…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年冀教版高三物理上冊階段測試試卷452考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、以下對波的說法中正確的是（）A.頻率相同的波疊加，一定可以發(fā)生穩(wěn)定的干涉現(xiàn)象B.橫波可以在固體、液體和氣體中傳播C.縱波不能用波的圖象描述D.波長和障礙物尺寸相近時，衍射現(xiàn)象明顯2、rm{A}rm{B}rm{C}rm{D}四種原子序數(shù)依次增大的分別位于三個不同短周期的主族元素，rm{m}rm{n}rm{p}分別是元素rm{A}rm{B}rm{C}的單質(zhì)，rm{x}rm{y}rm{z}是由rm{A}rm{B}rm{C}組成的二元化合物，其中rm{y}rm{z}是氣體且rm{z}可配制飲料，它們之間有如下轉(zhuǎn)化關系，rm{D}的單質(zhì)可與熱水發(fā)生置換反應，下列說法正確的是

A.rm{D}的單質(zhì)起火燃燒時可用rm{y}作滅火劑B.元素的非金屬性：rm{C>A>B>D}C.rm{B}rm{C}rm{D}與rm{A}形成的簡單化合物的熔點：rm{C>D>B}D.原子半徑：rm{D>B>C>A}3、一質(zhì)量為m的運動員從下蹲狀態(tài)開始起跳，經(jīng)△t的時間，身體伸直并剛好離開地面，速度為v，在此過程中地面對他作用的沖量大小和做的功分別為（）A.mv+mg△t，mv2B.mv，mv2C.mv+mg△t，0D.mv-mg△t，04、電阻R1、R2與交流電源按照圖1方式連接，R1=10Ω，R2=20Ω．合上開關S后，通過電阻R1的正弦交變電流i隨時間t變化的情況如圖2所示，則（）A.通過R1的電流有效值是1.2AB.R1兩端的電壓有效值是6VC.通過R2的電流最大值是1.2AD.R2兩端的電壓最大值是12V5、如圖所示為一電場中某區(qū)域的電場線分布圖；B；C是電場中的兩個點．比較這兩個點有（）

A.C點的電場強度較大B.B點的電場強度較大C.同一個檢驗點電荷放在B點所受的電場力比放在C點所受的電場力大D.檢驗電荷在電場中所受電場力的方向一定是從C指向B6、下述儀器或裝置沒有使用到傳感器的有（）A.自動報警器B.彈簧測力計C.電視遙控器D.紅外線探測儀7、1971年7月26號發(fā)射的阿波羅-15號飛船首次把一輛月球車送上月球，美國宇航員斯特駕駛月球車行駛28km，并做了一個落體實驗：在月球上的同一高度同時釋放羽毛和鐵錘，出現(xiàn)的現(xiàn)象是（月球上是真空）（）A.羽毛先落地，鐵錘后落地B.鐵錘先落地，羽毛后落地C.鐵錘和羽毛都做自由落體運動，其加速度都為重力加速度9.8m/s2D.鐵錘和羽毛都做自由落體運動，同時落地評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)8、如圖所示，在電容器C的兩端接有一個圓環(huán)形導體回路，在圓環(huán)回路所圍的面積之內(nèi)存在著垂直紙面向里的勻強磁場B，已知圓環(huán)的半徑r=5cm，電容器的電容C=20μF，當磁場B以2×10-2T/s的變化率均勻增加時，則關于電容器的以下的說法中不正確的是（）A.a板帶正電，電荷量為π×10-9CB.a板帶負電，電荷量為-π×10-9CC.a板帶正電，電荷量為π×10-6CD.a板帶負電，電荷量為-π×10-6C9、水星和金星繞太陽的運動可視為勻速圓周運動．從水星、金星與太陽在一條直線上時開始計時，測得在相同時間內(nèi)水星轉(zhuǎn)過的角度為θ1，金星轉(zhuǎn)過的角度為θ2（θ1、θ2均為銳角），如圖所示．則下列選項正確的是（）A.水星和金屬繞太陽運動的周期之比為=B.水星和金星到太陽的距離之比為=C.水星和金星的質(zhì)量之比為=（）D.水星和金星繞太陽運動的向心加速度大小之比為=10、如圖所示，木板B放在粗糙水平面上，木塊A放在B的上面，A的右端通過一不可伸長的輕繩固定在豎直墻上．現(xiàn)用水平恒力F向左拉動B，使其以速度v做勻速運動，此時繩水平且拉力大小為T，下面說法正確的是（）A.繩上拉力T與水平恒力F大小相等B.木板B受到一個靜摩擦力，一個滑動摩擦力，合力大小等于FC.若用恒力以2F向左拉動長木板，則木塊A給木板B的滑動摩擦力等于TD.若木板B以2v勻速運動，則拉力仍為F11、質(zhì)點做直線運動的v-t圖象如圖所示；則（）

A.在1～3s內(nèi)質(zhì)點做勻變速直線運動B.在1～3s內(nèi)質(zhì)點的加速度a=-2m/s2C.在2～3s內(nèi)質(zhì)點的運動方向與規(guī)定的正方向相反，加速度方向同1～2s內(nèi)的加速度方向相同D.以上說法均不正確12、一列簡諧機械橫波沿x軸正方向傳播，波速為2m/s。某時刻波形如圖所示，a、b兩質(zhì)點的平衡位置的橫坐標分別為xa=2.5m，xb=4.5m，則下列說法中正確的是（）A.質(zhì)點b振動的周期為4sB.平衡位置x=10.5m處的質(zhì)點（圖中未畫出）與a質(zhì)點的振動情況總相同C.此時質(zhì)點a的速度比質(zhì)點b的速度大E.如果該波在傳播過程中遇到尺寸小于8m的障礙物，該波可發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象E.如果該波在傳播過程中遇到尺寸小于8m的障礙物，該波可發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象13、下面的有關論述中正確的有（）A.做平拋運動的物體在任意相等時間間隔內(nèi)速度的增量為定值，速率的增量也為定值B.在一段時間內(nèi)一對平衡力做的總功W一定為零；一對作用力與反作用力做的總功不一定為零C.靜摩擦力對物體不一定做功，滑動摩擦力對物體一定做功D.若質(zhì)點做動能大小不變的運動，則可能是變速運動14、根據(jù)質(zhì)點的位置關系，我們可以分析出質(zhì)點的運動軌跡．若一個質(zhì)點在水平面上的xOy直角坐標系位置函數(shù)是：x=Lcosωt，y=Lsinωt．（ω是定值）則該質(zhì)點的速率-時間、加速度大小-時間、合力大小-時間、合力做功-時間等相關圖象錯誤的是（）A.B.C.D.15、如圖，x軸在水平地面內(nèi)，y軸沿豎直方向．圖中畫出了從y軸上沿x軸正向拋出的三個小球a、b和c的運動軌跡，其中b和c是從同一點拋出的．不計空氣阻力，則（）A.a的飛行時間比b的長B.b和c的飛行時間相同C.在空中飛行時abc的機械能都守恒D.b的初速度比a的大評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)16、寫出兩個是矢量的物理量____，____．17、[物理-選修3-4]

（1）如圖1所示，在xOy平面內(nèi)有一列沿x軸傳播的簡諧橫波，頻率為2.5HZ．在t=0時，P點位于平衡位置，且速度方向向下，Q點位于平衡位置下方的最大位移處．則在t=0.35s時，P、Q兩質(zhì)點____

A．位移大小相等；方向相同

B．速度大小相等；方向相同

C．速度大小相等；方向相反

D．加速度大小相等；方向相反

（2）兩束平行的細激光束，垂直于半圓柱玻璃的平面射到半圓柱玻璃上，如圖2所示．已知其中一條光線沿直線穿過玻璃，它的入射點是O；另一條光線的入射點為A，穿過玻璃后兩條光線交于P點．已知玻璃截面的圓半徑為R，OA=，OP=R．求玻璃材料的折射率．18、（2011?長寧區(qū)一模）在如圖所示勻強電場中，A、B、C、D四點是一個邊長為0.1m的正方形的頂點，已知A、B、C三點電勢分別為UA=25V，UB=15V，UC=5V，則D點的電勢UD=____v；該勻強電場的場強大小為____v/m．19、如圖所示的是表示光從空氣射入某種介質(zhì)時的光路圖．其中光線a是____光線，光線c是____光線，折射角的度數(shù)是____，界面的____側(cè)是空氣．

20、多用電表調(diào)到歐姆檔時，其內(nèi)部等效電路是下列圖中的____（選填圖下所對應的字母）

21、質(zhì)量為3噸（t）、額定功率為120kW的汽車在水平路面上啟動．從靜止開始先以加速度a=2m/s2做勻加速運動，達到額定功率后再以恒定功率加速到最大速度20m/s，設運動過程中阻力恒定不變．若總共經(jīng)歷時間為35s，則該車以這樣的方式啟動直到達到最大速度的35s內(nèi)的位移為____m．22、物體的質(zhì)量越大，慣性越____（填“大”或“小”），與物體的運動狀態(tài)____（填“無關”或“有關”）．評卷人得分四、判斷題(共1題，共9分)23、電場線真實地存在于電場中．____．（判斷對錯）評卷人得分五、作圖題(共4題，共24分)24、（2015秋?昆明校級期中）如圖所示，在勻強電場中，將帶電荷量q=-8×10-6C的電荷從電場中的A點移到B點，克服電場力做了3.2×10-5J的功，再從B點移到C點，電場力做了1.6×10-5J的功．求：

（1）A、B兩點間的電勢差UAB和B、C兩點間的電勢差UBC；

（2）作出過B點的一條電場線（只保留作圖的痕跡，不寫做法）．25、【題文】如圖18所示；杠桿在力F1；F2作用下處于平衡狀態(tài)，L1為F1的力臂。請在圖中作出F2的力臂L2及力F1。

。26、【題文】分別畫出四幅圖中反射、入射或折射光線的可能傳播方向。（4分）27、（2014秋?河南校級月考）作下列物體的受力示意圖．

（1）如圖1；物塊與傳送帶一起減速運動，畫出物塊的受力圖；

（2）如圖2；A；B豎直上拋，不計空氣阻力，畫出B的受力圖；

（3）如圖3，斜面固定，所有接觸面均光滑，PQ一起加速下滑，畫出Q的受力圖．評卷人得分六、綜合題(共4題，共8分)28、【題文】如圖11-3-14所示，M、N為兩塊帶等量異種電荷的平行金屬板，S1、S2為板上正對的小孔，N板右側(cè)有兩個寬度為d的勻強磁場區(qū)域，磁感應強度大小均為B，方向分別垂直于紙面向外和向里，磁場區(qū)域右側(cè)有一個熒光屏.取屏上與S1、S2共線的O點為原點，向上為正方向建立x軸，M板左側(cè)電子槍發(fā)射出的熱電子經(jīng)小孔S1進入兩板間；電子的質(zhì)量為m，電荷量為e，初速度可以忽略.求：

（1）當兩板間電勢差為U0時，求從小孔S2射出的電子的速度v0.

（2）求兩金屬板間電勢差U在什么范圍內(nèi)；電子不能穿過磁場區(qū)域而打到熒光屏上.

（3）若電子能夠穿過磁場區(qū)域而打到熒光屏上；試定性地畫出電子運動的軌跡.

（4）求電子打到熒光屏上的位置坐標x和金屬板間電勢差U的函數(shù)關系.

圖11-3-1429、【題文】如圖所示，光滑平行的水平金屬導軌MNPQ相距l(xiāng)，在M點和P點間接一個阻值為R的電阻，在兩導軌間矩形區(qū)域內(nèi)有垂直導軌平面豎直向下、寬為d的勻強磁場，磁感強度為B。一質(zhì)量為m，電阻為r的導體棒ab，垂直擱在導軌上，與磁場左邊界相距d0。現(xiàn)用一大小為F、水平向右的恒力拉ab棒，使它由靜止開始運動，棒ab在離開磁場前已經(jīng)做勻速直線運動（棒ab與導軌始終保持良好的接觸；導軌電阻不計）。求：

（1）棒ab在離開磁場右邊界時的速度；

（2）棒ab通過磁場區(qū)的過程中整個回路所消耗的電能；

（3）試分析討論ab棒在磁場中可能的運動情況。

30、物體做圓周運動時，所需的向心力F脨貓

由運動情況決定，提供的向心力F鹿漏

由受力情況決定.

若某時刻F脨貓=F鹿漏

則物體能做圓周運動；若F脨貓>F鹿漏

物體將做離心運動；若F脨貓<F鹿漏

物體將做向心運動.

現(xiàn)有一根長L=1m

的剛性輕繩，其一端固定于O

點，另一端系著質(zhì)量m=0.5kg

的小球(

可視為質(zhì)點)

將小球提至正上方的A

點處，此時繩剛好伸直且無張力，如圖所示.

不計空氣阻力，g

取10m/s2

則：

(1)

為保證小球能在豎直面內(nèi)做完整的圓周運動；在A

點至少應施加給小球多大的水平速度？

(2)

若小球以速度v1=4m/s

水平拋出的瞬間；繩中的張力為多少？

(3)

若小球以速度v2=1m/s

水平拋出的瞬間，繩中若有張力，求其大小？若無張力，試求繩子再次伸直時所經(jīng)歷的時間？31、（2016?潮南區(qū)模擬）如圖所示，一個半徑為R、內(nèi)側(cè)光滑的圓形軌道平放于光滑水平面上并被固定，其圓心為O．有a、b兩個可視為質(zhì)點的小球，分別靜止靠在軌道內(nèi)側(cè)、直徑AB的兩端，兩球質(zhì)量分別為ma=4m和mb=m．現(xiàn)給a球一個沿軌道切線方向的水平初速度v0，使其從A向B運動并與b球發(fā)生彈性碰撞，已知兩球碰撞時間極短，求兩球第一次碰撞和第二次碰撞之間的時間間隔．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、D【分析】【分析】發(fā)生干涉的條件是兩列波的頻率相同、相位差恒定、振動方向相同，發(fā)生明顯衍射的條件是當縫、孔的寬度或障礙物尺寸與波長相差不大，或比波長更小．橫波只能在固體中傳播．【解析】【解答】解：A；頻率相同的波疊加；不一定產(chǎn)生穩(wěn)定的干涉圖樣．故A錯誤．

B；不是所有的橫波能在氣體；液體中傳播，縱波可以在固體、液體和氣體中傳播．故B錯誤．

C；橫波、縱波都能用波的圖象來描述．故C錯誤．

D；發(fā)生明顯衍射的條件是當縫、孔的寬度或障礙物尺寸與波長相差不大；或比波長更小．故D正確．

故選D．2、D【分析】【分析】A、rm{B}rm{C}rm{D}四種原子序數(shù)依次增大的分別位于三個不同短周期的主族元素，rm{m}rm{p}rm{n}分別是元素rm{A}rm{B}rm{C}的單質(zhì)，rm{x}rm{y}rm{z}是由rm{A}rm{B}rm{C}組成的二元化合物，其中rm{y}rm{z}是氣體且rm{x}是用于配制飲料，結(jié)合圖中轉(zhuǎn)化可知，rm{m}為rm{H}rm{B}rm{C}四種原子序數(shù)依次增大的分別位于三個不同短周期的主族元素，rm{D}rm{m}rm{p}分別是元素rm{n}rm{A}rm{B}的單質(zhì)，rm{C}rm{x}rm{y}是由rm{z}rm{A}rm{B}組成的二元化合物，其中rm{C}rm{y}是氣體且rm{z}是用于配制飲料，結(jié)合圖中轉(zhuǎn)化可知，rm{x}為rm{m}rm{H}rm{{,!}_{2}}為，rm{n}為rm{O}rm{n}rm{O}為rm{{,!}_{2}}，rm{p}為rm{C}rm{x}為rm{H}為rm{p}rm{C}rm{x}rm{H}為rm{{,!}_{2}}由rm{CO+{H}_{2}Ooverset{賂脽脦脗}{=}C{O}_{2}+{H}_{2}}rm{O}rm{y}為rm{CO}由為rm{O}rm{y}rm{CO}的單質(zhì)可與熱水發(fā)生置換反應，rm{CO+{H}_{2}O

overset{賂脽脦脗}{=}C{O}_{2}+{H}_{2}}為，rm{z}為rm{CO}則rm{z}為rm{CO}rm{{,!}_{2}}為，rm{D}的單質(zhì)可與熱水發(fā)生置換反應，rm{D}為rm{Na}則rm{A}為rm{H}rm{B}為rm{C}rm{C}為rm{O}rm{D}為rm{Na}據(jù)此進行分析解答。rm{D}為rm{D}rm{Na}為rm{A}據(jù)此進行分析解答。【解答】A.rm{H}的單質(zhì)可與熱水發(fā)生置換反應，生成可燃性氣體氫氣，則rm{B}的單質(zhì)起火燃燒時不可用rm{C}作滅火劑，故A錯誤；B.同周期從左到右非金屬性增強，甲烷中rm{C}為正價，則元素的非金屬性：rm{O}故B錯誤；C.rm{D}D.rm{Na}故D正確。rm{D}的單質(zhì)可與熱水發(fā)生置換反應，生成可燃性氣體氫氣，則rm{D}的單質(zhì)起火燃燒時不可用rm{y}作滅火劑，故A錯誤；

rm{D}【解析】rm{D}3、C【分析】【分析】已知初末速度，則由動量定理可求得地面對人的沖量；由功的公式可確定地面對人是否做功．【解析】【解答】解：人的速度原來為零；起跳后變化v，則由動量定理可得：

I-mg△t=△mv=mv

故地面對人的沖量為I=mv+mg△t；

由于支持力的作用點沒有位移；故地面對人做功為零；

故選：C4、D【分析】【分析】根據(jù)圖象可知流過電阻R1的電流最大值、有效值的大小，根據(jù)電阻的串聯(lián)可進一步求得流過R2的電流和電壓大小．【解析】【解答】解：AC、據(jù)電路圖可知兩電阻串聯(lián)，即電流相同；從圖2可以看出，通過R1和R2電流最大值是0.6A；故AC錯誤；

BD、據(jù)歐姆定律可知，R1和R2電端電壓的最大值為6V和12V；據(jù)正弦交流電峰值與有效值的關系可知，R1電壓的有效值為V；故B錯誤，D正確．

故選：D．5、A【分析】【分析】電場線的疏密表示電場的強弱，電場線上某點的切線方向表示電場的方向，根據(jù)電場強度的強弱比較電荷所受的電場力大小．【解析】【解答】解：AB；C點的電場線比B點的電場線密；則C點的電場強度較大，故A正確，B錯誤；

C；因為C點的電場強度大；則同一個檢驗電荷放在C點的電場力較大，故C錯誤；

D；正電荷在C點所受的電場力方向由C指向B；負電荷所受的電場力方向由B指向C，故D錯誤．

故選：A．6、B【分析】【分析】傳感器的作用是將溫度、力、光、聲音等非電學量轉(zhuǎn)換為電學量．【解析】【解答】解：A；自動報警器；通過光信號轉(zhuǎn)換成電信號，因此使用傳感器，故A不符合題意；

B；彈簧測力計；也是運用受力平衡，來測量力的大小刻度尺是用來測量長度的工具，沒有使用傳感器，故B符合題意；

C；電視遙控器是將紅外線轉(zhuǎn)換成電信號；因此C不符合題意；

D；紅外測溫儀是通過將溫度轉(zhuǎn)換成電信號；從而顯示溫度的高低，因此D不符合題意；

本題選擇沒有使用的，故選：B7、D【分析】【分析】在月球上沒有空氣，兩物體不受阻力作用，由靜止釋放，做自由落體運動．根據(jù)h=比較運動的時間．【解析】【解答】解：在月球上的同一高度同時釋放羽毛和鐵錘，由于沒有阻力，都做自由落體運動，根據(jù)h=知運動時間相等；則同時落地．故D正確，A；B、C錯誤．

故選D．二、多選題(共8題，共16分)8、BCD【分析】【分析】根據(jù)楞次定律判斷感應電動勢的方向，從而得知上極板所帶電量的電性，根據(jù)法拉第電磁感應定律求出感應電動勢的大小，根據(jù)Q=CU求出所帶電量的大小．【解析】【解答】解：根據(jù)楞次定律知；感應電動勢的方向是逆時針方向，則a極板帶正電．

根據(jù)法拉第電磁感應定律得：

E==2×10-2×π×52×10-4V=5π×10-5V；

則：Q=CU=CE=2×10-5×5π×10-5=π×10-9C．故A正確；B；C、D錯誤．

本題選擇錯誤的，故選：BCD．9、ABD【分析】【分析】根據(jù)可求得水星和金星的角速度之比，然后再利用萬有引力提供向心力，可求得周期、質(zhì)量、向心加速度之比．【解析】【解答】解：根據(jù)得：水星與金星的角速度之比為：

A、根據(jù)得水星和金屬繞太陽運動的周期之比為：；故A正確；

B、金星和水星繞太陽運動，萬有引力提供向心力得：即：，所以水星和金星到太陽的距離之比為；故B正確；

C、萬有引力提供向心力得：可以看出無法求解水星和金星的質(zhì)量之比；故C錯誤；

D、根據(jù)a=ω2r得水星和金星繞太陽運動的向心加速度大小之比為=；故D正確；

故選：ABD．10、CD【分析】【分析】以AB整體為研究對象，根據(jù)平衡條件，分析繩上拉力T與水平恒力F的大小關系．AB間相對滑動，木塊A和B受到的是滑動力．【解析】【解答】解：A；以AB整體為研究對象；分析受力情況：水平方向受到：水平向左的拉力F、繩子水平向右的拉力T和地面對B水平向右的滑動摩擦力，根據(jù)平衡條件得知，繩上拉力T小于水平恒力F．故A錯誤．

B；A、B間產(chǎn)生相對滑動；木板B受到兩個滑動摩擦力，合力大小等于F．故B錯誤．

C；若用恒力以2F向左拉動長木板；根據(jù)平衡條件可知，木塊A給木板B的滑動摩擦力等于T．故C正確．

D；若木板B以2v勻速運動；AB受力情況都沒有變化，則拉力F也不變．故D正確．

故選：CD．11、ABC【分析】【分析】根據(jù)圖線，通過速度隨時間的變化規(guī)律得出質(zhì)點在整個過程中的運動情況，圖線的斜率等于加速度．圖線與時間軸所圍成的面積表示位移．【解析】【解答】解：A；在1～3s內(nèi)；速度時間圖象的斜率不變，則加速度不變，所以質(zhì)點做勻變速直線運動．故A正確．

B、圖象的斜率表示加速度，則在1～3s內(nèi)質(zhì)點的加速度為：a==-2m/s2．故B正確．

C；1-2s內(nèi)速度為正；2-3s內(nèi)，速度為負，方向相反，1-3s內(nèi)加速度不變，所以2～3s內(nèi)質(zhì)點的加速度方向同1～2s內(nèi)的加速度方向相同，離出發(fā)點最遠，沒有回到出發(fā)點，故C正確；

D；綜上可知D錯誤；

故選：ABC．12、ABE【分析】解：A、由圖能直接讀出波長λ=8m，由波速公式v=得該波的周期T==s=4s，則質(zhì)點b振動的周期為4s；故A正確。

B；x=10.5m處的質(zhì)點與a質(zhì)點相距一個波長；步調(diào)總是一致，振動情況總是相同。故B正確。

C、質(zhì)點a離平衡位置比b遠，所以此時質(zhì)點a的速度比b的速度小。故C錯誤。

D、圖象時刻，質(zhì)點a向上運動，速度減小，再經(jīng)過個周期；質(zhì)點a通過的路程小于一個振幅，即小于2cm。故D錯誤。

E；該波的波長是8m；若該波在傳播過程中遇到一個尺寸為小于8m的障礙物能發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象。故E正確。

故選：ABE。

由圖能直接讀出波長，由波速公式求出周期。x=10.5m處的質(zhì)點與a質(zhì)點相距一個波長，振動情況總相同。質(zhì)點離平衡位置越近，速度越大。只有初位置位于平衡位置或最大位移處質(zhì)點，再經(jīng)過個周期；質(zhì)點a通過的路程是一個振幅。結(jié)合發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象的條件分析。

本題考查基本的讀圖能力，由波動圖象讀出波長，根據(jù)質(zhì)點平衡位置間距離與波長的關系，分析質(zhì)點的振動過程都是應具備的能力。【解析】ABE13、BD【分析】【分析】平拋運動只受重力；保持不變；故合外力的沖量不變；

作用力與反作用力作用的位移可能不變；故做功可能不同；

靜摩擦力和滑動摩擦力均可能不做功；

動能是標量，速度是矢量；動能不變但速度可能變化．【解析】【解答】解：A；做平拋運動的物體由于只受重力；故合外力不變；由動量定理可知任意相等時間間隔內(nèi)速度的增量為定值；在相同時間內(nèi)位移不同；由動能定理可知，速率的增量不同；故A錯誤；

B；平衡力作用在同一個物體上；故在一段時間內(nèi)一對平衡力做的總功W一定為零；但一對作用力與反作用力由于作用在不同的物體上；故總功不一定為零；故B正確；

C；靜摩擦力可以對物體做功；如靜止在傳送帶上隨傳送帶一起運動的物體受傳送到的摩擦力做功；故C錯誤；

D；質(zhì)點的動能大小不變；只能說明速度的大小不變；但速度的方向可能變化；故質(zhì)點可以做變速運動；故D正確；

故選：BD．14、ABD【分析】【分析】質(zhì)點在水平面上的xOy直角坐標系位置函數(shù)是：x=Lcosωt；y=Lsinωt，所以質(zhì)點在平面直角坐標系中是一個勻速圓周運動，所受合力大小不變；

速度大小不變，方向時刻在變，同樣加速度大小也不變，方向在變；力和速度始終垂直，故力不做功．【解析】【解答】解：質(zhì)點在水平面上的xOy直角坐標系位置函數(shù)是：x=Lcosωt，y=Lsinωt，則得：x2+y2=L2；

所以質(zhì)點在平面直角坐標系中是一個勻速圓周運動；所受合力大小不變，速度大小不變，方向時刻在變，同樣加速度大小也不變，方向在變；力和速度始終垂直，故力不做功，故ABD錯誤，C正確．

本題選錯誤的，故選：ABD15、BC【分析】【分析】平拋運動的研究方法是把平拋運動分解到水平方向和豎直方向去研究，水平方向做勻速直線運動，豎直方向做自由落體運動，兩個方向上運動的時間相同．機械能守恒的條件只有重力做功，分析物體的受力情況，即可判斷機械能是否守恒．【解析】【解答】解：

A、B、由圖象可以看出，b、c兩個小球的拋出高度相同，a的拋出高度最小，三個小球豎直方向上都做自由落體運動，根據(jù)h=，得t=可知，a的運動時間最短，b；c運動時間相等；故A錯誤，B正確；

C；三個小球都只受重力；機械能都守恒，故C正確．

D、由圖象可以看出，a的水平位移大于b的水平位移，而a的運動時間短，兩球水平方向都做勻速直線運動，根據(jù)x=v0t可知，v0=，所以a的初速度比b的大；故D錯誤。

故選：BC三、填空題(共7題，共14分)16、速度加速度【分析】【分析】矢量是既有大小又有方向的物理量，如速度、加速度等．【解析】【解答】解：矢量是既有大小又有方向的物理量；常見的矢量有速度；加速度．

故答案為：速度、加速度．17、BD【分析】【分析】（1）由頻率求出波的周期；畫出波形，運用波形的平移法，確定出PQ兩點的位移關系．分兩種方向進行分析．再判斷速度；加速度的關系．

（2）作出光路圖，結(jié)合折射定律和幾何關系求出玻璃的折射率．【解析】【解答】（1）解：由題；頻率為f=2.5Hz，則周期為T=0.4s．在t=0時，P點位于平衡位置，且速度方向向下，Q點位于平衡位置下方的最大位移處，畫出波形如實線所示．

若波沿x軸正方向，在t=0.35s=時，波形向右平移波長；如圖虛線所示，由圖看出，該時刻兩質(zhì)點的位移大小相等，方向相反，速度大小，方向相同；加速度大小相等，方向相反．

若波沿x軸負方向，同理得到同樣的結(jié)論．

故選BD．

（2）作出光路如圖所示；其中一條光線沿直線穿過玻璃，可知O點為圓心；

另一條光線沿直線進入玻璃，在半圓面上的入射點為B，入射角設為θ1，折射角設為θ2

則

得θ1=300

因OP=R，由幾何關系知BP=R，則折射角θ2=600

由折射定律得玻璃的折射率為n==1.73．

答：玻璃的折射率為1.73．18、15100【分析】【分析】運用“勻強電場中，沿著任意方向每前進相同的距離，電勢變化相等”進行分析計算D點的電勢；根據(jù)電場線與等勢面垂直垂直畫出電場線，根據(jù)U=Ed計算電場強度．【解析】【解答】解：勻強電場中；沿著任意方向每前進相同的距離，電勢變化相等，故。

UA-UD=UB-UC

解得。

UD=15V

故B；D在一個等勢面上；有。

UAB=E?LAB?sin45°

解得。

故答案為：15，．19、略

【分析】

（1）根據(jù)圖示的角度可知，∠aON和∠bON是一對相鄰且相等的角，所以這兩個角是入射角和反射角，但不確定哪個角是入射角，哪個角是反射角；光線a和光線b是入射光線和反射光線；也不能確定哪條是入射光線，哪條是反射光線；但能夠確定NN′是法線，c是折射光線．

（2）由于折射光線和入射光線分居法線兩側(cè)，因為c是折射光線，所以a是入射光線，b是反射光線．

（3）折射光線c和法線NN′的夾角為折射角；由于∠cOM等于60°，所以折射角∠cON′=30°．

（4）由于入射角為60°；折射角為30°，折射角小于入射角，所以是從空氣進入其它透明介質(zhì)．故界面的左側(cè)是空氣．

故答案為：入射；折射；30°；空氣．

【解析】【答案】（1）光線射到界面上；同時發(fā)生了反射和折射現(xiàn)象．

（2）根據(jù)光的反射規(guī)律；反射角等于入射角，即相鄰且相等的一對角是入射角和反射角，中間的線為法線，根據(jù)圖示的角度大小關系可以確定法線以及折射光線．

（3）根據(jù)光的反射規(guī)律和折射規(guī)律可知；反射光線；折射光線都和入射光線分居法線兩側(cè)，由此可以確定入射光線、反射光線．

（4）根據(jù)入射角和折射角的大小關系；可以確定光線是從空氣進入其它透明介質(zhì)，還是從其它透明介質(zhì)進入空氣．

20、略

【分析】

多用電表調(diào)到歐姆檔時；其內(nèi)部應有電池；滑動變阻器、電流表表頭，并且黑表筆應與電池的正極相連，紅表筆與電池的負極相連．故C正確．

故答案為：C

【解析】【答案】根據(jù)歐姆表改裝原理可知其內(nèi)部等效電路應有電池；滑動變阻器、電流表表頭；并且黑表筆應與電池的正極相連，紅表筆與電池的負極相連．

21、550【分析】【分析】當牽引力等于阻力時，速度到達最大值，由功率公式可求得機車受到的阻力，再由動能定理可求得汽車達到最大速度的過程中的位移．【解析】【解答】解：當牽引力等于阻力時；速度到達最大值，則由功率公式可得：

f=

勻加速運動時有：

F-f=ma

解得：F=12000N

勻加速的最大速度v=；

勻加速的時間t1=；

位移x1=

整個過程由動能定理可得：

Fx1+P（t-t1）-fx=mv2；

解得：x=550m

故答案為：55022、大無關【分析】【分析】慣性是物體的固有屬性，它指的是物體能夠保持原來的運動狀態(tài)的一種性質(zhì)，慣性大小與物體的質(zhì)量有關，質(zhì)量越大，慣性越大．【解析】【解答】解：慣性是物體的固有屬性；它指的是物體能夠保持原來的運動狀態(tài)的一種性質(zhì)；

慣性大小與物體的質(zhì)量有關；物體的質(zhì)量越大，慣性越大，與物體的運動狀態(tài)無關．

故答案為：大，無關四、判斷題(共1題，共9分)23、×【分析】【分析】為了研究的方便引入了電場線，實際不存在，電場線從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不相交不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱．【解析】【解答】解：為了研究的方便引入了電場線；實際不存在．所以該說法是錯誤的．

故答案為：×五、作圖題(共4題，共24分)24、略

【分析】【分析】（1）根據(jù)電勢差的定義式U=求解電勢差．

（2）由電勢差與電勢的關系：UAB=φA-φB，UBC=φB-φC求電勢，找出等勢點，作出等勢線，再畫出電場線．【解析】【解答】解：（1）A、B兩點間的電勢差為：

UAB==V=4V

B；C兩點間的電勢差為：

UBC==V=-2V

（2）因為UAB=φA-φB，UBC=φB-φC

又據(jù)題意φB=0

得：φA=4V，φC=2V

則AB中點的電勢為φD==2V=φC；根據(jù)電場線垂直于等勢面，且指電勢較低的等勢面，作出過B點的一條電場線如圖．

答：

（1）A、B兩點間的電勢差UAB和B、C兩點間的電勢差UBC分別為4V和-2V．

（2）作出過B點的一條電場線如圖．25、略

【分析】【解析】分析：F2與杠桿垂直，故連接支點O與F2的作用點即為力臂L2，過L1的上端作L1的垂線，交杠桿于一點，即為F1的作用點，F(xiàn)1的方向向上．

解答：解：

【解析】【答案】略26、略

【分析】【解析】考點：作光的反射光路圖；作光的折射光路圖；透鏡的光路圖．

專題：作圖題．

分析：（1）畫反射光線或入射光線；要根據(jù)光的反射定律，先做出法線，然后根據(jù)兩角相等畫出；

（2）凸透鏡一般考查三條特殊光線；過光心的光線傳播方向不變，從焦點發(fā)出的光線經(jīng)凸透鏡折射后平行于主光軸，平行于主光軸的光線經(jīng)凸透鏡折射后過焦點；

（3）凹透鏡一般也是考查三條特殊光線；過光心的光線傳播方向不變，射向凹透鏡焦點的光線經(jīng)凹透鏡折射后與主光軸平行，平行于主光軸的光線經(jīng)凹透鏡折射后發(fā)散，但其反向延長線過焦點．

解答：解：（1）圖中為一射向平面鏡的入射光線；過入射點作出法線（虛線，與鏡面垂直），根據(jù)光的反射定律兩角相等畫出反射光線，見下圖：

（2）圖中為從水面反射的光線；根據(jù)光的反射定律畫出入射光線，根據(jù)光的折射定律畫出折射光線，光從空氣斜射入水中時，折射光線向靠近法線方向偏折，折射角小于入射角，如下圖：

（3）從凸透鏡焦點發(fā)出的光線；經(jīng)凸透鏡折射后與主光軸平行，如下圖所示：

（4）平行于凹透鏡主光軸的光線；經(jīng)凹透鏡折射后發(fā)散，其反向延長線過焦點，如下圖所示：

點評：本題考查光學作圖的基本類型，都屬于中考常考的作圖題，同學們一定要掌握．【解析】【答案】略27、略

【分析】【分析】對物體進行受力分析，明確彈力產(chǎn)生的條件，再按照重力、彈力、摩擦力的順序進行分析，再作出對應的受力分析圖即可．【解析】【解答】解：（1）物體與傳送帶一起減速運動；由于物體有相對于傳送帶向后的運動趨勢，故物體受到的摩擦力向前；

（2）AB豎直上拋過程；由于加速度均為重力加速度，故相互間沒有擠壓，沒有彈力；故B只受重力；

（3）對整體分析可知；整體向下的加速度a=gsinθ，則對Q分析可知，Q只受重力和支持力，不受彈簧的彈力；

故答案為：

六、綜合題(共4題，共8分)28、略

【分析】【解析】（1）根據(jù)動能定理；得。

eU0=mv02

由此即可解得。

v0=

（2）欲使電子不能穿過磁場區(qū)域而打到熒光屏上；應有。

r=

而eU=mv2

由此即可解得。

U<

（3）電子穿過磁場區(qū)域而打到熒光屏上時運動的軌跡如圖所示.

（4）若電子在磁場區(qū)域做圓周運動的軌道半徑為r,穿過磁場區(qū)域打到熒光屏上的位置坐標為x；則由（3）中的軌跡圖可得。

x=2r-2

注意到r=和eU=mv2

所以電子打到熒光屏上的位置坐標x和金屬板間電勢差U的函數(shù)關系為。

x=(-)(U≥).【解析】【答案】(1)(2)U<(3)見解析（4）-(U≥）29、略

【分析】【解析】（1）ab棒離開磁場右邊界前做勻速運動，速度為vm；則有