2025屆云南省玉溪市新平縣三中高二物理第一學期期中復習檢測模擬試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、質量為m的鋼球自高處落下,以速度v1碰地,豎直向上彈回,碰撞時間極短,離地的速度為v1．在碰撞過程中,地面對鋼球的沖量的方向和大小為()A．向下,m(v1-v1)B．向上,m(v1+v1)C．向上,m(v1-v1)D．向下,m(v1+v1)2、如圖，以點電荷+Q為圓心，畫同心圓與電場線交于A、B、C三點，半徑之比為1∶2∶3，根據以上信息，下列說法正確的是（）A．同一同心圓上電場強度處處相同，電勢處處相等B．圖中A、B、C三點的電場強度之比為9∶4∶1C．A、B兩點間的電勢差等于B、C兩點間的電勢差D．將一正試探電荷q從A移動到C的過程中電勢能減少3、如圖所示，在冰壺世錦賽上中國隊以8：6戰勝瑞典隊，收獲了第一

個世錦賽冠軍，隊長王冰玉在最后一投中，將質量為19kg的冰壺推出，運動一段時間后以0.4m/s的速度正碰靜止的瑞典冰壺，然后中國隊冰壺以0.1m/s的速度繼續向前滑向大本營中心．若兩冰壺質量相等，則下列判斷正確的是（）A．瑞典隊冰壺的速度為0.3m/s，兩冰壺之間的碰撞是彈性碰撞B．瑞典隊冰壺的速度為0.3m/s，兩冰壺之間的碰撞是非彈性碰撞C．瑞典隊冰壺的速度為0.5m/s，兩冰壺之間的碰撞是彈性碰撞D．瑞典隊冰壺的速度為0.5m/s，兩冰壺之間的碰撞是非彈性碰撞4、重為4N的物體，靜止在傾角為的斜面上，在5s內，關于重力對物體的沖量的說法正確的是()A．重力的沖量為零B．重力的沖量為10N·sC．重力的沖量為20N·sD．重力的沖量與摩擦力的沖量相等5、下列四種情況中，三個大小相等、方向不同的力F同時作用于同一點O，其中合力最小的是（）A． B．C． D．6、在如圖的閉合電路中，當滑片P向右移動時，兩電表讀數的變化是()A．A變大，V變大B．A變小，V變大C．A變大，V變小D．A變小，V變小二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一彈簧振子做簡諧振動，O為平衡位置，當它經過O點時開始計時，經過2．3s第一次到達M點，再經過2．2s第二次到達M點，則彈簧振子的周期為：A．2．53s B．2．4s C．2．6s D．3s8、如圖所示，水平地面上固定一個絕緣光滑斜面，斜面與水平面的夾角為θ．一根輕質絕緣細線的一端固定在斜面頂端，另一端系有一個帶電小球A，細線與斜面平行．小球A的右側固定放置另一帶電小球B，兩球心的高度相同、間距為d，兩帶電小球均可視為點電荷．小球A的質量為m、帶正電量為Q，靜電力常量為k，重力加速度為g．若小球A靜止在斜面上，B小球的帶電量記為QB，則A．當QB=B．當QB=C．當QB=-mgdD．當QB=-mgd9、一交流電流的圖象如圖所示，由圖可知A．該交流電流瞬時值表達式為i=10B．該交流電流的頻率為50HzC．該交流電流的最大值為10D．用電流表測該電流其示數為1010、如圖所示電路中，電源的電動勢為E、內電阻為r，三只燈泡原來都正常發光，當滑動變阻器的滑動觸頭P向右移動時，下面判斷正確的是()A．L1和L3變暗，L2變亮B．L1變暗，L2變亮，L3變亮C．L1中電流變化絕對值大于L3中的電流變化絕對值D．L1上的電壓變化絕對值小于L2上的電壓變化絕對值三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學用伏安法測一節干電池的電動勢和內阻，現備有下列器材：A．被測干電池一節B．電流表A1：量程0～0.6A，內阻RA=0.2ΩC．電流表A2：量程0～3A，內阻約為0.1ΩD．電壓表V1：量程0～3V，內阻未知E.電壓表V2：量程0～15V，內阻未知F.滑動變阻器R1：0～10Ω，2AG.滑動變阻器R2：0～5000Ω，1AH.開關、導線若干伏安法測電池電動勢和內阻的實驗中，由于電流表和電壓表內阻的影響，測量結果存在系統誤差；在現有器材條件下，要盡可能準確地測量電池的電動勢和內阻。(1)在上述器材中請選擇適當的器材：電流表選________，電壓表選________，滑動變阻器選________。（填寫器材前的序號字母）(2)實驗電路圖應選擇下圖中的________（填“甲”或“乙”）。(3)根據實驗中電流表和電壓表的示數得到了如圖丙所示的U?I圖像。由此可知，干電池的電動勢E=________V，內電阻r=________Ω。12．（12分）如圖所示，游標卡尺的讀數為______mm（游標尺10刻線處對齊）．螺旋測微器的讀數為________mm.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，勻強電場的電場強度E=3.0×104N/C，沿電場線方向有A、B兩點，A、B兩點間的距離s=0.10m。將電荷量q=+2.0×10-8C的點電荷從A點移至B點。求

(1)畫出電荷在A點受到的電場力(2)電荷所受電場力F的大小

(3)電荷從A點移至B點的過程中，電場力所做的功W14．（16分）在傾角為30°的光滑斜面上垂直紙面放置一根長為L、質量為m的直導體棒，通有垂直紙面向里的電流I。（1）若勻強磁場垂直于斜面向下，導體棒恰好靜止在斜面上，磁感應強度B的大小為多少？（2）若勻強磁場豎直向下，導體棒恰好靜止在斜面上，磁感應強度B的大小為多少？15．（12分）在光滑絕緣的水平面上，用長為2L的絕緣輕桿連接兩個質量均為m的帶電小球A和B．A球的帶電荷量為＋2q，B球的帶電荷量為－3q，組成一帶電系統，如圖所示，虛線MP為A、B兩球連線的垂直平分線，虛線NQ與MP平行且相距5L．最初A和B分別靜止于虛線MP的兩側，距MP的距離均為L，且A球距虛線NQ的距離為4L．若視小球為質點，不計輕桿的質量，在虛線MP，NQ間加上水平向右的勻強電場E后，試求：(1)B球剛進入電場時，帶電系統的速度大小；(2)帶電系統向右運動的最大距離；(3)帶電系統從開始運動到速度第一次為零時，B球電勢能的變化量．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

選取豎直向下方向為正方向，忽略重力沖量．根據動量定理得地面對鋼球的沖量為：I=-mv1-mv1=-m（v1+v1），則地面對鋼球的沖量的方向向上，大小為m（v1+v1）．A.向下，m(v1-v1)，與結論不相符，選項A錯誤；B.向上，m(v1+v1)，與結論相符，選項B正確；C.向上，m(v1-v1)，與結論不相符，選項C錯誤；D.向下，m(v1+v1)，與結論不相符，選項D錯誤；2、D【解析】

A．同一同心圓上電勢處處相等，電場強度大小相等，因電場方向不同，不能說電場強度處處相同，故A錯誤；B．由點電荷場場強公式可知場強和成反比，A、B、C三點半徑之比為1∶2∶3，則電場強度之比為36∶9∶4，故B錯誤；C．AB兩點間場強大于BC間場強，，說明A、B兩點間的電勢差大于B、C兩點間的電勢差，故C錯誤；D．沿電場線方向電勢降低，，，由電場力做功公式因電場力做正功，說明該過程中電勢能減少，故D正確。故選D。3、B【解析】兩冰壺碰撞的過程中動量守恒，規定向前運動方向為正方向，根據動量守恒定律有：mv1=mv2+mv3代入數據得：m×0.4=m×0.1+mv3解得：v3=0.3m/s.動能減小量：故動能減小，是非彈性碰撞；故選B．【名師點睛】兩冰壺在碰撞的過程中動量守恒，根據動量守恒定律求出碰后中國隊冰壺獲得的速度，通過計算動能改變量來判斷是否為彈性碰撞．4、C【解析】

ABC．物體重為4N，在5s內，重力的沖量為：I=Gt=4×5=20N?s故AB錯誤，C正確；D．物體受重力、支持力和摩擦力，三力平衡，摩擦力為f=mgsin=2N故5s內摩擦力的沖量為：I=ft=2×5=10N?s故重力的沖量大于摩擦力的沖量，故D錯誤．5、D【解析】解：A、將左邊兩個力進行合成，再與右邊合成，則有合力的大小（﹣1）F；B、將相互垂直的F進行合成，則合力的大小為F，再與第三個力F合成，即有合力的大小為（﹣1）F；C、將方向相反的兩個力合成，則合力為0，再與第三個力F合成，則有合力大小為F；D、將任意兩力進行合成，可知，這三個力的合力為零；故D正確，ABC均錯誤；故選D．【點評】考查力的平行四邊形定則，并體現如何選擇兩力合成的技巧，同時要學生會畫合成與分解的力圖．6、B【解析】

滑片P向右移動時，R電阻增大總電流減小，所以電流表示數

變小，電動勢不變，內電壓、R0兩端電壓減小，所以R兩端電壓增大，電壓表示數

變大，故B正確，ACD錯誤；故選B．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】

作出運動示意圖如圖，若從O點開始向右振子按下面路線振動，則振子的振動周期為：，如圖，若從O點開始向左振子按下面路線振動，令從O到M的時間為t，則有：則可解得：則振子的振動周期為：，故AC正確；8、BD【解析】根據庫侖定律可得小球A與B之間庫侖力的大小為：F=kQBQd2，當細線上的拉力為零時，小球A受重力、支持力及庫侖斥力而平衡，在沿斜面方向上根據共點力平衡條件可得：mgsinθ=Fcosθ，聯立解得：QB=mgd2tanθkQ，故A錯誤，B正確；當斜面對A9、BC【解析】從圖中可知該交流電的周期為T=0.02s，故頻率為f=1T=50Hz，最大值為im=102A，電流表測量的是有效值，故電流表示數為I=i10、AD【解析】

AB.當滑片右移時，滑動變阻器接入電阻增大，則電路中總電阻增大，由閉合電路歐姆定律可知電路中總電流減小，故L1變暗；電路中電流減小，故內阻及R0、L1兩端的電壓減小，而電動勢不變，故并聯部分的電壓增大，故L2變亮；因L2中電流增大，干路電流減小，故流過L3的電流減小，故L3變暗；故A正確B錯誤。C.因L1中電流減小，L3中電流減小，而L2中電流增大；開始時有：I1=I2+I3故I1電流的變化值一定小于L3中電流的變化值；故C錯誤；D.因并聯部分的電壓與L1、R0及內電阻上的總電壓等于電源的電動勢；L2兩端的電壓增大，L1、R0及內阻r兩端的電壓減小，而電動勢不變，故L2兩端電壓增大值應等于其它三個電阻的減小值，故L1上電壓變化值小于L2上的電壓變化值，故D正確；三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、BDF乙1.50.8【解析】

(1)[1]因電源電動勢為1.5V，電流較小，為了準確測量內阻，所以選擇已知內阻的電流表，量程0～0.6A，內阻0.2Ω的B；[2]電壓表選擇量程0～3V的D；[3]由于內阻較小，滑動變阻器阻值較小有利于電表的數值變化，減小誤差，故選F；(2)[4]為了準確測量內阻，電流表與電池串聯，將電流表內阻等效為電源內阻，故電路圖選擇乙；(3)[5]由圖可知，電源的電動勢：[6]根據可得內電阻為：12、105.500.520【解析】游標卡尺的讀數為10.5cm+0.05mm×10=10.550cm=105.50mm．螺旋測微器的讀數為0.5mm+0.01mm×2.0=0.520mm.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）略（2）6.0×10-4N（3）6.0×10-5J【解析】

電荷在勻強電場中，受到的電場力根據公式：F=qE即可求得．正電荷所受的電場力方向與場強方向相同．電荷從A點移至B點的過程中，電場力所做的功根據公式：W=qEd即可求得．【詳解】（1）正電荷在A點受到的電場力方向與場強方向相同，如圖；（2）電荷所受電場力F的大小為：

F=Eq=3.0×104×2.0×10-8N=6.0×10-4N，方向向右．

（2）電荷從A點移至B點的過程中，電場力所做的功為：

W=Fs=6.0×10-4×0.10J=6.0×10-5J14、（1）（2）【解析】

（1）根據共點力平衡知，磁場的方向垂直斜面向下，根據左手定則知，安培力的方向沿