…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年蘇教新版選修3物理上冊階段測試試卷969考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、對于熱學現象的相關認識，下列說法正確的是（）A.在較暗的房間里，看到透過窗戶的“陽光柱”里粉塵的運動是布朗運動B.氣體分子速率呈現出“中間少、兩頭多”的分布規律C.定量的理想氣體發生絕熱膨脹時，其內能變大D.在分子力表現為斥力時，隨分子間距離的減小，分子勢能增大2、下列有關光學現象的說法正確的是（）A.光從光密介質射入光疏介質，若入射角小于臨界角，則一定發生全反射B.光從光密介質射入光疏介質，其頻率不變，傳播速度變小C.通過兩支鉛筆夾成的狹縫觀察日光燈管看到彩色條紋的現象屬于光的衍射現象D.光在各種介質中的速度相同3、在絕緣圓柱體上a、b兩位置固定有兩個金屬圓環，當兩環通有如圖所示電流時，b處金屬圓環受到的安培力為F1；若將b處金屬圓環移到位置c，則通有電流為I2的金屬圓環受到的安培力為F2．今保持b處金屬圓環位置不變，在位置c再放置一個同樣的金屬圓環，并通有與a處金屬圓環同向、大小為I2的電流，則在a位置的金屬圓環受到的安培力()

A.大小為|F1＋F2|，方向向左B.大小為|F1＋F2|，方向向右C.大小為|F1－F2|，方向向左D.大小為|F1－F2|，方向向右4、如圖所示，兩根平行直導軌MN、PQ固定在同一水平面內，間距為L。導軌的左端接有電源E和開關S，導體棒ab垂直于導軌放置。空間存在斜向右上方的勻強磁場，其方向與軌道平面成θ角，且與導體棒ab垂直。閉合開關S，導體棒ab仍保持靜止。已知通過導體棒的電流為I；則閉合開關S后，下列說法正確的是。

A.導體棒所受的摩擦力小于ILB，方向水平向左B.導體棒所受的摩擦力小于ILB，方向水平向右C.導體棒所受的安培力小于ILB，方向水平向左D.導體棒所受的安培力小于ILB，方向水平向右5、下面甲圖是示波器的結構示意圖．乙圖是電視機顯像管的結構示意圖．二者相同的部分是電子槍（給電子加速形成電子束）和熒光屏（電子打在上面形成亮斑）；不同的是使電子束發生偏轉的部分：分別是勻強電場（偏轉電極）和勻強磁場（偏轉線圈）；即示波器是電場偏轉，顯像管是磁場偏轉．設某次電子束從電子槍射出后分別打在甲；乙兩圖中的P點．則在此過程中，下列說法錯誤的是（）

A.以上兩種裝置都體現了場對運動電荷的控制B.甲圖中電子動能發生了變化，乙圖中電子的動能沒有變化C.甲圖中電子動能發生了變化，乙圖中電子的動能也發生了變化D.甲圖中電子的動量發生了變化，乙圖中電子的動量也發生了變化評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)6、在如圖所示的電路中，電源的負極接地，其電動勢為E、內電阻為r，R1、R2為定值電阻，R3為滑動變阻器，C為電容器，A、V為理想電流表和電壓表．在滑動變阻器滑動頭P自a端向b端滑動的過程中，下列說法中正確的是（）

A.電流表示數變小B.電壓表示數變大C.電容器C中的電場強度變小D.a點的電勢降低7、物理學家通過對實驗的深入觀察和研究，獲得正確的科學認知，推動物理學的發展，下列說法符合事實的是()A.赫茲通過一系列實驗，證實了麥克斯韋關于光的電磁理論B.查德威克用α粒子轟擊獲得反沖核發現了中子C.貝克勒爾發現天然放射性現象，說明原子核有復雜結構D.盧瑟福通過對陰極射線的研究，提出了原子核式結構模型8、下列說法正確的是__________A.晶體與非晶體的區別之一在于是否具有固定的幾何外形B.當分子所受的引力與斥力相等時，其分子間的勢能小于零C.一定溫度下的飽和汽的分子數密度是一定值，飽和汽壓不變E.不浸潤液體在毛細管內下降與浸潤液體在毛細管內上升都是表面張力作用的效果E.不浸潤液體在毛細管內下降與浸潤液體在毛細管內上升都是表面張力作用的效果9、一含有理想變壓器的電路如圖所示，變壓器原、副線圈匝數比為3：1．電路中連接三個相同的電阻R，A為理想交流電流表，U為正弦交流電源，輸出電壓的有效值U=380V．當開關S斷開時；電流表的示數為2A．則。

A.定值電阻R的阻值為10ΩB.開關S斷開時，副線圈的輸出電壓為127VC.開關S閉合時，電流表的示數為3.8AD.開關S閉合時，電路中消耗的總功率為1300W10、如圖所示為研究決定平行板電容器電容大小因素的實驗裝置．兩塊相互靠近的等大正對的平行金屬板M；N組成電容器；板N固定在絕緣座上并與靜電計中心桿相接，板M和靜電計的金屬殼都接地，板M上裝有絕緣手柄，可以執手柄控制板M的位置．在兩板相距一定距離時，給電容器充電，靜電計指針張開一定角度．在整個實驗過程中，保持電容器所帶電荷量不變，對此實驗過程的描述正確的是（）

A.只將板M從圖示位置稍向左平移，靜電計指針張角變大B.只將板M從圖示位置沿垂直紙面向外的方向稍微平移，靜電計指針張角變大C.只將板M從圖示位置稍向上平移，靜電計指針張角減小D.只在M、N之間插入云母板，靜電計指針張角變大評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)11、以數字信號為特征的現代信息技術早已進入我們的生活．處理數字信號的電路叫做數字電路，數字電路中最基本的邏輯電路——門電路，如圖所示的電路叫“__________”邏輯電路。（選填“與”、“或”或者“非”）12、模塊機器人的控制器內存有5種控制方法；可使用的傳感器大致有5類；列表如下：

。序號。

控制方法。

序號。

傳感器。

01

即時控制。

01

位移傳感器。

02

延遲控制。

02

聲傳感器。

03

“與”門控制。

03

溫度傳感器。

04

“或”門控制。

04

光傳感器。

05

“非”門控制。

05

磁傳感器。

執行器模塊為小燈模塊、電動機模塊。某同學要設計一個裝置，當有光照射且有聲音時，電動機才會轉，則應選擇的控制器序號為______，應使用的傳感器序號為______。13、如圖為一定質量理想氣體的壓強p與體積V關系圖像，它由狀態A經等容過程到狀態B，再經等壓過程到狀態C．設A、B、C狀態對應的溫度分別為TA、TB、TC，則TA______TB，TB______TC（均選填“＞”“＜”或“＝”）。

14、查理定律。

（1）內容：一定質量的某種氣體，在體積不變的情況下，壓強p與熱力學溫度T成______。

（2）表達式：p＝______。

（3）適用條件：氣體的______和______不變。

（4）圖像：如圖所示。

①p－T圖像中的等容線是一條______。

②p－t圖像中的等容線不過原點，但反向延長線交t軸于______。15、質譜儀是分離同位素的重要儀器，其原理如圖所示，帶等量異種電荷的兩平行金屬板P1，P2之間的電壓為U，一個帶負電的粒子（不計重力）從P1板中由靜止釋放，之后從O點進入另一磁感應強度為B的勻強磁場中，在洛侖磁力的作用下，粒子做勻速圓周運動，經過半個圓周后打在擋板MN上的A點。已知粒子的質量為m，電荷量為q，可以判斷粒子帶________電，OA兩點間的距離為________16、如圖，氣缸固定于水平面，用截面積為20cm2的活塞封閉一定量的氣體，活塞與缸壁間摩擦不計．當大氣壓強為1.0×105Pa、氣體溫度為87℃時，活塞在大小為40N、方向向左的力F作用下保持靜止，氣體壓強為____Pa．若保持活塞不動，將氣體溫度降至27℃，則F變為______N．

17、一定質量的理想氣體，其壓強p隨體積V變化的圖線如圖所示．已知在狀態A時氣體的溫度為300K．則在狀態C時氣體溫度Tc=_____K；如果由狀態A經B到C的過程中，氣體對外做了400J的功，則這個過程氣體_____(填“吸收”或“放出”)____J的熱量．

18、如圖所示為一彈簧振子的振動圖像；試完成以下問題：

（1）該振子簡諧運動的表達式為____________________；

（2）該振子在第100s時的位移為________cm，該振子在前100s內的路程為________cm．19、閱讀短文；回答問題：

變頻空調機。

空調機中有被稱為“冷媒”的物質；利用它的物態變化可以實現室內；室外熱量的轉移，如圖所示是空調機制冷系統的原理圖，其中壓縮機的作用是對氣態“冷媒”加壓，并使“冷媒”在管內循環，壓縮機的轉速越大，“冷媒”的流量越大，空調機的制冷能力就越強．

壓縮機的轉速由供電頻率決定；“變頻空調”是與傳統供電頻率不變的“定頻空調”相比較而產生的概念，與“定頻空調”相比，變頻空調機的變頻器可以在一定范圍內調節供電頻率，從而改變壓縮機的轉速．供電頻率越高，轉速越大，達到控制“冷媒”流量的目的．

變頻空調機開始工作時；以最大功率進行制冷，當室內溫度快速降至設定溫度后，壓縮機隨機處于低速持續運轉狀態，維持室溫基本不變．

某型號變頻空調機的部分參數如下表；其中：制冷量是指單位時間內空調機從密閉區域內去除熱量的總和；能效比是空調機在額定狀態工作時，制冷量與輸入功率之比．

。

最小。

額定。

最大。

輸入功率/W

130

700

1400

制冷量/W

650

2660

3600

能效比。

﹣﹣

3．8

﹣﹣

請回答下列問題：

(1)空調機的制冷原理是：在室內；“冷媒”由于________吸收熱量，而在室外則由于________放出熱量，從而把室內的熱量轉移到室外，達到降低室內溫度的目的．（以上均填物態變化名稱）

(2)關于變頻空調機；下列說法正確的是：（_____）．（填字母序號）

A；變頻空調的壓縮機與定頻空調一樣；也是斷斷續續工作的。

B；空調機制冷時；圖中鋼管A內流動的是氣態“冷媒”

C；空調壓縮機是利用降溫的方法使“冷媒”發生物態變化的。

D、變頻器供電頻率越高，空調機的制冷能力越強評卷人得分四、作圖題(共3題，共9分)20、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

21、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現的完整掃描波形圖．

22、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共2題，共6分)23、利用平拋運動在“驗證動量守恒定律”實驗中，先用天平測出入射小球a和被碰小球b的質量ma和mb．O點是小球拋出點在水平地面的垂直投影．實驗時先讓入射球a多次從斜軌上同一位置由靜止釋放，找到其平均落地點的位置P，測出水平距離OP然后，把被碰小球靜置于軌道的水平部分，再將入射球a從斜軌上相同位置由靜止釋放，與小球b相碰，并多次重復找到a、b球平均落地點的位置M；N；測出水平距離OM、ON．

(1)若兩球相碰前后的動量守恒，其表達式可表示為______________________；

(2)如果兩球質量分別為ma=30g，mb=5g，水平距離分別為OM=52.8cm、OP=67.6cm、ON=83.4cm．碰撞前與后總動量的比值為=___________(用分數表示)24、為了節能和環保；一些公共場所用光控開關控制照明系統，光控開關可用光敏電阻控制，如圖甲所示是某光敏電阻阻值隨光的照度變化曲線，照度可以反映光的強弱，光越強照度越大，照度單位為：勒克斯（lx）．

（1）如圖乙所示，電源電動勢為3V，內阻不計，當控制開光兩端電壓上升至2V時控制開光自動啟動照明系統．要求當天色漸暗照度降至1.0（lx）時控制開光接通照明系統，則R1=______kΩ．

（2）某同學為了測量光敏電阻在不同照度下的阻值，設計了如圖戊所示的電路進行測量，電源（E=3V，內阻未知），電阻箱（0-99999Ω）．實驗時將電阻箱阻值置于最大，閉合S1，將S2與1相連，減小電阻箱阻值，使靈敏電流計的示數為I，圖丙為實驗時電阻箱的阻值，其讀數為______kΩ；然后將S2與2相連，調節電阻箱的阻值如圖丁所示，此時電流表的示數恰好為I，則光敏電阻的阻值R0=______kΩ（結果保留3位有效數字）．

評卷人得分六、解答題(共1題，共3分)25、如圖，在整個直角坐標系xoy區域存在方向沿y軸負方向的勻強電場，場強大小為E；在x>0區域還存在方向垂直于xoy平面向內的勻強磁場．一質量為m；電荷量為q的帶正電粒子從x軸上x=－L的A點射出；速度方向與x軸正方向成45°，粒子剛好能垂直經過y軸，并且在第一象限恰能做直線運動，不計粒子重力。

(1)求粒子經過y軸的位置。

(2)求磁感應強度B的大小。

(3)若將磁場的磁感應強度減小為原來的一半，求粒子在x>0區域運動過程中的最大速度和最低點的y坐標．參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

A．在較暗的房間里；看到透過窗戶的“陽光柱”里粉塵的運動不是布朗運動，布朗運動肉眼是看不到的，所以A錯誤；

B．氣體分子速率呈現出“中間多；兩頭少”的分布規律；所以B錯誤；

C．定量的理想氣體發生絕熱膨脹時，根據熱力學第一定律可知，絕熱膨脹時外界對氣體做負功，則內能變小，所以C錯誤；

D．在分子力表現為斥力時；隨分子間距離的減小，分子力做負功，則分子勢能增大，所以D正確；

故選D。2、C【分析】【詳解】

A．光從光密介質射入光疏介質；若入射角小于臨界角，則一定不會發生全反射。發生全反射的條件是，大于等于臨界角，所以A錯誤；

B．光從光密介質射入光疏介質；其頻率不變，由。

可知；折射率越小，傳播速度越大，所以B錯誤；

C．通過兩支鉛筆夾成的狹縫觀察日光燈管看到彩色條紋的現象屬于光的衍射現象；所以C正確；

D．由。

可知；光在各種介質中的速度與介質的折射率有關，所以速度是不相同的，所以D錯誤。

故選C。3、C【分析】【詳解】

當金屬圈在b處時，兩個的圓形線圈的電流的環繞方向相反，所以兩個線圈之間存在排斥力，這一對引力是作用力與反作用力，大小相等，方向相反，所以b處對a的力為F1，同理，當金屬圈在c位置時，對a的力為F2；當保持b處金屬圈位置不變，在位置c再放置一個同樣的金屬圓環，并通有與a處金屬圓環同向、大小為I2的電流，b處對a處金屬圈的力為F1方向向左，此時c處對a的力與之前相反，方向向右，大小為F2，即在a位置的金屬圓環受到的安培力為|F1-F2|；方向向左．故ABD錯誤，C正確．故選C．

【點睛】

解答該題要明確兩通電導線之間的安培力的關系，電流方向相同時，存在相互的吸引力，電流方向相反時．存在相互的斥力．4、A【分析】【分析】

根據電流的方向利用左手定則確定安培力的方向；再根據共點力平衡條件確定摩擦力的大小和方向。

【詳解】

由圖可知，電流由b到a；則根據左手定則可知，安培力斜向右下方，根據平衡條件可知，摩擦力水平向左，大小等于安培力沿水平方向上的分力，故摩擦力一定小于BIL，故A正確，BCD錯誤。

故選：A。

【點睛】

本題考查安培力以及共點力的平衡條件，要注意明確左手定則的應用，準確分析安培力的方向是解題的關鍵。5、C【分析】以上兩種裝置都能使電子發生偏轉，體現了場對運動電荷的控制，選項A正確；甲圖中電場對電子做功，電子動能發生了變化，乙圖中洛倫茲力對電子不做功，則電子的動能沒有變化，選項B正確，C錯誤；甲圖中電子的速度大小及方向都變化，則動量發生了變化，乙圖中電子的速度大小不變，但是方向變化，則電子的動量也發生了變化，選項D正確；此題選擇錯誤的選項，故選C.二、多選題(共5題，共10分)6、B:C:D【分析】【詳解】

B．在滑動變阻器滑動頭P自a端向b端滑動的過程中，變阻器接入電路的電阻減小，并聯電阻減小，外電路總電阻減小，干路電流I增大，電阻兩端電壓增大；則電壓表示數變大，故B正確；

AD．根據外電路中順著電流方向，電勢降低，可知，a的電勢大于零，a點的電勢等于兩端的電壓，

干路電流I增大，變小，則a點的電勢降低，通過的電流減小，通過電流表的電流

干路電流I增大，減小，則增大；即電流表示數變大，故A錯誤，D正確；

C．電阻兩端的電壓

干路電流I增大，則變小，電容器板間電壓變小，電容器C中的電場強度減小；故C正確．

故選BCD。7、A:C【分析】【詳解】

A；麥克斯韋預言了電磁波的存在；赫茲通過實驗證實了麥克斯韋的電磁理論，選項A正確；

B、盧瑟福用α粒子轟擊獲得反沖核發現了質子，選項B錯誤；

C；貝克勒爾發現的天然放射性現象；說明原子核具有復雜結構，選項C正確；

D；盧瑟福通過對α粒子散射實驗的研究；提出了原子的核式結構模型，選項D錯誤．

【點睛】

此題是對近代物理學史的考查；都是課本上涉及的物理學家的名字及其偉大貢獻，只要多看書、多積累即可很容易得分；對物理學史的考查歷來都是考試的熱點問題，必須要熟練掌握．8、B:C:E【分析】【詳解】

A．只有單晶體具有固定的幾何外形；故選項A錯誤；

B．無窮遠處分子間的勢能等于零；隨著靠近時引力做正功，勢能減小，當分子所受的引力與斥力的合力為零時，其分子間的勢能最小，小于零，故選項B正確；

C．在一定溫度下；飽和汽的分子數密度是一定的，因而其壓強也是一定的，故選項C正確；

D．熱力學第二定律的內容可以表述為：不可能把熱從低溫物體傳到高溫物體而不產生其他影響；或不可能從單一熱源取熱使之完全轉換為有用的功而不產生其他影響，故選項D錯誤；

E．不浸潤液體在毛細管內附著層液體的分子密度較小，液體分子間距較大（大于），此時附著層內的分子相互作用表現為引力，液面呈現收縮的趨勢，即液面下降，同理，浸潤液體在毛細管內上升，故選項E正確．9、A:C【分析】【詳解】

A.此時電流表示數根據變壓器原理可得副線圈電流根據電壓關系有：代入數據解得：A正確．

B.副線圈電壓B錯誤．

CD.開關閉合，且解得：回路總功率C正確D錯誤．10、A:B【分析】試題分析：A、只將板M從圖示位置稍向左平移，d增大，根據C=知，電容減小，根據U=知電勢差增大，則靜電計指針張角變大，故A正確．B、只將板M從圖示位置沿垂直紙面向外的方向稍微平移，正對面積S變小，根據C=知，電容減小，根據U=知電勢差增大，則靜電計指針張角變大，故B正確．C、只將板M從圖示位置稍向上平移，正對面積S變小，根據C=知，電容減小，根據U=知電勢差增大，則靜電計指針張角變大．故C錯誤．D、只在M、N之間插入云母板，介電常數變大，根據C=知，電容增大，根據U=知電勢差減小；則靜電計指針張角變小．故D錯誤．故選AB．

考點：電容器的動態分析．三、填空題(共9題，共18分)11、略

【分析】【詳解】

[1]該圖中，A、B開關只要有一個閉合，燈就會亮，即幾個條件中，只要有一個條件得到滿足，某事件就會發生，這種關系叫做“或”邏輯關系。【解析】或12、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由題意知；當有光照射且有聲音時，電動機才會轉，因此控制器為：“與”門控制。

故選03。

[2]有光照射且有聲音時，電動機才會轉，說明傳感器能感受光與聲音的變化，需要04光傳感器與02聲傳感器。【解析】0302，0413、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]A到B為等容變化，故

由圖可知

則

B到C為等壓變化，則

由圖可知

則【解析】①.＞②.＜14、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】正比CT或＝質量體積過原點的直線－273.15℃15、略

【分析】【分析】

帶電粒子在加速電場中電場力做功等于粒子動能的增加量；由動能定理可以求得粒子進入磁場時的速度v；帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動，在磁場中運動半個圓周后打在A點，根據左手定則判斷粒子的電性；洛倫茲力提供向心力；O；A兩點間的距離是圓的直徑．

【詳解】

帶電粒子在加速電場中加速，在磁場中向上偏轉，根據左手定則可知，粒子帶負電；由動能定理得：qU=mv2-0；

粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：qvB=m解得：

O、A兩點間的距離：x=2r=

【點睛】

本題考查了粒子在電場與磁場中的運動，分析清楚粒子運動過程是解題的關鍵，應用動能定理與牛頓第二定律可以解題．【解析】負16、略

【分析】【詳解】

對活塞：，解得

若保持活塞不動，將氣體溫度降至27℃，則根據；解得；因此時內外氣壓相等，故F=0.【解析】017、略

【分析】【分析】

找到AC兩個狀態的狀態參量；根據理想氣體的狀態方程求解C的溫度；根據熱力學第一定律判斷從A到C吸熱或放熱情況.

【詳解】

[1]由圖可知：pA=4×104pAVA=1m3TA=300KpC=1×104pAVC=4m3

根據解得:TC=300K；

[2][3]根據熱力學第一定律如果由狀態A經B到C的過程中，氣體對外做了400J的功，而氣體的內能不變，則這個過程氣體吸收400J的熱量。【解析】300；吸收；40018、略

【分析】【詳解】

（1）彈簧振子的周期為T=4s，則角速度為：振幅A=5cm故該振子簡諧運動的表達式為x=Asinωt=5sintcm．

（2）因而振子在一個周期內通過的路程是4A，所以振子在前100s的總路程是：s=25×4A=100×5cm=500cm；總位移為0.【解析】(cm)050019、略

【分析】（1）在室內；制冷劑由液態變成氣態，叫做汽化，汽化吸熱；在室外又由氣態變成液態叫液化，液化放熱．故填汽化（蒸發）；液化．

（2）變頻空調的壓縮機是連續工作的，故A錯誤；由圖示可知，空調機制冷時，圖中鋼管A內流動的是氣態“冷媒”，故B正確；空調壓縮機是利用做功的方法使“冷媒”發生物態變化的，故C錯誤；變頻器供電頻率越高，空調機的制冷能力越強，故D正確。所以選BD。【解析】液化汽化BD四、作圖題(共3題，共9分)20、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】21、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏