…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年魯人版必修3物理下冊階段測試試卷815考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、圖中虛線所示為靜電場中的等勢面1、2、3、4，相鄰的等勢面之間的電勢差相等，其中等勢面3的電勢為0。一帶正電的點電荷在靜電力的作用下運動，經過a、b點時的動能分別為26eV和5eV。當這一點電荷運動到某一位置,其電勢能變為-8eV時,它的動能應為（）

A.8eVB.13eVC.20eVD.34eV2、如圖所示，兩條等長細線的A點懸掛一質量為0.1kg，電量為2×10-6C的帶電小球，細線與天花板的夾角為30°，A離地面h=0.3m，在MA的延長線上用一不計高度和質量的絕緣支架固定一質量為0.2kg，電量與小球電量相等的異性帶電小球B；則以下選項錯誤的是()

A.支架對地面的壓力大小為1.95NB.當B球帶上異性電荷后，A球會向右偏離原來的位置C.NA線的拉力大小為1ND.MA線的拉力大小為1.1N3、真空中O點處有一正點電荷，a、b、c、d為以O點為圓心、半徑為R的圓上四點，a、c連線和b、d連線分別過圓心。現在空間中加一電場強度大小為E的勻強電場，結果a點的電場強度為零，靜電力常量為k；則（）

A.圓心O處點電荷的電荷量為B.b、d兩點場強相同C.a、b、c、d四點中a點電勢最高D.一個帶負電的試探電荷在c點的電勢能小于在a點的電勢能4、關于電容器及其電容，以下表述錯誤的是（）A.電容器是儲存電荷的容器，它是靠正、負極板上正、負電荷的相互吸引力而儲存電荷的B.電容C是電容器所帶電荷量與兩極板之間電壓的比值，是表征電容器儲存電荷特性的物理量C.電容器的電容C就像水容器的容量一樣，表示電容器所儲存的電荷量D.電容C的單位是法拉，5、下列說法正確的是（）A.電荷處在電勢越高的地方電勢能越大B.電場中電場強度越大的地方，電勢越高C.電勢降落的方向必定是場強的方向D.處于靜電平衡狀態的導體內部場強處處為零6、下列說法中正確的是（）A.根據庫侖定律當兩電荷的距離趨近于零時，靜電力趨向無窮大B.等量異種電荷連線上的電場強度總是大于中垂線上（除交點外）的電場強度C.在靜電場中電場強度為零的地方電勢總為零D.在靜電場中電場線分布越密的地方，相等距離兩點間的電勢差越大7、如圖；有一平行板電容器，下列說法正確的是（）

A.保持S接通，減小兩極板間的距離，則極板間的電場強度E減小B.保持S接通，在兩極板間插入一塊電介質，則極板上的電荷量減小C.斷開S，減小兩極板間的距離，則兩極板間的電勢差減小D.斷開S，在兩極板間插入一塊電介質，則兩極板間的電勢差增大評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)8、如圖所示，電路中電源電動勢為E，內阻為r，C為電容器且在中央固定一正點電荷，L為小燈泡，R為定值電阻，閉合開關，小燈泡能正常發光。現將滑動變阻器的滑片向左滑動一段距離，滑動前后理想電壓表示數變化量的絕對值分別為理想電流表A示數變化量的絕對值為則（）

A.電荷的電勢能減少B.燈泡逐漸變暗C.變大、不變D.電源的輸出功率一定變小9、關于元電荷的下列說法中正確的是（）A.元電荷實質上是指電子和質子本身B.所有帶電體的電荷量不一定等于元電荷的整數倍C.元電荷的數值通常取作e=1.60×10－19CD.元電荷e的數值最早是由美國物理學家密立根用油滴實驗測得的10、如圖所示；在絕緣板上放有一個不帶電的金箔驗電器A和一個帶正電荷的空腔導體B，下列實驗方法中能使驗電器金屬箔片張開的是（）

A.用取電棒C（帶絕緣柄的導體棒）先跟B的內壁接觸一下后再跟A接觸B.用絕緣導線把驗電器跟取電棒C的導體部分相連，再把取電棒與B的內壁接觸C.使驗電器A靠近B，再用金屬網罩罩住BD.使驗電器A靠近B，再用金屬網罩罩住A11、有一種特殊電四極子的電荷分布及位置關系如圖所示，A位于+2q電荷的正上方。下列說法正確的是（）

A.A、B兩點電勢的高低關系B.A、B兩點場強的大小關系C.電子在A點的電勢能小于在B點的電勢能D.只受電場力的電子從A點靜止釋放，將做加速度逐漸增大的加速運動12、用兩只同種規格的靈敏電流計分別改裝成一只電流表和一只電壓表；將改裝后的電表串聯起來接入電路中，如圖所示，則下列說法正確的是（）

A.僅根據兩表示數可以計算出電流表的內阻B.僅根據兩表示數可以計算出電壓表的內阻C.電流表指針的偏轉角小于電壓表指針的偏轉角D.電流表指針的偏轉角大于電壓表指針的偏轉角13、如圖所示電路中，電源電動勢E=6V，內阻r=1Ω，R1=2Ω，R2=3Ω，R3=3Ω。若在C、D間連接一個電表或用電器；則有（）

A.若在C、D間連一個理想電流表，其讀數是AB.若在C、D間連一個理想電壓表，其讀數是3VC.若在C、D間連一個理想電壓表，其讀數是2VD.若C、D間連一個“6V，12W”的小燈泡，則小燈泡的實際功率為0.48W評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)14、波速、波長、頻率三者之間的關系：c=______，其中c=3×108m/s。15、如圖所示，一個原來不帶電的半徑為r的空心金屬球放在絕緣支架上，在其右側與球心等高處放置一個電荷量為+Q的點電荷，點電荷到金屬球表面的最近距離為2r。由于靜電感應，使金屬球上出現了感應電荷，則球的左側帶_____電（填正或者負）。空心金屬球達到靜電平衡狀態時，球心處的電場強度大小為______，感應電荷在球心處產生的電場強度大小為____，方向_______。

16、用游標卡尺和螺旋測微器測量一根金屬絲的長度和直徑，測量的結果如圖所示，則此金屬絲的長度L=______cm，直徑d=______mm。

17、如圖，某同學用伏安法測一個未知電阻的阻值，他僅將電壓表接在b點，讀得兩表示數分別為U1=3.0V，I1=3.0mA，然后將電壓表改接在a點，讀得兩表的示數分別為U2=2.9V，I2=4.0mA，由此可知電壓表應接到_________點誤差較小，測得的Rx的值為____________Ω。

18、用伏安法測量電阻時，MN接在恒定電壓上，當S接a時電壓表的示數為10V，電流表的示數為0.2A；當S接b時電壓表示數為12V，電流表的示數為0.15A；為了較準確地測定S應接在___點，的真實值為______Ω

19、如圖所示，點電荷固定在一直線上，與的距離是與的距離的2倍，若每個電荷所受庫侖力的合力均為零，則電量大小之比=____。

20、一均勻帶正電的空心橡皮球，在吹大的過程中始終維持球狀，球內任意點的電勢___________；始終在球外的任意點的場強___________。（填寫變大、變小或不變）21、如圖所示，在原來不帶電的金屬細桿ab附近的P點，放置一個正點電荷+Q，達到靜電平衡后，a端的電勢________（填“大于”、“等于”或“小于”）b端的電勢，桿中有一點c，c點與點電荷相距為l，則感應電荷在桿內c處的場強的大小為___________，方向__________，（靜電力常量為k）

22、已知靈敏電流計的滿偏電流為1mA，內阻為若要將它改裝成量程為3V的電壓表，應串聯一個___________的電阻，改裝完成后，若某次測量電壓時靈敏電流計指針指向位置，則對應電壓測量值為___________V。（保留兩位有效數字）評卷人得分四、實驗題(共2題，共14分)23、欲用伏安法測定一段阻值約為5Ω的金屬絲的電阻；要求測量結果盡量準確，現備有以下器材：

A.電池組（3V；內阻1Ω）

B.電流表（0~3A；內阻約為0.0125Ω）

C.電流表（0~0.6A；內阻約為0.125Ω）

D.電壓表（0~3V；內阻約為3kΩ）

E.電壓表（0~15V；內阻約為15kΩ）

F.滑動變阻器（0~20Ω；額定電流1A）

G.滑動變阻器（0~2000Ω；額定電流0.3A）

H.開關；導線。

（1）上述器材中，電流表應選__________，電壓表應選__________，滑動變阻器應選__________。（填寫各器材的字母代號）

（2）設實驗中電流表、電壓表的某組示數如圖所示，則I=__________A，U=__________V。

（3）為使待測電阻兩端的電壓能從零開始變化，請按要求在下面方框中畫出實驗原理圖______________，然后根據你設計的電路圖將圖中給定的器材連線。______________

24、游標卡尺和螺旋測微器是常用的測量工具；甲圖是20等分的游標卡尺，乙圖是螺旋測微器，下圖是它們的測量結果，則它們的測量值分別是：甲圖：___________mm；乙圖：________mm。

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【詳解】

由題意，電荷經過a、b點時的動能分別為26eV和5eV，動能減小為21eV．而相鄰的等勢面之間的電勢差相等，電荷在相鄰等勢面間運動時電場力做功相等，電勢能變化量相等，則電荷從3等勢面到4等勢面時，動能減小7eV，電勢能增大，等勢面3的電勢為0，電荷經過b時電勢能為7eV，又由題，電荷經b點時的動能為5eV，所以電荷的總能量為E=Ep+Ek=7eV+5eV=12eV；其電勢能變為-8eV時，根據能量守恒定律得到，動能應為20eV。

A．8eV；與結論不相符，選項A錯誤；

B．13eV；與結論不相符，選項B錯誤；

C．20eV；與結論相符，選項C正確；

D．34eV，與結論不相符，選項D錯誤；2、B【分析】【詳解】

A．由幾何知識得A、B兩點間的距離為

兩球間的庫侖力大小為

以B和支架整體為研究對象；受力如圖所示，則地面對支架的支持力為。

根據平衡條件有

由牛頓第三定律得；支架對地面的壓力大小為1.95N，A正確，不符合題意；

B．對A受力分析；如圖所示。

因B在MA的延長線上；所以A球不會向右偏離原來的位置，B錯誤，符合題意；

CD．對A受力分析，如上圖所示，由平衡條件有

解得

CD正確；不符合題意。

故選B。3、C【分析】【分析】

【詳解】

A．由于a點的電場強度為零，可知該勻強電場平行紙面、方向由a指向圓心處正點電荷在a點的場強大小

解得

A項錯誤；

B．圓心處正點電荷產生的電場強度在圓周上各點大小都為E，方向不同，根據矢量的合成可知，b、d兩點場強大小均為方向不同，B項錯誤；

C．點電荷形成的電場中，圓周上各點電勢相等，而勻強電場中a點電勢最高，綜合可知a、b、c、d四點中a點電勢最高，c點電勢最低，b、d兩點電勢相等；C項正確；

D．c點的電勢低于a點的電勢，負電荷在c點的電勢能大于在a點的電勢能；D項錯誤。

故選C。4、C【分析】【分析】

【詳解】

A．電容器是儲存電荷的容器；它是靠正；負極板上正、負電荷的相互吸引力而儲存了電荷，故A正確，不符合題意；

B．根據可知，電容C是電容器所帶電荷量與兩極板之間電壓的比值；是表征電容器儲存電荷特性的物理量，故B正確，不符合題意；

C．電容器的電容C是表征儲電本領的物理量；但是C不表示電容器所儲存的電荷量，故C錯誤，符合題意；

D．電容C的單位是法拉，故D正確，不符合題意。

故選C。5、D【分析】【詳解】

A．負電荷在低電勢處電勢能大；正電荷在高電勢處電勢能大，故A錯誤；

B．電勢的高低與電場強度無關；故B錯誤；

C．沿場強方向電勢一定降低；但電勢降落的方向不一定是場強的方向，應該是電勢降落最快的方向才是場強的方向，故C錯誤；

D．處于靜電平衡狀態的導體內部；原電場與感應電荷產生的附加電場完全抵消，場強處處為零，故D正確。

故選D。6、B【分析】【詳解】

A．庫侖定律適用于靜止的真空中兩點電荷的相互作用，帶電體都具有一定的形狀和體積，當兩帶電體的距離趨近于零時，兩帶電體就不能再視為點電荷，庫侖定律就不再適用，A錯誤；

B．等量異種電荷在連線上產生的電場強度方向相同，則其連線上某點的電場強度等于兩點電荷在該點產生的電場強度的代數和，兩等量異種電荷在中垂線上（除交點外）產生的電場強度互成一定的角度，由點電荷的場強公式和電場強度疊加原理可知；連線上的電場強度總是大于中垂線上（除交點外）的電場強度，B正確；

C．在靜電場中電勢的高低具有相對性；與零電勢位置的選取有關，因此電場強度是零的地方電勢不一定是零，C錯誤；

D．在靜電場中電場線分布越密的地方；電場強度越大，沿電場線方向相等距離兩點處電勢差越大，可若相等距離兩點處于同一等勢線上，此時的電勢差應是零，D錯誤。

故選B。7、C【分析】【分析】

【詳解】

A．保持S接通，則電容器兩極板間的電勢差U不變，由

可知減小兩極板間的距離，則極板間的電場強度E增大；故A錯誤；

B．保持S接通，則電容器兩極板間的電勢差U不變，在兩極板間插入一塊電介質，則電容C增大，由

知則極板上的電荷量增大；故B錯誤；

C．斷開S，極板所帶的電荷量不變，由

可知減小兩極板間的距離，則電容C增大，由

可知兩極板間的電勢差減小；故C正確；

D．斷開S，極板所帶的電荷量不變，由

知在兩極板間插入一塊電介質，則電容C增大，由

可知兩極板間的電勢差減小；故D錯誤。

故選C。二、多選題(共6題，共12分)8、A:B【分析】【詳解】

A.將滑動變阻器滑片向左滑動時接入電路的電阻增大，電路中電流減小，R上的電壓減小；則電荷所在處電勢減小，電荷的電勢能減小，故A正確；

B.電路中電流減小；通過燈泡的電流減小，所以燈泡變暗，故B正確；

C.根據U2=E?Ir，得保持不變。故保持不變，故C錯誤；

D.因電源內外阻大小關系未知；根據電源輸出功率和外阻的關系，電源的輸出功率不一定變小，故D錯誤。

故選：AB9、C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．元電荷是基本的電量單位；不是指電子和質子本身，A錯誤；

B．所有帶電體的電荷量一定等于元電荷的整數倍；B錯誤；

C．元電荷的數值通常取作e=1.60×10－19C；C正確；

D．元電荷e的數值最早是由美國物理學家密立根用油滴實驗測得的；D正確。

故選CD。10、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．導體球殼B的電荷都在外表面上；因此用取電棒C跟B的內壁接觸，根本取不到電荷，因此不會使驗電器的金屬箔片張開，A錯誤；

B．用絕緣導線把驗電器跟取電棒C的導體部分相連；再把取電棒與B的內壁接觸，這時驗電器的金屬球和導體殼電勢相等，會帶上同種電荷，因此驗電器金屬箔片會張開，B正確；

CD．使驗電器A靠近B；即使用金屬網罩罩住B，在金屬網內表面感應出負電荷，外表面感應出正電荷，在金屬網外仍有電場，會使金屬球A帶負電荷，金屬箔片帶正電荷，金屬箔片會張開；而如果金屬網罩罩住A，由于靜電屏蔽，A不會有感應電荷，金屬箔片不會張開，因此C正確，D錯誤。

故選BC。11、C:D【分析】【詳解】

A．電勢是標量，無窮遠處電勢為0，正電荷周圍電勢為正，負電荷周圍電勢為負，A離負電荷遠，B離負電荷近，則

故A錯誤；

B．由點電荷電場強度公式

故B點合場強的大小為

+2q電荷在A點的電場強度為

方向豎直向下，而兩個負電荷在A點的合電場強度豎直向下，故在A點的合場強為二者相減，即

故

故B錯誤；

C．根據公式

由于

則對于電子為負電荷，則

故C正確；

D．只受電場力的電子從A點靜止釋放，越靠近時，電場強度越大，對電子的作用力越大，方向向下；越靠近時，兩側負電荷對其的作用力減小，故綜合考慮可知，電子所受合外力增大，根據牛頓第二定律

可知電子將做加速度逐漸增大的加速運動；故D正確。

故選CD。12、B:C【分析】【詳解】

A．僅根據兩表示數；不能知道電流表兩端的電壓，所以不能計算出電流表的內阻。故A錯誤；

B．兩個電表串聯；電流表的讀數等于流過電壓表的電流，所以僅根據兩表示數可以根據歐姆定律計算出電壓表的內阻，故B正確；

CD．電流表改裝成電壓表是串聯較大的分壓電阻；電流表改裝成大量程電流表是并聯較小的分流電阻；兩表串聯后；通過電流表的總電流與電壓表的電流相等，由于電流表改裝成大量程電流表是并聯較小的分流電阻，所以大部分電流通過了分流電阻，通過表頭的電流很小，電流表指針的偏轉角小于電壓表指針的偏轉角，故D錯誤，C正確；

故選BC。13、A:B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．若在C、D間連一個理想電流表，這時電阻R2與R3并聯，并聯電阻大小為

根據閉合電路歐姆定律，電路中總電流為

則理想電流表讀數為

故A正確；

BC．若在C、D間接入理想電壓表，這時電阻R1與R2串聯，由閉合電路歐姆定律，電路中電流為

理想電壓表讀數為

故B正確；C錯誤；

D．“6V，12W”小燈泡的電阻為

外電路總電阻為

電路中總電流為

通過小燈泡的電流為

小燈泡的實際功率為

故D正確。

故選ABD。三、填空題(共9題，共18分)14、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]波速、波長、頻率三者之間的關系：c=λf，其中c=3×108m/s。【解析】λf15、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3][4]金屬球上的自由電荷被吸引到右端，左端帶正電，由于靜電平衡，球心處的合場強為零，點電荷Q在球心處產生的場強

方向水平向左，則球面上感應電荷在球心O處的場強大小為

方向水平向右。【解析】①.正②.0③.④.水平向右16、略

【分析】【詳解】

[1]金屬絲的長度為L=11cm＋10×0.05mm=11.050cm

[2]直徑為d=1.5mm＋15.0×0.01mm=1.650mm【解析】11.0501.65017、略

【分析】【詳解】

[1]兩種接法中兩表示數變化分別為

則

顯然，電流表示數變化較電壓表示數變化明顯，這說明電壓表的分流作用較大，為了減小誤差，應采用電流表內接法，即電壓表接b點；

[2]由歐姆定律可得【解析】b100018、略

【分析】【詳解】

[1]S接a和接b時，電流表的示數變化較大，這說明電壓表的分流較大，因此接b點時；采用伏安法測電阻誤差較小。

[2]設電源的電壓為E，電流表的內阻為由題得

則S接a時，有

即

S接b時

即

解得【解析】b7019、略

【分析】【詳解】

根據平衡條件可知，和帶同種電荷，與電性相反，假設與的距離為則：

對

對

聯立解得：=36：4：9【解析】36：4：920、略

【分析】【詳解】

[1]電荷在某點的電勢能，等于把它從這點移動到零勢能位置時靜電力做的功。我們取一個正的點電荷放在球內任意點，把該點電荷移動到無窮遠處（零勢能位置）的過程中，橡皮球上所有正電荷對其做功代數和記為橡皮球吹大后，該點電荷與球上所有電荷的距離變遠，再把該點電荷移動到無窮遠處（零勢能位置）的過程中，橡皮球上所有正電荷對其做功代數和記為根據庫倫定律有

所以球吹大后；