…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年湘教版選修3物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示為LC振蕩電路中電容器的極板帶電荷量隨時間變化曲線；下列判斷中正確的是()

①在b和d時刻；電路中電流最大。

②在a→b時間內；電場能轉變為磁場能。

③a和c時刻；磁場能為零。

④在O→a和c→d時間內，電容器被充電A.只有①和③B.只有②和④C.只有④D.只有①②和③2、在如圖所示的電路中，a、b、c為三個相同的燈泡，其電阻值均大于電源內阻，當變阻器R的滑動觸頭P向上移動時；下列判斷中正確的是（）

A.b燈變暗，a、c燈變亮B.a、b、c燈泡全變亮C.電源輸出功率增大D.電源的供電效率增大3、根據圖判斷；人們選擇的溫度計中的測量物質及其依據是（）

A.水，水的密度小B.水，水的密度出現異常現象C.汞，汞的密度大D.汞，汞的密度與溫度呈規則的線性關系4、一定質量的理想氣體狀態變化如圖所示，其中AB段與t軸平行；已知在狀態A時氣體的體積為1.0L，下列說法正確的是（）

A.由A到B的過程，氣體的體積減小B.由B到C的過程，氣體的體積增大C.由A到B的過程，氣體對外做功200JD.由B到C的過程，外界對氣體做功300J5、下列說法正確的是（）A.布朗運動就是液體分子的熱運動B.在實驗室中可以得到－273.15℃的低溫C.一定質量的氣體被壓縮時，氣體壓強不一定增大D.熱量一定是從高溫物體傳送到低溫物體6、下列有關地震波的說法，不正確的是（）A.地震波是地球釋放能量的一種方式B.地震波中的縱波比橫波傳播快，利用它們傳播的時間差可以提前預警C.地震波與電磁波都具有多普勒效應D.地震波可以比真空中的光速傳播快7、如圖所示，一矩形閉合線圈在勻強磁場中繞垂直于磁場方向的轉軸ΟΟ′以恒定的角速度轉動；從圖示位置開始計時，則在轉過180°這段時間內（）

A.線圈中的感應電流一直在減小B.線圈中的感應電流先增大后減小C.穿過線圈的磁通量一直在增大D.穿過線圈的磁通量的變化率先減小后增大8、如圖所示，C為電容器，D為理想二極管（具有單向導通作用），電流表、電壓表均為理想電表．閉合開關S至電路穩定后，調節滑動變阻器滑片P向左移動一小段距離，結果發現電壓表V1的示數改變量大小為，電壓表V2的示數改變量大小為，電流表A的示數改變量大小為，則下列判斷正確的有

A.的值不變，且始終等于電源內阻B.的值變小C.的值變大D.滑片向左移動的過程中，電容器所帶的電荷量要不斷減少9、在勻強磁場中有一帶正電的粒子甲做勻速圓周運動，當它運動到M點時，突然向與原運動相反的方向放出一個不帶電的粒子乙，形成一個新的粒子丙。如圖所示，用實線表示粒子甲運動的軌跡，虛線表示粒子丙運動的軌跡。若不計粒子所受重力及空氣阻力的影響，則粒子甲和粒子丙運動的軌跡可能是A.B.C.D.評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)10、一理想變壓器原、副線圈匝數比n1：n2=11：5．原線圈與正弦交變電源連接，輸入電壓為220V．副線圈僅接一個10Ω的電阻。則（）A.變壓器的輸出電壓為100VB.流過電阻的電流是22AC.原線圈中的電流是22AD.變壓器的輸入功率是11、一定質量的理想氣體從狀態A經過狀態B變化到狀態C，其圖像如圖所示。下列說法正確的是（）

A.A→B的過程中，氣體對外界做功B.A→B的過程中，氣體放出熱量，內能不變C.B→C的過程中，氣體壓強不變D.A→B→C的過程中，氣體內能增加12、如圖甲所示，一高度為H的汽缸直立在水平地面上，汽缸壁和活塞都是絕熱的，活塞橫截面積為S，在缸的正中間和缸口處有固定卡環，活塞可以在兩個卡環之間無摩擦運動。活塞下方封閉有一定質量的理想氣體，已知理想氣體內能U與溫度T的關系為為正的常量，重力加速度為g。開始時封閉氣體溫度為T0，壓強等于外界大氣壓強p0；現通過電熱絲緩慢加熱，封閉氣體先后經歷了如圖乙所示的三個狀態變化過程，則（）

A.活塞質量為B.從b→c過程，氣體對外做功C.從a→d全過程，氣體內能增加D.從a→d全過程，氣體吸收的熱量小于其內能的增量13、如圖為一定質量的理想氣體的體積隨溫度變化的圖像，氣體從狀態a出發，經過等容過程到達狀態b，再經過等溫過程到達狀態c，直線ac過原點。則氣體（）

A.在狀態c的壓強等于在狀態a的壓強B.在狀態b的壓強小于在狀態c的壓強C.在b→c的過程中氣體分子的數密度增大D.在a→b的過程中氣體從外界吸收了熱量14、下列對原子結構和原子核知識的認識中，正確的有A.射線是在核外電子躍遷過程中產生的B.氫原子輻射光子后，其繞核運動的電子動能增大C.太陽輻射能量主要來自于發生輕核聚變所釋放的能量D.的半衰期是5天，100克經過10天后還剩下50克評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)15、現代人通過放孔明燈祈福。普通的孔明燈用薄竹片架成圓桶形，外面以薄紙密實包圍，開口朝下。釋放時，通過開口處的火焰對燈內氣體緩慢加熱，直到燈能浮起來，如圖所示，在緩慢加熱過程中，燈內氣體分子的平均動能____________（填“變大”“變小”或“不變”），燈內氣體的密度__________（填“變大”“變小”或“不變”）。

16、一卡諾熱機，工作在300K的高溫熱源和200K的低溫熱源之間，則此熱機的效率η=__________________。若在等溫膨脹過程中此熱機吸熱2×105J，則在每一循環中對外所作的功W=_______________。17、如圖，一定質量的理想氣體從狀態a開始，分別經歷等溫變化a→b和等容變化b→c。在a→b過程中，氣體的內能______（填“增大”“減小”或“不變”）；在a→b→c過程中，氣體_______（填“吸收”或“放出”）熱量。

18、用圖示的電路可以測量電阻的阻值，途中是待測電阻，R0是定值電阻，G是靈敏度很高的電流表，M、N是一段均勻的電阻絲．閉合開關，改變滑動頭P的位置，當通過電流表G的電流為零時，測得則的阻值__________

19、質子和α粒子以相同的動能垂直磁場方向射入同一勻強磁場，它們運動軌跡半徑之比Rp:Rα=_________,運動周期之比Tp:Tα=_________.20、對大量的事實分析表明：______________________．這個結論被稱做熱力學第三定律．評卷人得分四、作圖題(共3題，共9分)21、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

22、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現的完整掃描波形圖．

23、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共12分)24、(1)用螺旋測微器測量圓柱體直徑如圖甲，可知其直徑D為______mm，用游標卡尺測量其長度如乙，可知其長度L為______cm．

(2)欲測量一個電流表的內阻；現備有如下器材:

A.待測電流表A1(量程3mA，內阻約為40)

B.電壓表V(量程3V，內阻約3000)

C.電流表A2(量程15mA，內阻為40)

D.定值電阻

E.直流電源E(電動勢1.5V；內阻忽略不計)

F.滑動變阻器(總阻值5；額定電流0.5A)

G.開關一個；導線若干。

①請利用上述所給器材，設計出合理的、便于多次測量的實驗電路圖，并保證各電表的示數超過其量程的一半，將電路圖畫在題中的虛線框中__________．

②在所測量的數據中選一組，用測量量和已知量來計算A1的內阻，表達式為______．(用物理量對應的字母表示)25、磁力鎖主要由電磁鐵和銜鐵組成．某小組用如圖甲所示的裝置研究電磁鐵線的工作電壓與銜鐵所受磁力大小的關系，彈性梁一端連接有銜鐵，在外力作用下可以上下運動，另一端固定于墻壁，電磁鐵位于銜鐵正下方，為理想電壓表.

(1)為增大電磁鐵產生的磁感應強度，變阻器的滑片應向_________端移動（選填“”或“”）.

(2)已知電磁鐵線圈的直流電阻為滑動變砠器的最大阻值為電源的電動勢為滑動變阻器能提供的最大分壓為則電源E的內阻為_________（保留兩位有效數字）

(3)同學們將阻值會因形狀變化而發生改變的金屬應變片粘貼在彈性梁的上表面，然后將金屬應變片定值電阻和理想電壓表連接成如圖乙所示的電路．線圈通電吸引銜鐵下移時，應變片變長，的阻值將_________，電壓表的讀數將_________．（填“增大”“減小”或“不變”）

(4)在線圈通電吸合銜鐵后，用外力使電磁鐵和銜鐵剛好分開，測得外力與線圈兩端電壓的關系如圖丙所示，若要求該鎖能抵抗的外力，則工作電壓至少為_________．

26、為了測一個自感系數很大的線圈L的直流電阻RL；實驗室提供以下器材：

（A）待測線圈L（阻值約為2Ω；額定電流3A）

（B）電流表A1（量程0.6A，內阻r1=1Ω）

（C）電流表A2（量程3.0A，內阻r2約為0.2Ω）

（D）滑動變阻器R1（0～10Ω）

（E）滑動變阻器R2（0～1kΩ）

（F）定值電阻R3=10Ω

（G）定值電阻R4=100Ω

（H）電源（電動勢E約為9V；內阻很小）

（I）單刀單擲開關兩只S1、S2；導線若干．

要求實驗時，改變滑動變阻器的阻值，在盡可能大的范圍內測得多組A1表和A2表的讀數I1、I2，然后利用給出的I2-I1圖象（如乙圖所示），求出線圈的電阻RL的準確值．

①實驗中定值電阻應選用______，滑動變阻器應選用________．（填寫器材前面的序號；如：A；B、C等，直接寫器材名稱或符號均不得分）

②請你畫完圖甲方框中的實驗電路圖_____________．

③實驗結束時應先斷開開關_______.

④由I2-I1圖象，求得線圈的直流電阻RL=_______Ω.27、（1）螺旋測微器的讀數：____mm

（2）游標卡尺的讀數：____cm．評卷人得分六、解答題(共2題，共8分)28、核聚變是能源的圣杯；但需要在極高溫度下才能實現，最大難題是沒有任何容器能夠承受如此高溫，托卡馬克采用磁約束的方式，把高溫條件下高速運動的離子約束在小范圍內巧妙實現核聚變，相當于給反應物制作一個無形的容器，2018年11月12日我國宣布“東方超環”（我國設計的全世界唯一一個全超導托卡馬克）首次實現一億度運行，令世界震驚，使我國成為可控核聚變研究的領軍者。

（1）2018年11月16日，國際計量大會利用玻爾茲曼常量將熱力學溫度重新定義，玻爾茲曼常量k可以將微觀粒子的平均動能與溫度定量聯系起來，其關系式為其中k=1.380649×10-23J/K；請你估算溫度為一億度時微觀粒子的平均動能（保留一位有效數字）。

（2）假設質量為m、電量為q的微觀粒子，在溫度為T0時垂直進入磁感應強度為B的勻強磁場；求粒子運動的軌道半徑。

（3）東方超環的磁約束原理可簡化如圖，在兩個同心圓環之間有很強的勻強磁場，兩圓半徑分別為r1、r2，環狀勻強磁場圍成中空區域，中空區域內的帶電粒子只要速度不是很大都不會穿出磁場的外邊緣，而被約束在該區域內，已知帶電粒子質量為m、電量為q、速度為v；速度方向如圖所示，要使粒子不從大圓中射出，求環中磁場的磁感應強度最小值。

29、一水平放置的氣缸左端開口與大氣相通，活塞可在氣缸內壁左右移動。活塞右邊用一隔板將氣缸分成體積均為V0的兩部分，隔板左側是理想氣體，右側是真空，隔板右側還有一電阻絲可加熱。活塞厚度可忽略，活塞和氣缸壁均絕熱，不計一切摩擦。開始時活塞處于靜止狀態，大氣壓強為p0。外界和理想氣體溫度均為T0。現拔掉隔板；用電熱絲緩慢加熱氣缸中的氣體，直至活塞剛好回到初始位置再次靜止。

（1）求活塞剛好回到初始位置再次靜止時的溫度T；

（2）整個過程中，若電阻絲提供的熱量為Q；求理想氣體內能的增加量。

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】①、在b；d兩時刻；電量為零，故電場能為零，電流最大；磁場能最大，①正確；

②、在a→b時間內；電荷量減小，電場能轉變為磁場能，②正確；

③；a、c時刻；電荷量最大，此時電場能最大，磁場能為零，③正確；

④；在O→a時間內；電荷量在增加，故電容器被充電；而c→d時刻，電荷量在減小，電容器在放電，④錯誤；

綜上分析；ABC錯誤；D正確；

故選D。2、C【分析】【詳解】

當變阻器的滑動觸頭P向上移動時，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，總電流I增大，則a燈變亮．a燈和電源的內電壓都增大，則并聯部分電壓減小，c燈變暗．由于總電流增大，而通過c燈的電流減小，可知通過b燈的電流增大，b燈變亮，AB錯誤；由題意，a、b、c三個燈泡的電阻都大于電源的內阻，根據推論：外電阻等于電源的內阻時，電源的輸出功率最大，則知，當變阻器的滑動觸頭P向上移動時，外電路總電阻減小，電源輸出的電功率增大，C正確；電源的供電效率．外電阻減小，路端電壓U減小，則電源的供電效率降低，D錯誤．3、D【分析】【詳解】

由于水的密度和溫度關系的曲線是不規則曲線；如果選水為測溫物質，則溫度計刻度不均勻；汞的密度與溫度呈規則的線性關系，選汞為測溫物質，溫度計刻度均勻。

故選D。4、C【分析】【分析】

【詳解】

A．由A到B的過程中，壓強不變，根據理想氣體狀態方程，則有

所以溫度升高；體積變大，A錯誤。

B．由B到C的過程中，先將橫軸的溫度換算成開式溫度，則BC直線過原點；所以體積不變，B錯誤。

C．由A到B的過程中，壓強不變，根據理想氣體狀態方程，則有

溫度從273K變成546K，變大2倍，所以體積也變大2倍，變成2L，根據公式

C正確。

D．由B到C的過程中；體積不發生改變，不做功，D錯誤。

故選C。5、C【分析】【詳解】

布朗運動是懸浮在液體表面的固體顆粒的無規則運動，是液體分子的熱運動的表現，故A錯誤；－273.15℃是低溫的極限，永遠不可能達到，故B錯誤；一定質量的氣體被壓縮時，根據可知；由于溫度變化情況不確定，所以氣體壓強不一定增大，故C正確；熱量會自發地從高溫物體傳送到低溫物體，但在外界影響下，熱量也可以從高溫物體傳送到低溫物體，故D錯誤。

故選C.6、D【分析】【分析】

【詳解】

A．地震波屬于機械波；是能量傳輸的一種形式，A正確；

B．地震時會產生橫波和縱波；橫波傳播得比較慢，而且破壞性更大，可以在接收到縱波時提前做出準備，達到預警的目的，B正確；

C．所有的波都具有多普勒效應；C正確；

D．真空中光速最快；機械波不可能超過光速，D錯誤。

故選D。7、D【分析】【詳解】

圖示位置磁通量為零，磁通量變化率最大，此時感應電流最大，到兩者相互垂直時（轉過90°時），磁通量最大，磁通量變化率最小，此時感應電流最小；再到轉過180o時，磁通量為零，磁通量變化率最大，感應電流最大；所以磁通量先增大后減小，磁通量變化率以及感應電流都是先減小后增大．故D項正確，ABC三項錯誤．8、A【分析】【詳解】

由圖可知R1與R串聯，V1測R兩端的電壓，V2測路端的電壓．

若P向左端移動；則滑動變阻器接入電阻增大，由閉合電路歐姆定律可知，電路中總電流減小，則內電壓減小；

路端電壓增大，即電壓表V2的示數增大，R1兩端的電壓減小，所以V1的示數增大．

A、根據閉合電路歐姆定律得：由則所以的值不變；

A正確；

B、根據歐姆定律得的值等于滑動變阻器的阻值，所以的值變大；B錯誤；

C、根據閉合電路歐姆定律得：則

所以的值不變；C錯誤；

D；滑片向左移動的過程中；由于理想二極管具有單向導通作用，只會充電，不會放電，所以電容器所帶的電荷量不變，D錯誤；

故選A．9、B【分析】【詳解】

根據

可得軌道半徑

再由動量守恒可知；放出粒子乙后，新粒子丙的動量大于粒子甲的，故軌道半徑變大，所以B正確，A；C、D錯誤。

故選B。二、多選題(共5題，共10分)10、A:D【分析】【分析】

由圖可讀出最大值；周期，電表的示數為有效值，由輸入功率等于輸出功率可求得輸入功率．

【詳解】

根據變壓器的變壓規律：求得U2=U1=100V，選項A正確；流過電阻的電流I2==10A，故選項B錯誤；由P1=P2可求得原線圈的電流故選項C錯誤；變壓器的輸入功率為原線圈的功率：P1=U1I1=220×W=1×103W；故選項D正確．故選AD．

【點睛】

此題考查交流電的圖象及表達式，明確輸入功率等于輸出功率，電表的示數為有效值．還涉及到變壓器的原理、功率公式等問題，只要正確應用公式應該不難．11、B:C【分析】【詳解】

AB．由題圖可知，從A到B過程氣體的體積減小；外界對氣體做功，氣體的溫度不變，內能不變，根據熱力學第一定律可知，氣體放出熱量，故A錯誤，B正確；

C．從B到C過程中是一個常數；氣體發生的是等壓變化，故C正確；

D．從A到C的過程中；氣體的溫度降低，氣體內能減少，故D錯誤。

故選BC。12、A:C【分析】【詳解】

A．氣體在等壓膨脹過程中由受力平衡，有

解得

故A正確；

B．圖像斜率不變時體積不變，只有在b→c過程中氣體對外做功

故B錯誤；

C．在a→d全過程中，由理想氣體狀態方程，有

由題目條件可知氣體內能的變化量

故C正確；

D．從a→d全過程；氣體對外做功，根據熱力學第一定律可知，氣體吸收的熱量大于其內能的增量，故D錯誤。

故選AC。13、A:D【分析】【詳解】

AB．根據理想氣體狀態方程

可得

因直線ac過原點，則在狀態c的壓強等于在狀態a的壓強，b點與原點連線的斜率小于c點與原點連線的斜率，可知在狀態b的壓強大于在狀態c的壓強；故B錯誤，A正確；

C．氣體由狀態b到狀態c；體積增大，所以氣體分子的數密度減小，故C錯誤；

D．在a→b的過程中，氣體的體積不變，則氣體不對外做功，即W=0

溫度升高，內能增大，根據熱力學第一定律

可知氣體從外界吸收了熱量；故D正確。

故選AD。14、B:C【分析】【詳解】

γ射線是原子核受到激發產生的，選項A錯誤；氫原子輻射光子后，其繞核運動的電子軌道半徑減小，根據可知，其動能增大，選項B正確；太陽輻射能量主要來自于發生輕核聚變所釋放的能量，選項C正確；的半衰期是5天，100克經過10天后還剩下選項D錯誤.三、填空題(共6題，共12分)15、略

【分析】【詳解】

[1]隨著加熱；燈內氣體溫度升高，分子的平均動能變大；

[2]對于燈內氣體，根據蓋-呂薩克定律，壓強不變，溫度升高，氣體體積增大。因為孔明燈的體積幾乎不變，所以部分氣體外溢，燈內氣體的質量減小，密度變小。【解析】變大變小16、略

【分析】【詳解】

[1]卡諾熱機的效率

[2]由

可得【解析】33.3%6.67×104J17、略

【分析】【詳解】

[1]在a→b過程中；氣體的溫度不變，則內能不變；

[2]因c態溫度低于a態溫度，則在a→b→c過程中，氣體內能減小，即?U<0

氣體體積減小，外界對氣體做功，則W>0

則根據熱力學第一定律可知?U=W+Q

則Q<0

即氣體放出熱量。【解析】不變放出18、略

【分析】【詳解】

通過電流表G的電流為零，電流表G兩端電勢相等．電阻絲MP段與PN段電壓之比等于和的電壓比，即通過電阻絲兩側的電流是相等的，通過和的電流也相等，則有根據電阻定律公式可知聯立可得解得．【解析】19、略

【分析】【分析】

【詳解】

質子和α粒子以相同的動能垂直進入同一勻強磁場中，均做勻速圓周運動．洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：動能：EK=mv2，則軌跡的半徑為：因質子的質量數是1，α粒子的質量數是4，所以：mα=4mP，質子帶1個單位的正電荷，α粒子帶兩個單位的正電荷，則：粒子在磁場中做圓周運動的周期：【解析】1:11:220、略

【分析】【分析】

【詳解】

對大量的事實分析表明：熱力學零度不可達到這個結論被稱做熱力學第三定律．【解析】熱力學零度不可達到四、作圖題(共3題，共9分)21、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】22、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象【解析】23、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共4題，共12分)24、略

【分析】【分析】

明確測量原理；知道電流表本身可以顯示電流，再選擇一個電表測量電壓即可；根據安全性和準確性原則即可明確儀表及接法．

【詳解】

（1）直徑D為：2mm+0.01mm×15.0=2.150mm；長度L為：6cm+0.05mm×3=6.015cm．

（2）①根據題中給出的備用器材，應選擇伏安法測量電流表的內阻．由于給出電壓表量程過大，故應選擇內阻已知的電流表A2作為電壓表；選擇保護電阻R與并聯的兩個電流表串聯．由于電流表兩端電壓最大只有0.12V，滑動變阻器最大電阻只有5Ω，并且要求盡可能高的測量精度，并能測得多組數據；所以選擇分壓電路，電路圖如圖所示．

②根據歐姆定律可知待測電流表A1的內阻為：

【點睛】

本題考查伏安法測電阻的實驗規律，要注意明確實驗要求，知道分壓接法的正確應用，并注意已知內阻的電流表在本題中可以充當電壓表使用．【解析】（1）2.150mm；6.015cm（2）25、略

【分析】【詳解】

解：(1)根據電流的磁效應；電流越大，產生的磁場強度越強，為了增加電磁鐵產生的磁感應強度，變阻器的滑片應該滑向c端；

(2)當滑動變阻器的滑片P滑到c端時，滑動變阻器提供的分壓最大，由閉合電路歐姆定律聯立解得：

(3)線圈通電吸引銜鐵下移時，應變片變長，根據電阻定律，R1的阻值將增大．根據串聯電路分壓規律可知，電阻增大，電壓增大，所以電壓表V2的讀數將增大；

(4)由圖丙可知，F=1200N時對應的工作電壓為6.0V，即要求該鎖能抵抗1200N的外力，則工作電壓至少為6.0V．【解析】c0.21增大增大626、略

【分析】【詳解】

①[1][2]測量線圈的電阻一般采用伏安法，為了防止測量自感系數很大的線圈斷電產生的大自感電流燒壞電表，可與電表串聯一個開關。由于待測線圈L的阻值約為2Ω，額定電流為2A，最大電壓為4V，而電源電動勢為9V，所以定值電阻選F；為方便調節，滑動變阻器選D即可；

②[3]由于本實驗盡可能大的范圍內測得數據，所以必須采用滑動變阻器的分壓接法；電流表A2的量程大，所以電流表A2外接電路進行測量；電路如圖所示。

③[4]實驗結束時為了防止測量自感系數很大的線圈斷電產生的大自感電流燒壞電表，應先斷開開關S2；

④[5]由電路圖知自感線圈兩端的電壓與下邊支路電壓相等，所以

得

從I1-I2圖象上選取一組數據，如（0.3，1.8）代入公式得【解析】FDS22.227、略

【分析