…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年滬科版選修3物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示的電路中，當滑動變阻器R2的滑動觸頭P向下滑動時()

A.電壓表的讀數減小B.R1消耗的功率增大C.電源的輸出功率增大D.電容器C所帶電荷量增多2、如圖所示；兩個半徑相同；粗細相同互相垂直的圓形導線圈，可以繞通過公共的軸線xx′自由轉動，分別通以相等的電流，設每個線圈中電流在圓心處產生磁感應強度為B，當兩線圈轉動而達到平衡時，圓心O處的磁感應強度大小是（）

A.BB.1.41BC.2BD.03、如圖所示，足夠長通電直導線平放在光滑水平面上并固定，電流I恒定不變．將一個金屬環以初速度v0沿與導線成一定角度θ(θ<90゜)的方向滑出；此后關于金屬環在水平面內運動的分析，下列判斷中正確的是（）

A.金屬環做曲線運動，速度先減小后增大B.金屬環做曲線運動，速度一直減小至0后靜止C.金屬環做直線運動，速度一直減小至0后靜止D.金屬環最終做勻速直線運動，運動方向與直導線平行4、設回旋加速器中的勻強的磁感應強度為B，粒子的質量為m，所帶電荷量為q，剛進入磁場的速度為v0，回旋加速器的最大半徑為R，那么兩極間所加的交變電壓的周期T和該粒子的最大速度v分別為（）A.T＝v不超過B.T＝v不超過C.T＝v不超過D.T＝v不超過5、如圖所示，勻強磁場的磁感應強度B=0.5T，邊長L=0.1m的正方形線圈共N=100匝，線圈總電阻r=1線圈繞垂直于磁感線的對稱軸OO勻速轉動，轉速為r/s，外電路中的電阻R=4圖示位置線圈平面與磁感線平行，以下說法中正確的是（）

A.如從圖示位置計時，線圈中產生電流按正弦規律變化B.線圈從圖示位置轉動30°，流經R上的電荷量為0.05CC.每轉動一周線圈上產生的熱量為JD.電阻R上的電壓為8V6、如圖所示，在磁極和圓柱狀鐵芯間形成的兩部分磁場區域的圓心角α均為π，磁感應強度B均沿半徑方向．單匝矩形線圈abcd的寬ab=L，長bc=2L，線圈繞中軸以角速度ω勻速轉動時對外電阻R供電．若線圈電阻為r；電流表內阻不計，則下列說法正確的是。

A.線圈轉動時將產生正弦式交流電B.從圖位置開始轉過90°角時，電流方向將發生改變C.線圈轉動過程中穿過線圈的磁通量的變化率不變D.電流表的示數為7、關于內能，下列說法正確的是()A.物體的內能是物體動能和勢能的總和B.物體的內能是物體內所有分子平均動能和分子勢能的總和C.溫度高的物體一定比溫度低的物體內能大D.內能不同的物體，它們分子熱運動的平均動能可能相同8、如圖所示；電荷只受電場力作用沿虛線從A運動到B，則該電荷的電性及運動過程中電場力對其所做的功分別是。

A.負電，負功B.負電，正功C.正電，負功D.正電，正功評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)9、如圖的實驗中，分別用波長為的單色光照射光電管的陰極K，測得相應的遏止電壓分別為U1和U2．設電子的質量為m，帶電荷量為e，真空中的光速為c，極限波長為下列說法正確的是（）

A.用波長為的光照射時，光電子的最大初動能為B.用波長為的光照射時，光電子的最大初動能為C.普朗克常量等于D.陰極K金屬的極限頻率為10、在如圖所示的電路中，電源電動勢為E、內電阻為r，R1、R2為定值電阻，阻值均大于r，R3為滑動變阻器，C為電容器，A、V為理想電流表和電壓表。在滑動變阻器的滑動觸頭P自a端向b端滑動的過程中。

A.電壓表示數變大B.電流表示數變小C.電容器C所帶電荷量增多D.電源的輸出功率變大11、如圖所示,實線表示在豎直平面內的電場線,電場線與水平方向成角,水平方向的勻強磁場與電場正交,有一帶電液滴沿斜向上的虛線L做直線運動,L與水平方向成角,且則下列說法中正確的是。

A.液滴一定做勻速直線運動B.液滴一定帶正電C.電場線方向一定斜向上D.液滴有可能做勻變速直線運動12、下列說法正確的是_______A.液體的溫度越低.其飽和汽壓越小B.酒精燈中的酒精能沿燈芯向上升，這與毛細現象有關C.納米材料的顆粒半徑一定是E.第一類永動機違反了能量守恒定律E.第一類永動機違反了能量守恒定律13、通過研究平行板電容器的電容影響因素的實驗，我們知道：極板間距離、極板的正對面積及兩極板間插入的介質是影響平行板電容器電容的幾個因素。在實驗中，如圖所示連接平行板和靜電計，若保持平行板電容器所帶電荷量不變，欲使靜電計的張角減小，以下做法中可行的是（）

A.僅將板向右移B.僅將板向上移C.僅向兩板之間插入絕緣介質板D.僅向兩板之間插入金屬導體板14、在如圖所示寬度范圍內，用電場強度為E的勻強電場可使初速度是的某種正粒子偏轉角．在同樣寬度范圍內，若改用方向垂直于紙面向外的勻強磁場，勻強磁場的磁感應強度為B，使該粒子穿過該區域，并使偏轉角也為（不計粒子的重力）．則。

A.電場強度E與磁感應強度B的比為B.電場強度E與磁感應強度B的比為C.粒子穿過電場和磁場的時間之比是D.粒子穿過電場和磁場的時間之比是15、有關光現象的下列說法中正確的是（）A.折射光與入射光的傳播方向總是不同的B.在太陽光照射下，水面上的油膜上出現彩色花紋是光的干涉現象C.在光的雙縫干涉實驗中，只將入射光由綠光改為黃光，則條紋間距變寬D.折射現象的出現說明光是縱波16、如圖所示，質量為M的小車靜止在光滑水平面上，小車A端固定一根輕彈簧，彈簧的另一端連接一個放置在小車上且質量為m的物體C，已知小車底部光滑，彈簧處于壓縮狀態．彈簧被釋放后，物體C被彈出向B端運動，最后與B端粘在一起．下列說法中正確的是()

A.物體C離開彈簧時，小車在向左運動B.物體C與B端粘在一起之前，小車的運動速率與物體C的運動速率的比值為C.物體C與B端粘在一起后，與小車一同向右運動D.整個過程中，小車、物體C及彈簧組成的系統的機械能守恒評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)17、如圖所示，喜慶日子，室外經常使用巨大的紅色氣球來烘托氣氛，在晴朗的夏日，從早晨到中午的過程中，密閉在紅色氣球內氣體分子的平均動能_________（選填“變大”、“變小”或“不變”），氣體的體積________（選填“變大”；“變小”或“不變”）

18、一定量的理想氣體從狀態a開始，經歷ab、bc、ca三個過程回到原狀態，其p－T圖象如圖所示。___（選填“a”“b”或“c”）狀態分子的平均動能最小，b和c兩個狀態中，容器壁單位面積單位時間內受到氣體分子撞擊的次數_____（選填“相同”或“不同”），ca過程外界對氣體做的功___（選填“大于”、“小于”或“等于”）氣體放岀的熱量。19、如圖所示；將邊長為L；總電阻為R的正方形閉合線圈，從磁感強度為B的勻強磁場中以速度v勻速拉出（磁場方向，垂直線圈平面）

（1）所用拉力F＝_________．

（2）拉力F做的功WF＝________．

（3）拉力F的功率PF＝________．

（4）線圈放出的熱量Q＝_________．

（5）通過導線截面的電量q＝_________．20、有一充電的平行電容器，兩板件電壓為現使它的電荷量減小于是電容器兩極板間電壓降為原來的此電容器的電容是__________μF；若電容器極板上的電荷全部放掉，電容器的電容是__________μF。21、花崗巖、大理石等裝修材料，都不同程度地含有放射性元素，比如含有鈾、釷的花崗巖等巖石會釋放出放射性氣體氡，而氡會發生放射性衰變，放出α、β、γ射線，這些射線會導致細胞發生癌變及呼吸道等方面的疾病。在這三種射線中，_____射線的穿透能力最強；α衰變時，生成核與原來的原子核相比，中子數減少了_____個；β衰變所釋放的電子是由原子核中的_____轉化而來.評卷人得分四、作圖題(共3題，共21分)22、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

23、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現的完整掃描波形圖．

24、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共36分)25、某同學用如圖所示的裝置通過半徑相同的兩球的碰撞來驗證動量守恒定律．實驗步驟如下：

a.用天平測出兩小球的質量，入射球和被撞球質量分別記為m1和m2

b.按照圖所示安裝實驗裝置.調整固定斜槽使斜槽底端水平

c.白紙在下，復寫紙在上且在適當位置鋪放好.記下重垂線所指的位置O.

d.不放被撞小球，每次讓入射小球從斜槽上某固定高度處自由滾下，重復10次.用圓規畫盡量小的圓把所有的小球落點圈在里面.圓心P就是小球落點的平均位置

e.把被撞小球放在斜槽末端，每次讓入射小球從斜槽同一高度自由滾下，使它們發生碰撞，重復實驗10次用步驟d的方法，標出碰后入射小球落點的平均位置M和被撞小球落點的平均位置N.如圖所示

f.連接ON，測量線段OP、OM、ON的長度，分別記為OP、OM和ON．根據以上實驗方法請回答下列問題

(1)對本實驗下列說法正確的是___________

A.用質量小的小球作為入射小球，質量大的小球作為被撞小球

B.還應測量小球在空中運動的時間

C.適當增加入射球釋放點高度，可以減小實驗誤差

D.實驗過程中應保持記錄落點的白紙位置不動

(2)實驗要驗證的表達式是(用題中測出的相應物理量字母表示)________26、為將一量程為的電壓表改裝成簡易歐姆表；某創新小組完成了以下的設計與操作。

（1）設計圖（a）所示電路測量電壓表的內阻RV和電池組（內阻不計）的電動勢E。實驗步驟如下：①閉合開關S，調節電阻箱R，當接入電路的阻值R1=3kΩ時，電壓表指針恰好滿偏；②繼續調節電阻箱R，當接入電路的阻值時，電壓表指針位置如圖（b）所示。由此可求出RV=______kΩ，E=______V；

（2）將紅；黑表筆接在圖（a）中的電壓表兩端；如圖（c）所示；再將電壓表表盤刻度轉換為歐姆表表盤刻度，即成為簡易歐姆表。表盤改裝步驟如下：

①閉合開關S，將兩表筆斷開，調節電阻箱R的阻值為______kΩ，使電壓表指針位置指在刻度“3”處，則此刻度對應的電阻值為______（填“0”或“∞”）；

②保持電阻箱R的阻值不變，在兩表筆間接入不同阻值的電阻，在相應電壓表指針所指刻度上標上接入的電阻值；則電壓表表盤正中央刻度處所對應的電阻值為______kΩ。27、現要測量電壓表的內阻和電源的電動勢；提供的器材有:

電源(電動勢約為6V；內阻不計)

電壓表(量程2.5V；內阻約為2.5kΩ)

電壓表(量程3V；內阻約為10kΩ)

電阻箱(最大阻值9999.9)

滑動變阻器(最大阻值為)

滑動變阻器(最大阻值為)

單刀雙擲開關一個；導線若干。

(1)在圖1中完成測量原理電路圖____________；

(2)電路中應選用的滑動變阻器_______(選填“”、“”)；

(3)按照下列實驗步驟進行實驗：

①閉合開關前；將滑動變阻器和電阻箱連入電路的阻值調至最大；

②閉合開關，將電阻箱調到6kΩ，調節滑動變阻器至適當的位置，此時電壓表的示數為1.60V，電壓表的示數為2.40V；

③保持滑動變阻器連入電路的阻值不變，在將電阻箱調到2kΩ，此時電壓表的示數如圖2，其示數_______V，電壓表的示數為1.40V；

(4)根據實驗數據，計算得到電源的電動勢為______V，電壓表的內阻為_______kΩ，電壓表的內阻為_________kΩ；28、建造重慶長江大橋復線橋高將長百米；重千余噸的鋼梁從江水中吊起如圖、施工時采用了將鋼梁與水面成一定傾角出水的起吊方案；為了探究該方案的合理性，某研究性學習小組做了兩個模擬實驗.研究將鋼板從水下水平拉出（實驗1）和以一定傾角拉出（實驗2）的過程中總拉力的變化情況.

①必要的實驗器材有：鋼板、細繩、水盆、水、支架、刻度尺、計時器和______等.

②根據實驗曲線，實驗2中的最大總拉力比實驗1中的最大總拉力降低了_____.

③根據分子動理論，實驗1中最大總拉力明顯增大的原因是_____.

④可能導致測量拉力的實驗誤差的原因有：讀數不準、鋼板有油污、________等等（答出兩個即可）

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【詳解】

根據題圖可知，R1、R2串聯后接在電源兩端，電容器C并聯在R2兩端，電壓表V測路端電壓．當滑動觸頭P向下滑動時，R2連入電路的電阻變大，則總電阻變大，由知電流I減小，由知路端電壓增大，則電壓表示數變大，電源的輸出功率無法判斷．由知，R1消耗的功率變小．由知電容器兩端電壓變大；則電容器所帶電荷量增多.

A.綜上分析可知電壓表示數變大；故A項不合題意.

B.綜上分析可知R1消耗的功率變小；故B項不合題意.

C.綜上分析可知電源的輸出功率無法判斷；故C項不合題意.

D.綜上分析可知電容器C所帶電荷量增多；故D項符合題意.2、C【分析】根據安培定則可知，豎直方向的通電圓環在圓心O處產生的磁感應強度方向垂直紙面向里，大小為B；水平方向的通電圓環在圓心O處產生的磁感應強度方向豎直向上，大小為B，兩者相互垂直，由于同向電流吸引，故當兩線圈轉動而達到平衡時兩個線圈重合，圓心O處的磁感強度的大小是BO=2B.

故選：C3、D【分析】金屬環周圍有環形的磁場；金屬環向右運動，磁通量減小，根據“來拒去留”可知，所受的安培力將阻礙金屬圓環遠離通電直導線，即安培力垂直直導線向左，與運動方向并非相反，安培力使金屬環在垂直導線方向做減速運動，當垂直導線方向的速度減為零，只剩沿導線方向的速度，然后磁通量不變，無感應電流，水平方向合力為零，故最終做勻速直線運動，方向與直導線平行，D正確，選D.

【點睛】金屬環周圍有環形的磁場，金屬環向右上運動，磁通量減小，根據“來拒去留”可知，所受的安培力與運動方向相反，使金屬環在垂直導線方向做減速運動，當垂直導線方向的速度減為零，最終金屬環的運動狀態為勻速沿導線運動，速度為原來速度的沿導線方向上的分量．4、A【分析】【分析】

粒子在磁場中做勻速圓周運動，結合洛倫茲力提供向心力，根據D形盒的半徑求出最大速度的大小，再結合周期公式即可求解．

【詳解】

粒子運動的最大半徑為D形盒的半徑，根據計算得出根據周期公式可知故A選項是正確的，BCD錯誤．5、B【分析】【詳解】

A；圖示位置；線圈平面與磁感線平行，此時產生的電動勢最大，可知線圈中產生電流按余弦規律變化，A錯誤。

B、根據可得：B正確。

C、線圈旋轉產生的最大電動勢正弦式交流電的有效值是峰值的線圈轉一周產生的熱量C錯誤。

D、電阻R上的電壓為D錯誤6、D【分析】【詳解】

A項：bc邊向上切割時，感應電流方向為bc邊向下切割時，感應電流方向為所以線圈連續轉動，流過電阻R的電流是交流電，但電流的大小不變，所以產生的不是正弦交流電，故A錯誤；

B項：從圖示位置開始轉動角時；電流方向不發生改變，故B錯誤；

C項：在共同圓心角均為內；線圈轉動過程中穿過線圈的磁通量的變化率不變，故C錯誤；

D項：一個周期內，通電時間為：R上消耗的電能為：且有：解得線圈上電流的有效值為：故D正確．

故選D．7、D【分析】【詳解】

物體的動能和勢能的總和叫做機械能，故A錯誤；內能是物體內部所有分子無規則運動的分子動能和分子勢能的總和，故B錯誤；物體內能由物質的量、物體溫度與物體體積決定，溫度高的物體不一定比溫度低的物體內能大，故C錯誤；物體的內能與物質的量、溫度、體積以及物態有關，內能不同的物體，它們的溫度可能相等，即分子熱運動的平均動能可能相同，故D正確。8、B【分析】【詳解】

根據運動軌跡的特點可知；電荷受到與E反向的電場力，故電荷帶負電，從A到B過程中電場力與速度的夾角小于90°，電場力做正功.

A.負電；負功，與結論不相符，選項A錯誤；

B.負電；正功，與結論相符，選項B正確；

C.正電；負功，與結論不相符，選項C錯誤；

D.正電，正功，與結論不相符，選項D錯誤；二、多選題(共8題，共16分)9、A:C【分析】【詳解】

A、B項：根據光電效應方程，則有：故A正確，B錯誤；

C項：根據愛因斯坦光電效應方程得：得金屬的逸出功為：聯立解得：故C正確；

D項：陰極K金屬的極限頻率故D錯誤．10、A:D【分析】【分析】

在滑動變阻器滑動頭P自a端向b端滑動的過程中，變阻器在路電阻減小，外電阻減小，根據歐姆定律分析干路電流如何變化和電阻R1兩端電壓的變化，即可知道電壓表讀數的變化．電容器C的電壓等于電阻R2兩端的電壓，分析并聯部分電壓的變化，即知道電容器的電壓如何變化，根據Q=CU可知所帶電荷量的變化；根據干路電流與通過R2的電流變化情況，分析電流表的變化．a點的電勢等于R2兩端的電壓．根據外電路電阻與內阻的關系；判斷電源的輸出功率的變化。

【詳解】

A.在滑動變阻器滑動頭P自a端向b端滑動的過程中，變阻器接入電路的電阻減小，并聯電阻減小，外電路總電阻減小，干路電流I增大，電阻R1兩端電壓增大；則電壓表示數變大，故A正確；

B.根據閉合電路歐姆定律，內電壓增大，R1兩端電壓增大，可知并聯部分電壓減小，流過R2的電流減小。由于干路電流I增大，所以流過R3的電流增大；電流表示數增大，故B錯誤；

C.電容器與電阻R2并聯；電壓相等，根據Q=CU，電容器C所帶電荷量減小，故C錯誤；

D.當外電路電阻等于內阻時，電源的輸出功率最大，外電路電阻越接近內阻，電源的輸出功率越大。由于R1、R2阻值均大于r；外電路電阻大于內阻，現外電路總電阻減小，電源的輸出功率增大，故D正確。

故選：AD。11、A:B:C【分析】【分析】

帶電液滴做直線運動；要么合力為零做勻速直線運動，要么所受合力與速度方向在同一直線上，做勻變速直線運動；對帶電液滴進行受力分析，然后答題．

【詳解】

帶電液滴受豎直向下的重力G；沿電場線方向的電場力F、垂直于速度方向的洛倫茲力f；由于α＞β，這三個力的合力不可能沿帶電液滴的速度方向，因此這三個力的合力一定為零，帶電液滴做勻速直線運動，不可能做曲線運動和勻變速直線運動，故A正確，D錯誤．當帶電液滴帶正電，且電場線方向斜向上時，帶電液滴受豎直向下的重力G、沿電場線向上的電場力F、垂直于速度方向斜向左上方的洛倫茲力f作用，這三個力的合力可能為零，帶電液滴沿虛線L做勻速直線運動；如果帶電液滴帶負電、或電場線方向斜向下時，帶負電液滴斜向下運動時所受合力才可能為零，沿直線L運動，故BC正確；故選ABC．

【點睛】

知道液滴沿直線運動的條件是合力為零或所受合力方向與速度方向在同一直線上、對帶電液滴正確受力分析，是正確解題的關鍵．12、A:B:E【分析】【詳解】

A．同一種液體的飽和蒸汽壓僅僅與溫度有關；液體的溫度越低，其飽和汽壓越小．故A正確．

B．酒精沿燈芯向上升的現象與毛細現象有關；故B正確．

C．納米材料的顆粒半徑的數量級是nm；不一定就是1nm，故C錯誤．

D．物理性質表現為各向同性的固體不一定是非晶體；也有可能是多晶體．故D錯誤．

E．第一類永動機違反了能量的轉化與守恒；不可能實現，故E正確．

故選ABE．13、A:C:D【分析】【詳解】

A．僅向右平移，導致兩極板間距減小，根據

可知電容增大，由于所帶電荷量不變，根據

可知兩極板間的電勢差減小；即靜電計的夾角減小，A正確；

B．僅將B板向上移，則兩極板正對面積減小，根據

可知電容增小，由于所帶電荷量不變，根據

可知兩極板間的電勢差增大；即靜電計的夾角增大，B錯誤；

C．僅向兩板之間插入絕緣介質板，則增大，根據

可知電容增大，由于所帶電荷量不變，根據

可知兩極板間的電勢差減小；即靜電計的夾角減小，C正確；

D．而向兩板間插入金屬板時，板間距離減小，根據

可知電容增大，由于所帶電荷量不變，根據

可知兩極板間的電勢差減小；即靜電計的夾角減小，D正確。

故選ACD。14、B:C【分析】【詳解】

在電場中偏轉時做類平拋運動，水平方向勻速直線，豎直方向勻加速直線運動，故則由牛頓第二定律可知則為豎直方向速度和水平方向速度的夾角；故解得在磁場中偏轉時，由幾何關系可知速度偏轉角等于粒子在磁場中做圓周運動的圓心角；解得：故A錯誤，B正確；在磁場中運動的時間為則時間之比為：C正確，D錯誤．15、B:C【分析】【詳解】

A.當光垂直入射時；折射光與入射光傳播方向相同，A錯誤。

B.由于油膜表面各處與水平面的距離不盡相等；當光到油膜表面和水面的光進行反射疊加在一起時，就會在油膜表面的不同地方產生不同的光程差，所以就發生了干涉，形成彩色花紋。所以在太陽光照射下，水面上的油膜上出現彩色花紋是光的干涉現象，B正確。

C.條紋間距與波長成正比；黃光比綠光頻率低，波長長，所以只將入射光由綠光改為黃光，則條紋間距變寬，C正確。

D.光是一種橫波，D錯誤16、A:B【分析】【詳解】

整個系統在水平方向不受外力，豎直方向上合外力為零，則系統動量一直守恒，系統初動量為零，物體離開彈簧時向右運動，根據系統的動量守恒定律得小車向左運動，故A正確；取物體C的速度方向為正方向，根據系統的動量守恒定律得：0=mv-Mv′，得物體與B端粘在一起之前，小車的運動速率與物體C的運動速率之比故B正確；當物體C與B端粘在一起時，整個系統最終的速度相同，根據系統的動量守恒定律得：0=（M+m）v″，v″=0，系統又處于靜止狀態，故C錯誤；物塊C與B碰后要粘在一起，則損失機械能，則整個過程中，小車、物體C及彈簧組成的系統的機械能不守恒，選項D錯誤．三、填空題(共5題，共10分)17、略

【分析】【詳解】

[1]中午時氣溫升高；氣球內氣體分子的平均動能變大；

[2]以氣球內的氣體為研究對象，溫度升高，壓強增大，氣球會膨脹，因此氣體的體積變大。【解析】變大變大18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由圖像可知，a、b和c三個狀態中a狀態溫度最低；分子平均動能最小。

[2]由圖像可知，bc過程氣體發生等溫變化，氣體內能不變，壓強減小，由玻意耳定律可知，體積增大，b、c狀態氣體的分子數密度不同，b和c兩個狀態中；容器壁單位面積單位時間內受到氣體分子撞擊的次數不同。

[3]由圖像可知，ca過程氣體壓強不變，溫度降低，由蓋呂薩克定律可知，其體積減小，外界對氣體做功，W＞0，氣體溫度降低，內能減少，△U＜0，由熱力學第一定律可知，氣體要放出熱量，過程ca中外界對氣體所做的功小于氣體所放熱量【解析】a不同小于19、略

【分析】【詳解】

（1）線框受到的安培力由平衡條件可知，拉力

（2）拉力的功

（3）拉力功率：

（4）感應電動勢產生的焦耳熱

（5）感應電動勢電流電荷量【解析】20、略

【分析】【詳解】

[1]由題平行板電容器的電荷量減少

電壓降低

則μF

[2]電容反應電容器本身的特性，電容器極板上的電荷全部放掉電容器的電容不變，仍為150μF。【解析】21、略

【分析】【詳解】

第一空.γ射線一般伴隨著α或β射線產生；在這三種射線中，γ射線的穿透能力最強；

第二空.發生α衰變時；電荷數少2，質量數少4，則中子數少2；

第三空.β衰變所釋放的電子來自原子核，是原子核中的一個中子轉變為一個電子和一個質子，電子釋放出來。【解析】γ2中子四、作圖題(共3題，共21分)22、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】23、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象【解析】24、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共4題，共36分)25、略

【分析】【分析】

根據實驗原理和實驗步驟逐項判斷；此實驗用小球平拋運動的水平射程代替小球的速度；結合動量守恒表達式求解要驗證的表達式.

【詳解】

（1）用質量大的小球作為入射小球；質量小的小球作為被撞小球，防止被碰球反彈，選項A錯誤；此實驗用小球平拋運動的水平射程代替小球的速度，則不需要測量小球在空中運動的時間，選項B錯誤；適當增加入射球釋放點高度，則入射球的速度可以變大，可以減小實驗誤差，選項C正確；實驗過程中應保持記錄落點的白紙位置不動，否則會出現誤差，選項D正確；故選CD.

（2）根據兩小球從同一高度開始