…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年北師大版選擇性必修2物理下冊階段測試試卷745考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示；相距為d的水平金屬板M；N的左側有一對豎直金屬板P、Q，板P上的小孔S正對板Q上的小孔O．M、N間有垂直紙面向里的勻強磁場，在小孔S處有一帶電的負粒子，其重力和初速不計．當變阻器的滑動觸頭在AB的中點時，粒子恰能在M、N間做直線運動．當滑動變阻器滑片滑到A點后，則（）

A.粒子在M、N間運動的過程中．動能將減小B.粒子在M、N間運動的過程中，動能將增大C.粒子在M、N間將做圓周運動D.粒于在M、N間運動的過程中．電勢能將不斷增大2、如圖，磁場垂直于紙面，磁感應強度在豎直方向均勻分布，水平方向非均勻分布。一銅制圓環用絲線懸掛于O點，將圓環拉至位置a后無初速釋放，在圓環從a擺向b的過程中（）

A.感應電流方向先逆時針后順時針再逆時針B.感應電流方向一直是逆時針C.安培力方向始終與速度方向相反D.安培力方向始終沿豎直方向3、將多匝閉合線圈置于僅隨時間變化的磁場中，關于線圈中產生的感應電動勢和感應電流，下列表述正確的是（）A.感應電動勢的大小與線圈的匝數無關B.穿過線圈的磁通量越大，感應電動勢越大C.穿過線圈的磁通量變化越快，感應電動勢越大D.感應電流產生的磁場方向與原磁場方向始終相同4、如圖1所示，一閉合金屬圓環處在垂直圓環平面的勻強磁場中．若磁感應強度B隨時間t按如圖2所示的規律變化，設圖中磁感應強度垂直紙面向里的方向為正方向，環中感應電流沿順時針方向為正方向，則環中電流隨時間變化的圖象是（）A.B.C.D.5、如圖所示，在虛線所包圍的圓形區域內有方向垂直于圓面向外的勻強磁場，一些速率不同的粒子從磁場邊緣的A點沿半徑方向射入磁場，不計粒子重力及相互間的作用，對于粒子在磁場中做勻速圓周運動的過程，下列說法正確的是（）

A.速率越大的粒子的運動周期越短B.所有粒子在磁場中運動的偏轉角都相等C.速率越大的α粒子在磁場中運動的時間也越長D.運動半徑越大的α粒子的向心加速度也越大評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)6、一個含有理想變壓器的電路如圖所示，燈泡的規格均為“”，R為定值電阻，V為理想交流電壓表，a、b端接正弦交流電壓源，端輸入電壓隨時間的變化關系為當開關S閉合時；各燈泡均正常發光，則（）

A.電壓表的示數為B.變壓器原、副線圈匝數比為1∶2C.定值電阻的阻值為D.變壓器的輸入功率約為7、如圖甲所示的遠距離輸電示意圖中，變壓器均為理想變壓器．升壓變壓器原、副線圈匝數比為1∶100，其輸入電壓如圖乙所示，遠距離輸電線的總電阻為100Ω.降壓變壓器右側部分為一火警報警系統原理圖，其中R1為一定值電阻，R2為用半導體熱敏材料制成的傳感器；當溫度升高時其阻值變?。妷罕鞻顯示加在報警器上的電壓(報警器未畫出)．未出現火情時，升壓變壓器的輸入功率為750kW.下列說法正確的是()

A.降壓變壓器副線圈輸出的交變電流頻率為50HzB.輸電線中的電流為60AC.輸電線路損耗功率為90kWD.當傳感器R2所在處出現火情時，電壓表V的示數變大8、如圖是街頭變壓器通過降壓給用戶供電的示意圖，變壓器的輸入電壓是市區電網的電壓，當滑動變阻器R的滑片向下移動時；下列說法正確的是（）

A.V1讀數不變，V2讀數不變B.A2讀數變大，A1讀數不變C.A2讀數變大，V3讀數變小D.V1讀數不變，A1讀數不變9、如圖所示，條形磁體豎直放置，P位置為磁體中部，M、L分別為磁體上方和下方相應的位置。一個金屬圓環在外界作用下從M位置勻速向下運動，圓環始終保持水平。下列說法正確的是（）

A.圓環從M運動至P的過程中，從上往下看，環中的電流沿逆時針方向B.圓環從P運動至L的過程中，從上往下看，環中的電流沿逆時針方向C.圓環從M運動至L的過程中，穿過圓環的磁通量先增大后減小D.圓環從M運動至L的過程中，穿過圓環的磁通量先減小后增大10、如圖所示，直線OP把坐標系Oxy分成I區域和II區域，區域I中的磁感應強度為B，方向垂直紙面向外；區域Ⅱ中的磁感應強度為2B，方向垂直紙面向內。邊界上的P點坐標為（4L，3L）。一質量為m、電荷量為q的帶正電粒子從P點平行于y軸負方向射入區域I，經過一段時間后，粒子恰好經過原點O。忽略粒子重力；已知sin37°=0.6，cos37°=0.8.則下列說法中正確的是（）

A.該粒子可能沿y軸負方向從O點射出B.該粒子射出時與x軸正方向夾角一定為90°C.該粒子在磁場中運動的最短時間D.該粒子運動的可能速度為11、如圖所示為含有電容器與電感線圈的集成電路板，關于電容器、電感線圈的作用，下列說法正確的是（）

A.交流電的頻率越高，電容器對交流電的阻礙作用越小B.電容器在電路中的作用是通直流隔交流，通低頻阻高頻C.電感線圈對交變電流的阻礙作用僅是由線圈的電阻產生的D.交流電的頻率越高，電感線圈對交流電的阻礙作用越大評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)12、如圖所示，電路中電源內阻不能忽略，L的自感系數很大，其直流電阻忽略不計，A、B為兩個完全相同的燈泡，當S閉合時，A燈________變亮，B燈________變亮．當S斷開時，A燈________熄滅，B燈________熄滅．（均選填“立即”或“緩慢”）

13、日常生活中的照明用電是______（填“直流”或“交流”），給手機電池（電壓約3.6V）充電，則充電器中的變壓器是______（填“升壓”或“降壓”）變壓器。14、如圖為電熨斗的結構圖。圖中雙金屬片上層金屬的熱膨脹系數大于下層金屬。

（1）常溫下電熨斗的上下觸點是接觸的，當溫度升高時，雙金屬片會___________（填“向上”或“向下”）彎曲。

（2）熨燙棉麻衣物時設定了較高溫度，現要熨燙絲綢衣物需設定較低溫度，這時要調節調溫旋鈕使升降螺釘___________（填“向上”或“向下”）移動。15、在DIS實驗中，我們已經接觸和使用過的傳感器有__________、__________、__________、__________、__________、__________、__________、__________、__________。16、傳感器正處于由傳統型向新型傳感器轉型的發展階段；作為自動控制設備中不可缺少的元件，已經滲透到宇宙開發；環境保護、交通運輸、家庭生活等領域。

如圖所示為三種電容式傳感器圖甲是測定位移x的傳感器，位移x發生變化時將引起電容C的變化；圖乙是測定壓力F的傳感器，壓力F發生變化時將引起電容C的變化；圖丙是測定角度的傳感器，角度θ發生變化時將引起電容C的變化。其中，圖________（選填“甲”或“乙”）所示的傳感器是通過改變電容器兩極板間的距離而引起電容C變化的。當圖丙中的________（選填“增大”或“減小”）時，電容C增大。17、電磁場與電磁波。

（1）麥克斯韋電磁場理論。

a.變化的磁場產生電場。

①在變化的磁場中放入一個閉合的電路，由于穿過電路的磁通量發生變化，電路中會產生____。這個現象的實質是變化的磁場在空間產生了____。

②即使在變化的磁場中沒有閉合電路，也同樣要在空間產生___。

b變化的電場產生磁場。

變化的電場也相當于一種電流，也在空間產生___，即_____的電場在空間產生磁場。

（2）電磁場：變化的___和____所形成的不可分割的統一體。

（3）電磁波。

a.電磁波的產生：____變化的電場和____變化的磁場交替產生；由近及遠地向周圍傳播，形成電磁波。

b.電磁波的特點。

①電磁波____在真空中傳播。

②電磁波的傳播速度等于____。

③光在本質上是一種電磁波。即光是以____形式傳播的一種電磁振動。

c.電磁波的波速。

①波速、波長、頻率三者之間的關系：波速=___×_____。

電磁波的波速c與波長λ、頻率f的關系是c=____。

②電磁波在真空中的傳播速度c=3×108m/s。18、小明同學設計了一個“電磁天平”，如圖所示，等臂天平的左臂為掛盤，右臂掛有矩形線圈，線圈的水平邊長豎直邊長匝數為匝。線圈的下邊處于勻強磁場內，磁感應強度方向垂直線圈平面向里。線圈的總電阻如圖所示，保持不變，在線圈上部另加垂直紙面向外的勻強磁場，磁場區域寬度當磁感應強度B以隨時間均勻減小時，天平平衡，當磁感應強度B以隨時間均勻增大時，需要在掛盤中放質量為的砝碼，天平才能重新平衡，則___________。取

19、類比是研究問題的常用方法。如圖甲所示，是豎直放置的足夠長、光滑的平行長直導軌，其間距為L。是跨接在導軌上質量為m的導體棒，定值電阻的阻值為R?？臻g存在磁感應強度為B、方向垂直紙面向里的勻強磁場。已知電容器（起初不帶電）的電容為C，重力加速度為g。導體棒下落過程中始終保持水平且與導軌接觸良好；不計導軌和導體棒的電阻及空氣阻力。

（1）情境1：從零時刻開始，開關S接通1，同時釋放導體棒其速率v隨時間t的變化規律可用方程（①式）描述，求導體棒下落的最大速率vm()，及①式中的k。()

（2）情境2：從零時刻開始，開關S接通2，若導體棒保持大小為的速度下落，則電容器充電的電荷量q隨時間t的變化規律，與情境1中物體速率v隨時間t的變化規律類似。類比①式，寫出電容器充電電荷量q隨時間t變化的方程()；并在圖乙中定性畫出圖線。()

（3）分析情境1和情境2中電路的有關情況，完成表格中的填空。情境1情境2通過導體棒電流最大值的計算式________________導體棒克服安培力做功W與回路產生焦耳熱Q的比較W________Q（選填“>”、“<”或“=”）W______Q（選填“>”、“<”或“=”）

20、如圖所示為一正弦交變電流通過一電子元件后的波形圖，圖形的下半部被過濾，上半部不變，此電流的有效值為___________。

評卷人得分四、作圖題(共4題，共8分)21、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導線I所受磁場力的方向。

22、要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈；電燈由光敏開關和聲敏開關控制，光敏開關在天黑時自動閉合，天亮時自動斷開；聲敏開關在有聲音時自動閉合，無聲音時自動斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時電燈自動亮，插座隨時可用。

23、在“探究楞次定律”的實驗中；某同學記錄了實驗過程的三個情境圖，其中有兩個記錄不全，請將其補充完整。

24、如圖所示：當條形磁鐵向右靠近通電圓環時，圓環向右偏離，試在圖中標出圓環中的電流方向___________．評卷人得分五、實驗題(共1題，共8分)25、探究向心力大小F與物體的質量m、角速度ω和軌道半徑r的關系實驗。

（1）本實驗所采用的實驗探究方法與下列哪些實驗是相同的__________；

A.探究平拋運動的特點。

B.探究變壓器原；副線圈電壓與匝數的關系。

C.探究兩個互成角度的力的合成規律。

D.探究加速度與物體受力；物體質量的關系。

（2）某同學用向心力演示器進行實驗；實驗情景如甲；乙、丙三圖所示。

a.三個情境中，圖______是探究向心力大小F與質量m關系（選填“甲”；“乙”、“丙”）。

b.在甲情境中，若兩鋼球所受向心力的比值為1∶9，則實驗中選取兩個變速塔輪的半徑之比為_________。

（3）某物理興趣小組利用傳感器進行探究；實驗裝置原理如圖所示。裝置中水平光滑直槽能隨豎直轉軸一起轉動，將滑塊套在水平直槽上，用細線將滑塊與固定的力傳感器連接。當滑塊隨水平光滑直槽一起勻速轉動時，細線的拉力提供滑塊做圓周運動需要的向心力。拉力的大小可以通過力傳感器測得，滑塊轉動的角速度可以通過角速度傳感器測得。

小組同學先讓一個滑塊做半徑r為0.14m的圓周運動，得到圖甲中①圖線。然后保持滑塊質量不變，再將運動的半徑r分別調整為0.12m；0.10m、0.08m、0.06m；在同一坐標系中又分別得到圖甲中②、③、④、⑤四條圖線。

a.對①圖線的數據進行處理，獲得了F-x圖像，如圖乙所示，該圖像是一條過原點的直線，則圖像橫坐標x代表的是________。

b.對5條F-ω圖線進行比較分析，得出ω一定時，F∝r的結論。請你簡要說明得到結論的方法_______。

評卷人得分六、解答題(共1題，共6分)26、畫出圖中各磁場對通電直導線的安培力的方向（與紙面垂直的力只需用文字說明）。

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、A【分析】考查知識點：本題結合電路知識；綜合考察了帶電粒子在電場；在復合場中的運動問題。

思路分析：解決此類問題要明確：電場力可對帶電粒子做功；洛倫茲力對帶點粒子不做功。

具體解答過程：通過讀題和分析電路圖弄清已知條件，并逐步求解：①帶點粒子重力不計，初速度為零，且帶負電；②Q、M極板帶正電，設PQ間的極板電壓為MN間的極板間電壓為滑動變阻器與平行板MN并聯的電阻阻值為則負粒子在PQ極板間勻加速直線運動，設從O點射出的速度為由動能定理知當變阻器的滑動觸頭在AB的中點時，在MN間受到的洛倫茲力為帶點粒子做勻速直線運動；③當滑動變阻器滑片滑到A點后，減小，不變，變小。故，從O點射出的速度為保持不變，粒子偏向N，洛倫茲力不做功，電場力做負功，動能減小。

試題點評：本題難度屬于中等，帶點粒子在勻強電場中可做兩種運動，一是當初速度為零或與電場方向在同一直線時，帶電粒子做勻變速直線運動；二是當初速度電場方向不在同一直線時，帶電粒子在電場力作用下做平拋運動。帶點粒子在復合場中的運動，要依據受力分析及力對物體運動狀態的影響等知識綜合分析。2、A【分析】【分析】

【詳解】

AB．銅制圓環在由a開始運動時；中線左側時，內磁通量先向里并增大，銅制圓環感應電流的磁場向外，感應電流為逆時針；從圓環右側開始越過中線到有一半越過中線過程中，因向里的磁通量較大，故磁通量向里減小，而一半越過中線時，磁通量達最小，然后再向右運動過程中，向外的磁通量增大，故總磁通量向外增大；所以由楞次定律可知，越過中心的全過程中，銅制圓環感應電流的磁場向里，感應電流為順時針；當圓環全部越過最低點以后，銅制圓環內磁通量向外并減小，所以銅制圓環感應電流的磁場向外，感應電流為逆時針，故A正確，B錯誤；

CD．再看安培力方向；由于磁感應強度在豎直方向均勻分布，把銅環分成若干份，則可知，對稱的一小段在豎直方向的安培力是大小相等，方向相反的，故合力方向始終沿水平方向，故和速度方向會有一定夾角，故CD錯誤。

故選A。3、C【分析】【分析】

【詳解】

A．根據。

可知；感應電動勢的大小與線圈的匝數有關，選項A錯誤；

B．穿過線圈的磁通量越大；感應電動勢不一定越大，選項B錯誤；

C．穿過線圈的磁通量變化越快；感應電動勢越大，選項C正確；

D．根據楞次定律可知；感應電流產生的磁場方向與原磁場方向可能相同，也可能相反，選項D錯誤。

故選C。4、D【分析】【詳解】

磁感應強度在0到t0內，由于磁感應強度垂直紙面向里為正方向，則磁感線是向里，且大小增大．所以由楞次定律可得線圈感應電流是逆時針，由于環中感應電流沿順時針方向為正方向，則感應電流為負的．由法拉第電磁感應定律可得，隨著磁場的均勻變大，得出感應電動勢不變，形成的感應電流也不變．磁感應強度在t0到2t0內，磁場不變，則沒有感應電流，而在磁感應強度在2t0到3t0內；同理可知感應電流方向為正，且大小是之前的兩倍．所以只有D選項正確．

點評：感應電流的方向由楞次定律來確定，而其大小是由法拉第電磁感應定律結合閉合電路毆姆定律來算得的．5、D【分析】【詳解】

A．由

可得

v越大，則r越大，周期

周期與運動速度大小無關；故A錯誤；

BC．設粒子在磁場中運動偏轉角為則運動時間

由幾何關系可知

所以ν越大，r越大，對應的θ越小，t越??；故BC錯誤；

D．由

得向心加速度

r越大，v越大，a也越大；故D正確。

故選D。

二、多選題(共6題，共12分)6、A:C:D【分析】【詳解】

A．電壓表的讀數為電源輸出電壓的有效值，故電壓表讀數為選項A正確；

B．原線圈中的電流

副線圈中的電流

根據變壓器電流與匝數的關系有

得

選項B錯誤;

C．又

根據變壓器電壓與匝數的關系有

得

定值電阻兩端的電壓

定值電阻的阻值

選項C正確；

D．變壓器的輸入功率

選項D正確。

故選ACD。7、A:C【分析】【詳解】

A．由圖乙知交變電流的周期T＝0.02s，所以降壓變壓器副線圈輸出的交變電流頻率為f＝50Hz；故A正確；

B．由圖乙知升壓變壓器輸入端電壓有效值為250V，根據電壓與匝數成正比知，副線圈電壓為25000V，所以輸電線中的電流為I＝＝30A

故B錯誤；

C．輸電線損失的電壓為ΔU＝IR＝30×100V＝3000V

輸電線路損耗功率為ΔP＝ΔUI＝90kW

故C正確；

D．當出現火情時，傳感器R2阻值減小；降壓變壓器副線圈兩端電壓看作不變，副線圈中電流增大，定值電阻的分壓增大，所以電壓表V的示數變小，故D錯誤。

故選AC。8、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．輸入電壓是市區電網的電壓，不變，所以V1讀數不變，由

知，V2讀數不變；故A正確；

BCD．滑動變阻器R的滑片下移，滑動變阻器接入電路的電阻變小，用戶電路總電阻變小，故A2讀數變大，I1由I2決定，由

所以A1讀數變大，I2變大，則R0分壓變大，故V3讀數變??；所以C正確，B；D錯誤。

故選AC。9、A:C【分析】【詳解】

圓環從M運動至其與磁體上端齊平的過程中，穿過圓環的磁感線條數增多，則穿過圓環的磁通量變大。圓環從與磁體上端齊平運動至P的過程中，穿過圓環的磁感線包含了所有的內部磁感線及部分外部磁感線，內外磁感線相互抵消，因此越到中間外部磁感線越少，故本過程穿過圓環的磁通量仍然是增加的。同理可知，圓環從P運動至L的過程中，穿過圓環的磁通量一直在減小。根據楞次定律可知，圓環從M運動至P的過程中；從上往下看，圓環中的電流沿逆時針方向。故選項AC均正確，選項BD均錯誤。

故選AC。10、B:C:D【分析】【詳解】

AB．帶電粒子射入磁場中，由洛倫茲力提供向心力而做勻速圓周運動，根據牛頓第二定律得

解得

所以粒子在Ⅰ和Ⅱ兩磁場中做圓周運動的半徑關系為

如圖所示。

由題意知OP邊與x軸的夾角

可得

故帶正電粒子從P點平行于y軸負方向射入區域I與OP邊的夾角為53°，由帶電粒子在單邊磁場運動的對稱性知從區域Ⅱ中射出的粒子速度方向一定為y軸負方向；故A錯誤，B正確；

C．粒子在磁場中做勻速圓周運動的周期為

粒子在區域Ⅰ中轉過的圓心角為

粒子在區域Ⅰ中運動的時間為

粒子在區域Ⅱ中轉過的圓心角為

粒子在區域Ⅱ中運動的時間為

所以該粒子在磁場中運動的最短時間

故C正確；

D．帶電粒子每次從區域Ⅱ射出為一個周期，在OP邊移動的距離為

其中

而n=1，2，3

聯立解得

故D正確。

故選BCD。11、A:D【分析】【詳解】

A．交流電的頻率越高；電容器的容抗越小，電容器對交流電的阻礙作用越小，A正確；

B．電容器在電路中的作用是通交流隔直流；通高頻阻低頻，B錯誤；

C．電感線圈對交變電流的阻礙作用僅是由線圈的感抗產生的；C錯誤；

D．交流電的頻率越高；電感線圈的感抗越大，電感線圈對交流電的阻礙作用越大，D正確。

故選AD。三、填空題(共9題，共18分)12、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】緩慢立即緩慢緩慢13、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]日常生活中的照明用電是220V交流電；給手機電池（電壓約3.6V）充電，則充電器中的變壓器是降壓變壓器?！窘馕觥拷涣鹘祲?4、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]當溫度升高時；因雙金屬片上層金屬的膨脹系數大于下層金屬片，則金屬片向膨脹系數小的發生彎曲，即向下彎曲，觸點斷開；

（2）[2]需要較低溫度熨燙時，要調節調溫旋鈕，使升降螺絲上移并使彈性銅片上移，當溫度較低時，金屬片稍微彎曲觸點就會斷開?！窘馕觥肯蛳孪蛏?5、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3][4][5][6][7][8][9]在DIS實驗中，我們已經接觸和使用過的傳感器有電流、電壓、壓強、溫度、光強、聲音、位移、力和磁等?！窘馕觥侩娏麟妷簤簭姕囟裙鈴娐曇粑灰屏Υ?6、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]題圖甲所示的傳感器是通過改變電介質板進入電容器兩極板間的長度而引起電容C變化的，題圖乙所示的傳感器是通過改變電容器兩極板間的距離而引起電容C變化的。

[2]當題圖丙中的減小時，電容器兩極板間正對面積S增大，根據可知C增大?！窘馕觥竣?乙②.減小17、略

【解析】①.感應電流②.電場③.電場④.生磁場⑤.變化⑥.電場⑦.磁場⑧.周期性⑨.周期性⑩.可以?.光速?.波動?.波長?.頻率?.λf18、略

【分析】【分析】

【詳解】

由電磁感應定律得

由歐姆定律得

線圈受到安培力

磁感應強度B從均勻減小到均勻增大，電流方向從逆時針變為順時針，線框受到的安培力從向上變為向下，則滿足

聯立代入數據可得【解析】19、略

【分析】【詳解】

（1）[1][2]導體棒先做加速運動，當其速率為v時產生的感應電動勢為①

導體棒所受安培力大小為②

根據閉合電路歐姆定律可得③

對導體棒根據牛頓第二定律可得④

聯立①②③④可得⑤

所以⑥

當導體棒的加速度為零時，速率達到最大，即⑦

解得⑧

（2）[3][4]電容器充電過程中回路中電流為⑨

導體棒保持大小為的速度下落時產生的感應電動勢為⑩

電容器兩端的電壓為?

根據閉合電路歐姆定律有?

聯立⑨⑩??可得?

由?式可知隨著電容器電荷量q逐漸增大，q隨t的變化越來越慢，當時，電容器電荷量最大，作出q-t圖像如圖所示。

（3）[5][6]情境1中，當導體棒速度最大時電流也達到最大，此時所受安培力與重力平衡，即?

解得?

根據功能關系可知?

[7][8]情境2中，由q-t圖像可知t=0時刻回路中電流最大，為?

設電容器儲存的電能為EC，根據功能關系可知?【解析】=>20、略

【分析】【分析】

【詳解】

根據電流的熱效應得

解得電流有效值【解析】1A四、作圖題(共4題，共8分)21、略

【分析】【詳解】

根據左手定則，畫出通過電導線I所受磁場力的方向如圖所示。

【解析】22、略

【分析】【分析】

根據題中“要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈”可知；本題考查交流電的常識，根據開關作用和交流電接線常識，進行連接電路圖。

【詳解】

晚上；天黑光控開關閉合，有人走動發出聲音，聲控開關閉合，燈亮，說明兩個開關不能獨立工作，只有同時閉合時，燈才亮，即兩個開關和燈泡是三者串聯后連入電路；根據安全用電的原則可知，開關控制火線，開關一端接火線，一端接燈泡頂端的金屬點，零線接燈泡的螺旋套；三孔插座通常的接線方式是面對插座，上孔接地線，左孔接零線，右孔接火線；電路圖如下圖所示。

【解析】23、略

【分析】【分析】

【詳解】

由第一個圖可知：當條形磁鐵的N極插入線圈過程中；電流計的指針向右偏轉，則有：線圈中向下的磁場增強，感應電流的磁場阻礙磁通量增加，感應電流的磁場方向向上，則指針向右偏，記錄完整。

第二個圖指針向左偏；說明感應電流的磁場方向向下，與磁鐵在線圈中的磁場方向相反，則線圈中磁場增強，故磁鐵向下運動，如圖。

第三個圖指針向右偏；說明感應電流的磁場方向向上，與磁鐵在線圈中的磁場方向相同，則線圈中磁場減弱，故磁鐵向上運動，如圖。

【解析】24、略

【分析】【詳解】

當條形磁鐵向右靠近圓環時；導線線圈的磁通量向右增大，由楞次定律：增反減同可知，線圈中產生感應電流的方向順時針（從右向左看），如圖所示：

【解析】如圖所示五、實驗題(共1題，共8分)25、略

【分析】【詳解】