…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年華東師大版高二物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示，在足夠大的粗糙水平絕緣面上固定著一個帶負電的點電荷Q，將一個質(zhì)量為m、帶電量為q的小金屬塊（金屬塊可視為質(zhì)點）在水平面上由靜止釋放，金屬塊將在水平面上沿遠離Q的方向開始運動．則在金屬塊從開始運動到停下的整個過程中A.金屬塊的加速度一直減小B.金屬塊的電勢能先減小后增大C.電場力對金屬塊做功的值等于金屬塊增加的機械能D.電場力對金屬塊所做功的數(shù)值一定等于摩擦產(chǎn)生的熱2、從太陽或其他星體上放射出的宇宙射線中含有大量的高能帶電粒子，這些高能粒子流到達地球會對地球上的生命帶來危害，但是由于地球周圍存在磁場，地磁場能改變宇宙射線中帶電粒子的運動方向，對地球上的生命起到保護作用，如圖，那么A.地磁場對宇宙射線的阻擋作用各處相同B.地磁場對垂直射向地球表面的宇宙射線的阻擋作用在南、北兩極最強，赤道附近最弱C.地磁場對垂直射向地球表面的宇宙射線的阻擋作用在南、北兩極最弱，赤道附近最強D.地磁場會使沿地球赤道平面內(nèi)射來的宇宙射線中的帶電粒子向兩極偏轉(zhuǎn)3、如圖所示，一臺玩具電機的軸上安有一個小皮帶輪甲，通過皮帶帶動皮帶輪乙轉(zhuǎn)動（皮帶不打滑），皮帶輪乙上離軸心O距離2mm處安有一個圓環(huán)P．一根細繩一端固定在圓環(huán)P上，另一端固定在對面的支架上，繩呈水平方向且繃直．在繩上懸掛著4個單擺a、b、c、d．已知電動機的轉(zhuǎn)速是149r/min，甲、乙兩皮帶輪的半徑之比為1：5，4個單擺的擺長分別是100cm、80cm、60cm、40cm．電動機勻速轉(zhuǎn)動過程中，哪個單擺的振幅最大：A.單擺aB.單擺bC.單擺cD.單擺d4、下面是四種與光有關(guān)的事實（）

①用光導(dǎo)纖維傳播信號。

②用透明的標(biāo)準(zhǔn)樣板和單色光檢查平面的平整度。

③一束白光通過三棱鏡形成彩色光帶。

④水面上的油膜呈現(xiàn)彩色其中，與光的干涉有關(guān)的是A.①④B.②④C.①③D.②③5、如圖所示，在條形磁鐵的右側(cè)放置一個可以自由運動的通電線圈abcd，線圈最初與條形磁鐵處于同一平面內(nèi)，通以順時針方向的電流后，該線圈的運動情況為（）A.ab邊轉(zhuǎn)向紙內(nèi)，cd邊轉(zhuǎn)向紙內(nèi)，同時靠近磁鐵B.ab邊轉(zhuǎn)向紙外，cd邊轉(zhuǎn)向紙內(nèi)，同時靠近磁鐵C.ab邊轉(zhuǎn)向紙內(nèi)，cd邊轉(zhuǎn)向紙外，同時遠離磁鐵D.ab邊轉(zhuǎn)向紙外，cd邊轉(zhuǎn)向紙內(nèi)，同時遠離磁鐵評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)6、在磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中做勻速圓周運動的帶電粒子，當(dāng)磁感應(yīng)強度突然增大為2B時，這個帶電粒子（）A.速率加倍B.速率不變C.軌道半徑減半D.軌道半徑不變7、如圖甲所示，變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為3：1，L1、L2、L3為三只規(guī)格均為“9V，6W”的相同的燈泡，各電表均為理想交流電表，輸入端交變電壓u的圖象如圖乙所示．則以下說法中正確的是（）A.電壓表的示數(shù)為27VB.三只燈泡均能正常發(fā)光C.電流表的示數(shù)為2AD.變壓器副線圈兩端交變電流的頻率為50Hz8、如圖所示，一汽缸豎直放置，用一質(zhì)量為m的活塞在缸內(nèi)封閉了一定量的理想氣體，在氣缸的底部安裝有一根電熱絲，用導(dǎo)線和外界電源相連，已知氣缸壁和活塞都是絕熱的，氣缸壁與活塞間接觸光滑且不漏氣，現(xiàn)接通電源，電熱絲對缸內(nèi)氣體緩慢加熱．關(guān)于氣缸內(nèi)氣體，大列說法正確的是（）A.單位時間內(nèi)氣缸單位面積上氣體分子撞擊次數(shù)減少B.所有分子的速率都增加C.分子平均動能增大D.對外做功，內(nèi)能減少9、如圖所示，真空中光滑絕緣細桿ab

水平放置，細桿兩端分別固定帶電量均為+Q

的點電荷，O

點是細桿的中點，在ao

的中點c

處套有一個帶負電的小球(

可看成檢驗電荷).

現(xiàn)使小球以初速度v0

向b

運動，隨后小球的運動情況可能是(

)

A.始終向b

運動，減速直至停止B.始終向b

運動，先減速后加速C.先向b

作減速運動，后向a

作加速運動D.在o

點兩側(cè)作往復(fù)運動10、如圖所示；螺線管內(nèi)有平行于軸線的勻強磁場，規(guī)定圖中箭頭所示方向為磁感應(yīng)強度B

的正方向，螺線管與U

型導(dǎo)線框cdef

相連，導(dǎo)線框cdef

內(nèi)有一半徑很小的金屬圓環(huán)L

圓環(huán)與導(dǎo)線框cdef

在同一平面內(nèi).

當(dāng)螺線管內(nèi)的磁感應(yīng)強度隨時間按圖示規(guī)律變化時(

)

?A.在t1

時刻，導(dǎo)線框cdef

內(nèi)的感應(yīng)電流最小B.在t2

時刻，導(dǎo)線框cdef

內(nèi)的感應(yīng)電流最小C.在t1鈭?t2

時間內(nèi)，金屬圓環(huán)L

內(nèi)有順時針方向的感應(yīng)電流D.在t1鈭?t2

時間內(nèi)，金屬圓環(huán)L

有收縮趨勢11、一定量的理想氣體從狀態(tài)a

開始，經(jīng)歷三個過程abbcca

回到原狀態(tài)，其P鈭?T

圖象如圖所示.

下列判斷正確的是()A.過程ab

中氣體一定吸熱。

B.過程bc

中氣體既不吸熱也不放熱C.過程ca

中外界對氣體所做的功等于氣體所放的熱D.容器壁單位面積單位時間內(nèi)受到氣體分子撞擊的次數(shù)，狀態(tài)b

較狀態(tài)c

多12、如圖所示為研究決定平行板電容器電容大小因素的實驗裝置.

兩塊相互靠近的等大正對的平行金屬板MN

組成電容器，板N

固定在絕緣座上并與靜電計中心桿相接，板M

和靜電計的金屬殼都接地，板M

上裝有絕緣手柄，可以執(zhí)手柄控制板M

的位置.

在兩板相距一定距離時，給電容器充電，靜電計指針張開一定角度.

在整個實驗過程中，保持電容器所帶電荷量不變，對此實驗過程的描述正確的是(

)

A.只將板M

從圖示位置稍向左平移，靜電計指針張角變大B.只將板M

從圖示位置沿垂直紙面向外的方向稍微平移，靜電計指針張角變大C.只將板M

從圖示位置稍向上平移，靜電計指針張角減小D.只在MN

之間插入云母板，靜電計指針張角變大13、如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A

依次經(jīng)過狀態(tài)BC

和D

后再回到狀態(tài)A.

其中，A隆煤B

和C隆煤D

為等溫過程，B隆煤C

和D隆煤A

為絕熱過程.

該循環(huán)過程中，下列說法正確的是(

)

A.A隆煤B

過程中，氣體對外界做功，吸熱B.B隆煤C

過程中，氣體分子的平均動能增加C.C隆煤D

過程中，單位時間內(nèi)碰撞單位面積器壁的分子數(shù)增多D.D隆煤A

過程中，氣體分子的速率分布曲線發(fā)生變化評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)14、用圖甲所示的實驗裝置探究恒力做功和物體速度變化間的關(guān)系．

某同學(xué)的實驗方案如圖甲所示，用鉤碼的重力表示小車受到的合外力，為了減小這種做法帶來的實驗誤差，你認為在實驗中還應(yīng)該采取的兩項措施是①____;②____．15、體積為4.8×l0-3cm3的一個油滴，滴在湖面上擴展為l.6×l04cm2的單分子油膜，則這種油分子的直徑為______．16、一彈簧振子以O(shè)

點為平衡位置做簡諧運動，則圖中2s隆蘆3s

內(nèi)振子振動的方向沿______(

選填“+y

”或“鈭?y

”)

方向，2.5s

時振子的加速度方向為______(

選填“+y

”或“鈭?y

”)

方向，2s隆蘆3s

內(nèi)振子的動能______(

選填“增大”或“減小”)

該點的振動方程為y=

______cm

．17、在測定《玻璃的折射率》的實驗中，已畫好玻璃磚的界面兩直線aa'和bb'后，實驗者不慎誤將玻璃磚向上平移如圖中虛線所示．若其它操作正確，則測得的折射率與該玻璃磚的真實折射率相比較____（填偏大、偏小或不變）18、(14分)(1)激光具有相干性好、平行度好、亮度高等特點，在科學(xué)技術(shù)和日常生活中應(yīng)用廣泛．下面關(guān)于激光的敘述正確的是()．A．激光是縱波B．頻率相同的激光在不同介質(zhì)中的波長相同C．兩束頻率不同的激光能產(chǎn)生干涉現(xiàn)象D．利用激光平行度好的特點可以測量月球到地球的距離(2)如圖所示，在楊氏雙縫干涉實驗中，激光的波長為5.30×10－7m，屏上P點距雙縫S1和S2的路程差為7.95×10－7m．則在這里出現(xiàn)的應(yīng)是________(填“明條紋”或暗條紋)．現(xiàn)改用波長為6.30×10－7m的激光進行上述實驗，保持其他條件不變，則屏上的條紋間距將________(填“變寬”、“變窄”或“不變”)．19、如圖所示，陰極射線管(A為其陰極)放在蹄形磁鐵的N、S兩極間，射線管的A、B兩極分別接在直流高壓電源的______極和_____極（填：“正”或“負”）．此時，熒光屏上的電子束運動軌跡________偏轉(zhuǎn)(填“向上”、“向下”或“不”)．20、在用插針法“測定玻璃的折射率”實驗中；也可以測量不平行玻璃磚的折射率．如圖，就是利用“插針法”測量玻璃磚ABCD（玻璃磚的入射面AB和出射面CD不平行）折射率的實驗光路圖，請你分析與該實驗相關(guān)的下列問題．

（1）出射光線O′Q與入射光線PO______．（填“平行”或“不平行”）

（2）對本題實驗數(shù)據(jù)的處理可采用如下方法：以入射點O為圓心，取一合適的長度為半徑作圓，該圓與入射光線PO交于M點，與折射光線OO′的延長線交于F點，過M、F點分別向法線作垂線，其垂足分別為N、E，現(xiàn)測得MN=1.68cm；EF=1.12cm，則該玻璃磚的折射率n=______．21、“結(jié)晶玫瑰”是具有強烈玫瑰香氣的結(jié)晶型固體香料，在香料和日用化工產(chǎn)品中具有廣闊的應(yīng)用價值。其化學(xué)名稱為“乙酸三氯甲基苯甲酯”，目前國內(nèi)工業(yè)上主要使用以下路徑來合成結(jié)晶玫瑰：Ⅰrm{.}由苯甲醛和氯仿合成三氯甲基苯基甲醇。Ⅱrm{.}三氯甲基苯基甲醇與乙酸酐發(fā)生乙酰化反應(yīng)制得“結(jié)晶政瑰”。已知：具體實驗步驟如下：Ⅰrm{.}由苯甲醛和氯仿合成三氯甲基苯基甲醇。步驟一：裝置如圖所示。依次將苯甲醛、氯仿加入三頸燒瓶中，儀器rm{A}中加入rm{KOH}和助溶劑。滴加rm{A}中試劑并攪拌，開始反應(yīng)并控制在一定溫度下進行。步驟二：反應(yīng)結(jié)束后，將混合物依次用rm{5%}的鹽酸、蒸餾水洗滌。步驟三：將洗滌后的混合物蒸餾，除去其他有機雜質(zhì)，加無水硫酸鎂，過濾。濾液即為粗制三氯甲基苯基甲醇。Ⅱrm{.}三氯甲基苯基甲醇與乙酸酐發(fā)生乙酰化反應(yīng)制得“結(jié)晶玫瑰”。步驟四：向另一三頸瓶中加入制備的三氯甲基苯基甲醇、乙酸酐，并加入少量濃硫酸催化反應(yīng)，加熱控制反應(yīng)溫度在rm{90隆忙隆蘆110隆忙}之間。步驟五：反應(yīng)完畢后，將反應(yīng)液倒入冰水中，冷卻結(jié)晶獲得“結(jié)晶玫瑰”。請回答下列問題：rm{(1)}儀器rm{B}的名稱是_______________，冷凝水應(yīng)從________口進rm{(}填“rm{a}”或“rm{b}”rm{)}rm{(2)}步驟二中，用rm{5%}的鹽酸洗滌的主要目的是___________。在洗滌、分液操作中，應(yīng)充分振蕩，然后靜置，待分層后有機層應(yīng)___________rm{(}填序號rm{)}A.直接從上口倒出B.先將水層從上口倒出，再將有機層從下口放出C.直接從下口放出D.先將水層從下口放出，再將有機層從下口放出rm{(3)}步驟三中，加入無水硫酸鎂的目的是_________________。若未加入無水硫酸鎂，直接將蒸餾所得物質(zhì)進行后續(xù)反應(yīng)，會使“結(jié)晶玫瑰”的產(chǎn)率偏_________rm{(}填“高”或“低”rm{)}其原因是________________________________________________rm{(}利用平衡移動原理解釋rm{)}rm{(}已知Ⅱ的具體反應(yīng)如圖所示rm{)}rm{(4)}步驟四中，加料時，應(yīng)先加入三氯甲基苯基甲醇和乙酸酐，然后慢慢加入濃硫酸并攪拌，主要是為了___________________。加熱反應(yīng)時，為較好的控制溫度，最適宜的加熱方式為______________rm{(}填“水浴加熱”或“油浴加熱”rm{)}rm{(5)}rm{22.55g}三氯甲基苯基甲醇與足量乙酸酐充分反應(yīng)得到結(jié)晶玫瑰rm{21.40g}則產(chǎn)率是_____。評卷人得分四、判斷題(共3題，共24分)22、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）23、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

24、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）評卷人得分五、解答題(共4題，共36分)25、如圖，將電荷量為q=3.0×10-9C的點電荷從勻強電場中的A點移動到B點，AB=2cm，電場力做的功為6.0×10-7J；

（1）若以B點為零電勢點；求A點的電勢和A；B兩點的電勢差；

（2）若以A點為零電勢點；求B點的電勢和A；B兩點的電勢差；

（3）求勻強電場的場強E．

26、在如圖所示的電路中，電源的電動勢E=3.0V，內(nèi)阻r=1.0Ω；電阻R1=10Ω，R2=10Ω，R3=30Ω，R4=35Ω；電容器的電容C=100μF．電容器原來不帶電；求：

（1）接通開關(guān)S待電路穩(wěn)定后電容器兩板間的電壓UC；

（2）接通開關(guān)S到電路穩(wěn)定過程中流過R4的總電荷量Q．

27、在如圖所示的電路中，R1是由某金屬氧化物制成的導(dǎo)體棒，實驗證明通過它的電流I和它兩端的電壓U遵循I=kU3的規(guī)律（式中k=0.02A/V3），R2是普通電阻；阻值為24Ω，遵循歐姆定律，電源電動勢E=6V，閉合開關(guān)S后，電流表的示數(shù)為0.16A．試求：

（1）R1兩端的電壓；

（2）電源的內(nèi)電阻r；

（3）R1、R2和r上消耗的電功率P1、P2和Pr．

28、如圖所示，正點電荷固定在傾角為30°的光滑絕緣斜面底部的C點，斜面上有A、B兩點，且A、B和C在同一直線上，A和C相距為L，B為AC的中點，現(xiàn)將一質(zhì)量為m、帶電量為q（電性未知）的小球從A點由靜止釋放，當(dāng)帶電小球運動到B點時速度恰好又為零，已知帶電小球在A點處的加速度大小為g，求：

（1）小球帶何種電荷；

（2）小球運動到B點時的加速度；

（3）A、B兩點間的電勢差UAB.評卷人得分六、畫圖題(共2題，共6分)29、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應(yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時間變化的圖象30、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應(yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時間變化的圖象參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、D【分析】【解析】試題分析：金屬塊在運動過程中受到庫倫力和摩擦力作用，當(dāng)剛開始運動一段時間內(nèi)，由于合力摩擦力恒定，庫倫力隨著距離的增大而減小，所以合力F在減小，即加速度在減小，電場力做正功，金屬塊的電勢能減小，動能增大，當(dāng)時，即摩擦力等于庫倫力，速度達到最大，最后由于金屬塊仍有速度，所以需要繼續(xù)運動，此過程庫倫力仍繼續(xù)減小，所以合力增大，故加速度增大，所以金屬塊的加速度先減小后增大，A錯誤，由于過程中電場力一直做正功，所以電勢能在一直減小，B錯誤，根據(jù)動能定理可得所以電場力對金屬塊做功的值等于金屬塊內(nèi)能增加量，C錯誤，D正確，考點：本題考查了功能關(guān)系【解析】【答案】D2、C【分析】試題分析：高能帶電粒子到達地球受到地磁場的洛倫茲力作用，發(fā)生偏轉(zhuǎn)．不同的磁場，所受到的洛倫茲力大小不一，而在赤道處與磁場垂直，洛倫茲力最大，所以在赤道附近最強，南、北兩極最弱，故AB錯誤，C正確；地磁場會使沿地球赤道平面內(nèi)射來的宇宙射線中的帶電粒子在洛倫茲力作用下，偏向面與赤道平面平行，故D錯誤；故選：C考點：洛倫茲力；左手定則。【解析】【答案】C3、A【分析】試題分析：據(jù)題意，當(dāng)驅(qū)動力周期與物體固有周期相等時，振幅最大；電動機角速度為：皮帶輪甲和皮帶輪乙的邊緣線速度相等，據(jù)可得皮帶輪乙的角速度為：則轉(zhuǎn)動周期為：如果單擺的周期為2s，該單擺擺長為：故振幅最大的是a單擺，故選項A正確。考點：本題考查共振。【解析】【答案】A4、B【分析】解：①光導(dǎo)纖維是利用光的全反射的原理傳播光信號；與光的干涉無關(guān)。故①錯誤。

②檢查平面的平整度的原理是經(jīng)過空氣層的前后兩面反射的光線在標(biāo)準(zhǔn)樣板的下表面疊加發(fā)生薄膜干涉形成干涉條紋；故與光的干涉有關(guān)。故②正確。

③白光是復(fù)色光；而同一種玻璃對不同的單色光的折射率不同，經(jīng)玻璃折射后偏折角不同，即發(fā)生了色散，與光的干涉無關(guān)。故③錯誤。

④水面上的油膜呈現(xiàn)彩色是光的干涉現(xiàn)象形成的。故④正確。

故選：B。

光導(dǎo)纖維是利用光的全反射的原理傳播光信號；檢查平面的平整度是利用薄膜干涉；色散是同種玻璃對不同的單色光的折射率不同造成的；水面上的油膜呈現(xiàn)彩色是薄膜干涉原理。

本題考查光學(xué)現(xiàn)象的解釋，需要考生掌握全反射，折射和干涉等光現(xiàn)象，掌握了各種光現(xiàn)象發(fā)生的原理即可順利解決此類題目。【解析】B5、A【分析】解：線框所在的區(qū)域磁場方向向下，根據(jù)左手定則知ab受力垂直紙面向里，cd受力垂直紙面向外，故ab邊轉(zhuǎn)向紙內(nèi)；cd邊轉(zhuǎn)向紙內(nèi)，同時靠近磁鐵。

故選：A。

由左手定則可以判斷各邊受力方向；由安培力公式及對稱性可以判斷安培力的大小。

知道條形磁鐵的磁場分布，熟練應(yīng)用安培力公式及左手定則即可正確解題，此題也可將矩形電流等效為N極向里的磁鐵，根據(jù)磁極之間相互作用判定運動情況。【解析】A二、多選題(共8題，共16分)6、BC【分析】解：洛倫茲力不做功；故速率不變，故A錯誤；B正確；

由公式R=可知；當(dāng)磁感應(yīng)強度變?yōu)樵瓉淼?倍，軌道半徑將減半，C正確，D錯誤；

故選：BC．

該題考察了帶電粒子在勻強磁場中圓周運動及其規(guī)律，首先明確洛倫茲力始終不做功，再利用半徑公式R=分析各選項．

子在磁場中運動，洛倫茲力是始終不做功的，即只改變速度的方向，不改變速度的大小．此類問題要求掌握洛侖茲力的大小和方向的確定，帶電粒子在勻強磁場中圓周運動及其規(guī)律，會應(yīng)用半徑公式進行計算和分析有關(guān)問題【解析】【答案】BC7、BCD【分析】解：由輸入端交變電壓u的圖象，可求出有效值36V，由原、副線圈匝數(shù)之比3：1，可得原、副線圈的電壓之比3：1，電流之比1：3，設(shè)燈泡兩端電壓為U，所以U+3U=36V，則U=9V，因此原線圈電壓為27V，副線圈電壓為9V，四只燈泡均能正常發(fā)光．電流表的讀數(shù)為I=3=3×A=2A．

A；由上可知；電壓表示數(shù)為27V，故A錯誤；

B；三只燈泡均能正常發(fā)光；故B正確；

C；由上可知；電流表示數(shù)為2A．故C正確；

D、變壓器副線圈兩端交變電流的頻率f===50Hz；故D正確；

故選：BCD

閉合電路動態(tài)分析中；電源部分是由變壓器提供，其它仍用閉合電路毆姆定律．當(dāng)斷開開關(guān)S時，導(dǎo)致總電阻發(fā)生變化，而電壓不變，則可判斷出電路中的電流及電壓如何變化．同時當(dāng)電路中有變壓器時，只要將變壓器的有效值求出，則就相當(dāng)于一個新的恒定電源，其值就是剛才的有效值．

理想變壓器是理想化模型，一是不計線圈內(nèi)阻；二是沒有出現(xiàn)漏磁現(xiàn)象．同時運用閉合電路毆姆定律來分析隨著電阻變化時電流、電壓如何變化．分析的思路先干路后支路，以不變應(yīng)萬變．最后值得注意的是變壓器的原線圈與燈泡串聯(lián)后接入交流中，所以圖象的有效值不是原線圈的有效值．【解析】【答案】BCD8、AC【分析】解：

A；電熱絲對缸內(nèi)氣體緩慢加熱過程中；氣缸內(nèi)氣體壓強不變，而氣體分子的平均動能增大，根據(jù)壓強的微觀含義得知，單位時間內(nèi)氣缸單位面積上氣體分子撞擊次數(shù)減少．故A正確．

B；C氣缸內(nèi)氣體溫度升高；分子平均動能增大，由于分子運動是無規(guī)則的，不是所有分子的速率都增加．故B錯誤，C正確．

D；在缸內(nèi)封閉的是一定量的理想氣體；溫度升高，其內(nèi)能增大，根據(jù)蓋?呂薩克定律得知，氣體的體積增大，氣體對外做功．故D錯誤．

故選AC

接通電源；電熱絲對缸內(nèi)氣體緩慢加熱過程中，氣缸內(nèi)氣體發(fā)生等壓變化，根據(jù)壓強的微觀含義，分析單位時間內(nèi)氣缸單位面積上氣體分子撞擊次數(shù)如何變化．溫度升高，分子平均動能增大．根據(jù)熱力學(xué)第一定律分析內(nèi)能如何變化．

本題首先要判斷氣體的壓強不變，可由力學(xué)知識理解，其次要掌握溫度和壓強的微觀含義．【解析】【答案】AC9、ABC【分析】解：

A、根據(jù)等量同種正電荷電場線的分布情況：ao

間的電場線方向從a隆煤oob

間的電場線方向從b隆煤0

小球帶負電，所受的電場力方向與場強方向相反，則在ao

間電場力方向從o隆煤aob

間電場力方向從o隆煤b

．

則小球從c

開始受到向左的電場力；可能到o

點的速度剛好為0

而o

點的場強為0

則小球到達o

點后靜止，故A正確．

B；小球也可能越過o

向右；受到的電場力向右，向右做加速運動，所以可能先減速后加速，故B正確．

C、小球也可能到達o

點之前速度減至0

之后向左做加速運動，即先向b

作減速運動；后向a

作加速運動，故C正確．

D；由于小球所受的電場力背離o

點；小球不可能在在o

點兩側(cè)作往復(fù)運動，故D錯誤．

故選：ABC

．

根據(jù)等量同種正電荷電場線的分布情況確定出ab

間的電場線方向；判斷小球所受的電場力方向，結(jié)合初速度，分析小球的可能運動情況．

本題關(guān)鍵明確等量同號電荷的電場線分別情況，確定電場力方向，在分析小球的運動情況，要分析可能的各種情況，不要漏解．【解析】ABC

10、ACD【分析】解：A

由B鈭?t

圖知；t1

時刻磁通量的變化率為零，則感應(yīng)電流為零；故A正確．

B；在t2

時刻；磁感應(yīng)強度為零，但是磁通量的變化率最大，則感應(yīng)電流最大.

B錯誤；

C；在t1鈭?t2

時間內(nèi)；磁通量的變化率不斷變大，則線圈內(nèi)的感應(yīng)電流不斷變大，根據(jù)楞次定律，在線圈中的電流方向f

到c

根據(jù)右手螺旋定則，穿過圓環(huán)的磁通量向外增大，則根據(jù)楞次定律，在金屬圓環(huán)中產(chǎn)生順時針方向的感應(yīng)電流.

故C正確．

D；在t1鈭?t2

時間內(nèi)；L

內(nèi)的磁場增加，由愣次定律可以確定L

必須減小面積以達到阻礙磁通量的增加，故有收縮的趨勢，故D正確．

故選ACD．

根據(jù)B鈭?t

圖線斜率的變化；根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得出電動勢的變化，從而得出感應(yīng)電流的變化，根據(jù)楞次定律判斷出感應(yīng)電流的方向，根據(jù)右手螺旋定則判斷出電流所產(chǎn)生的磁場，從而確定磁通量的變化．

解決本題的關(guān)鍵掌握楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向，右手螺旋定則判斷電流和周圍磁場方向的關(guān)系．【解析】ACD

11、AD【分析】解：A

由圖示可知，ab

過程；氣體壓強與熱力學(xué)溫度成正比，則氣體發(fā)生等容變化，氣體體積不變，外界對氣體不做功，氣體溫度升高，內(nèi)能增大，由熱力學(xué)第一定律可知，氣體吸收熱量，故A正確；

B、由圖示圖象可知，bc

過程氣體發(fā)生等溫變化，氣體內(nèi)能不變，壓強減小，由玻意耳定律可知，體積增大，氣體對外做功，由熱力學(xué)第一定律鈻?U=Q+W

可知；氣體吸熱，故B錯誤；

C、由圖象可知，ca

過程氣體壓強不變，溫度降低，由蓋呂薩克定律可知，其體積減小，外界對氣體做功，W>0

氣體溫度降低，內(nèi)能減少，鈻?U<0

由熱力學(xué)第一定律可知，氣體要放出熱量，過程ca

中外界對氣體所做的功小于氣體所放熱量，故C錯誤。

D、由圖象可知，bc

過程氣體發(fā)生等溫變化，氣體內(nèi)能不變，壓強減小，由玻意耳定律可知，體積增大，bc

狀態(tài)氣體的分子數(shù)密度不同，b

和c

兩個狀態(tài)中；容器壁單位面積單位時間內(nèi)受到氣體分子撞擊的次數(shù)不同，故D正確。

故選：AD

由圖示圖象判斷氣體的狀態(tài)變化過程；應(yīng)用氣態(tài)方程判斷氣體體積如何變化，然后應(yīng)用熱力學(xué)第一定律答題.

溫度是分子平均動能的標(biāo)志．

本題考查氣體的狀態(tài)方程中對應(yīng)的圖象，分析清楚圖示圖象、知道理想氣體內(nèi)能由氣體的溫度決定即可解題，解題時要抓住在P鈭?T

圖象中等容線為過原點的直線【解析】AD

12、AB【分析】解：A

只將板M

從圖示位置稍向左平移，d

增大，根據(jù)C=?s4婁脨kd

知，電容減小，根據(jù)U=QC

知電勢差增大；則靜電計指針張角變大，故A正確．

B、只將板M

從圖示位置沿垂直紙面向外的方向稍微平移，正對面積S

變小，根據(jù)C=?s4婁脨kd

知，電容減小，根據(jù)U=QC

知電勢差增大；則靜電計指針張角變大，故B正確．

C、只將板M

從圖示位置稍向上平移，正對面積S

變小，根據(jù)C=?s4婁脨kd

知，電容減小，根據(jù)U=QC

知電勢差增大；則靜電計指針張角變大.

故C錯誤．

D、只在MN

之間插入云母板，介電常數(shù)變大，根據(jù)C=?s4婁脨kd

知，電容增大，根據(jù)U=QC

知電勢差減小；則靜電計指針張角變小.

故D錯誤．

故選AB．

電容器所帶的電量不變，根據(jù)C=?s4婁脨kd

確定電容的變化，然后根據(jù)U=QC

確定電勢差的變化；從而確定靜電計指針張角的變化．

解決本題的關(guān)鍵掌握電容的決定式C=?s4婁脨kd

和定義式C=QU

．【解析】AB

13、ACD【分析】解：A

由圖可知A隆煤B

過程中溫度不變；內(nèi)能不變，體積增大，氣體對外界做功，所以氣體吸收熱量.

故A正確；

B；由圖可知B隆煤C

過程中；絕熱膨脹，氣體對外做功，內(nèi)能減小，溫度降低，氣體分子的平均動能減小，故B錯誤；

C；由圖可知C隆煤D

過程中；等溫壓縮，體積變小，分子數(shù)密度變大，單位時間內(nèi)碰撞單位面積器壁的分子數(shù)增多，故C正確；

D；由圖可知D隆煤A

過程中；絕熱壓縮，外界對氣體做功，內(nèi)能增加，溫度升高，分子平均動能增大，氣體分子的速率分布曲線發(fā)生變化，故D正確；

故選：ACD

A隆煤B

過程中；體積增大，氣體對外界做功，B隆煤C

過程中，絕熱膨脹，氣體對外做功，溫度降低，C隆煤D

過程中，等溫壓縮，D隆煤A

過程中，絕熱壓縮，外界對氣體做功，溫度升高．

本題考查了理想氣體狀態(tài)方程的應(yīng)用，根據(jù)圖象判斷出氣體體積如何變化，從而判斷出外界對氣體做功情況，再應(yīng)用熱力學(xué)第一定律與題目所給條件即可正確解題；要知道：溫度是分子平均動能的標(biāo)志，理想氣體內(nèi)能由問題溫度決定．【解析】ACD

三、填空題(共8題，共16分)14、平衡摩擦力鉤碼的質(zhì)量遠小于小車的總質(zhì)量【分析】【解答】要探究合外力的功和動能變化間的關(guān)系，在本實驗中是用繩子拉力代表小車所受合外力，所以除拉力外，外力的矢量和應(yīng)為0，所以要平衡摩擦力．只有鉤碼質(zhì)量M>小車總質(zhì)量m；拉力才約等于鉤碼重力。

【分析】只有鉤碼質(zhì)量M>小車總質(zhì)量m，拉力才約等于鉤碼重力15、略

【分析】解：利用油酸溶于酒精；制成油酸酒精溶液，取1滴這樣的油酸酒精溶液滴到水面上，油酸在水面上形成單分子薄層，只要測算出一滴溶液中純油酸的體積V和在水面上形成的油膜面積S，就可以估測出分子直徑的大小．這種粗略測定分子大小的方法叫油膜法，分子直徑；

d==m．

故答案為：3×10-9m

油膜法測分子直徑的實驗原理是：測出一滴油的體積V，把油滴在水面上，形成單分子油膜，則油膜的厚度就是分子直徑，求出油膜的面積S，分子直徑d=．

本題考查了油膜法測分子直徑的原理；要求能掌握油膜法的基本原理，并牢記一般分子的直徑的數(shù)量級．【解析】3×10-9m16、略

【分析】解：2s隆蘆3s

內(nèi)振子從平衡位置向負向最大位移運動；所以振子的振動方向沿鈭?y

方向．

2.5s

時振子的位移為鈭?y

方向，根據(jù)a=鈭?kym

知加速度方向為+y

．

2s隆蘆3s

內(nèi)振子的位移增大；速度減小，則動能減小．

由圖知，振幅為A=10cm

周期為T=4s

所以該點的振動方程為y=Asin2婁脨Tt=10sin2婁脨4t=10sin0.5婁脨t(cm)

．

故答案為：鈭?y+y

減小，10sin0.5婁脨t

．

根據(jù)振子位移的變化分析振子的振動方向.

根據(jù)加速度方向總與位移方向相反；分析加速度的方向.

由位移的變化分析動能的變化.

讀出振幅；周期，結(jié)合初相位寫出振動方程．

解決本題的關(guān)鍵在于掌握簡諧運動的特征：a=鈭?kym

明確速度、加速度與位移的關(guān)系.

要知道寫出振動方程時，要明確三個要素：振幅、周期或角頻率、初相位．【解析】鈭?y+y

減小；10sin0.5婁脨t

17、略

【分析】【解析】【答案】不變18、略

【分析】(1)光是橫波，選項A錯；激光在介質(zhì)中的波長為λ＝不同介質(zhì)n不同，所以波長不同，選項B錯；產(chǎn)生干涉的條件是頻率相同，選項C錯；利用激光平行度好的特點可以測量月球和地球之間的距離，選項D正確．(2)因為＝即半波長的奇數(shù)倍，所以出現(xiàn)暗條紋．根據(jù)條紋間距公式Δx＝λ，當(dāng)單色光的波長變長時，條紋間距變寬．【解析】【答案】(1)D(2)暗條紋變寬19、略

【分析】試題分析：在陰極射線管中電子束從A到B做加速運動，電子帶復(fù)電，所以A、B間電場的方向是從B到A，故A接高壓電源負極，B接高壓電源正極，根據(jù)左手定則，電子受到向下的洛倫茲力，所以向下偏轉(zhuǎn)。考點：本題考查陰極射線管的連接、洛倫茲力的判斷等知識。【解析】【答案】負正下20、略

【分析】解：（1）因為上下表面不平行；光線在上表面的折射角與在下表面的入射角不等，則出射光線的折射角與入射光線的入射角不等，可知出射光線和入射光線不平行；

（2）根據(jù)折射定律得，n====1.5．

故答案為：（1）不平行；（2）1.5．

根據(jù)光的折射定律和幾何關(guān)系判斷出射光線和入射光線之間關(guān)系．根據(jù)折射定律求出玻璃磚的折射率．

解決本題的關(guān)鍵掌握光的折射定律，并能靈活運用．【解析】不平行；1.521、rm{(1)(}球形rm{)}冷凝管rm{b}

rm{(2)}除去未反應(yīng)完的rm{KOH}rm{C}

rm{(3)}除水干燥低若不干燥；乙酸酐會與水反應(yīng)生成乙酸，使“結(jié)晶玫瑰”的合成反應(yīng)平衡逆向移動，產(chǎn)品產(chǎn)率降低。

rm{(4)}防止放熱過快而迸濺油浴加熱。

rm{(5)80%}

【分析】【分析】本題考查了物質(zhì)制備的實驗方法和注意問題；物質(zhì)現(xiàn)在的分析應(yīng)用，實驗過程的分析判斷是解題關(guān)鍵，題目難度中等。

【解答】rm{(1)}觀察圖可知儀器rm{B}是冷凝管，冷凝水與蒸汽的流向相反時冷凝效果好，則冷凝水從rm{b}口進，rm{a}口出；

故答案為：冷凝管，rm{b}rm{(2)}用rm{5%}的鹽酸洗滌的主要目的是除去未反應(yīng)完的rm{KOH}在由于有機物的密度比水大，二者互不相溶，因此水在上層，有機物在下層；分液時，待分層后有機層應(yīng)直接從下口放出；

故答案為：除去未反應(yīng)完的rm{KOH}rm{C}rm{(3)}將洗滌后的混合物蒸餾，除去其他有機雜質(zhì)，加無水硫酸鎂，除水干燥，過濾。濾液即為粗制三氯甲基苯基甲醇，若不干燥，乙酸酐會與水反應(yīng)生成乙酸，使“結(jié)晶玫瑰”的合成反應(yīng)平衡逆向移動，產(chǎn)品產(chǎn)率降低，

故答案為：除水干燥，低，若不干燥，乙酸酐會與水反應(yīng)生成乙酸，使“結(jié)晶玫瑰”的合成反應(yīng)平衡逆向移動，產(chǎn)品產(chǎn)率降低；rm{(4)}步驟四中為了防止放熱過快而迸濺，加入濃硫酸并攪拌，反應(yīng)時加熱控制反應(yīng)溫度在rm{90隆忙隆蘆110隆忙}之間；為較好的控制溫度，最適宜的加熱方式為油浴加熱，故答案為：防止放熱過快而迸濺，油浴加熱；

rm{(5)}根據(jù)方程式可知rm{22.55g}三氯甲基苯基甲醇即rm{0.1mol}與足量乙酸酐充分反應(yīng)得到結(jié)晶玫瑰為rm{0.1mol}即rm{26.75g}則產(chǎn)率為：rm{dfrac{21.40g}{26.75g}=80%}

故答案為：rm{dfrac{21.40g}{26.75g}

=80%}rm{80%}【解析】rm{(1)(}球形rm{)}冷凝管rm{b}

rm{(2)}除去未反應(yīng)完的rm{KOH}rm{C}

rm{(3)}除水干燥低若不干燥；乙酸酐會與水反應(yīng)生成乙酸，使“結(jié)晶玫瑰”的合成反應(yīng)平衡逆向移動，產(chǎn)品產(chǎn)率降低。

rm{(4)}防止放熱過快而迸濺油浴加熱。

rm{(5)80%}

四、判斷題(共3題，共24分)22、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．23、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．24、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．五、解答題(共4題，共36分)25、略

【分析】

（1）