…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年教科新版必修3物理上冊月考試卷527考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、兩異種點電荷A、B附近的電場線分布如圖所示，P為電場中的一點，連線AP、BP相互垂直．已知P點的場強大小為E、電勢為電荷A產生的電場在P點的場強大小為EA；取無窮遠處的電勢為零．下列說法中正確的有（）

A.A.B所帶電荷量相等B.電荷B產生的電場在P點的場強大小為C.B連線上有一個電勢為零的點D.將電量為的點電荷從P點移到無窮遠處，電場力做的功為2、以下說法正確的是（）A.電流既有大小又有方向，所以電流是矢量B.電流的單位“安培”是國際單位制中的基本單位C.通過導體橫截面的電荷量越多，導體中的電流就越大D.由可知，導體電阻和其兩端電壓成正比，和電流成反比3、科學思維在物理問題的研究中十分重要，歷史上有一位物理學家受到萬有引力定律的啟發，運用類比創建了另一個物理定律，該定律是（）A.牛頓第二定律B.庫侖定律C.機械能守恒定律D.歐姆定律4、科學家在物理學的研究過程中應用了很多科學的思想方法，下列敘述錯誤的是（）A.法拉第首先提出用電場線描繪抽象的電場，這是一種形象化的研究方法B.庫侖得出庫侖定律并用扭秤實驗最早測出了元電荷的數值C.用點電荷來代替實際帶電的電荷是采用了理想化物理模型的方法D.場強表達式和電容表達式都是利用比值法得到的定義式5、四個定值電阻連成如圖所示的電路。的規格為“10V4W”，的規格為“10V2W”。當把它們接入到電壓為U的電源兩端時；其中功率最大的是（）

A.B.C.D.6、如圖所示，輕彈簧下吊著甲、乙兩個用細線連著的質量相同的條形磁鐵，兩磁鐵的N、S極相對，乙離地有一定的高度；剪斷細線后，當乙落地的一瞬間，甲剛好第一次到達最高處，彈簧的形變在彈性限度內，不計空氣阻力，則（）

A.剪斷細線的瞬間，甲、乙的加速度相同B.剪斷細線后甲在向上運動的過程中，彈簧向上的彈力等于甲的重力時甲的速度最大C.從剪斷細線到乙落地前的過程中，乙的機械能不斷減小D.從剪斷細線到乙落地前的過程中，甲、乙和彈簧組成的系統機械能守恒評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)7、如圖所示，兩塊水平放置的平行正對的金屬板a、b與電源E相連，在距離兩板等距離的M點有個帶電液滴處于靜止狀態。若將b板向下平移一小段距離；穩定后，下列說法中正確的是（）

A.液滴帶負電B.液滴將加速向下運動C.M點電勢升高D.帶電液滴在M點的電勢能增大8、如圖所示，MPQO為有界的豎直向下的勻強電場，ACB為光滑固定的半圓形軌道，圓軌道半徑為R，A、B為圓水平直徑的兩個端點，AC為圓弧。一個質量為m、電荷量為q的帶負電小球，從A點正上方高為H處由靜止釋放，并從A點沿切線進入半圓軌道；不計空氣阻力及一切能量損失，關于帶電小球的運動情況，下列說法正確的是（）

A.小球一定能從B點離開軌道B.小球經過A點時的速度大小可能等于經過C點時的速度大小C.若小球能從B點離開，上升的高度可能等于HD.若小球能到達C點，則到達C點的速度一定大于零9、如圖所示的電路中，電源的電動勢E和內阻r一定，A、B為平行板電容器的兩塊正對金屬板，R1為光敏電阻。當R2的滑動觸頭P在a端時，閉合開關S，此時電流表A和電壓表V的示數分別為I和U。以下說法正確的是()

A.若僅將R2的滑動觸頭P向b端移動，則I不變，U增大B.若僅增大A、B板間距離，則電容器所帶電荷量減少C.若僅用更強的光照射R1，則I增大，U增大，電容器所帶電荷量增加D.若僅用更強的光照射R1，則U變化量的絕對值與I變化量的絕對值的比值不變10、如圖所示，豎直放置的平行兩金屬板與電源相連，一個帶負電的小球懸掛在電容器兩平板間，閉合開關S后，電容器充電，這時電容器的帶電荷量為懸線偏離豎直方向的夾角為那么下列說法正確的是（）

A.保持S閉合，將板向板靠近，則電荷量增大，增大B.保持S閉合，將板向板靠近，電荷量增大，但是不變C.斷開S，將板向板靠近，電壓減小，但是不變D.斷開S，將板向板靠近，電壓減小，則減小11、如圖；當K閉合后，一帶電微粒（重力不可忽略）在平行板電容器間處于靜止狀態，下列說法正確的是（）

A.保持K閉合，使P滑動片向左滑動，微粒仍靜止B.保持K閉合，使P滑動片向右滑動，微粒向下移動C.打開K后，使兩極板靠近，則微粒將向上運動D.打開K后，使兩極板靠近，則微粒仍保持靜止12、如圖所示的勻強電場E的區域內，由A、B、C、D、A′、B′、C′、D′作為頂點構成一正方體空間，電場方向與面ABCD垂直；下列說法正確的是（）

A.DD′兩點間電勢差UDD′與AA′兩點間電勢差UAA′相等B.帶正電的粒子從A點沿路徑A→D→D′移到D′點，電場力做正功C.帶負電的粒子從A點沿路徑A→D→D′移到D′點，電勢能減小D.移動同一電荷從A經B到B′電場力做功與從A經D和D′再到B′一定不相同13、如圖甲是有兩個量程的電流表，當使用兩個端點時，量程為當使用兩個端點時，量程為已知靈敏電流計的內阻為滿偏電流為如圖乙是有兩量程的電壓表，當使用兩個端點時，量程為當使用兩個端點時，量程為已知靈敏電流計的內阻為滿偏電流為則電阻分別為（）

A.B.C.D.14、如圖，帶正電的物塊A放在水平桌面上，利用細繩通過光滑的滑輪與B相連，A處在勻強電場中，從O開始，A與桌面的動摩擦因數隨x的變化如圖所示，取O點電勢能為零，A、B質量均為B離滑輪的距離足夠長；則（）

A.它們運動的最大速度為B.它們向左運動的最大位移為C.當速度為時，A的電勢能可能是D.當速度為時，繩子的拉力可能是15、普朗克在1900年將“能量子”引入物理學，開創了物理學的新紀元。在下列宏觀概念中，不具有“量子化”特征的是（）A.人的個數B.物體所受的重力C.物體的動能D.物體的長度評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)16、如圖，電阻R=55Ω，當閉合S1、S2時，通過電阻R的電流為_________A，電路的總功率為1000W，當只閉合S2時，電動機的電功率為___________W。

17、利用靜電除塵器可以消除空氣中的粉塵，靜電除塵器由金屬管A和懸在管中的金屬絲B組成，A和B分別接到高壓電源的正極和負極，其裝置示意圖如右圖所示．A、B之間有很強的電場，距B越近，場強__________（填“越大”或“越小”）．B附近的氣體分子被電離成為電子和正離子、粉塵吸附電子后被吸附到______（填“A”或“B”）上；最后在重力作用下落入下面的漏斗中．

18、元電荷：

（1）定義：最小的___________，用e表示。

（2）帶電體的電荷量特征：所有帶電體的電荷量都是e的___________倍，是___________連續變化的物理量。

（3）元電荷e的數值：最早是由美國物理學家密立根測得的，e=1.602176634×10-19C，計算中可取e=___________C。

（4）電子的比荷：電子的電荷量與電子的___________之比。=___________C/kg。19、量程為0.6A的電流表內阻Rg=60Ω，要把這個電流表的量程擴大成3A，那么應該在Rg上______聯一個電阻R，R的大小應是______Ω。20、如圖所示為實驗室常用的兩個量程的電壓表原理圖．當使用O、A兩接線柱時，量程為3V；當使用O、B兩接線柱時，量程為15V．已知電流計的內電阻Rg=500Ω，滿偏電流Ig=100μA．則電阻R=____Ω,R=____Ω

21、電源的電壓穩定為220伏，輸電線的總電阻歐（不計其他導線電阻），電路中并聯了10盞“220伏、50瓦”的電燈。當10盞燈全部工作時，每盞燈的實際電功率為______瓦（設燈絲電阻不隨溫度變化）。此時，每盞燈上的實際電壓______（填“大于”；“小于”或“等于”）只接入1盞燈的實際電壓。

22、波峰與波谷:在一列水波中,凸起的______叫作波峰;凹下的______叫作波谷。評卷人得分四、實驗題(共1題，共10分)23、圖中①、②分別為鋰離子電池充電過程中充電電流I、電池電壓U隨時間t變化的圖線，此過程中充電功率最大為______W，若圖中時間軸上分鐘，小時，則在這1小時內，充電電量為______C。

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、C【分析】【分析】

【詳解】

A．A根據等量異種點電荷的電場線分布圖具有對稱性，而該圖左右不對稱，知A、B所帶的電荷量不相等；故A錯誤；

B．P點的場強是點電荷A、B在P點產生的合場強；連線AP、BP相互垂直；根據矢量合成的平行四邊形定則知。

故B錯誤；

C．如果取無窮遠處的電勢為0，正電荷附近的電勢高于0，負電荷附近低于0，所以其A、B連線上有電勢為0；故C正確；

D．根據故D錯誤。

故選C。2、B【分析】【分析】

【詳解】

A．電流既有大小又有方向；但合成與分解不滿足平行四邊形定則，因此電流是標量，A錯誤；

B．電流的單位“安培”是國際單位制中的基本單位；B正確；

C．根據電流強度的定義式

可知；單位時間內，通過導體橫截面的電荷量越多，導體中的電流強度才會越大，C錯誤；

D．公式

是電阻的定義式；它是比值定義，導體電阻大小與加在導體兩端的電壓以及流過導體的電流無關，D錯誤。

故選B。3、B【分析】【詳解】

科學思維在物理問題的研究中十分重要；歷史上有一位物理學家受到萬有引力定律的啟發，運用類比方法在電磁學領域中建立了一個物理學定律，該定律得名稱為庫侖定律，故B正確，ACD錯誤。

故選B。4、B【分析】【分析】

【詳解】

A．法拉第首先提出用電場線描繪抽象的電場；這是一種形象化的研究方法，故A正確；

B．庫侖用扭秤實驗得出庫侖定律，密立根利用油滴實驗最早測出了元電荷e的數值；故B錯誤；

C．用點電荷來代替實際帶電體是采用了理想化物理模型的方法；故C正確；

D．電場強度的表達式

電容表達式

都是利用比值法得到的定義式；故D正確；

本題選擇不正確的，故選B。5、D【分析】【詳解】

根據

可知

因流過電流相等，根據P=I2R

可知

因電阻兩端電壓相等，根據

可知

因電阻相等，根據P=I2R

可知

即

故選D。6、C【分析】【詳解】

A．剪斷細線瞬間；甲；乙加速度的方向不同，故A錯誤；

B．剪斷細線后甲先向上做加速運動；當彈簧向上的彈力等于乙對甲的引力；甲的重力之和時，甲的速度達到最大，故B錯誤；

C．從剪斷細線到乙落地前的過程中；甲乙之間的吸引力一直對乙做負功，乙的機械能不斷減小，故C正確；

D．由于甲乙兩磁極之間的相互吸引的作用；從剪斷細線到乙落地前的過程中，甲；乙和彈簧組成的系統機械能不守恒，故D錯誤。

故選C。二、多選題(共9題，共18分)7、A:B:C【分析】【分析】

【詳解】

A.油滴受向上的電場力；上極板為正極，可知油滴帶負電，選項A正確；

B．電容器與電源保持相連，電容器板間的電壓不變，將b板向下平移一小段距離；根據。

分析得知板間電場強度減小；液滴所受的電場力減小，液滴將加速向下運動．故B正確；

C．由U=Ed知，M與a間的電場差減小，a點的電勢為零，M點的電勢小于零，則知M點的電勢升高；故C正確；

D．由于液滴帶負電，則帶電液滴在M點的電勢能減小；故D錯誤。

故選ABC。8、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．小球進入圓軌道后，受到豎直向下的重力、豎直向上的電場力和沿半徑方向的軌道的彈力，軌道的彈力對小球不做功，電場力做負功，重力做正功，由于題中沒有給出H與R、E的關系，所以不能判斷小球能否從B點離開軌道；A錯誤；

B．若重力大小等于電場力大小，小球進入圓軌道后彈力提供向心力，小球在AC部分可能做勻速圓周運動，所以小球經過A點時的速度大小可能等于經過C點時的速度大小；B正確；

C．若小球能從B點離開，設小球從B點離開上升的高度為h，對小球整個運動過程，有動能定理

解得

C錯誤；

D．從開始到C的過程，由動能定理得

若

須有qE>mg

則小球不可能沿圓軌道運動，所以小球到達C點速度不為零；即大于零，D正確。

故選BD。9、B:D【分析】【詳解】

A．滑動變阻器處于含電容支路中，相當于導線，所以移動滑動觸頭，I不變，U不變；故A錯誤；

B．若僅增大A、B板間距離，因板間電壓不變，由知電容減小，再由電容的定義式可知電容器所帶電荷量減少；故B正確；

C．若僅用更強的光線照射R1，R1的阻值變小，總電阻減小，I增大，內電壓和R3的電壓均增大，則電容器板間電壓減小，電容不變，由知電容器所帶電荷量減少；故C錯誤；

D．根據閉合電路歐姆定律得因電壓表測量為電源的路端電壓，電流表測量流過電源的電流，則可得

保持不變；故D正確。

故選BD。10、A:C【分析】【詳解】

AB．當開關閉合時，兩極板間電壓不變，減小兩極板間的距離后，由公式

得知電場強度增大，且平行板電容器的電容由公式

知，電容增大，再由公式

得到電荷量增大，同時小球所受電場力增大使得增大；B錯誤，A正確；

CD．若開關斷開，兩極板上的電荷量不變，減小兩極板間的距離后，平行板電容器的電容由公式

知，電容增大，再由公式

得到電壓將減小，再聯立公式

可推知電場強度不變，所以小球所受電場力不變，故也不變；D錯誤，C正確。

故選AC。11、A:D【分析】【詳解】

AB．K閉合后，一帶電微粒在平行板電容器間處于靜止狀態

保持K閉合，使P滑動片左右滑動，都不能改變電容器兩端的電壓，由得E不變；微粒仍靜止，A正確，B錯誤；

CD．打開K后，使兩極板靠近，由

可得

與d無關．所受電場力不變；微粒仍保持靜止，C錯誤D正確。

故選AD。12、A:B【分析】【分析】

【詳解】

A．在勻強電場中，沿相同方向前進相同的距離，電勢變化相等，故DD′兩點間電勢差UDD′與AA′兩點間電勢差UAA′相等；故A正確；

B．帶正電的粒子從A點到D電場力不做功，而由D→D'電場力做正功；故B正確；

C．同理，帶負電的粒子從A點沿路徑A→D→D′移到D'點；電場力做負功，電勢能增大，故C錯誤；

D．由電場力做功的特點可知電場力做功與路徑無關；只與初末位置的電勢差有關，故D錯誤。

故選AB。13、B:C:D【分析】【詳解】

AB．接a、b時，R1起分流作用為一支路，G與R2串聯為一支路，此時量程為I1=1A

而電流表的量程為當G表頭達到滿偏時通過兩個支路的總電流，即為

同理，接a、c時，為一支路起分流作用，G為一支路，此時量程為

則

聯立解得

故A錯誤；B正確；

CD．由圖示電路圖可知

聯立解得

故CD正確。

故選BCD。14、A:C:D【分析】【詳解】

AB．由題知

設A向左移動x后速度為零，對A、B系統有

（此處前面的是因為摩擦力是變力，其做功可以用平均力），可得

A向左運動是先加速后減速，當時，摩擦力變成靜摩擦力，并反向，系統受力平衡，最后靜止。設A向左運動x′后速度為v，對系統則有

得

即：當時，v最大為故A正確，B錯誤；

C．當時，可得或

當時，電場力做功

則電勢能減小由于則電勢能為當時

故C正確；

D．根據牛頓第二定律

當時，系統加速度

對B有

得

當時，系統加速度

對B分析可得

故D正確。

故選ACD。15、B:C:D【分析】【詳解】

“量子化”的特征是不連續：人的個數是不連續的；符合；

而物體所受的重力；物體的動能、物體的長度都是連續的；不具有“量子化”特征。

故選BCD。三、填空題(共7題，共14分)16、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]根據歐姆定律得

[2]當閉合S1、S2時，電阻R的功率為

電動機的電功率為

當只閉合S2時，電動機的電壓不變，所以電動機功率不變。【解析】①.4②.12017、略

【分析】【詳解】

電源的兩極分別接在AB上