…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年冀教版高三物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、對以下不能忽略質量的木棒、光滑小球的彈力分析錯誤的是（）A.B.C.D.2、對超重和失重理解正確的是（）A.超重就是物體的重力增加了B.只有在地球表面才會有超重和失重的情況C.物體完全失重時，不會受到重力的作用D.自由落體運動是一種完全失重的狀態(tài)3、下列關于電場和磁場的說法中正確的是（）A.電場中存在電場線，電場線從正電荷出發(fā)，終止于負電荷B.磁場中存在磁感線，磁感線從磁體的N極出發(fā)，終止于S極C.在電場中電場強度不為零處的電荷一定受到電場力的作用D.在磁場中磁感應強度不為零處的通電導線一定受到磁場力的作用4、如圖所示，質量為m的木塊在質量為M的木板上向右滑行，木板與地面間的動摩擦因數為μ1，木塊與木板間的動摩擦因數為μ2，在木塊運動的過程中，木板保持靜止，則地面對木板的摩擦力為（）A.μ2mg，向左B.μ2mg，向右C.μ1（m+M）g，向左D.μ1（m+M）g，向右5、在民航和火車站可以看到用于對行李進行安全檢查的水平傳送帶．當旅客把行李放到傳送帶上時，傳送帶對行李的滑動摩擦力使行李開始做勻加速運動．隨后它們保持相對靜止，行李隨傳送帶一起前進．設傳送帶勻速前進的速度為0.2m/s，把質量為5kg的木箱靜止放到傳送帶上，由于滑動摩擦力的作用，木箱以5m/s2的加速度前進，那么這個木箱放在傳送帶上后，傳送帶上將留下的摩擦痕跡約為（）A.3mmB.4mmC.5mmD.6mm6、關于物理量或物理量的單位，下列說法正確的是（）A.1N/kg=9.8m/s2B.“m”、“kg”、“s”都是國際單位制中的基本單位C.后人為了紀念牛頓，把“牛頓”作為力學中的基本單位D.在力學范圍內，國際單位制規(guī)定長度、質量、速度為三個基本物理量評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)7、關于摩擦力的說法中錯誤的是（）A.滑動摩擦力的方向總是與物體的運動方向相反B.滑動摩擦力總是阻礙物體間的相對運動C.相互壓緊的粗糙物體間總有摩擦力的作用D.受靜摩擦力的物體，一定靜止8、抽取高強度纖維細絲時可用激光監(jiān)控其粗細，如圖所示，觀察激光束經過細絲時在光屏上所產生的條紋即可判斷細絲粗細的變化．則（）A.這主要是光的衍涉現(xiàn)象B.這主要是光的干射現(xiàn)象C.如果屏上條紋變寬，表明抽制的絲變細D.如果屏上條紋變寬，表明抽制的絲變粗9、如圖所示，水平地面上O

點正上方的AB

兩點分別水平拋出兩個小球，C

在水平面上O

點右邊，則兩球(

)

A.不可能同時落在C

點B.落在C

點的速度方向可能相同C.落在C

點的速度大小可能相同D.落在C

點時重力的功率不可能相同10、如圖所示，一根足夠長的水平滑桿SS′上套有一質量為m的光滑金屬圓環(huán)，在滑桿的正下方與其平行放置一足夠長的光滑水平木制軌道，且穿過金屬圓環(huán)的圓心O，現(xiàn)使質量為M的條形磁鐵以v0的水平速度沿軌道向右運動，其中正確的選項是（）A.磁鐵穿過金屬環(huán)后，二者將先后停下來B.圓環(huán)可能獲得的最大速度為C.磁鐵與圓環(huán)系統(tǒng)損失的動能可能為D.磁鐵與圓環(huán)系統(tǒng)損失的動能可能為11、一物體以一定的初速度在水平地面上勻減速滑動直到停止．若已知物體在第1秒內位移為8.0m，在第3秒內位移為0.5m．則下列說法正確的是（）A.物體的加速度大小一定為4.0m/s2B.物體的加速度大小可能為3.75m/s2C.物體在第0.5秒末速度一定為4.0m/sD.物體在第2.5秒末速度一定為零12、如圖所示，在垂直紙面向里、磁感應強度為B的勻強磁場區(qū)域中有一個均勻導線制成的單匝直角三角形線框．現(xiàn)用外力使線框以恒定的速度v沿垂直磁場方向向右運動，運動中線框的AB邊始終與磁場右邊界平行．已知AB=BC=L，線框導線的總電阻為R，則線框離開磁場的過程中（）A.線框中的電動勢隨時間均勻減小B.通過線框截面的電荷量為C.線框所受外力的最大值為D.線框中的熱功率與時間成正比13、關于電荷所受電場力和洛倫茲力，正確的說法是（）A.電荷在電場中一定受電場力作用B.電荷在磁場中一定受洛倫茲力作用C.正電荷所受電場力方向一定與該處電場方向一致D.電荷所受的洛倫茲力一定與磁場方向垂直評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)14、機床照明電的電壓是36V，這個電壓是把380V的電壓降壓后得到的．如果變壓器的原線圈是1140匝，副線圈是____匝．15、（2013秋?德惠市校級月考）空間存在水平方向的勻強電場和勻強磁場，強度分別為E=10N/C，B=1T，如圖所示．有一質量為m=2.0×10-6kg，帶正電q=2.0×10-6C的微粒，在此空間做勻速直線運動，不忽略重力，其速度的大小為____m/s．方向為____．（填“豎直向上”或者“豎直向下”）16、一根長為0.2m的直導線垂直于磁場方向放置在勻強磁場中，通以3A的電流時，它受到磁場的作用力是6×10-2N，則磁場的磁感應強度B是____T；當導線的長度在原來位置縮短為原來的一半時，磁感應強度為____T．17、（2012春?文昌校級期末）如圖所示，A、B、C、D是勻強電場中一正方形的四個頂點．已知A、B、C三點的電勢分別為UA=15V，UB=3V，UC=3V，由此可得D點的電勢為UD=____V．用作圖法作出該電場的電場線．18、實際電流表有內阻，可等效為理想電流表與電阻的串聯(lián)．測量實際電流表G1內阻r1的電路如圖1所示．供選擇的儀器如下：

①待測電流表G1（0～5mA，內阻約300Ω），②電流表G2（0～10mA，內阻約100Ω），③定值電阻R1（300Ω），④定值電阻R2（10Ω），⑤滑動變阻器R3（0～1000Ω），⑥滑動變阻器R4（0～20Ω）；⑦干電池（1.5V），⑧電鍵S及導線若干．

（1）定值電阻應選____，滑動變阻器應選____．（在空格內填寫序號）

（2）用連線連接實物圖2．

（3）補全實驗步驟：

①按電路圖連接電路，____；

②閉合電鍵S，移動滑動觸頭至某一位置，記錄G1，G2的讀數I1，I2；

③____；

④以I2為縱坐標，I1為橫坐標；作出相應圖線，如圖3所示．

（4）根據I2-I1圖線的斜率k及定值電阻，寫出待測電流表內阻的表達式____．19、（2015春?湖州校級期中）如圖所示，線框abcd處于有限的勻強磁場區(qū)域內，磁感線垂直穿過線框平面，線框的ab邊長20cm，bc邊長10cm．若磁場的磁感強度在△t1=0.1s內由0.1T均勻增加到0.4T，并在緊接著的△t2=0.2s時間內由0.4T均勻增加到1.6T，則在△t1時間內線框中的感應電動勢的大小為____V，而在△t1+△t2的總時間內，線框中感應電動勢的平均值為____V．20、溫度是物體熱運動的平均動能大小的____，物體的溫度越高，分子的平均動能就____．評卷人得分四、判斷題(共3題，共15分)21、電荷所受的洛倫茲力方向不一定與磁場方向垂直____．（判斷對錯）22、當溫度升高時，物體內部所有分子的動能都增加．____．（判斷對錯）23、當達到動態(tài)平衡時，蒸發(fā)的速度不再改變，以恒速蒸發(fā)．____．（判斷對錯）評卷人得分五、實驗題(共3題，共15分)24、某學習小組在探究加速度與力；質量的關系時；采用圖1所示的裝置，通過改變小托盤和砝碼總質量m來改變小車受到的合外力，通過加減鉤碼來改變小車總質量M．

①實驗中需要平衡摩擦力，應當取下____（選填“小車上的鉤碼”、“小托盤和砝碼”或“紙帶”），將木板右端適當墊高，直至小車在長木板上運動時，紙帶上打出來的點____．

②圖2為實驗中得到的一條紙帶的一部分，0、1、2、3、4、5、6為計數點，相鄰兩計數點間還有4個打點未畫出．所用交流電的頻率為50Hz，從紙帶上測出x1=3.20cm，x2=4.74cm，x3=6.30cm，x4=7.85cm，x5=9.41cm，x6=10.96cm．小車運動的加速度大小為____m/s2（結果保留三位有效數字）．25、（2011春?永春縣校級月考）在做“用油膜法估測分子的大小”的實驗時；已知油酸酒精溶液中，油酸的體積比濃度為0.05%，1mL這樣的溶液合80滴，現(xiàn)將1滴溶液滴在水面上．

（1）這滴溶液中純油酸的體積是____m3．

（2）用彩筆描繪出油膜輪廓線后，印在坐標紙上，如圖所示．已知坐標紙每一小格的邊長為1cm，則油膜的面積為____m2．

（3）根據上面的數據，估算油酸分子的直徑是____m（此問結果取一位有效數字）．26、要測量電壓表V1的內阻Rv，其量程為2V，內阻約2kΩ．實驗室提供的器材有：電流表A，量程0.6A，內阻約0.1Ω；電壓表V2，量程5V，內阻R1=5kΩ；定值電阻R2，阻值為R2=3kΩ；滑動變阻器R3，最大阻值100Ω電源E，電動勢6V，內阻約0.5Ω；開關S一個，導線若干．(1)（2分）有人擬將待測電壓表V1和電流表A串聯(lián)接入電壓合適的測量電路中，測出V1的電壓和電流，再計算出Rv．該方案實際上不可行，其最主要的原因是______________________________________________．(2)（2分）某同學選擇電壓表V2后，自己設計一個測量電壓表V1內阻RV的實驗電路，實驗電路如圖1所示，則被測電壓表V1應接在電路中的_________(填“A”或“B”)處．(3)（2分）實驗的實物連線如圖2所示，還有兩根導線沒有接好，請在實物圖上畫出應接的導線．(4)（3分）實驗中電壓表V1讀數U1，電壓表V2的讀數U2，試寫出計算電壓表V1內阻Rv的表達式Rv=_________________．（用題中字母表示）參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、D【分析】【分析】對木棒、光滑小球受力分析，根據彈力產生的條件分析小球受彈力情況．【解析】【解答】解：A；木棒受到兩個接觸面的彈力；且垂直接觸面，故A正確；

B；棒受到兩個接觸點的彈力；D點的彈力垂直于棒，而C點彈力沿著半徑方向指向圓心，故B正確；

C；小球受到繩子的拉力與豎直壁的彈力；拉力沿著繩子的收縮方向，而彈力垂直于接觸面，故C正確；

D；小球一定受重力；因繩子豎直；小球與斜面接觸，若球與斜面間有彈力，則小球不可能豎直靜止；故小球受繩子的拉力而不受斜面的支持力；

故受力分析如圖所示：

本題選擇錯誤的，故選：D．2、D【分析】【分析】當物體對接觸面的壓力大于物體的真實重力時，就說物體處于超重狀態(tài)，此時有向上的加速度；當物體對接觸面的壓力小于物體的真實重力時，就說物體處于失重狀態(tài)，此時有向下的加速度；如果沒有壓力了，那么就是處于完全失重狀態(tài)，此時向下加速度的大小為重力加速度g．【解析】【解答】解：A；超重是物體對接觸面的壓力大于物體的真實重力；物體的重力并沒有增加，故A錯誤．

B；只要豎直方向上由加速度；就存在超重和失重現(xiàn)象，B錯誤。

C；物體完全失重時；仍然受到重力的作用，只是物體對彈簧秤的拉力為零．故C錯誤。

D；自由落體運動是一種完全失重的狀態(tài)；因為其具有向下的加速度g，故D正確。

故選D．3、C【分析】【分析】電場的基本性質是對放入的電荷有力的作用，而通電導線放入磁場中不一定有磁場力的作用；電場與磁場都是客觀存在的特殊物質；電勢是描述電場性質的一種物理量，與電場強度沒有直接關系．【解析】【解答】解：A；B、電場和磁場都是實際存在的；但電場線和磁感線都是看得見的假象的，故A錯誤，B錯誤；

C；電場的基本性質是對放入的電荷有力的作用；故C正確；

D；電流元在磁場中受安培力是有條件的；即電流元的放置方向與磁場方向有一定的夾角，故D錯誤；

故選C．4、A【分析】【分析】物體m相對M向右滑動，受到向左的滑動摩擦力；力的作用是相互的，故m對M有向右的滑動摩擦力，故M有向右滑動的趨勢，受到向左的靜摩擦力．【解析】【解答】解：物體m相對M向右滑動，受到向左的滑動摩擦力，大小為：f1=μ2N=μ2mg；

力的作用是相互的；故m對M有向右的滑動摩擦力，故M有向右滑動的趨勢，受到地面對其向左的靜摩擦力，根據共點力平衡條件，有。

f2=f1，因而f2=μ2mg；故A正確，BCD錯誤．

故選：A．5、B【分析】【分析】根據運動學公式求出木箱與傳送帶保持相對靜止前的位移，以及傳送帶的位移，通過位移之差得出在傳送帶留下的痕跡【解析】【解答】解：木箱由靜止開始運動達到傳送帶速度所需的時間t=．

在這段時間內木箱的位移．

傳送帶的位移x2=v0t=0.2×0.04m=0.008mm，則相對位移大小△x=x2-x1=4mm．故B正確。

故選：B6、B【分析】【分析】國際單位制規(guī)定了七個基本物理量．分別為長度、質量、時間、熱力學溫度、電流、光強度、物質的量．它們的在國際單位制中的單位稱為基本單位，而物理量之間的關系式推到出來的物理量的單位叫做導出單位．【解析】【解答】解：A、根據牛頓第二定律F=ma得：1N=1kg?m/s2，則1N/kg=1m/s2；故A錯誤．

B；“m”、“kg”、“s”都是國際單位制中的基本單位；故B正確．

C；牛頓是根據牛頓第二定律F=ma推導出來的單位；所以牛頓是導出單位，不是基本單位．故C錯誤．

D；在力學范圍內；國際單位制規(guī)定長度、質量、時間為三個基本物理量，故D錯誤．

故選：B．二、多選題(共7題，共14分)7、ACD【分析】【分析】摩擦力一個物體在另一個物體表面滑動或有相對滑動的趨勢時，受到的阻礙相對運動或相對運動趨勢的力，與相對運動或相對運動的趨勢方向相反．【解析】【解答】解：A；滑動摩擦力與物體的相對運動方向相反；即與相對相接觸的那個物體的運動方向相反，與物體的實際運動方向可以成任意角度，故A錯誤；

B；滑動摩擦力與物體的相對運動方向相反；它可以是阻力、可以是動力，總是阻礙物體間的相對運動，B正確；

C；相互壓緊的粗糙物體間發(fā)生相對運動或相對運動趨勢時；有摩擦力的作用，C錯誤；

D；貨物在傳送帶上向高處運動時；貨物受靜摩擦力但不靜止，故D錯誤；

本題選錯誤的，故選ACD．8、AC【分析】【分析】讓激光通過細絲，產生衍射條紋，條紋變寬，知金屬絲變細．【解析】【解答】解：當障礙物的尺寸與波的波長相當；或小于波的波長，會發(fā)生明顯的衍射，該裝置的原理是運用光的衍射現(xiàn)象，如果屏上條紋變寬，則金屬絲變細．故A；C正確，B、D錯誤．

故選AC．9、AC【分析】解：A

平拋運動的時間t=2hg

水平位移x=v0t=v02hgh

不同，但v0h

可能相同；所以兩球可能都落在C

點，但由于高度不同，所以運動時間一定不同，不可能同時落在C

點.

故A正確．

B；平拋運動軌跡為拋物線；速度方向為該點的切線方向，分別從AB

兩點拋出的小球軌跡不同，在C

點的切線方向也不同，所以落地時方向不可能相同，故B錯誤．

C、根據機械能守恒定律得mgh+12mv02=12mv2

則落地速度v=v02+2gh

則知落在C

點的速度大小可能相同，故C正確．

D、落在C

點時重力的功率P=mgvy=mg2gh

當mh

相同時P

相同；故D錯誤．

故選：AC

平拋運動軌跡為拋物線；速度方向為該點的切線方向，平拋運動水平方向做勻速直線運動，豎直方向為自由落體運動，設出水平方向和豎直方向的位移，運用平拋運動的基本規(guī)律表示出落地的速度，再結合重力瞬時的功率公式P=mgvy

即可分析．

本題主要考查了平拋運動的基本規(guī)律，知道平拋運動水平方向做勻速直線運動，豎直方向為自由落體運動，運用運動學規(guī)律進行分析這類問題.

要注意重力的瞬時功率與豎直分速度有關．【解析】AC

10、BC【分析】【分析】金屬圓環(huán)光滑，一足夠長的水平的絕緣軌道光滑，所以圓環(huán)與磁鐵組成的系統(tǒng)水平方向受到的合力為0，滿足動量守恒，根據動量守恒定律與能量的轉化與守恒定律即可解答．【解析】【解答】解：A；金屬環(huán)是光滑的；足夠長的水平的絕緣軌道PP′是光滑的，在磁鐵穿過金屬環(huán)后，二者由于不受摩擦力的作用，兩者將不會停下來．故A錯誤；

B；選取磁鐵與圓環(huán)組成的系統(tǒng)為研究的系統(tǒng)；系統(tǒng)在水平方向受到的合力為0，滿足動量守恒；選取磁鐵M運動的方向為正方向，則最終可能到達共同速度時：

Mv0=（M+m）v

得：v=．故B正確；

C、磁鐵若能穿過金屬環(huán)，運動的過程中系統(tǒng)的產生的熱量等于系統(tǒng)損失的動能，二者的末速度相等時損失的動能最大，為：Q==．故C正確；D錯誤．

故選：BC11、AD【分析】【分析】根據勻減速直線運動的位移時間公式列出兩個方程，即可求出初速度和加速度．判斷出物體在2-3s之間已經停止，結合運動學公式和平均速度的推論求出物體的加速度．從而得出物體速度減為零的時間．根據某段時間內的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求出0.5s末的速度．【解析】【解答】解：A、根據位移時間公式得，第1s內的位移為：X1=V0t+=8m；

第3s內的位移為：

代入數據得：V0=9.875m/s，a=-3.75m/s2

得：v3=v0+at=-1.375m/s

說明在3s前物體已經停止．

0.5s末的速度為8m/s，則從0.5s末開始到停止的時間為，則2s后運動的時間為：；

采用逆向思維得，2s后到停止的位移為：；

解得：a=4m/s2．故A正確；B錯誤．

C、第0.5s末速度為第一秒的中點時刻速度，則有：；故C錯誤；

D、從0.5s末開始到停止的時間為：；則2.5s末的速度為零．故D正確．

故選：AD．12、BC【分析】【分析】當線框出磁場時，切割磁感線的有效長度逐漸增大，感應電動勢隨時間均勻增大；根據感應電量公式q=和磁通量變化量；求解通過線框截面的電荷量；

分析線框的受力情況，當安培力最大時，外力最大；求出感應電流然后求出熱功率的表達式，可判斷線框的熱功率與時間的關系．【解析】【解答】解：A；當線框離開磁場時；導線框的有效切割長度逐漸增大，感應電動勢隨時間均勻增大，故A錯誤；

B、通過線框截面的電荷量為：q===；故B正確；

C、回路中的最大電流為：I=，因此最大安培力為：F安=BIL=，由于線框勻速運動，因此外力最大值為F=；故C正確；

D、t時刻導線框的有效切割長度：L=vt，感應電動勢瞬時值：E=BLv=Bv2t，故線框的熱功率P==∝t2；故D錯誤．

故選：BC．13、ACD【分析】【分析】當電荷的運動方向與磁場的方向平行，不受洛倫茲力，電荷在電場中一定受到電場力．【解析】【解答】解：A；電荷在電場中一定受到電場力作用．故A正確．

B；電荷在磁場中不一定受到洛倫茲力；若電荷的運動方向與磁場方向平行，則電荷不受洛倫茲力．故B錯誤．

C；正電荷所受的電場力方向與該點的電場強度方向相同．故C正確．

D；根據左手定則；電荷所受的洛倫茲力一定與磁場方向垂直．故D正確．

故選ACD．三、填空題(共7題，共14分)14、108【分析】【分析】理想變壓器線圈匝數之比等于電壓之比，已知輸入電壓和輸出電壓和原線圈的匝數，代入即可求得副線圈匝數．【解析】【解答】解：由理想變壓器的規(guī)律可知；電壓之比等于線圈匝數之比；

則有：

=

解得：n2==108匝；

故答案為：108．15、10豎直向上【分析】【分析】對粒子受力分析，結合直線運動的特點，由洛倫茲力可知，必定是勻速直線運動，從而由平衡條件與矢量的法則，即可求解．【解析】【解答】解：由于帶正電的微粒在此空間恰好做直線運動；則有微粒所受洛倫茲力與其重力和所受電場力的合力平衡；

而電場力為：

F=qE=2×10-6C×10N/C=2×10-5N；

G=mg=2×10-6×10=2×10-5N；

由于電場力與重力垂直，所以電場力與重力的合力等于：F合=2×10-5N；

粒子做直線運動則：Bvq=F合

解得：v=m/s；

方向與水平方向成45°角斜向右上方；

故答案為：10m/s；與水平方向成45°角斜向右上方．16、0.10.1【分析】【分析】由F=BIL可求磁感應強度；磁感應強度與導線長度無關，導線受到的安培力與導線長度有關，而磁感應強度與導線的長度無關．【解析】【解答】解：（1）由F=BIL可得磁感應強度為：B==0.1T；

（2）磁感應強度與導線長度無關；當導線的長度在原位置縮短為原來的一半時，磁感應強度仍為0.1T．

故答案為：0.1、0.117、15【分析】【分析】由題，B、C電勢相等，作出等勢線，根據電場線與等勢線垂直，并且由高電勢指向低電勢畫出電場線．【解析】【解答】解：連接BC；由于BC電勢相等，則BC為一條件等勢線．根據電場線與等勢線垂直，而由高電勢指向低電勢可知，電場線方向與BC垂直向下，作圖如圖．

由于此電場是勻強電場，其等勢面互相平行，則AD也是一條等勢線，所以可得D點的電勢為UD=15V．

故答案為：1518、③⑥將滑動觸頭移至最左端多次移動滑動觸頭，記錄相應的G1，G2讀數I1，I2r1=（k-1）R1【分析】【分析】由于電流表G2的量程是待測電流表G1的2倍，定值電阻要和待測電流表內阻接近；滑動變阻器采用的分壓式接法，其電阻不要太大．根據實驗原理和串并聯(lián)特點，分析電流表內阻的表達式．【解析】【解答】解：（1）器材選擇：定值電阻要和待測電流表內阻接近，因為電流表G2的量程是待測電流表G1的2倍；滑動變阻器的電阻不要太大．故定值電阻選③；滑動變阻器選⑥．

（2）連接實物圖如圖所示．

（3）補充實驗步驟見。

①將滑動觸頭移至最左端。

③多次移動滑動觸頭，記錄相應的G1，G2讀數I1，I2

（4）根據并聯(lián)分流公式，又；

解得r1=（k-1）R1，式中r1即rG1．

本題答案是：（1）③；⑥

（2）見上圖。

（3）①將滑動觸頭移至最左端．

③多次移動滑動觸頭，記錄相應的G1，G2讀數I1，I2

（4）r1=（k-1）R1．19、0.060.1【分析】【分析】穿過線框的磁通量發(fā)生變化，導致線框中產生感應電動勢，從而出現(xiàn)感應電流．由法拉第電磁感應定律可得感應電動勢的大小．【解析】【解答】解：線框在勻強磁場中；現(xiàn)讓磁感強度在0.1s內由0.1T均勻地增加到0.4T．

所以穿過線框的磁通量變化量是：△?=?2-?1=（B2-B1）S=0.3×0.2×0.1=0.006Wb

則在△t1時間內線框中感應電動勢大小為：E=N==0.06V；

同理，在△t1+△t2的總時間內；穿過線框的磁通量變化量是：

△?′=?2-?1=（B2-B1）S=1.5×0.2×0.1=0.03Wb

則在△t1+△t2時間內線框中感應電動勢大小為：E===0.1V；

故答案為：0.06；0.1．20、標志越大【分析】【分析】溫度是分子熱運動平均動能的標志，是大量分子運動的統(tǒng)計規(guī)律．【解析】【解答】解：溫度是分子熱運動平均動能的標志；溫度升高時，物體分子的熱運動加劇，分子熱運動的平均動能增大；故分子熱運動的動能與溫度有關．物體的溫度越高，分子的平均動能就越大。

故答案為：標志，越大四、判斷題(共3題，共15分)21、×【分析】【分析】電荷的定向移動叫做電流；根據左手定則判斷磁場力方向；

左手定則：伸開左手，使拇指與其余四個手指垂直，并且都與手掌在同一平面內；讓磁感線從掌心進入，并使四指指向電流的方向，這時拇指所指的方向就是通電導線在磁場中所受安培力的方向．【解析】【解答】解：根據左手定則；洛倫茲力方向垂直于電荷運動方向與磁場方向構成的平面，即洛倫茲力方向一定與磁場方向垂直；

故答案為：×．22、×【分析】【分析】溫度是分子的平均動能的標志，是大量分子運動的統(tǒng)計規(guī)律，由此分析解答即可．【解析】【解答】解：溫度是分子的平