…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年北師大版選修3物理下冊階段測試試卷109考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖甲所示，梯形硬導線框abcd固定在磁場中，磁場方向與線框平面垂直，圖乙表示該磁場的磁感應強度B隨時間t變化的關系，t=0時刻磁場方向垂直紙面向里．在0～5t0時間內，設垂直ab邊向上為安培力的正方向，線框ab邊受到該磁場對它的安培力F隨時間t變化的關系圖為。

A.B.C.D.2、如圖所示，帶電粒子以平行極板的速度從左側中央飛入勻強電場，恰能從右側擦極板邊緣飛出電場（粒子重力不計），若粒子的初動能變為原來的倍；還要使粒子保持擦極板邊緣飛出，可采用的方法是（）

A.僅將極板的長度變為原來的倍B.僅將兩板之間的距離變為原來的C.僅將兩板之間的電勢差變為原來的倍D.僅將極板長度和兩板之間的距離都變為原來的3、下列說法正確的是（）A.懸浮在空氣中的PM2.5顆粒的運動是分子熱運動B.一定質量的晶體在熔化過程中，其內能保持不變，分子勢能增大C.由于液體表面層分子間平均距離大于液體內部分子間平均距離，液體表面存在張力D.在溫度不變的條件下，增大飽和汽的體積，最終會減少飽和汽的壓強4、紙面內的兩根導線相互平行，通有同向且等大的電流，則A.兩導線相互排斥B.兩導線相互吸引C.兩導線之間與兩導線距離相等處磁場方向垂直于紙面向里D.兩導線之間與兩導線距離相等處磁場方向垂直于紙面向外5、如圖，空間某區域有一個正三角形ABC，其三個頂點處分別固定有三個等量正點電荷，D點為正三角形的中心，E、G、H點分別為正三角形三邊的中點，F點為E關于C點的對稱點。取無限遠處的電勢為0；下列說法中正確的是。

A.E、G、H三點的電場強度均相同B.E、G、H三點的電勢均相同C.D點的場強最大D.根據對稱性，E.、F兩點的電場強度等大反向6、如圖為遠距離輸電的電路原理圖，變壓器均為理想變壓器并標示了電壓和電流，其中輸電線總電阻R；則。

A.B.輸電效率為C.用戶的用電器的數量增多時，U3將減小D.用戶得到的電功率可能等于電廠輸出的電功率7、如圖所示為波沿著一條右端固定的繩子傳播到點的波形圖，由圖可判斷出點開始振動的方向（）

A.向左B.向右C.向上D.向下8、2018年11月12日中科院等離子體物理研究所發布消息：全超導托克馬克裝置EAST在實驗中有了新的突破，等離子體中心電子溫度達到1億攝氏度；其主要核反應方程為：①②則下列表述正確的是A.X是質子B.Y是氚核C.X與Y是同位素D.①②兩個核反應都屬于裂變反應評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)9、如圖所示，直線MN與水平方向成θ=30°角，MN的右上方區域存在磁感應強度大小為B、方向水平向外的勻強磁場，MN的左下方區域存在磁感應強度大小為2B、方向水平向里的勻強磁場，MN與兩磁場均垂直.一粒子源位于MN上的a點，能水平向右發射不同速率、質量為m、電荷量為q（q>0)的同種粒子（粒子重力不計），所有粒子均能通過MN上的b點.已知ab=L，MN兩側磁場區域均足夠大，則粒子的速率可能是

A.B.C.D.10、如圖所示,氫原子可在下列各能級間發生躍遷,設從n=4到n=1能級輻射的電磁波的波長為λ1,從n=4到n=2能級輻射的電磁波的波長為λ2，從n=2到n=1能級輻射的電磁波的波長為λ3,則下列關系式中正確的是()

A.λ1<λ3B.λ3<λ2C.=+D.=-11、如圖所示，電源內阻不可忽略。開關S閉合后，在變阻器R0的滑動片向下滑動的過程中。

A.電壓表的示數減小B.電流表的示數增大C.電壓表的示數增大D.電流表的示數減小12、下列說法正確的是（）A.懸浮在水中的花粉的布朗運動反映了花粉分子的熱運動B.空氣的小雨滴呈球形是水的表面張力作用的結果C.彩色液晶顯示器利用了液晶的光學性質具有各向異性的特點E.干濕泡溫度計的濕泡顯示的溫度低于干泡顯示的溫度，這是濕泡外紗布中的水蒸發吸熱的結果E.干濕泡溫度計的濕泡顯示的溫度低于干泡顯示的溫度，這是濕泡外紗布中的水蒸發吸熱的結果13、一定質量的理想氣體從狀態a開始，經a→b、b→c、c→a三個過程后回到初始狀態a，其p-V圖像如圖示。已知c→a過程曲線是雙曲線的一部分，三個狀態的坐標分別為a（V0，2p0）、b（2V0，2p0）、c（2V0，p0）。下列說法正確的是（）

A.c→a過程氣體壓強變大的微觀原因是氣體分子的平均動能變大B.全程氣體對外做的功比外界對氣體做的功多，且大于C.氣體在a→b過程中吸收的熱量大于b→c過程中放出的熱量D.氣體在a→b過程中內能的增加量大于b→c過程中內能的減少量14、下列各種說法中正確的是（）A.分子間作用力、分子間的引力和斥力都隨分子間距離的增大而減小B.水的飽和氣壓隨溫度升高而升高，隨溫度降低而降低C.第一類永動機的思想違背了能量守恒定律，所以不可能制成E.晶體都有確定的熔點，都是各向異性的E.晶體都有確定的熔點，都是各向異性的15、如圖所示，紙面內同時存在兩個勻強磁場，其中一個平行于紙面水平向右，磁感應強度．位于紙面內的細直導線，長L=5m，通有I=3A的恒定電流．當導線與B成60°夾角時，發現其受到的磁場力為零，則該區域存在的另一勻強磁場的磁感應強度的可能值為（）

A.B.C.D.16、如圖所示，10匝矩形線框處在磁感應強度B=T的勻強磁場中，繞垂直磁場的軸以恒定角速度ω=l0rad/s在勻強磁場中轉動，線框電阻不計，面積為0.4m2；線框通過滑環與一理想自耦變壓器的原線圈相連，副線圈接有一只燈泡L（規格為“4W，l00Ω”）和滑動變阻器，電流表視為理想電表，則下列說法正確的是。

A.若從圖示線框位置開始計時，線框中感應電動勢的瞬時值為B.當燈泡正常發光時，原、副線圈的匝數比為1:2C.若將滑動變阻器滑片向上移動，則電流表示數增大D.若將自耦變壓器觸頭向下滑動，燈泡會變暗評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)17、回熱式制冷機是一種深低溫設備，制冷極限約50K，某臺設備工作時，一定量的氦氣（可視為理想氣體）緩慢經歷如圖所示的四個過程：從狀態到和到是等溫過程；從狀態到和到是等容過程，體積分別為和則圖中___（填“>”“<”或者“=”）；整個循環過程氦氣系統是______的（填“吸熱”“放熱”或者“絕熱”）。

18、一定質量的理想氣體，狀態經A→B→C→A的變化過程可用如圖所示的p-V圖線描述，其中C→A為等溫過程，氣體在狀態A時溫度為該氣體在狀態B時的溫度為______K，C→A過程中氣體______（填“吸熱”或“放熱”）。

19、如圖電路中，電源有內阻，開關S1、S2、S3、S4均閉合，在平行板電容器C的極板間懸浮著一帶電油滴P；

(1)若只斷開S1，則P將________．

(2)若只斷開S2，則P將________．

(3)若只斷開S3，則P將________．

(4)若只斷開S4，則P將________．20、【小題1】警車向路上的車輛發射頻率已知的超聲波，同時探測反射波的頻率。下列說法正確的是_______。(填入正確答案標號。選對1個得2分，選對2個得4分：有選錯的得0分)。A．車輛勻速駛向停在路邊的警車，警車探測到的反射波頻率增高B．車輛勻速駛離停在路邊的警車，警車探測到的反射波頻率降低C．警車勻速駛向停在路邊的汽車，探測到的反射波頻率降低D．警車勻速駛離停在路邊的汽車，探測到的反射波頻率不變【小題2】如圖，由透明介質構成的半球殼的內外表面半徑分別為R和R。一橫截面半徑為R的平行光束入射到半球殼內表面，入射方向與半球殼的對稱軸平行，所有的入射光線都能從半球殼的外表面射出。已知透明介質的折射率為n=求半球殼外表面上有光線射出區域的圓形邊界的半徑。不考慮多次反射。21、三個原子核X、Y、Z，X核放出一個正電子后變為Y核，Y核與質子發生核反應后生成Z核并放出一個個氦（42He）,則下面說法正確的是。

。A．X核比Z核多一個原子。

B．X核比Z核少一個中子。

C．X核的質量數比Z核質量數大3

D．X核與Z核的總電荷是Y核電荷的2倍。

評卷人得分四、作圖題(共3題，共18分)22、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

23、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現的完整掃描波形圖．

24、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共2題，共4分)25、用如圖所示的電路，測定一節干電池的電動勢和內阻。電池的內阻較小，為了防止在調節滑動變阻器時造成短路，電路中用一個定值電阻R0起保護作用。除電池；開關和導線外；可供使用的實驗器材還有：

電流表（量程0.6A；3A）；

電壓表（量程3V；15V）

定值電阻（阻值1額定功率5W）

定值電阻（阻值10額定功率10W）

滑動變阻器（阻值范圍0--10額定電流2A）

滑動變阻器（阻值范圍0--100額定電流1A）

（1）要正確完成實驗，電壓表的量程應選擇______V，電流表的量程應選擇_______A；R0應選擇_______的定值電阻，R應選擇阻值范圍是__________的滑動變阻器；

（2）關于實驗的誤差分析下列正確的是________

A.電流表的分壓作用B.電壓表的分流作用。

C.讀數過程中存在偶然誤差D.由電壓表；電流表造成的系統誤差。

（3）①根據下列所得實驗數據，試在坐標系中做出實驗得到的U-I圖象______：。U/V1.361.321.301.281.241.20I/A0.220.280.340.400.460.50

②用繪制的U-I圖象得出所測的電源的電動勢為______V；電源的內電阻為_______Ω（計算結果保留三位有效數字）；

（4）該實驗測量的電源電動勢、內電阻與真實值從理論上來說：E測_______E真；r測______r真（選填“大于、小于、等于”）26、用示波器觀察頻率為900Hz的正弦電壓信號．把該信號接入示波器Y輸入．

（1）當屏幕上出現如圖1所示的波形時，應調節______鈕．如果正弦波的正負半周均超出了屏幕的范圍，應調節_____鈕或______鈕；或這兩個鈕配合使用，以使正弦波的整個波形出現在屏幕內．

（2）如需要屏幕上正好出現一個完整的正弦波形，應將_____鈕置于_____位置，然后調節______鈕．評卷人得分六、解答題(共1題，共7分)27、同步加速器在粒子物理研究中有重要的應用，其基本原理簡化為如圖所示的模型，M、N為兩塊中心開有小孔的平行金屬板，質量為m、電荷量為+q的粒子A（不計重力）從M板小孔飄入板間，初速度可視為零，每當A進入板間，兩板的電勢差變為U，粒子得到加速，當A離開N板時，兩板的電荷量均立即變為零，兩板外部存在垂直紙面向里的勻強磁場，A在磁場作用下做半徑為R的圓周運動，R遠大于板間距離，A經電場多次加速，動能不斷增大，為使R保持不變；磁場必須相應地變化，不計粒子加速時間及其做圓周運動產生的電磁輻射，不考慮磁場變化對粒子速度的影響及相對論效應，求：

（1）A運動第1周時磁場的磁感應強度B1的大小；

（2）在A運動第n周的時間內電場力做功的平均功率

（3）若有一個質量也為m、電荷量為+kq（k為大于1的整數）的粒子B（不計重力）與A同時從M板小孔飄入板間；A；B初速度均可視為零，不計兩者間的相互作用，除此之外，其他條件均不變，下圖中虛線、實線分別表示A、B的運動軌跡，在B的軌跡半徑遠大于板間距離的前提下，請指出哪個圖能定性地反映A、B的運動軌跡，并經推導說明理由。

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【分析】

根據法拉第電磁感應定律求解感應電動勢，根據歐姆定律求解感應電流，根據安培力公式F＝BIL求解安培力；根據楞次定律判斷感應電流的方向；再由左手定則判定安培力的方向，即可求解．

【詳解】

0﹣2t0，感應電動勢為：E1＝SS為定值，3t0﹣5t0，感應電動勢為：E2＝SS也為定值，因此感應電流也為定值，那么安培力F＝BIL∝B，由于0﹣t0，B逐漸減小到零，故安培力逐漸減小到零，根據楞次定律，可知，線圈中感應電流方向順時針，依據左手定則，可知，線框ab邊受到安培力方向向上，即為正；同理，t0﹣2t0，安培力方向向下，為負，大小增大，而在2t0﹣3t0，沒有安培力；在3t0﹣4t0，安培力方向向上，為正，大小減??；在4t0﹣5t0，安培力方向向下，為負，大小增大，故D正確，ABC錯誤．2、C【分析】【詳解】

粒子在豎直方向上做勻加速直線運動，加速度為

在水平方向上做勻速直線運動，故運動時間為

所以粒子的豎直偏量

故若粒子的初動能變為原來的倍，仍要想使粒子保持擦極板邊緣飛出，將極板的長度變為原來的倍，板間距離應該變為原來的將兩板之間的電勢差變為原來的2倍，故C正確，ABD錯誤。

故選C。3、C【分析】【分析】

【詳解】

A．PM2.5是指空氣中直徑小于等于2.5微米的固體顆粒物；因此它的運動不屬于分子熱運動，選項A錯誤；

B．一定質量的晶體在熔化過程中；溫度不變，分子的平均動能不變，但溶化過程要吸熱，所以內能增大，選項B錯誤；

C．由于液體表面層分子間平均距離大于液體內部分子間平均距離；分子力體現為引力，液體表面存在張力，選項C正確；

D．飽和汽壓只與溫度有關；選項D錯誤。

故選C。4、B【分析】【分析】

帶電體周圍存在著一種特殊物質；這種物質叫電場，其基本性質是對放入電荷有電場力的作用，而電荷間的相互作用就是通過電場發生的。通電導線的周圍有磁場，另一通電導體放在此通電導線的磁場內，受到磁場的作用，根據左手定則就可以判斷出相互作用力。

【詳解】

根據通電直導線產生磁場的特點；兩條導線周圍都產生圓形磁場，而且磁場的走向相反；這就好像在兩條導線中間放置了兩塊磁鐵，它們的N極和S極相對，S極和N極相對，由于異名磁極相吸，這兩條導線會產生吸引力，故A錯誤，B正確；根據矢量的疊加法則，結合以上分析：在兩條導線之間磁場方向相反，則兩導線之間與兩導線距離相等處，兩導線在此處磁場方向相反，大小相等，因此它們的合磁場為零，故CD錯誤。故選B。

【點睛】

本題考查了電流的磁場、磁場對電流的作用，只是要求靈活運用所學知識；電場是特殊形態的物質，看不見，摸不著，但又是客觀存在的物質，電荷周圍就存在電場，已被大量實驗證明。5、B【分析】【詳解】

A.由對稱性可知，E、G、H三點的電場強度大小相等；但電場強度的方向不同，故A錯誤；

B.由對稱性可知，E.G、H三點的電勢均相等；故B正確；

C.由于D點為正三角形的中心，即到三個點電荷的距離相等，故任意兩點電荷在D點產生的合場強與第三個點電荷在D點產生的電場強度大小等大反向，故D點的電場強度為零；故C錯誤；

D.由C點電荷在E、F兩點產生的電場強度等大反向，但A、B兩個點電荷在E、F兩點產生的電場強度卻不相等；故D錯誤；

故選：B6、C【分析】【詳解】

根據歐姆定律，A錯誤；輸電效率B錯誤；用戶的用電器的數量增多時，I4增大，I2增大，U3=U2–I2R將減小，C正確；用戶得到的電功率等于電廠輸出的電功率加上線損功率，D錯誤．7、D【分析】【詳解】

由題圖可知波向右傳播,傳播到點，點剛開始振動且振動方向向下，其重復波源A的運動，所以A點開始振動的方向向下.

A.向左與分析結果不相符；故A項不合題意.

B.向右與分析結果不相符；故B項不合題意.

C.向上與分析結果不相符；故C項不合題意.

D.向下與分析結果相符；故D項符合題意.8、B【分析】【分析】

根據質量數守恒；電荷數守恒判斷X和和Y的種類；這兩個方程都是聚變．

【詳解】

A．根據質量數守恒；電荷數守恒可知X是中子；故A錯誤；

B．對第二個方程；根據質量數守恒；電荷數守恒可知Y是氚核，故B正確；

C．X是中子；Y是氚核，X與Y不是同位素，故C錯誤；

D．①②兩個核反應都屬于聚變反應，故D錯誤．二、多選題(共8題，共16分)9、B:D【分析】【詳解】

粒子運動過程只受洛倫茲力作用，故在洛倫茲力作用下做勻速圓周運動，則在右邊磁場時有則粒子在右邊磁場中做圓周運動的軌道半徑同理在左邊磁場中做圓周運動的半徑為作出運動軌跡，如圖所示。

由幾何關系可知，所有圓心角均為則圖中所有三角形都為等邊三角形，若粒子偏轉偶數次到達b點，則有：解得：故速度為當n=4時故B正確；

若粒子偏轉奇數次到達b點，則有：解得：故速度為當n=1時故D正確；

【點睛】

由幾何關系及題設條件可求得粒子做勻速圓周運動的半徑，由洛侖茲力提供向心力從而能求出通過b點的粒子的速度可能值．10、A:B:D【分析】【詳解】

A．釋放光子的能量等于兩能級間的能級差，所以從n=4到n=1躍遷輻射電磁波能量大于從n=2到n=1躍遷輻射電磁波能量，則輻射的光子頻率大，所以輻射的電磁波的波長短,所以λ1＜λ3；A正確；

B．從n=4到n=2躍遷輻射電磁波能量小于從n=2到n=1躍遷輻射電磁波能量，則輻射的光子頻率小，所以輻射的電磁波的波長長,所以λ2＞λ3；B正確；

C、D．從n=4到n=1躍遷輻射電磁波波長為λ1，從n=4到n=2躍遷輻射電磁波波長為λ2，從n=2到n=1躍遷輻射電磁波波長為λ3，根據釋放光子的能量等于兩能級間的能級差，所以C錯誤，D正確；

故選ABD。11、A:D【分析】【詳解】

在變阻器R0的滑動端向下滑動的過程中，滑動變阻器接入電路的電阻減小，則總電阻減小，電路中總電流增大，內電壓增大，則由閉合電路歐姆定律可知，電路的路端電壓減小，故電壓表示數變小；由歐姆定律可知，R1上的分壓增大，路端電壓減小，故并聯部分電壓減小，即可知電流表示數變小。故AD正確。12、B:C:E【分析】【詳解】

A．懸浮在水中的花粉的布朗運動反映了水分子的無規則熱運動；A錯誤；

B．空中的小雨滴呈球形是水的表面張力作用的結果；B正確；

C．彩色液晶顯示器利用了液晶的光學性質具有各向異性的特點；C正確；

D．高原地區水的沸點較低；是由于高原地區氣壓低，故水的沸點也較低，D錯誤；

E．干濕泡溫度計的濕泡顯示的溫度低于干泡顯示的溫度；是由于濕泡外紗布中的水蒸發吸收熱量，從而溫度會降低的緣故，E正確。

故選BCE。13、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．c→a過程曲線是雙曲線的一部分，過程氣體溫度相同；氣體分子的平均動能相同，分子撞擊器壁的平均作用力相等，壓強變大的原因是氣體體積減小分子密集程度增大，A錯誤；

B．根據p-V圖像的面積表示氣體做功，a→b是氣體膨脹對外做功，c→a是氣體壓縮外界對氣體做功，b→c氣體體積不變，做功為零，根據p-V圖像的面積表示氣體做功。

a→b是氣體膨脹對外做功。

c→a是氣體壓縮外界對氣體做功。

全程氣體對外做的功比外界對氣體做的功多，且大于B正確；

CD．過程氣體溫度相同，則氣體在a→b過程與b→c過程中內能的變化量相同，a→b過程中；壓強不變，體積增大，溫度升高，吸收熱量，根據熱力學第一定律。

b→c過程中；體積不變，壓強變小，問題降低，放出熱量，根據熱力學第一定律。

氣體在a→b過程中吸收的熱量大于b→c過程中放出的熱量；D錯誤C正確。

故選BC。14、B:C:D【分析】【詳解】

A．分子間的引力和斥力都隨分子間的增大而減小，斥力變化快；分子間作用力在分子間距小于平衡間距時表現為斥力，隨分子間距增大而減??；分子間作用力在分子間距大于平衡間距時表現為引力；隨分子間距增大而先增大后減??；故A項錯誤；

B．溫度升高；分子的平均動能增大，相同時間從水中飛出的分子數目越多，因而使蒸汽分子密度增大，同時蒸汽分子的平均動能也隨著增加，這樣就使得蒸汽氣壓增強，故B項正確；

C．根據熱力學第一定律可知：第一類永動機的思想違背了能量守恒定律；所以不可能制成，故C項正確；

D．由熱力學第二定律可知：任何宏觀過程的不可逆性都是相互關聯的；由一種過程的不可逆性可以通過推理得知另一過程的不可逆性，故D項正確；

E．單晶體和多晶體都有固定的熔點，單晶體具有各向異性，多晶體具有各向同性的，故E項錯誤。15、A:C【分析】若導線中受到的安培力為零；則說明合磁場的方向與導線中的電流方向沿導線方向；根據平行四邊形定則知。

虛線表示合磁感應強度的方向，與電流的方向平行，可知B2有一個最小值，其最小值為故AC正確，BD錯誤；

故選AC．

【點睛】知道通電導線與磁場平行時導線所受磁場力為零是正確解題的關鍵；由矢量三角形法則求出磁感應強度的最小值即可正確解題．16、A:D【分析】【詳解】

A.輸入電壓的最大值為：Um=NBSω=10××0.4×10V=40V，圖示時刻感應電動勢最大，從圖示線框位置開始計時，線框中感應電動勢的瞬時值為故A正確；

B.變壓器輸入電壓的有效值為：U1=Um/=40/V=40V。開關閉合時燈泡正常發光，所以U2==V=20V，此時原副線圈的匝數比為：n1:n2=U1:U2=40:20=2:1；故B錯誤；

C.線圈匝數不變，根據U1：U2=n1：n2可知輸出電壓不變，若將滑動變阻器觸頭向上滑動，連入電路電阻變大，負載等效電阻變大，P1=P2═變小，又P1=U1I1可知電流表示數變小；故C錯誤；

D.若將自耦變壓器觸頭向下滑動，副線圈匝數變小，根據U1：U2=n1：n2可知輸出電壓減小；所以燈泡變暗，故D正確；

故選：AD.三、填空題(共5題，共10分)17、略

【分析】【詳解】

[1]從狀態B到C，由查理定律得

由于所以

[2]A-B過程外界對系統做正功，C-D過程外界對系統做負功，p-V圖象與橫軸圍成的面積表示做的功，所以

所以整個循環過程外界對系統做正功。整個循環過程

所以

整個循環過程A-B-C-D-A氦氣系統要放熱。【解析】>放熱18、略

【分析】【詳解】

[1]A→B等壓變化過程中，根據蓋—呂薩克定律

代入已知條件，可得

[2]在C→A等溫變化過程中

又由于體積減小，外界對系統做正功

根據熱力學第一定律

可得

故氣體放熱?！窘馕觥?00放熱19、略

【分析】【詳解】

（1）只斷開S1；電容器兩板間的電壓不變，場強不變，油滴所受的電場力不變，油滴仍處于靜止狀態．

（2）只斷開S2；電容器兩板間的電壓增大，穩定時，其電壓等于電源的電動勢，板間場強增大，油滴所受的電場力增大，油滴將向上做加速直線運動．

（3）只斷開S3；電容器通過電阻放電，板間場強逐漸減小，油滴所受的電場力減小，油滴將向下做加速直線運動．

（4）只斷開S4；電容器的電量不變，板間場強不變，油滴仍處于靜止狀態．

【點睛】

本題考查分析電容器電壓的能力．難點是斷開s2，要知道穩定后電容器的電壓等于電源的電動勢，可以用電勢差等于電壓來理解.【解析】靜止向上做勻加速直線運動向下做加速直線運動靜止20、略

【分析】【小題1】本題考察的是多普勒效應；凡是波源靠近觀察者，觀察者接收到的頻率就會變大，遠離觀察者，接收到的頻率就會變小，故AB正確。

【小題2】分析邊緣光線a；如圖：

由幾何關系得，可得∠CAB=45°；

在△OAB中，AC=AB，設為r；在△OBC中；

由勾股定理有：

進而求出

故半球殼外表面上有光線射出區域的圓形邊界的半徑為【解析】【小題1】AB

【小題2】21、C:D【分析】試題分析：設原子核X的質量數為x，電荷數為y，根據質量數守恒和電荷數守恒，可得原子核Y的質量數為x，電荷數為原子核Z的質量數為電荷數為．由此可得X核的質子（y）比Z核的質子（）多2個，X核的中子比Z核的中子多1個；故AB錯誤；X核的質量數（x）比Z核的質量數（x-3）多3個，故C正確；X核與Z核的總電荷（2y-2）是Y核電荷（y-1）的2倍，故D正確．

考點：考查了核反應方程。

名師點睛：關鍵是知道反映前后質量數和核電荷數守恒的知識，屬于基礎知識，應仔細閱讀題目，一步一步向下分析．四、作圖題(共3題，共18分)22、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】23、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象【解析】24、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、