動過程中的最低點，忽略空氣阻力，重力加速度為g。小鋼球在B點的機械能_____在C點的機械能（選填“大于”、“小于”或“等于”）；通過C點時輕繩對小鋼球的拉力大小為_____。

20、一輛小車質量為1500kg，分別以10m／s的速度經過半徑為50m的拱形橋的最高點（如圖甲）和凹形橋的最低點（如圖乙）．g=10m／s2．在圖甲中車對橋頂部的壓力大小為________N，在圖乙中車對橋底部的壓力大小為_______N．

評卷人得分四、作圖題(共4題，共20分)21、如圖所示，在一內壁光滑環狀管道位于豎直面內，其管道口徑很小，環半徑為R（比管道的口徑大得多）。一小球直徑略小于管道口徑，可視為質點。此時小球滑到達管道的頂端，速度大小為重力加速度為g。請作出小球的受力示意圖。

22、圖甲為拋出的石子在空中運動的部分軌跡，圖乙是水平面上一小鋼球在磁鐵作用下的部分運動軌跡．請畫出物體在A、B、C、D四點的受力方向和速度方向．（不計空氣阻力）

23、一個物體在光滑水平面上運動，其速度方向如圖中的v所示。從A點開始，它受到向前但偏右（觀察者沿著物體前進的方向看，下同）的合力。到達B點時，這個合力的方向突然變得與前進方向相同。達到C點時，合力的方向又突然改為向前但偏左。物體最終到達D點。請你大致畫出物體由A至D的運動軌跡，并標出B點、C點和D點。

24、在圖的實驗中，假設從某時刻（）開始，紅蠟塊在玻璃管內每1s上升的距離都是10與此同時，玻璃管向右沿水平方向勻加速平移，每1s內的位移依次是4122028在圖所示的坐標系中，y表示蠟塊在豎直方向的位移，x表示蠟塊隨玻璃管通過的水平位移，時蠟塊位于坐標原點。請在圖中標出t等于1s；2s、3s、4s時蠟塊的位置；并用平滑曲線描繪蠟塊的軌跡。

評卷人得分五、實驗題(共2題，共14分)25、在探究平拋運動的特點時；可以選用圖中兩種裝置進行研究。

（1）圖甲的實驗現象是__________。該現象說明平拋運動的__________。

（2）圖乙是實驗室內研究平拋運動的裝置。以下實驗過程的一些做法，其中合理的有________。

A．安裝斜槽軌道；使其末端保持水平。

B．每次小球釋放的初始位置可以任意選擇。

C．每次小球應從同一位置由靜止釋放26、某同學利用圖1所示的實驗裝置做“驗證機械能守恒定律”的實驗．在盡量減小摩擦阻力的情況。

下，先接通打點計時器的電源，再釋放紙帶，讓質量的重物由靜止下落，在紙帶上打出一系列的點，如圖2所示，A、B、C分別為所選取的計數點，且為開始打出的第一點，A是打出的第二個點，AB之間有若干點未標出，打點計時器工作頻率為50Hz，重力加速度取．

（1）釋放紙帶前，紙帶的____________（選填“O”或“D”）端在上面；OA兩點間距應接近____cm（取一位有效數字）

（2）重物從O運動到C的過程中，動能的變化量ΔEK=_______J，從開始下落起至C點，重錘的重力勢能減少量是ΔEP=______J，因此可以得出的結論是________．（結果取兩位有效數字）；

（3）即使在實驗操作規范，數據測量及數據處理很準確的前提下，該實驗求得的ΔEP也一定略______ΔEk（填“大于”或“小于”），這是實驗存在系統誤差的必然結果，該系統誤差產生的主要原因是___________．

（4）在處理實驗數據時，如果以為縱軸，以O到該點的距離d為橫軸，根據實驗數據繪出圖象，其圖線的斜率表示的物理量的表達式為___________．評卷人得分六、解答題(共3題，共18分)27、傳送帶廣泛應用在生產和生活中如圖所示，工作人員將質量的郵件無初速輕放在速度大小勻速運動的水平傳送帶上，經過8m郵件離開傳送帶。已知該郵件和傳送帶之間的動摩擦因數求：

（1）郵件剛放在傳送帶上時加速度a的大小；

（2）郵件在傳送帶上勻速運動的時間是多長；

（3）郵件在傳送帶上運動時摩擦力對郵件所做的功W。

28、如圖所示，長為的細線拴一質量為的物塊在水平面內做勻速圓周運動（圓錐擺），擺線與豎直方向的夾角為不計空氣阻力，當物塊運動到P點時繩子斷了，一段時間后物塊恰好從光滑圓弧ABC的A點沿切線方向進入圓弧，進入圓弧時無機械能損失，已知圓弧的半徑圓心角物塊經光滑地面從C點滑上順時針轉動的傾斜傳送帶CD，滑上C點前后瞬間速率不變。傳送帶CD與地面的傾角37°，其速度為已知物塊與傳送帶間的動摩擦因數為0.5（g取10m/s2，）求：

（1）物塊運動到P點時的速度大小。

（2）物塊在圓弧軌道B點所受支持力大小。

（3）若傳送帶CD部分長求物塊從C運動到D的時間。

29、如圖所示，粗糙斜面傾角斜面長斜面底端A有固定擋板，斜面頂端有一長度為h的粘性擋板為一段半徑的圓弧，半徑與豎直方向夾角為處于豎直平面上，將質量為m、長度為L，厚度為h的木板置于斜面底端，質量也為m的小物塊（可看作質點）靜止在木板下端，整個系統處于靜止狀態。木板上端若到達斜面頂端B點會被牢固粘連，物塊若到達C點能無能量損失進入圓弧若同時給物塊和木板一沿斜面向上的初速度木板上端恰能到達B點。現給物塊沿斜面向上的初速度并給木板施加一沿斜面向上的恒力物塊剛好不從木板上端脫離木板。已知木板與斜面間的動摩擦因數物塊與本板間的動摩擦因數為且最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為g，

（1）求大小；

（2）求物塊與木板間的動摩擦因數

（3）給物塊沿斜面向上的初速度并給木板施加一沿斜面向上的恒力若改變s的大小，木板能在與物塊共速前到達B端且物塊進入圓弧后不脫離圓弧。求s的取值范圍。

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、D【分析】【分析】

考查受力分析與做功公式。

【詳解】

AB．對甲受力分析：

對乙受力分析：

不難看出，所以AB錯誤；

CD．F1對物體功：

F2對物體做功：

由于位移相同，所以C錯誤，D正確。

故選D。2、B【分析】【詳解】

對A；B系統來說；繩子的拉力屬于內力，故繩子的拉力需要不考慮，由于整體只有重力做功，故系統的機械能守恒，故A錯誤；對B分析可知，除重力之外的力只有繩子拉力做功，故繩子對B做的功等于物塊B的機械能增加量，故B正確；根據系統的機械能守恒知，A的重力勢能的減小量等于A和B動能的增加量以及B重力勢能的增加量之和，故C錯誤；由于總機械能守恒，則可知，A的機械能與物體B的機械能之和不變，由于B的動能增加，故物塊A的機械能與物塊B的重力勢能之和減小，故D錯誤．故選B．

【點睛】

本題關鍵是明確機械能守恒的條件是除重力外其余力不做功，其余力做的功等于機械能的變化量．要注意對于兩個物體機械能守恒時，A物體機械能的減小量等于B物體機械能的增加量，但機械能的總量不變．3、B【分析】【詳解】

根據題意可知，速度與水平方向的夾角已知，則

位移與水平方向的夾角

則位移與水平方向的夾角正切值已知，又因為尹某所在位置與樓房的水平距離已知，則豎直方向的下落高度可以求出，樓層高度已知，則可以計算出酒瓶是從第幾層樓房拋出的。落地時間

又根據

落地時豎直方向速度為

故可以求出酒瓶從飛出至落地所用時間以及酒瓶落至尹某腳面時的速度。酒瓶質量以及落到腳上的緩沖時間未知；故無法求出對腳的平均作用力。

故選B。4、D【分析】【詳解】

AC．由于實線是豎直分速度隨時間變化情況；它是一條過原點的直線，說明豎直方向上做的是初速度為0的勻加速直線運動，其加速度的大小等于圖線的斜率大小，故豎直方向的加速度可以計算得出，故AC正確；

B．又由于虛線表示水平方向的分速度；看出是一條平行于時間軸的直線，說明它做的是勻速運動，故B正確；

D．由AC選項分析可知物體豎直方向初速度為0；因此水平方向勻速直線運動的速度大小即為物體做平拋運動的初速度的大小，該水平分速度由圖可以求出，故D錯誤。

本題選錯誤項，故選D。5、C【分析】【分析】

【詳解】

A．做曲線運動的條件是初速度與力（加速度）不在同一條直線上；力（加速度）可以是恒定的也可以是變化的，故A錯誤；

B．兩個互成角度的勻變速直線運動；和速度和合力（合加速度）不一定是在同一條直線上，故合運動不一定是直線運動，故B錯誤；

C．曲線運動的速度沿著軌跡的切線方向；無論速度大小是否變化，速度方向一定改變，故速度一定在改變，故C正確；

D．平拋運動只受重力；故加速度為重力加速度，為勻變速曲線運動，所以相等時間內的速度變化量相同，故D錯誤。

故選C。6、C【分析】【分析】

【詳解】

A．重力勢能的大小是相對于零勢能面的高度決定的；重力勢能為零只能說明物體處于零勢能面上，它對下方的物體同樣可以做功，故A錯誤；

B．物體的運動是相對；物體相對地面的速度為零，則認為動能為零，但相對于其他參考系，其速度不一定為零，則動能不一定為零，此時物體可能對外做功，故B錯誤；

C．重力勢能是相對的；是相對于零勢能面的，如果沒有選取零勢面，無法計算重物的重力勢能，故C正確；

D．重力做功的多少只與物體的初末位置有關；與參考平面的選取無關，故D錯誤。

故選C。7、B【分析】【詳解】

A；考慮了地球的自轉；萬有引力不等于重力，重力是萬有引力的一個分力，只有在兩極重力才嚴格與萬有引力相等，故A錯誤；

B；物體的加速度方向指向軌道的圓心；而地球上的物體隨地做勻速圓周運動的軌道與地軸垂直，且維度越高軌道半徑越小，只有在赤道上的物體，加速度才指向地心，故B正確；

C；在地球上隨地球自轉的物體；跟隨地球一起做勻速圓周運動，萬有引力和支持力的合力等于向心力，萬有引力沿軌道半徑方向上的分力提供向心力，另一分力是重力，所以物體所受合外力不等于地球對它的萬有引力，故C錯誤；

D、地球表面不同緯度的物體繞同一地軸轉動，角速度相等，故D錯誤．二、多選題(共7題，共14分)8、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．由題知，上滑的位移x=2m，在此過程中物體的重力勢能增加

故A錯誤；

B．由牛頓第二定律得

由動能定理得

故B正確；

CD．由牛頓第二定律得

得

克服摩擦力做的功為

機械能減少的值等于克服摩擦力做的功；減少的機械能轉化為內能，故物體的機械能減少20J，系統的內能增加8J，故C錯誤，D正確。

故選BD。9、B:C【分析】【詳解】

A．軌道II的半長軸小于軌道I的半徑；由開普勒第三定律可知，周期小于軌道I上的周期，故A錯誤；

B．在軌道I上運動，從P點開始變軌，可知嫦娥三號做近心運動，故在P點應該減速以減小向心力通過做近心運動減小軌道半徑；故B正確；

C．根據

得

沿軌道Ⅱ運行時，在P點的加速度小于在Q點的加速度；故C正確；

D．在軌道Ⅱ上由P點運行到Q點的過程中；萬有引力方向與速度方向成銳角，萬有引力對其做正功，動能增大，速度增大，故D錯誤。

故選BC。10、A:C【分析】【詳解】

A、滑塊由靜止開始勻加速下滑，v－t圖象為過原點的直線；斜率表示加速度，故A正確；

B、動能Ek－t圖象為開口向上過原點的拋物線；故B錯誤；

C、取最高點為零勢能面，Ep－s圖象是斜率為負值過原點的一條直線；故C正確；

D、由于滑塊的加速度說明滑塊下滑過程中，受到摩擦力作用，其機械能不斷減小，故D錯誤。

故選AC。11、A:D【分析】【詳解】

AB．設小球的速度為v1，則v1cos60°=v

解得球的速度v1=4m/s

選項A正確；B錯誤；

CD．小球向上運動時，θ變大，則小球的速度v1變大，即小球向上做加速運動，根據牛頓第二定律

解得

選項C錯誤；D正確。

故選AD。12、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．質點沿螺旋線自外向內運動，說明半徑r不斷減小；根據其走過的弧長s與運動時間t成正比，根據

可知；線速度大小不變，故A錯誤；

B．根據

可知，v不變，r減小時，F增大；故B正確；

C．根據

可知，v不變，r減小時，ω增大；故C正確；

D．由B解答可知a增大，根據F合=ma

質點質量不變，F合增大；故D錯誤。

故選BC。13、B:C【分析】【詳解】

AB．由題意，可知水平方向滿足

豎直方向滿足

聯立解得

故A錯誤；B正確；

C．自起飛至離地高度為y的過程中，豎直升力對飛機做功為

故C正確；

D．自起飛至離地高度為y的過程中，根據功能關系可知飛機機械能的增加量即為豎直升力所做的功，則

故D錯誤。

故選BC。14、A:D【分析】【詳解】

AB．球剛好在豎直平面內做完整的圓周運動，所以在最高點有

小球從最高點到最低點的過程中由動能定理有

聯立解得：

故A正確；B錯誤；

CD．在最低點，由牛頓第二定律有

解得：

故C錯誤，D正確．三、填空題(共6題，共12分)15、略

【分析】【詳解】

將A的速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子方向；如圖所示．

拉繩子的速度等于A沿繩子方向的分速度，即

所以

故本題答案是:

點睛:在關聯速度問題中速度的處理一定要沿繩子和垂直于繩子分解,【解析】16、略

【分析】【分析】

【詳解】

根據牛頓第二定律有

由運動學規律有

恒力F做功為【解析】17、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.角度②.角度③.比值④.轉動⑤.rad/s⑥.s－1⑦.不變18、略

【分析】【詳解】

[1]物體加速到與傳送帶共同速度時傳送帶上摩擦痕跡的長度為s=4mm，據動能定理可得

代入數據解得

[2]因放上行李箱，電動機多消耗的電能等于摩擦產熱與行李箱獲得的動能之和【解析】0.50.219、略

【分析】【詳解】

[1]．小球下落過程中，只有重力做功，機械能守恒，則小鋼球在B點的機械能等于在C點的機械能；

[2]．由A到C由機械能守恒定律

在C點時，由牛頓第二定律

解得T=3mg【解析】等于3mg20、略

【分析】【詳解】

在圖甲中，根據牛頓第二定律得：

解得支持力為：

根據牛頓第三定律知；圖甲中車對橋頂部的壓力大小為12000N．

在圖乙中，根據牛頓第二定律得：

解得：

根據牛頓第三定律知；圖乙中車對橋底部的壓力大小為18000N．

【點睛】

解決本題的關鍵知道小車在最高點和最低點向心力的來源，結合牛頓第二定律進行求解.【解析】1.2×1041.8×104四、作圖題(共4題，共20分)21、略

【分析】【分析】

【詳解】

小球滑到達管道的頂端，設小球受重力和管道的作用力，則

由于

所以

說明小球在管道最高點不受管道的作用力；僅受重力作用，故小球的受力示意圖為。

【解析】22、略

【分析】【分析】

【詳解】

各點受力方向和速度方向如圖所示。

【解析】23、略

【分析】【詳解】

從位置A開始，它受到向前但偏右（觀察者沿著物體前進方向看，下同）的合力，運動的軌跡位于F與v之間，做曲線運動；到達B時，這個合力的方向突然變得與前進方向相同，所以受力的方向與速度的方向相同，做直線運動；達到C時，又突然改為向前但偏左的力，物體的軌跡向下向右發生偏轉，最后到達D點；其軌跡大致如圖。

【解析】24、略

【分析】【詳解】

玻璃管向右沿水平方向勻加速平移；每19內的位移依次是4cm；12cm、20cm、28cm；則1s末的坐標為(4cm，10cm)，2s末的坐標為(16cm，20cm)，3s未的坐標為(36cm，30cm)，4s末的坐標為(64cm，40cm)，根據描點法作出圖象如圖所示：

【解析】見解析五、實驗題(共2題，共14分)25、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2]題圖甲裝置用來研究平拋物體在豎直方向的運動規律；觀察實驗發現兩小球總是同時落地，可知做平拋運動的物體在豎直方向上做自由落體運動。

（2）[3]A．斜槽末端水平；才能保證小球離開斜槽末端時速度方向為水平方向，故A正確；

BC．為保證小球多次運動是同一條軌跡；每次小球都應在同一位置由靜止釋放，B錯誤，C正確；

D．小球的運動軌跡是平滑曲線；故連線時不能用折線，故D錯誤。

故選AC。【解析】兩小球總是同時落地豎直分運動是自由落體運動AC26、略

【分析】【詳解】

（1）因紙帶打出的第一點是O點，故釋放紙帶前，紙帶的D端在上面；由自由落體運動所選擇的紙帶第1，2兩點間距應接近0.2cm；

（2）B點的速度

動能的變化量=0.67J；

重錘的重力勢能減少量是因此可以得出的結論是：在誤差允許的范圍內，在重力的作用下，物體的動能和勢能相互轉化，但總的機械能守恒；

（3）由于要克服阻力做功；因此重力勢能的減小量要大于動能的增加量；

（4）由自由落體運動規律得：得所以圖象斜率就是重力加速度g．

點睛：解決本題的關鍵掌