…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教版選修3物理上冊月考試卷6考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖所示；A；B、C三個相同的燈泡連成如圖電路，當滑動變阻器的滑動觸頭向上滑動時，三個燈泡的亮暗變化情況是（）

A.同時變亮B.同時變暗C.C兩燈變暗，B燈變亮D.C燈變亮，B燈變暗2、如圖所示，a、b、c三盞燈都能發(fā)光，且在電路變化時，燈不會燒壞．試判斷：當滑動變阻器的觸頭P向下移動時（）A.外電路的總電阻變小B.總電流變小C.a燈變暗D.c燈變亮3、如圖，正方形閉合導線框在邊界水平的勻強磁場區(qū)域的上方，由不同高度靜止釋放，用、分別表示線框邊和邊剛進入磁場的時刻，用、分別表示線框邊和邊剛出磁場的時刻，線框下落過程中形狀不變，邊始終保持與磁場水平邊界平行，線框平面與磁場方向垂直，設(shè)磁場區(qū)域的寬度大于線框的邊長，不計空氣阻力的影響，則下列反映線框下落過程中速度隨時間變化規(guī)律的圖象不可能的是（））

A.B.C.D.4、如圖所示，質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電小球A穿在傾角為的光滑絕緣細桿上，在桿上B點處固定一個電荷量為Q的正電荷．將小球A由距B豎直高度為H處無初速釋放后沿細桿下滑，小球A下滑過程中電荷量不變．整個裝置處在真空中，靜電力常量為k，重力加速度為g，下列說法正確的是()

A.小球A剛釋放時所受的庫侖力為B.小球A釋放時的加速度大小為C.小球A可能先加速下滑后勻速下滑D.小球A下滑過程中電勢能可能先增大后減小5、如圖所示，實線表示電場線，虛線表示帶電粒子運動的軌跡，帶電粒子只受電場力作用，運動過程中電勢能減小，它運動到b處時的運動方向與受力方向可能的是（）A.B.C.D.6、一粗細均勻的鎳鉻絲，截面直徑為d，電阻為R.把它拉制成直徑為的均勻細絲后，在溫度不變的情況下，它的電阻變?yōu)?))A.10000RB.100R.C.D.評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)7、如圖所示，正方形abcd區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向里的勻強磁場，甲、乙兩帶電粒子從a點沿與ab成30°角的方向垂直射入磁場．甲粒子垂直于bc邊離開磁場；乙粒子從ad邊的中點離開磁場．已知甲；乙兩a帶電粒子的電荷量之比為1:2，質(zhì)量之比為1:2，不計粒子重力．以下判斷正確的是。

A.甲粒子帶負電，乙粒子帶正電B.甲粒子的動能是乙粒子動能的16倍C.甲粒子所受洛倫茲力是乙粒子所受洛倫茲力的2倍D.甲粒子在磁場中的運動時間是乙粒子在磁場中運動時間的倍8、下列有關(guān)熱現(xiàn)象和內(nèi)能的說法中正確的是（）A.把物體緩慢舉高，其機械能增加，內(nèi)能不變B.盛有氣體的容器做加速運動時，容器中氣體的內(nèi)能必定會隨之增大C.電流通過電阻后電阻發(fā)熱，它的內(nèi)能增加是通過“做功”方式實現(xiàn)的E.分子間引力和斥力相等時，分子勢能最小E.分子間引力和斥力相等時，分子勢能最小9、下列關(guān)于固體、液體說法正確的是（）A.唐詩《觀荷葉露珠》中有“霏微曉露成珠顆”中荷葉和露水表現(xiàn)為浸潤B.小昆蟲能在水面上自由來往而不陷入水中是浮力與其重力平衡的結(jié)果C.液晶既像液體一樣具有流動性，又跟某些晶體一樣具有光學性質(zhì)的各向異性E.石墨和金剛石都是碳單質(zhì)但它們的物理性質(zhì)不同，是由于組成它們的原子排列結(jié)構(gòu)不同E.石墨和金剛石都是碳單質(zhì)但它們的物理性質(zhì)不同，是由于組成它們的原子排列結(jié)構(gòu)不同10、下列說法正確的是（）A.布朗運動就是液體分子的無規(guī)測熱運動B.溫度相同的氫氣和氧氣，它們分子的平均速率不同C.空調(diào)既能制熱又能制冷，說明熱傳遞不存在方向性E.荷葉上的露珠幾乎呈球形是由于表面張力的作用E.荷葉上的露珠幾乎呈球形是由于表面張力的作用11、如圖所示為遠距離輸電的原理圖；升壓變壓器和降壓變壓器均為理想變壓器，發(fā)電廠的輸出電壓恒定；輸電線上的電阻不變，假設(shè)用戶所用用電器都是純電阻用電器，若發(fā)現(xiàn)發(fā)電廠發(fā)電機輸出的電流增大了，則可以判定。

A.通過用戶的電流減小了B.用戶接入電路的總電阻減小了C.用戶消耗的電功率減小了D.加在用戶兩端的電壓變小了12、圖所示，電源的電動勢為E，內(nèi)阻為r，R1為定值電阻，R2為滑動變阻器，C為電容器，L為小燈泡，電表均為理想電表，閉合開關(guān)S后，若滑動變阻器的觸頭P向下滑動時，則()

A.小燈泡的功率增大B.電壓表的示數(shù)增大C.電容器上的電荷量增加D.兩表示數(shù)變化量的比值不變13、一列簡諧橫波沿x軸方向傳播，某時刻的波形圖如圖所示，已知位于x=1m處的質(zhì)點正向下運動；則下列說法正確的是（）

A.該波沿x軸負方向傳播B.x=3m處的質(zhì)點的振幅為零C.x=2m處的質(zhì)點此刻具有最大加速度D.該時刻以后，x=2.5m處的質(zhì)點比x=1.5m處的質(zhì)點先回到平衡位置14、一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，甲圖中A、B兩質(zhì)點平衡位置間的距離為2m，且小于一個波長，乙圖為A、B兩質(zhì)點的振動圖象；由此可知（）

A.B質(zhì)點在一個周期內(nèi)通過的路程為8cmB.該機械波的周期為4sC.該機械波的波速為4m/sE.t=1.5s時B兩質(zhì)點的振動速度相同E.t=1.5s時B兩質(zhì)點的振動速度相同評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)15、如圖所示為圓柱形區(qū)域的橫截面，在該區(qū)域加沿圓柱軸線方向的勻強磁場。帶電粒子（不計重力）第一次以速度v1沿截面直徑入射，粒子飛入磁場區(qū)域時，速度方向偏轉(zhuǎn)60°角；該帶電粒子第二次以速度v2從同一點沿同一方向入射，粒子飛出磁場區(qū)域時，速度方向偏轉(zhuǎn)90°角。則帶電粒子第一次和第二次在磁場中運動的半徑之比為_______；速度之比為__________；周期之比為_________；時間之比為__________。16、（1）用游標卡尺測量某鋼管的外徑，某次游標卡尺（主尺的最小分度為1mm）的示數(shù)如圖1所示，其讀數(shù)為_____cm。

（2）如圖2所示，螺旋測微器測出的某物件的寬度是_____mm。

17、泡泡魚游戲中，泡泡魚吐出了一個泡泡，捉住了一條大寶魚。若將泡泡內(nèi)的氣體視為理想氣體，泡泡魚吐出的泡泡上浮一段時間后到達大寶魚所在位置，海水的溫度不變，則在泡泡上浮的過程中，泡泡內(nèi)的氣體對外界做__________（填“正”或“負”）功，氣體__________（填“從外界吸收熱量”或“向外界放出熱量”）。18、假定兩個分子的距離為無窮遠時，它們的分子勢能為0，使一個分子固定，另一個分子在外力作用下從無窮遠逐漸向它靠近，直至相距很近很近，整個過程中分子勢能______(填“不變”或“先增大后減小”或“先減小后增大”)。物體從單一熱源吸收的熱量______(填“可以”或“不可以”)全部用于做功。19、陰極射線管的上方有一根固定的導線AB，如圖所示，當導線中通一如圖所示的電流時，陰極射線管的電子流將向__________偏轉(zhuǎn)。（填“下”或“上”）20、如圖所示為一彈簧振子的振動圖像；試完成以下問題：

（1）該振子簡諧運動的表達式為____________________；

（2）該振子在第100s時的位移為________cm，該振子在前100s內(nèi)的路程為________cm．21、某金屬的截止極限頻率恰好等于氫原子量子數(shù)n=4能級躍遷到n=2能級所發(fā)出光的頻率．氫原子輻射光子后能量______（選填“增大”、“不變”或“減小”）．現(xiàn)用氫原子由n=2能級躍遷到n=1能級所發(fā)出的光照射該金屬，則逸出光電子的最大初動能是________（已知氫原子n=1、2、4能級的能量值分別為E1、E2、E4）．評卷人得分四、作圖題(共3題，共6分)22、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

23、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

24、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共12分)25、驗證《動量守恒實驗》中；劉同學設(shè)計了如圖所示的裝置進行驗證。設(shè)計如下：

A.測出兩同種材質(zhì)的木塊A、B的質(zhì)量mA、mB

B.測出當?shù)氐闹亓铀俣萭

C.用細線將A；B連接；使A、B間的彈簧壓縮（彈簧不與木塊連接）

D.剪斷細線，測出木塊向兩側(cè)移動的距離sA、sB

E.測量桌面與木質(zhì)材料間的動摩擦因數(shù)μ

（1）上述實驗設(shè)計中沒必要的步驟為_____；

（2）驗證動量守恒關(guān)系式為______________；

（3）請寫出一條產(chǎn)生實驗誤差的原因_____________。

26、有一電流表A，量程為1mA，內(nèi)阻r1約為100Ω．要求測量其內(nèi)阻．可選用器材有，電阻箱R0；最大阻值為99999.9Ω；

滑動電阻箱甲；最大阻值為10kΩ；

滑動電阻箱乙；最大阻值為2kΩ；

電源E1；電動勢約為2V，內(nèi)阻不計；

電源E2；電動勢約為6V，內(nèi)阻不計；

開關(guān)2個；導線若干．

采用的測量電路圖如圖所示；實驗步驟如下：

a.斷開S1和S2，將R調(diào)到最大；

b.合上S1調(diào)節(jié)R使A滿偏；

c.合上S2，調(diào)節(jié)R1使A半偏，此時可以認為A的內(nèi)阻rg＝R1；試問：

（ⅰ）在上述可供選擇的器材中，可變電阻R1應該選擇____；為了使測量盡量精確，可變電阻R應該選擇____；電源E應該選擇____．

（ⅱ）認為內(nèi)阻rg＝R1，此結(jié)果與rg的真實值相比____．（填“偏大”、“偏小”或“相等”）27、為研究某一蓄電池組；某興趣小組將一塊舊的電池組充滿電，準備利用下列器材測量電池組的電動勢和內(nèi)電阻．

A.待測電池組；電動勢約為4V，內(nèi)阻約幾歐姆。

B.直流電壓表（量程均可滿足要求；均可視為理想電表）

C.定值電阻（未知）

D.滑動變阻器R，最大阻值（已知）

E.導線和開關(guān)。

（1）現(xiàn)利用以上器材；設(shè)計一個電路如圖甲所示，完成對待測電池組的電動勢和內(nèi)阻的測量．

（2）實驗之前，需要利用該電路圖測出定值電阻方法是先把滑動變阻器R調(diào)到最大阻值再閉合開關(guān)，電壓表和的讀數(shù)分別為則=_______（用表示）．

（3）實驗中移動滑動變阻器觸頭，讀出電壓表和的多組數(shù)據(jù)描繪出圖象（橫軸為），圖線斜率絕對值為k，與橫軸的截距值為a，則電池組的電動勢E=____，內(nèi)阻r=____（用k、a、表示）．

（4）經(jīng)測量得到該電池組的電動勢為E=4.0V，內(nèi)阻r=1Ω，現(xiàn)用該電池組與定值電阻串聯(lián)，然后與兩個相同的燈泡構(gòu)成如圖乙所示的電路，燈泡的伏安特性曲線如圖丙所示，則每個燈泡的實際功率約為______W（結(jié)果保留兩位小數(shù)）．評卷人得分六、解答題(共4題，共16分)28、一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A經(jīng)狀態(tài)B變化到狀態(tài)C，其圖象如圖所示，求該過程中氣體吸收的熱量Q。

29、下表是某品牌洗衣機的技術(shù)參數(shù)：

。國家能效等級1級。

額定洗滌容量8kg

額定電壓220V

電源頻率50Hz

洗滌功率220W

脫水功率500W

洗滌噪音43分貝。

轉(zhuǎn)速1200轉(zhuǎn)/分。

內(nèi)筒材料不銹鋼。

標準程序耗水量59升。

出廠日期：

2018年1月20日。

出廠編號：

GB201801200315

請根據(jù)表中的技術(shù)參數(shù)解答下列問題：

(1)該洗衣機正常工作的電壓為多少伏特?

(2)該洗衣機在常溫下正常洗滌時的電流為多少安培？

(3)該洗衣機在常溫下正常洗滌2h，消耗的電能是多少千瓦時?30、如圖所示，水平放置的兩平行金屬板間存在著相互垂直的勻強電場和勻強磁場．已知兩板間的電勢差為U，距離為d；勻強磁場的磁感應強度為B，方向垂直紙面向里．一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電粒子從A點沿水平方向射入到兩板之間，恰好沿直線從M點射出；如果撤去磁場，粒子從N點射出．M、N兩點間的距離為h．不計粒子的重力．求：

（1）勻強電場場強的大小E；

（2）粒子從A點射入時的速度大小v0；

（3）粒子從N點射出時的動能Ek．

31、如圖所示，一豎直放置的足夠長汽缸內(nèi)有兩個活塞用一根輕質(zhì)硬桿相連，上面小活塞面積S1=2cm2，下面大活塞面積S2=8cm2，兩活塞的總質(zhì)量為M=0.3kg；汽缸內(nèi)封閉溫度T1=300K的理想氣體，粗細兩部分長度相等且L=5cm；大氣壓強為Po=1.01×l05Po，g=10m／s2；整個系統(tǒng)處于平衡，活塞與缸壁間無摩擦且不漏氣．求：

(1)初狀態(tài)封閉氣體的壓強Pi；

(2)若封閉氣體的溫度緩慢升高到T2=336K，氣體的體積V2是多少；

(3)上述過程中封閉氣體對外界做功W．參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、D【分析】【詳解】

滑動變阻器滑動觸頭向上滑動時；接入電阻減小，則總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知，總電流增大，故流過A燈電流增大，故A燈變亮；

由于電流增大；則可知內(nèi)電壓和燈泡A兩端的電壓增大，故并聯(lián)部分電壓減小，所以B燈兩端電壓減小，B燈變暗；

因干路電流增大；B燈電流減小，則由分流原理可知，C中電流增大，故C燈變亮，故AC變亮，B變暗，故D正確，ABC錯誤。

故選：D.

【點睛】

根據(jù)滑片的移動方向判斷滑動變阻器接入電路的阻值如何變化，由閉合電路歐姆定律判斷電路電流如何變化，再根據(jù)功率公式可分析燈泡亮度的變化．2、A【分析】【詳解】

A．據(jù)圖可知；當滑動變阻器滑片向下滑動時，相當于滑動變阻器被短接部分變大，未短接部分減小，則滑動變阻器阻值減小，外電路總電阻與其中之一電阻的變化一致，所以外電阻總電阻變小，A選項正確；

B．據(jù)

總電流變大；B選項錯誤；

C．a(chǎn)燈接在干路，總電流變大，則a燈變亮；C錯誤；

D．據(jù)“串反并同”c燈與滑動變阻器并聯(lián)，c燈電流、電壓變化與滑動變阻器阻值變化一致，則c燈變暗；D錯誤．

故選A。3、A【分析】【詳解】

A、在0～時間內(nèi)，線框做自由落體運動，時刻以后，線框全部進入磁場后做勻加速直線運動，這兩段時間內(nèi)的v－t圖線均為直線．在～時間內(nèi)，線框進入磁場的過程中，線框的運動狀態(tài)與進入磁場時的速度v有關(guān)．當線框在磁場中勻速運動時，安培力等于重力，即．若線框的速度v遠大于則進入磁場后減速．由可知，加速度減小；若線框速度v＞但相差不大，則線框進入磁場后可能先減速再勻速，故A錯誤，B正確；

C、若線框的速度但相差不大，則線框進入磁場后可能先加速再勻速；若線框的速度v遠小于則線框進入磁場后加速，加速度減小，故選項C正確；

D、若線框的速度則線框進入磁場一直勻速至全部進入磁場，故選項D正確．

點睛：解決本題的關(guān)鍵能夠根據(jù)物體的受力判斷物體的運動，結(jié)合安培力公式、切割產(chǎn)生的感應電動勢公式進行分析．4、B【分析】【詳解】

A；根據(jù)庫侖定律可知小球A剛釋放時所受庫侖力為。

故A錯；

B、由牛頓第二定律得:

解得：故B對；

C；越靠近B則庫侖力越大；根據(jù)牛頓第二定律可知，加速度可能是先減小后反向增大，則小球A可能先加速下滑后減速下滑，然后再反向運動，故C錯；

D；小球A下滑過程中由于庫侖力一直做負功；所以電勢能一直在增大，故D錯；

綜上所述本題答案是：B

【點睛】

對A球受力分析,受到重力、支持力和靜電斥力,根據(jù)牛頓第二定律求加速度;5、C【分析】【分析】

據(jù)粒子的運動軌跡；判斷粒子所受的電場力大體指向彎曲一側(cè)，從而判斷粒子受到的電場力的方向；電場力做正功粒子的動能增大，電勢能減小．

【詳解】

粒子的運動軌跡；判斷粒子所受的電場力大體指向彎曲一側(cè)，從而判斷粒子受力的方向向右，因不知電場線的方向，不能判斷出粒子的電性；由于運動飛過程中粒子的電勢能減小，所以電場力做正功，粒子運動的方向一定是c到a；故選項C正確，選項ABD錯誤；故選C．

【點睛】

本題關(guān)鍵是根據(jù)運動軌跡來判定電場力方向，由曲線運動條件可知合力偏向曲線內(nèi)側(cè)；電場線的疏密表示電場強度的強弱；用電場力做功和能量守恒定律判斷動能和電勢能的變化．6、A【分析】【詳解】

鎳鉻絲的橫截面的直徑為d，橫截面積為S1=由數(shù)學知識得知，直徑變化后橫截面積是S2=由于鎳鉻絲的體積不變，由長度變?yōu)樵瓉淼?00倍，根據(jù)電阻定律R=ρ得到，電阻是原來的10000倍，即為10000R．故選A．二、多選題(共8題，共16分)7、C:D【分析】【分析】

根據(jù)粒子運動軌跡；應用左手定則可以判斷出粒子的電性；粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，根據(jù)題意求出粒子軌道半徑關(guān)系，然后應用牛頓第二定律求出粒子的速度然后分析答題；根據(jù)粒子做圓周運動的周期公式與粒子轉(zhuǎn)過的圓心角求出粒子的運動時間．

【詳解】

由甲粒子垂直于bc邊離開磁場可知，甲粒子向上偏轉(zhuǎn)，所以甲粒子帶正電，由粒子從ad邊的中點離開磁場可知，乙粒子向下偏轉(zhuǎn)，所以乙粒子帶負電，故A錯誤；由幾何關(guān)系可知，R甲=2L，乙粒子在磁場中偏轉(zhuǎn)的弦切角為60°，弦長為所以：=2R乙sin60°，解得：R乙=L，由牛頓第二定律得：qvB=m動能：EK=mv2=所以甲粒子的動能是乙粒子動能的24倍，故B錯誤；由牛頓第二定律得：qvB=m解得：洛倫茲力：f=qvB=即故C正確；由幾何關(guān)系可知，甲粒子的圓心角為300，由B分析可得，乙粒子的圓心角為120°，粒子在磁場中的運動時間：t=T，粒子做圓周運動的周期：可知；甲粒子在磁場中的運動時間是乙粒子在磁場中運動時間的1/4倍，故D正確．.

【點睛】

題考查帶電粒子在勻強磁場中的運動，要掌握住半徑公式、周期公式，畫出粒子的運動軌跡后，利用洛倫茲力提供向心力，結(jié)合幾何關(guān)系進行求解；運用粒子在磁場中轉(zhuǎn)過的圓心角，結(jié)合周期公式，求解粒子在磁場中運動的時間．8、A:C:E【分析】【詳解】

A．把物體緩慢舉高；外力做功，其機械能增加，由于溫度不變，物體內(nèi)能不變，選項A正確；

B．物體的內(nèi)能與物體做什么性質(zhì)的運動沒有直接關(guān)系；選項B錯誤；

C．電流通過電阻后電阻發(fā)熱；是通過電流“做功”的方式改變電阻內(nèi)能的，選項C正確；

DE．根據(jù)分子間作用力的特點，當分子間距離等于r0時，引力和斥力相等，不管分子間距離從r0增大還是減小，分子間作用力都做負功，分子勢能都增大，故分子間距離等于r0時分子勢能最小；選項D錯誤，E正確。

故選ACE。9、C:D:E【分析】【分析】

【詳解】

A．唐詩《觀荷葉露珠》中有“霏微曉露成珠顆”，詩中荷葉和露水表現(xiàn)為不浸潤，A錯誤；

B．小昆蟲能在水面上自由來往而不陷入水中，是因為液體表面張力在起作用，B錯誤；

C．液晶既像液體一樣具有流動性；又跟某些晶體一樣具有光學性質(zhì)的各向異性，C正確；

D．蔗糖塊是多晶體；它是由許多小的單晶體顆粒組成的，D正確；

E．石墨和金剛石的物理性質(zhì)不同，是由于組成它們的原子排列結(jié)構(gòu)不同造成的，E正確。

故選CDE。10、B:D:E【分析】【詳解】

A．布朗運動是固體小顆粒的無規(guī)則運動；間接反映分子的無規(guī)則運動，故A錯誤；

B．溫度是分子的平均動能的標志；當氫氣和氧氣的溫度相同，說明它們的分子平均動能相同，它們的分子質(zhì)量不同，則分子的平均速率不同，故B正確；

C．空調(diào)制冷說明熱量可以在一定的條件下由低溫物體傳向高溫物體；但不是自發(fā)地由低溫物體傳向高溫物體，故C錯誤；

D．由同種元素構(gòu)成的固體；可能會由于原子的排列方式不同而成為不同的晶體，例如石墨和金剛石，故D正確；

E．荷葉上的露珠呈球形是由于在液體表面張力作用下表面收縮的結(jié)果；故E正確。

故選BDE。11、B:D【分析】【詳解】

A項：如果發(fā)電機輸出電流增大；根據(jù)變流比可知，輸送電流增大，通過用戶的電流增大，故A錯誤；

B項：由可知，輸送電流增大，是由于減小引起的；故B正確；

C項：當用戶電阻減小時；用戶消耗的功率增大，故C錯誤；

D項：發(fā)電機輸出電流增大；則輸電線上的電壓降增大，因此降壓變壓器的輸入；輸出電壓均減小，即因在用戶兩端電壓變小了，故D正確．

故選BD．12、A:B:D【分析】【分析】

分析電路結(jié)構(gòu)，當滑動變阻器的觸頭P向下滑動時，電阻R2減小；分析電路中總電阻的變化，再由閉合電路歐姆定律可分析電路中電流及電壓的變化，從而判斷電容器電量的變化．根據(jù)歐姆定律分析兩表示數(shù)變化量的比值．

【詳解】

由圖可知,L和R2串聯(lián)后和C并聯(lián)，再與R1串聯(lián)；電容器在電路穩(wěn)定時相當于斷路；

A.當滑動變阻器的觸頭P向下滑動時，電阻R2減小；電路的總電阻減小，總電流I增大，流過小燈泡的電流增大，則小燈泡的功率增大，故A正確；

B.由歐姆定律知；電壓表的示數(shù)增大，故B正確；

C.電容器板間電壓UC=E?I(R1+r)，I增大，則UC減小；電容器上的電荷量減少，故C錯誤；

D.|△U/△I|=R1；保持不變，故D正確．

故選ABD13、A:C:D【分析】【詳解】

已知位于x=1m處的質(zhì)點正向下運動，可知該波沿x軸負方向傳播，選項A正確；x=3m處的質(zhì)點此時的位移為零，但是振幅不為零，選項B錯誤；x=2m處的質(zhì)點位移最大，回復力最大，則此刻具有最大加速度，選項C正確；該時刻x=2.5m處的質(zhì)點向上振動，x=1.5m處的質(zhì)點向下振動，則從該時刻以后，x=2.5m處的質(zhì)點比x=1.5m處的質(zhì)點先回到平衡位置，選項D正確；故選ACD.14、A:B:E【分析】【分析】

根據(jù)圖乙得到振幅；從而得到路程；再根據(jù)圖乙得到周期，然后根據(jù)波的傳播方向得到對應的波長，即可求得波速；最后根據(jù)圖中質(zhì)點的位置得到速度關(guān)系和位移關(guān)系．

【詳解】

由圖乙可得：振幅A=2cm，故波中任意質(zhì)點在一個周期內(nèi)通過的路程為4A=8cm，故A正確；由振動圖像可知，該機械波的周期為4s，選項B正確；波由A向B傳播，則A處振動比B處振動超前1s，該機械波的波速為選項C錯誤；由振動圖形可知，t=1.5s時A、B兩質(zhì)點的位移大小相同，方向相反；質(zhì)點的振動速度大小方向都相同，選項D錯誤，E正確；故選ABE.三、填空題(共7題，共14分)15、略

【分析】【分析】

粒子進入磁場時，受到洛倫茲力作用而做勻速圓周運動，速度的偏向角等于軌跡對應的圓心角，再可求出軌跡對應的圓心角由求解時間之比；根據(jù)幾何知識求出軌跡半徑之比，由半徑公式求出速度之比．

【詳解】

設(shè)圓柱形區(qū)域為R。帶電粒子第一次以速度沿直徑入射時；軌跡如圖所示：

粒子飛出此磁場區(qū)域時速度方向偏轉(zhuǎn)60°角，則知帶電粒子軌跡對應的圓心角軌跡半徑為運動時間為帶電粒子第二次以速度沿直徑入射時，粒子飛出此磁場區(qū)域時速度方向偏轉(zhuǎn)90°角，則知帶電粒子軌跡對應的圓心角軌跡半徑為運動時間為所以軌跡半徑之比：時間之比：根據(jù)半徑公式得速度之比：根據(jù)可知；周期之比為1：1。

【點睛】

本題關(guān)鍵要掌握推論：粒子速度的偏向角等于軌跡的圓心角，運用幾何知識求出半徑關(guān)系，就能正確解答【解析】111:12：316、略

【分析】【分析】

解決本題的關(guān)鍵掌握螺旋測微器和游標卡尺的讀數(shù)方法；螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀，游標卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標尺讀數(shù)，不需估讀。

【詳解】

（1）[1]游標卡尺的主尺讀數(shù)為5.4cm，游標尺上第4個刻度與主尺刻度對齊，則游標尺讀數(shù)為

所以最終讀數(shù)為

（2）[2]螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為5.5mm，可動刻度讀數(shù)為

所以最終讀數(shù)為

【點睛】

螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀；游標卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標尺讀數(shù)，不需估讀，注意兩種儀器讀數(shù)的不同。【解析】5.445.69517、略

【分析】【詳解】

[1]在泡泡上浮的過程中；泡泡內(nèi)的氣體的壓強減小，根據(jù)玻意耳定律可知，該過程中泡泡內(nèi)的氣體的體積增大，氣體對外界做功。

[2]由于泡泡內(nèi)的氣體的溫度不變，氣體的內(nèi)能不變，根據(jù)熱力學第一定律可知，該過程中氣體從外界吸收熱量。【解析】正從外界吸收熱量18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]開始時兩分子間距離大；分子間作用力表現(xiàn)為引力，分子相互靠近，引力做正功，分子勢能減小，隨分子間距離減小到平衡位置后，分子間作用力表現(xiàn)為斥力，分子相互靠近，斥力做負功，分子勢能增加，故整個過程分子勢能先減小后增加；

[2]根據(jù)熱力學第二定律可知，在外界因素影響下，物體從單一熱源吸收的熱量可以全部用于做功。【解析】先減小后增大可以19、略

【分析】根據(jù)安培定則判斷可知：通電導線在陰極射線管處產(chǎn)生的磁場方向垂直紙面向里；電子帶負電，向右運動，由左手定則判斷得知電子流所受的洛倫茲力方向向下，所以陰極射線向下偏轉(zhuǎn)．

【點睛】本題關(guān)鍵要掌握兩大定則：安培定則和左手定則，要明確兩個問題：一是什么條件用什么定則，二是怎樣用定則．【解析】下20、略

【分析】【詳解】

（1）彈簧振子的周期為T=4s，則角速度為：振幅A=5cm故該振子簡諧運動的表達式為x=Asinωt=5sintcm．

（2）因而振子在一個周期內(nèi)通過的路程是4A，所以振子在前100s的總路程是：s=25×4A=100×5cm=500cm；總位移為0.【解析】(cm)050021、略

【分析】【詳解】

[1]氫原子輻射光子后；一部分能量隨光子而輻射，剩余氫原子能量減小；

[2]設(shè)金屬的截止頻率則有

即逸出功

氫原子由n=2能級躍遷到n=1能級所發(fā)出的光子能量為那么光電子最大初動能為【解析】減小四、作圖題(共3題，共6分)22、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】23、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結(jié)合電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】24、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共3題，共12分)25、略

【分析】【詳解】

（1）（2）[1][2]取小球1的初速度方向為正方向，兩小球分別向兩邊做勻減速直線運動；設(shè)剛離開的速度分別為v1，v2；需要驗證的方程0=m1v1-m2v2

兩物體在桌面上的