2025屆北京市朝陽區陳經倫中學物理高二第一學期期中質量跟蹤監視試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、質譜儀是一種測定帶電粒子質量和分析同位素的重要工具，它的構造原理如圖，離子源產生的各種不同正離子束（速度可看作為零），經加速電場加速后垂直進入有界勻強磁場，到達記錄它的照相底片上，設離子在上的位置到入口處的距離為，則下列判斷正確的是（）A．若離子束是同位素，則越小，離子質量越大B．若離子束是同位素，則越小，離子質量越小C．只要相同，則離子質量一定相同D．越大，則離子的比荷一定越大2、如圖所示，平行板電容器帶有等量異種電荷，與靜電計相連，靜電計金屬外殼和電容器下級板都接地．在兩極板間有一固定在P點的點電荷，以E表示兩極板間的電場強度，EP表示點電荷在P點的電勢能，θ表示靜電計指針的偏角．若保持下極板不動，將上極板向下移動一小段距離至圖中虛線位置，則（）A．θ增大，E增大 B．θ增大，EP不變C．θ減小，EP增大 D．θ減小，E不變3、如圖所示，左端固定的輕質彈簧被物塊壓縮，物塊被釋放后，由靜止開始從A點沿粗糙水平面向右運動．離開彈簧后，經過B點的動能為Ek，該過程中，彈簧對物塊做的功為W，則物塊所受摩擦力做的功Wf為()A．Wf=Ek B．Wf=Ek+WC．Wf+Ek=W D．Wf=W—Ek4、長為L的通電直導線垂直放置于勻強磁場中，所受到的安培力F=BIL，則安培力的大小（）A．只與電流強度有關B．只與導線長度有關C．只與磁感應強度有關D．與電流強度、導線長度、磁感應強度都有關5、一勻強電場的電場強度E隨時間t變化的圖象如圖所示，在該勻強電場中，有一個帶電粒子于t＝0時刻由靜止釋放，若帶電粒子只受電場力作用，則下列說法中正確的是()A．帶電粒子只向一個方向運動B．0～2s內，電場力所做的功等于零C．4s末帶電粒子回到原出發點D．2.5～4s內，速度的改變等于零6、甲、乙兩球在光滑水平軌道上同向運動，已知它們的動量分別是=5kg·m/s，=7kg·m/s，甲追上乙并發生碰撞，碰后乙球的動量變為=10kg·m/s，則兩球質量m甲與m乙的關系可能是（）A．m甲=m乙B．m乙=2m甲C．m乙=4m甲D．m乙=6m甲二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、電荷量為q的點電荷在電場中由A點移到B點時，電場力做功W，兩點間的電勢差為U，若讓電荷量為2q的點電荷在電場中由A點移到B點，則（）A．電場力做功為WB．電場力做功為2WC．兩點間的電勢差為UD．兩點間的電勢差為2U8、一電子飛經電場中A、B兩點,電子在A點電勢能為,動能為,由A點到B點靜電力做功為,如果電子只受靜電力作用,則A．電子在B點的動能為 B．電子在B點的動能為C．電子在B點的電勢能為 D．電子在B點的電勢能為9、如圖所示，空間有一水平方向的勻強電場，初速度為的帶電質點從點射入電場，在豎直平面內沿直線從運動到，在此過程中，該質點的（）A．重力勢能和電勢能都增加，動能減少B．重力勢能增加，電勢能和動能都減少C．重力勢能和動能之和增加D．動能和電勢能之和減少10、如圖所示，a、b兩點電勢相同，電場強度也相同的是A．B．C．D．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）為測量“12V,5W”的小電珠在不同電壓下的功率，給定了以下器材：電源：12V，內阻不計；電流表：量程0～0.6A、0～3A，內阻約為0.2Ω電壓表：量程0～3V、0～15V，內阻約為15kΩ滑動變阻器：0～5Ω，開關一個，導線若干，實驗要求加在小電珠上的電壓可從0開始調節.(1)以上四個電路圖你認為最合適的是______(2)在本實驗中，電流表的量程可選_________(3)某位同學測得小電珠的伏安特性曲線如圖所示，某次測量時，電流表讀數為0.40A，此時小電珠的實際功率為_____W。12．（12分）如圖甲是測量一節新干電池的電動勢和內阻的實驗電路，所用器材是：量程3V的電壓表V；量程0.6A的電流表A；滑動變阻器；開關S，導線。實驗時會發現，當滑動變阻器在阻值較大的范圍內調節時，電壓表讀數變化很小，從而影響測量的準確性。為了較準確地測量一節新干電池的內阻，某同學對該實驗進行改進，他只在實驗中多用了一個定值電阻就解決了這一問題。在方框中畫出改進后的電路圖______改進后，測出幾組電流、電壓的數值，并畫出如圖乙所示的圖象，則可知這個電池的電動勢為E=______V，內阻r=_______Ω。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，兩塊帶等量異種電荷的平行金屬板A、B水平放置，組成平行板電容器，兩板間距d=0.05m。兩板之間有一個質量m=1.0×10-3kg、電荷量q=+1.0×10?6C的帶電油滴恰好處于靜止狀態。重力加速度g=10m/s2。①判斷金屬板A帶何種電荷？②求兩板間的電壓大小；③若只增加平行板電容器的帶電量，試判斷帶電油滴將向上運動還是向下運動？14．（16分）如圖所示，在與水平方向成45°角的光滑金屬導軌間連一電源，在相距1m的平行導軌上放一重為2N的金屬棒ab，棒上通過2A的電流，磁場方向豎直向上，這時棒恰好靜止，求：（1）勻強磁場的磁感應強度多大；（2）導軌對ab棒的支持力多大。15．（12分）如圖所示,一個電子由靜止開始經加速電場加速后,又沿中心軸線從O點垂直射入偏轉電場,并從另一側射出打到熒光屏上的O點,點為熒光屏的中心。已知電子質量,電荷量,加速電場電壓U0=2500V,偏轉電場電壓,極板的長度,板間距離,極板的末端到熒光屏的距離(忽略電子所受重力,結果保留兩位有效數字)。求(1)電子射入偏轉電場時的初速度;(2)電子打在熒光屏上的P點到點的距離h;(3)電子經過偏轉電場過程中電場力對它所做的功W。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

在電場中，根據動能定理得qU=mv2得v=在磁場中，洛倫茲力提供向心力qvB=m得則有：x=2r=AB．若離子束是同位素，q相同，x越小，對應的離子質量越小，故A錯誤，B正確；C．由x=2r=知只要x相同，對應的離子的比荷一定相等，而質量不一定相同，C錯誤；D．由C可知，當x越大，則離子的比荷一定越小，D錯誤。故選B。【點睛】解決本題的關鍵利用動能定理和牛頓第二定律求出P到S1的距離，從而得出x與電荷的比荷有關，及注意電荷的比荷是．2、D【解析】試題分析：若保持下極板不動，將上極板向下移動一小段距離，則根據可知，C變大，Q一定，則根據Q=CU可知，U減小，則靜電計指針偏角θ減小；根據，Q=CU，，聯立可得，可知Q一定時，E不變；根據U1=Ed1可知P點離下極板的距離不變，E不變，則P點與下極板的電勢差不變，P點的電勢不變，則EP不變；故選項ABC錯誤，D正確．電容器、電場強度、電勢及電勢能【名師點睛】此題是對電容器的動態討論；首先要知道電容器問題的兩種情況：電容器帶電荷量一定和電容器兩板間電勢差一定；其次要掌握三個基本公式：，，Q=CU；同時記住一個特殊的結論：電容器帶電荷量一定時，電容器兩板間的場強大小與兩板間距無關．3、D【解析】

對物塊從A到B應用動能定理有：解得：故D正確．4、D【解析】

長為L的通電直導線垂直放置于勻強磁場中，所受到的安培力F=BIL，則安培力的大小F與電流強度I、導線長度L、磁感應強度B都有關，故選D.5、D【解析】

A、由牛頓第二定律可知，帶電粒子在第1s內的加速度a，第2s內加速度的，a2是a1的2倍，因此帶電粒子先加速1s再減小0.5s速度為零，接下來的0.5s將反向加速，v-t圖象如圖所示，由對稱關系可得，反向加速的距離使帶電粒子剛回到減速開始的點，故A錯誤；B、0～2s內，帶電粒子的初速度為零，但末速度不為零，由動能定理可知電場力所做的功不為零，故B錯誤；C、由v-t圖象中圖線與坐標軸圍成的圖形的面積為物體的位移，由對稱可以看出，前4s內的位移不為零，所以帶電粒子不會回到原出發點，故C錯誤；D、由v-t圖象可知，2.5～4s內，速度的改變等于零，故D正確；故選D。6、C【解析】根據動量守恒定律得：p1+p2=p1′+p2′，解得：p1′=2kg?m/s．碰撞過程系統的總動能不增加，則有：代入數據解得：．碰撞后甲的速度不大于乙的速度，則有：，代入數據解得：．綜上有，故BC正確，AD錯誤．故選BC．點睛：對于碰撞過程，往往根據三大規律，分析兩個質量的范圍：1、動量守恒；2、總動能不增加；3、碰撞后兩物體同向運動時，后面物體的速度不大于前面物體的速度．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】兩點間的電勢差與有無試探電荷無關，則若讓電荷量為2q的點電荷在電場中由A點移到B點，則兩點間的電勢差為仍U，選項C正確，D錯誤；根據W=Uq可知，電場力做功為2W，選項B正確，A錯誤；故選BC.8、AC【解析】

根據電場力做功與電勢能的變化關系求電子在B點的電勢能，根據能量守恒求出電子在B點的動能．【詳解】由A點到B點靜電力做功為，即從A點到B點電勢能減少，則B點的電勢能為，在點A、點B電子只受電場力，則電子的電勢能和動能之和不變，在A點，在B點的動能，故AC正確，BD錯誤，故選AC．【點睛】本題重點考查了電場力做功與電勢能的變化關系WAB=EPA-EPB這個關系式，結合功的公式即可解決此類題目．9、AD【解析】試題分析：帶點小球做直線運動，所受合力方向與運動方向必定在同一直線上，根據重力和電場力做功的正負判斷動能、電勢能、重力勢能的變化；根據能量守恒，即動能+重力勢能+電勢能=定值，來判斷重力勢能和動能之和以及動能和電勢能之和的變化．做直線運動的條件是合外力方向和速度在同一直線，所以根據受力分析，受到的電場力方向肯定向左，電力做負功，電勢能增加．又重力做負功，重力勢能增加．合外力方向和速度反向，所以動能減少，A正確B錯誤；因為電場力做負功，所以質點的機械能減小，即重力勢能和動能之和減小，C錯誤；過程中只有重力和電場力做功，所以機械能和電勢能守恒，即，而重力做負功，重力勢能增大，故動能與電勢能之和減小，D正確．10、AD【解析】A、a、b是勻強電場中的兩點，電場強度相同，a、b連線與板平行，且沿著電場線方向電勢降低，所以a點的電勢等于b點的電勢，故A正確；B、根據電場線的對稱性可知，ab兩點電勢相同，場強大小相等，但方向相反，所以電場強度不同，故B錯誤；

C、a、b是同一等勢面上的兩點，電勢相同，場強大小相等，但方向不同，則電場強度不同，故C錯誤；

D、等量異種電荷連線的中垂線是一條等勢線，則a、b的電勢相同．由于電場線關于兩電荷連線上下對稱，場強也相同，故D正確；故選AD。【點睛】對于典型的電場的電場線分布要掌握，抓住特點，有助于解答關于電場強度、電勢高低判斷的問題。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、(1)A(2)0～0.6A(3)2.4【解析】

（1）小電珠上的電壓可從0開始調節，滑動變阻器應采用分壓接法；燈泡正常發光時的電阻R=U2/R=122/5=28.8Ω，R/RA=28.8/0.2=144；RV/R=15000/28.8=520，RVR＞RRA，電流表選擇外接法，故選圖A所示電路．

（3）電流表讀數為0.40A時，此時小電珠的電壓為6.0U，則實際功率為P=IU=2.4W。【點睛】本題關鍵明確電流表內外接法和滑動變阻器的分壓、限流接法的選擇原則，要想得到從0開始連續可調的電壓時必須用分壓電路；當電壓表內阻遠大于待測電阻阻值時，用電流表外接。12、1.460.8【解析】

當滑動變阻器在阻值較大的范圍內調節時，電壓表讀數變化很小，由此可知外電路電阻較大，即電源內阻太小，可以用定值電阻與電源串聯組成等效電源，電壓表測路端電壓，電流表測電路電流，實驗電路圖如圖所示：由閉合電路歐姆定律可知，，即；由圖示電源圖象可知，圖象與縱軸交點坐標值為，則電源電動勢，圖像斜率，則電源內阻四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、①A板帶“－”電②500V③向上【解析】①油滴能恰好在平行板電容器間靜止，則電荷所受的電場力方向向上，可斷定：A板帶負電．

②油滴能恰好在平行板電容器間靜止，有：q＝mg

解得：③由可知，Q增大，U增大；又由可知，U增大，E增大．這樣就會有qE＞mg，油滴將向上運動．14、（1）1T；（2